2019屆高考物理一輪復習熱點滾動加強練一

熱門轉(zhuǎn)動增強練(一)考試時間：90分鐘第Ⅰ卷(選擇題共48分)評卷人得分一、選擇題(本大題共12小題，每題4分，共48分．)[熱門夯實練]熱門一勻速直線運動的規(guī)律及應用1．一汽車裝備了擁有“全力自動剎車”功能的城市安全系統(tǒng)，系統(tǒng)以50Hz的頻次監(jiān)督前面的交通狀況．當車速v≤10m/s，且與前面靜止的阻礙物之間的距離靠近安全距離時，假如司機未采納制動舉措，系統(tǒng)就會立刻啟動“全力自動剎車”，使汽車防止與阻礙物相撞．在上述條件下，若該車在不一樣路況下的“全力自動剎車”的加快度大小取4～6m/s2之間的某一值，則“全力自動剎車”的最長時間為()A.5sB．25s33C．2.5sD．12.5s【分析】當車速最大v＝10m/s且加快度取最小值時，“全力自動剎車”時間最長，0v－v00－10s＝2.5s，C項正確．由速度與時間關(guān)系v＝v＋at可知，t＝a＝－4【答案】C2．為了求出樓房高度，讓一石子從樓頂自由著落，空氣阻力不計，依據(jù)以下測出的物理量的值，能計算出樓房高度的是(當?shù)刂亓涌於萭已知)( )A．石子開始著落1s內(nèi)的位移B．石子落地時的速度C．石子最后1s內(nèi)的位移D．石子經(jīng)過最后1m的時間【分析】設(shè)樓高為h，石子落到地面所需時間為t，落地時的速度為v.已知石子開始著落1s內(nèi)的位移，不可以求出h，不選A；由v2＝2gh，可求h，選B；已知最后1s內(nèi)的位gt2移x，能夠求解t－0.5s時刻的速度v1，由v1＝g(t－0.5s)可求出t，再由h＝，可求2t2t2出h，選C；設(shè)石子經(jīng)過最后1m的時間為t2，可求出t－2時刻的速度v2，由v2＝g(t－2)，從而求出t、h.選D.【答案】BCD熱門二運動圖象某小物塊在一長木板上運動時，其運動的v-t圖線如下圖，已知小物塊總在長木板上．則以下說法正確的選項是( )1A．小物塊有關(guān)于長木板運動的距離為12mB．小物塊有關(guān)于長木板運動的距離為6mC．長木板在0～4.0s內(nèi)的均勻速度是2m/sD．在0～4.0s內(nèi)長木板和小物塊的均勻加快度相同【分析】小物塊有關(guān)于長木板運動的距離等于小物塊與長木板的v-t圖線所圍的面積，即4－－0～4.0s內(nèi)的位移x＝×1.5m＝6m，選項B正確，A錯誤；長木板在2為長木板的v-tx＝4＋22×2.5m＝7m，均勻速度圖線與時間軸所圍的面積，即×1.5＋22是1.75m/s，選項C錯誤；在0～4.0s內(nèi)長木板和小物塊的均勻加快度大小相等，但方向相反，選項D錯誤．【答案】B4．如下圖為某質(zhì)點運動的v-t圖象，2～4s內(nèi)圖線為半圓形，以下說法正確的選項是( )A．1～2s內(nèi)質(zhì)點的加快度大小為8m/s2B．2～4s內(nèi)質(zhì)點的位移大小為8mC．3s末質(zhì)點的速度為8m/sD．3s末質(zhì)點的加快度等于零【分析】由圖可知1～2s內(nèi)質(zhì)點的加快度大小為8m/s2，所以選項A正確；2～4sπ內(nèi)質(zhì)點的位移大小為2m，選項B錯誤；3s末質(zhì)點的速度為－1m/s，選項C錯誤；3s末質(zhì)點的加快度等于零，選項D正確．【答案】AD熱門三重力、彈力和摩擦力5．三個質(zhì)量均為1kg的相同木塊a、b、c和兩個勁度系數(shù)均為500N/m的相同輕彈簧p、q用輕繩連結(jié)，如下圖．此中a放在圓滑水平桌面上．開始時p彈簧處于原長，木塊都處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)用水平力F遲緩地向左拉P彈簧的左端，直到c木塊恰巧走開水平川面22為止，g取10m/s.該過程p彈簧的左端向左挪動的距離是( )A．4cmB．6cmC．8cmD．10cm【分析】“遲緩地拉動”說明系統(tǒng)一直處于均衡狀態(tài)，該過程中p彈簧的左端向左移動的距離等于兩個彈簧長度變化量之和；最先，p彈簧處于原長，而q彈簧遇到豎直向下的1b1F1壓力F＝mg＝1×10N＝10N，所以其壓縮量為x＝k＝2cm；最后c木塊恰巧走開水平川面，q彈簧遇到豎直向下的拉力F＝mg＝1×10N＝10N，其伸長量為2k2c2F＝(b＋c)＝2×10N＝20N，p彈簧的伸長量為x3＝F＝4cm，所以所求距離x＝1＋2＋mmgkxxx3＝8cm.【答案】C6．如下圖，圓環(huán)套在水平棒上能夠滑動，輕繩OA的A端與圓環(huán)套(重力不計)相連，端與質(zhì)量＝1kg的重物相連；定滑輪固定在B處，越過定滑輪的輕繩，兩頭分別與重物Omm、重物G相連，當兩條細繩間的夾角φ＝90°，OA與水平桿的夾角θ＝53°時圓環(huán)恰巧沒有滑動，不計滑輪大小，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，已知sin53°＝0.8；cos53°＝0.6，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力．則以下說法正確的選項是( )A．圓環(huán)與棒間的動摩擦因數(shù)μ＝0.75B．棒對環(huán)的支持力為1.6NC．重物G的質(zhì)量M＝0.6kgD．圓環(huán)與棒間的動摩擦因數(shù)μ＝0.6【分析】由于圓環(huán)將要開始滑動，所受的靜摩擦力恰巧達到最大值，有f＝μFN.對環(huán)進行受力剖析，則有：μFN－FTcosθ＝0，F(xiàn)N－FTsinθ＝0，F(xiàn)T＝FT′＝mgsinθ，代入數(shù)3據(jù)解得：μ＝cotθ＝4，F(xiàn)N＝6.4N，A正確，BD錯誤；對重物m：Mg＝mgcosθ，得：M＝mcosθ＝0.6kg，C正確．【答案】AC熱門四力的合成與分解7．(2018·衡水檢測)如下圖，有一質(zhì)量不計的桿AO，長為R，可繞A自由轉(zhuǎn)動．用繩在O點懸掛一個重為G的物體，另一根繩一端系在O點，另一端系在圓弧形墻壁上的C3點．當點C由圖示地點漸漸向上沿圓弧CB挪動過程中(保持OA與地面夾角θ不變)，OC繩所受拉力的大小變化狀況是( )A．漸漸減小B．漸漸增大C．先減小后增大D．先增大后減小【分析】對G剖析，G受力均衡，則拉力等于重力，故豎直繩的拉力不變；再對O點剖析，O受繩索的拉力、OA的支持力及OC的拉力而處于均衡；受力剖析如下圖；將F和OC繩上的拉力合成，其協(xié)力與G大小相等，方向相反，則在OC上移的過程中，平行四邊形的對角線保持不變，平行四邊形發(fā)生圖中所示變化，則由圖可知的拉力先減小后增大，圖中D點OC時力最??；應選C.【答案】C熱門五共點力的均衡8.如下圖，用一輕繩將圓滑小球P系于豎直墻壁上的O點，在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊Q，P、Q均處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)有一鉛筆緊貼墻壁從O點開始遲緩下移，則在鉛筆緩慢下移的過程中()A．細繩的拉力漸漸變小B．Q遇到墻壁的彈力漸漸變大C．Q遇到墻壁的摩擦力漸漸變大D．Q將從墻壁和小球之間滑落4【分析】對P受力剖析，P遇到重力、拉力和對P的支持力處于均衡，設(shè)拉力與豎Q直方向的夾角為θ，依據(jù)共點力均衡有：拉力＝mg，Q對P的支持力N＝tanθ.FcosθFmg鉛筆遲緩下移的過程中，θ增大，則拉力F增大，Q對P的支持力增大，故A錯誤．對Q受力剖析知，在水平方向上P對Q的壓力增大，則墻壁對Q的彈力增大，在豎直方向上重力與摩擦力相等，所以Q遇到的摩擦力不變，Q不會從墻壁和小球之間滑落，故B正確，C、D錯誤．【答案】B如下圖，在傾角為α的圓滑斜面上放一個重為G的小球，并用圓滑的擋板擋住，擋板與斜面的夾角為θ(最先θ<α)，擋板從圖示地點以O(shè)為軸逆時針遲緩轉(zhuǎn)至水平，在此過程中小球一直處于均衡狀態(tài)，當擋板對小球的彈力大小等于小球的重力時，θ的大小可認為( )A．αB．2αC．π－αD．π－2α【分析】重力沿垂直于擋板和斜面方向分解，兩個分力大小分別等于擋板和斜面對小球的彈力，以表示重力的線段尾端為圓心，該線段長為半徑畫協(xié)助圓，如圖甲所示，由幾何知識得θ＝α；當擋板轉(zhuǎn)到水平常，如圖乙所示，θ＝π－α，故A、C正確．【答案】AC熱門六牛頓第二定律、兩類動力學識題10．(2018·云南玉溪期中)如圖A、B兩物體疊放在圓滑水平桌面上，輕質(zhì)細繩一端連結(jié)B，另一端繞過定滑輪連接C物體，已知A和C的質(zhì)量都是1kg，B的質(zhì)量是2kg，、B間的動摩擦因數(shù)是0.3，A其余摩擦不計．由靜止開釋，C著落必定高度的過程中(C未落地，B未撞到滑輪)，以下說5法正確的選項是( )A．A、B兩物體發(fā)生相對滑動B．A物體遇到的摩擦力大小為2.5NC．B物體的加快度大小是2.5m/s2D．細繩的拉力大小等于10NCABC【分析】假定A、B相對靜止，將A、B、C看作一個整體，對整體有mg＝(m＋m＋m)a，解得a＝2.5m/s2，則A的加快度為a＝2.5m/s2，水平方向上B給A的靜摩擦力產(chǎn)生加快度，即有f＝A，即得f＝2.5N，而、間發(fā)生相對滑動的最大靜摩擦力為fm＝μA＝3N＞，maABmgf故假定建立，所以A、B相對靜止，A錯誤，B、C正確；設(shè)繩索的拉力為T，則依據(jù)牛頓第二定律可得T＝(mA＋mB)a＝7.5N，故D錯誤．【答案】BC熱門七牛頓運動定律的綜合應用11．如圖所示，一長木板在水平川面上運動，在某時刻(t＝0)將一有關(guān)于地面靜止的物塊輕放到木板上，已知物塊與木板的質(zhì)量相等，物塊與木板間及木板與地面間均有相同的動摩擦因數(shù)，物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且物塊一直在木板上．在物塊放到木板上之后，木板運動的速度—時間圖象可能是以下選項中的( )【分析】在達到相同速度以前，有－μmg－μ·2mg＝ma1a1＝－3μg達到相同速度以后，有－μ·2mg＝2ma2a2＝－μg由加快度可知，圖象A正確．【答案】A12．如圖甲所示，水平面上有一傾角為θ的圓滑斜面，斜面上用一平行于斜面的輕質(zhì)細繩系一質(zhì)量為的小球．斜面以加快度a水平向右做勻加快直線運動，當系統(tǒng)穩(wěn)準時，細m繩對小球的拉力和斜面對小球的支持力分別為T和FN.若T-a圖象如圖乙所示，AB是直線，為曲線，重力加快度為＝10m/s2.則()BCg6A．a(chǎn)＝40m/s2時，F(xiàn)N＝03B．小球質(zhì)量＝0.1kgm3C．斜面傾角θ的正切值為4D．小球走開斜面以前，F(xiàn)＝0.8＋0.06a(N)N【分析】小球走開斜面以前，以小球為研究對象，進行受力剖析，可得cosθ－NsinTFθ＝ma，Tsinθ＋Fcosθ＝mg，聯(lián)立解得F＝mgcosθ－masinθ，T＝macosθ＋mgsinNNθ，所以小球走開斜面以前，T-a圖象呈線性關(guān)系，由題圖乙可知a＝40m/s2時，F(xiàn)N＝0，3選項A正確；當a＝0，T＝0.6N，此時小球靜止在斜面上，其受力如圖1所示．所以mgsinθ＝；當＝40m/s2時，斜面對小球的支持力恰巧為零，其受力如圖2所示，所以mgTa3tanθ3＝ma，聯(lián)立可得tanθ＝4，m＝0.1kg，選項B、C正確；將θ和m的值代入FN＝mgcosθ－masinθ，得FN＝0.8－0.06a(N)，選項D錯誤．【答案】ABC第Ⅱ卷(非選擇題共52分)評卷人得分二、非選擇題(本大題共6小題，共52分．)[熱門綜合練]13．(4分)(波及考證力的平行四邊形定章，有關(guān)實驗原理與操作，數(shù)據(jù)辦理與偏差分析)圖甲為“考證力的平行四邊形定章”的實驗裝置．7以下說法中正確的選項是________．A．在丈量同一組數(shù)據(jù)F1、F2和協(xié)力F的過程中，橡皮條結(jié)點O的地點不可以變化B．用彈簧測力計拉細線時，拉力方向一定豎直向下C．F1、F2和協(xié)力F的大小都不可以超出彈簧測力計的量程D．為減小丈量偏差，F(xiàn)1、F2方向間夾角應為90°(2)彈簧測力計的指針如圖乙所示，由圖可知拉力的大小為________N.【分析】(1)在同一組數(shù)據(jù)中，只有當橡皮條結(jié)點O的地點不發(fā)生變化時，兩個力的作用成效和一個力的作用成效才相同，才能夠考證平行四邊形定章，選項A正確；用彈簧測力計拉細線時，方向不必定向下，只需把O點拉到同一地點即可，選項B錯誤；F1、F2和合力F的大小都不可以超出彈簧測力計的量程，選項C正確；F1、F2方向間夾角不必定為90°才能減小偏差，選項D錯誤．(2)彈簧測力計的最小刻度是0.1N，故彈簧測力計要估讀到0.01N，力的大小是4.00N.【答案】(1)AC(2)4.0014．(8分)(波及研究加快度與力、質(zhì)量的關(guān)系，有關(guān)實驗原理與數(shù)據(jù)辦理)利用如圖甲所示的氣墊導軌實驗裝置來研究“協(xié)力一準時，物體的加快度與質(zhì)量之間的關(guān)系”．(1)做實驗時，將滑塊從圖甲所示地點由靜止開釋，由數(shù)字計時器(圖中未畫出)可讀出遮光條經(jīng)過光電門1、2的時間分別為t1、t2；用刻度尺測得兩個光電門中心之間的距離L，用游標卡尺測得遮光條寬度d，則滑塊經(jīng)過光電門1時的速度表達式v1＝________；滑塊加快度的表達式a＝________(以上表達式均用已知字母表示)．如圖乙所示，若用20分度的游標卡尺丈量遮光條的寬度，其讀數(shù)為________mm.8在實驗過程中，當改變滑塊質(zhì)量M時，經(jīng)過改變________，保證滑塊遇到的協(xié)力大小不變．【分析】(1)滑塊經(jīng)過光電門的時間極短，以此時間內(nèi)的均勻速度近似作為剎時速度，d.相同經(jīng)過光電門2的速度v2＝d1到光電門2的過程為勻變可得速度v1＝，從光電門t1t222v22－12212－t22]速直線運動，可得vLtt2.20分度游222122t標卡尺的精準度為0.05mm，游標尺零刻線左邊對應的主尺刻線為8mm，第3條刻線與主尺刻線對齊，最后讀數(shù)為8mm＋3×0.05mm＝8.15mm.(2)使用氣墊導軌能夠不考慮摩擦力，那么滑塊沿斜面下滑協(xié)力為sinθ＝Mgh，小MgLMgsinMghMh不變．車質(zhì)量改變時，要保證協(xié)力θ＝L不變，只需要保證【答案】(1)dd2t12－t22]8.15t12Lt122t2高度h使Mh保持不變15．(10分)(波及勻變速直線運動的規(guī)律及應用)在公路的十字路口，紅燈攔停了好多汽車，攔停的汽車排成筆挺的一列，最前面的一輛汽車的前端恰巧與路口泊車線相齊，相鄰兩車的前端之間的距離均為d＝6.0m，若汽車啟動時都以a＝2.5m/s2的加快度做勻加快直線運動，加快到v＝10.0m/s后做勻速直線運動經(jīng)過路口．該路口亮綠燈時間t＝40.0s，并且有按倒計時顯示的時間顯示燈(無黃燈)．此外交通規(guī)則規(guī)定：原在綠燈時通行的汽車，紅燈亮起時，車頭已超出泊車線的汽車同意經(jīng)過．請回答以下問題：若綠燈亮起瞬時，全部司機同時啟動汽車，問有多少輛汽車能經(jīng)過路口？(2)第(1)問中，不可以經(jīng)過路口的第一輛汽車司機，在時間顯示燈剛亮出“3”時開始剎車做勻減速運動，結(jié)果車的前端與泊車線相齊時恰巧停下，求剎車后汽車經(jīng)多長時間停下？【分析】汽車等距離擺列，又以相同加快度同時啟動，運動狀況總相同，相同時間內(nèi)位移也相同，所以相互間距離保持不變，要判斷在t＝40s內(nèi)有多少汽車能經(jīng)過路口，就是要計算在這40s內(nèi)汽車的位移及在此位移內(nèi)等距擺列的汽車數(shù)，如下圖，n(取整數(shù))個d對應有n＋1車輛能經(jīng)過路口．v(1)汽車加快時間t1＝＝4.0sa在t＝40.0s時間內(nèi)汽車能行駛的位移12)＝380m119x所以n＝d＝63.3依題意知能有64輛汽車經(jīng)過路口．(2)設(shè)t0＝3.0s，當計時燈剛亮出“3”時，第65輛汽車行駛的位移12＋v(t－t－t)＝350m21110此時汽車距泊車線的距離x＝64d－x＝34m21第65輛車從剎車到停下來的時間tx2v22【答案】(1)64(2)6.8s16．(10分)(波及力的合成與分解，共點力的均衡有關(guān)知識)一盞電燈重力為G，懸于天花板上A點，在電線O處系一細線OB，使電線OA與豎直方向的夾角為β＝30°，如下圖．現(xiàn)保持β角不變，遲緩調(diào)整OB方向至OB線上拉力最小為止，此時OB與水平方向的夾角α等于多少？最小拉力是多少？【分析】對電燈受力剖析如下圖，據(jù)三力均衡特色可知：、對O點的作使勁A、B的合OAOBTT力T與G等大反向，即T＝G①在△OTBT中，∠TOTB＝90°－α又∠OTTB＝∠TOA＝β，故∠OTBT＝180°－(90°－α)－β＝90°＋α－βTTB由正弦定理得sinβ＝si＋α－β②聯(lián)立①②解得TB＝Gsinβα－β因β不變，故當α＝β＝30°時，TB最小，且10GTB＝Gsinβ＝2.【答案】G30°217．(10分)(波及牛頓運動定律的綜合應用，運動圖象的綜合知識)汽車以v0＝20m/s的速度在水平道路上運動，從t＝0時刻開始，駕駛員不停改變油門，使牽引力不停改變，由加快度傳感器和計算機測繪獲得汽車加快度隨時間變化規(guī)律如圖甲所示，此中20～30s內(nèi)封閉了汽車發(fā)動機．已知汽車的質(zhì)量為2×103kg，運動阻力恒定．取g＝10m/s2.(1)請你借鑒在研究勻變速直線運動時教科書中利用v-t圖象求位移的方法，對照加快度的定義，依據(jù)圖甲所示a-t圖象，求汽車在40s末的速度大小；(2)在圖乙中畫出發(fā)動機牽引力F隨時間t變化的-圖象.Ft【分析】(1)由加快度的定義式＝v得v＝at，所以在勻變速直線運動中，速at度的變化量v等于a-t圖線與橫坐標軸包圍的“面積”，由題圖甲可得，0～40s內(nèi)速度111的變化量v＝[2×12.5×2.5－2×(22.5＋10)×1.5＋2×5×1.5]m/s＝－5m/