2011廣東高考物理試卷(及答案)

8/82011年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試（廣東卷）理科綜合（物理）一、單項(xiàng)選擇題：本大題共16小題，每小題4分，共64分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，選對(duì)的得4分，選錯(cuò)或不答的得0分。13、(2011年廣東高考)如圖3所示，兩個(gè)接觸面平滑的鉛柱壓緊后懸掛起來，下面的鉛柱不脫落，主要原因是（）A、鉛分子做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)B、鉛柱受到大氣壓力作用C、鉛柱間存在萬有引力作用D、鉛柱間存在分子引力作用14、(2011年廣東高考)圖4為某種椅子與其升降部分的結(jié)構(gòu)示意圖，M、N兩筒間密閉了一定質(zhì)量的氣體，M可以在N的內(nèi)壁上下滑動(dòng)，設(shè)筒內(nèi)氣體不與外界發(fā)生熱交換，在M向下滑動(dòng)的過程中（）A、外界對(duì)氣體做功，氣體內(nèi)能增大B、外界對(duì)氣體做功，氣體內(nèi)能減小C、氣體對(duì)外界做功，氣體內(nèi)能增大D、氣體對(duì)外界做功，氣體內(nèi)能減小15、(2011年廣東高考)將閉合多匝線圈置于僅隨時(shí)間變化的磁場(chǎng)中，線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，關(guān)于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，下列表述正確的是（）A、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與線圈的匝數(shù)無關(guān)B、穿過線圈的磁通量越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大C、穿過線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大D、感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向始終相同16、(2011年廣東高考)如圖5所示的水平面上，橡皮繩一端固定，另一端連接兩根彈簧，連接點(diǎn)P在F1、F2和F3三力作用下保持靜止，下列判斷正確的是（）A、F1>F2>F3B、F3>F1>F2C、F2>F3>F1D、F3>F2>F1二、雙項(xiàng)選擇題：本大題共9小題，每小題6分，共54分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，只選1個(gè)且正確的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分。17、(2011年廣東高考)如圖6所示，在網(wǎng)球的網(wǎng)前截?fù)艟毩?xí)中，若練習(xí)者在球網(wǎng)正上方距地面H處，將球以速度v沿垂直球網(wǎng)的方向擊出，球剛好落在底線上，已知底線到網(wǎng)的距離為L，重力加速度取g，將球的運(yùn)動(dòng)視作平拋運(yùn)動(dòng)，下列表述正確的是（）A、球的速度v等于B、球從擊出至落地所用時(shí)間為C、球從擊球點(diǎn)至落地點(diǎn)的位移等于LD、球從擊球點(diǎn)至落地點(diǎn)的位移與球的質(zhì)量有關(guān)18、(2011年廣東高考)光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，下列表述正確的是（）A、光照時(shí)間越長光電流越大B、入射光足夠強(qiáng)就可以有光電流C、遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)D、入射光頻率大于極限頻率才能產(chǎn)生光電子19、圖7（a）左側(cè)的調(diào)壓裝置可視為理想變壓器，負(fù)載電路中R=55Ω，、為理想電流表和電壓表，若原線圈接入如圖7（b）所示的正弦交變電壓，電壓表的示數(shù)為110V，下列表述正確的是（）A、電流表的示數(shù)為2AB、原、副線圈匝數(shù)比為1:2C、電壓表的示數(shù)為電壓的有效值D、原線圈中交變電壓的頻率為100Hz20、(2011年廣東高考)已知地球質(zhì)量為M，半徑為R，自轉(zhuǎn)周期為T，地球同步衛(wèi)星質(zhì)量為m，引力常量為G，有關(guān)同步衛(wèi)星，下列表述正確的是（）A、衛(wèi)星距地面的高度為B、衛(wèi)星的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度C、衛(wèi)星運(yùn)行時(shí)受到的向心力大小為D、衛(wèi)星運(yùn)行的向心加速度小于地球表面的重力加速度21、(2011年廣東高考)圖8為靜電除塵機(jī)理的示意圖，塵埃在電場(chǎng)中通過某種機(jī)制帶電，在電場(chǎng)力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達(dá)到除塵目的，下列表述正確的是（）A、到達(dá)集塵極的塵埃帶正電荷B、電場(chǎng)方向由集塵極指向放電極C、帶電塵埃所受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)方向相同D、同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場(chǎng)力越大34(2011年廣東高考)（18）（1）圖14是“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”實(shí)驗(yàn)中獲得的一條紙帶，O、A、B、C、D和E為紙帶上六個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，加速度大小用a表示。①OD間的距離為________cm。②圖15是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的s-t2圖線（s為各計(jì)數(shù)點(diǎn)至同一起點(diǎn)的距離），斜率表示________，其大小為________m/s2（保留三位有效數(shù)字）。（2）在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中，所用器材有：小電珠（2.5V，0.6W），滑動(dòng)變阻器，多用電表，電流表，學(xué)生電源，開關(guān)，導(dǎo)線若干。①粗測(cè)小電珠的電阻，應(yīng)選擇多用電表________倍率的電阻檔（請(qǐng)?zhí)顚憽啊?”、“×10”或“×100”）；調(diào)零后，將表筆分別與小電珠的兩極連接，示數(shù)如圖16，結(jié)果為________。②實(shí)驗(yàn)中使用多用電表測(cè)量電壓，請(qǐng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖17完成實(shí)物圖18中的連線。③開關(guān)閉合前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片P置于____________端。為使小電珠亮度增加，P應(yīng)由中點(diǎn)向_____________端滑動(dòng)。④下表為電壓等間隔變化測(cè)得的數(shù)據(jù)，為了獲得更準(zhǔn)確的實(shí)驗(yàn)圖象，必須在相鄰數(shù)據(jù)點(diǎn)_______間多測(cè)幾組數(shù)據(jù)（請(qǐng)?zhí)顚憽癮b”“bc”“cd”“de”或“ef”）數(shù)據(jù)點(diǎn)abcdefU/V0.000.501.001.502.002.50I/A0.0000.1220.1560.1850.2160.24435、(2011年廣東高考)（18分）如圖19（a）所示，在以O(shè)為圓心，內(nèi)外半徑分別為R1和R2的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)，存在輻射狀電場(chǎng)和垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，內(nèi)外圓間的電勢(shì)差U為常量，R1=R0，R2=3R0，一電荷量為+q，質(zhì)量為m的粒子從內(nèi)圓上的A點(diǎn)進(jìn)入該區(qū)域，不計(jì)重力。（1）已知粒子從外圓上以速度v1射出，求粒子在A點(diǎn)的初速度v0的大小。（2）若撤去電場(chǎng)，如圖19（b），已知粒子從OA延長線與外圓的交點(diǎn)C以速度v2射出，方向與OA延長線成45°角，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小及粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。（3）在圖19（b）中，若粒子從A點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，速度大小為v3，方向不確定，要使粒子一定能夠從外圓射出，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)小于多少？36、(2011年廣東高考)（18）如圖20所示，以A、B和C、D為端點(diǎn)的兩半圓形光滑軌道固定于豎直平面內(nèi)，一滑板靜止在光滑水平地面上，左端緊靠B點(diǎn)，上表面所在平面與兩半圓分別相切于B、C，一物塊被輕放在水平勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶上E點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)到A時(shí)剛好與傳送帶速度相同，然后經(jīng)A沿半圓軌道滑下，再經(jīng)B滑上滑板，滑板運(yùn)動(dòng)到C時(shí)被牢固粘連，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量為m，滑板質(zhì)量M=2m，兩半圓半徑均為R，板長，板右端到C的距離L在R<L<5R范圍內(nèi)取值，E距A為S=5R，物塊與傳送帶、物塊與滑板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均，重力加速度取g。（1）求物塊滑到B點(diǎn)的速度大小；（2）試討論物塊從滑上滑板到離開滑板右端的過程中，克服摩擦力做的功與L的關(guān)系，并判斷物塊能否滑到CD軌道的中點(diǎn)。

2011年廣東省高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：本大題共4小題，每小題4分，共16分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，選對(duì)的得4分，選錯(cuò)或不答的得0分．1．（4分）（2011?廣東）如圖所示，兩個(gè)接觸面平滑的鉛柱壓緊后懸掛起來，下面的鉛柱不脫落，主要原因是（）A．鉛分子做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng) B．鉛柱受到大氣壓力作用C．鉛柱間存在萬有引力作用 D．鉛柱間存在分子引力作用【考點(diǎn)】分子間的相互作用力．【專題】應(yīng)用題．【分析】壓緊的鉛塊間分子距離靠近，此時(shí)引力發(fā)揮了主要的作用，使鉛塊間有了較大的力的作用．【解答】解：分子間的引力的斥力是同時(shí)存在的，但它們的大小與分子間的距離有關(guān)．距離稍大時(shí)表現(xiàn)為引力，距離很近時(shí)則表現(xiàn)為斥力，兩鉛塊緊密結(jié)合，是分子間引力發(fā)揮了主要作用．故選：D．【點(diǎn)評(píng)】了解分子間的作用力，并知道它們的大小與分子間距離的關(guān)系，才能根據(jù)現(xiàn)象做出正確的判斷．2．（4分）（2011?廣東）如圖為某種椅子與其升降部分的結(jié)構(gòu)示意圖，M、N兩筒間密閉了一定質(zhì)量的氣體，M可以在N的內(nèi)壁上下滑動(dòng)，設(shè)筒內(nèi)氣體不與外界發(fā)生熱交換，在M向下滑動(dòng)的過程中（）A．外界對(duì)氣體做功，氣體內(nèi)能增大B．外界對(duì)氣體做功，氣體內(nèi)能減小C．氣體對(duì)外界做功，氣體內(nèi)能增大D．氣體對(duì)外界做功，氣體內(nèi)能減小【考點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律．【專題】計(jì)算題．【分析】絕熱過程，外界對(duì)氣體做功，內(nèi)能增大，溫度升高，壓強(qiáng)變大，體積變?。窘獯稹拷猓篗向下滑動(dòng)，壓力與位移同方向，即外界對(duì)氣體做正功，同時(shí)筒內(nèi)氣體不與外界發(fā)生熱交換，根據(jù)能量守恒定律，氣體內(nèi)能一定增加；故選A．【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用問題，同時(shí)要能分清絕熱過程．3．（4分）（2011?廣東）將閉合多匝線圈置于僅隨時(shí)間變化的磁場(chǎng)中，線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，關(guān)于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，下列表述正確的是（）A．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與線圈的匝數(shù)無關(guān)B．穿過線圈的磁通量越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大C．穿過線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大D．感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向始終相同【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；楞次定律．【專題】壓軸題．【分析】解答本題應(yīng)掌握感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)取決于磁通量的變化快慢，與磁通量的變化及磁通量無關(guān)．【解答】解：由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=n，即感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與線圈匝數(shù)有關(guān)故A錯(cuò)誤；同時(shí)可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化率有關(guān)，磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，故C正確；穿過線圈的磁通量大，但若所用的時(shí)間長，則電動(dòng)勢(shì)可能小，故B錯(cuò)誤；由楞次定律可知：感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，故原磁通增加，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與之反向，原磁通減小，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同，即“增反減同”，故D錯(cuò)誤；故選C．【點(diǎn)評(píng)】感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)取決于穿過線圈的磁通量的變化快慢，在理解該定律時(shí)要注意區(qū)分磁通量、磁通量的變化量及磁通量變化率三者間區(qū)別及聯(lián)第．4．（4分）（2011?廣東）如圖所示的水平面上，橡皮繩一端固定，另一端連接兩根彈簧，連接點(diǎn)P在F1、F2和F3三力作用下保持靜止．下列判斷正確的是（）A．F1＞F2＞F3 B．F3＞F1＞F2 C．F2＞F3＞F1 D．F3＞F2＞F1【考點(diǎn)】力的合成．【專題】計(jì)算題；壓軸題．【分析】如果一個(gè)物體受到三個(gè)力的作用也能處于平衡狀態(tài)，叫做三力平衡．很顯然這三個(gè)力的合力應(yīng)該為零．而這三個(gè)力可能互成角度，也可能在一條直線上；對(duì)于三力平衡，一般根據(jù)“任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等大反向”的關(guān)系，借助三角函數(shù)、相似三角形等手段求解；或?qū)⒛骋粋€(gè)力分解到另外兩個(gè)力的反方向上，得到的這兩個(gè)分力勢(shì)必與另外兩個(gè)力等大、反向；對(duì)于多個(gè)力的平衡，利用先分解再合成的正交分解法．本題對(duì)P點(diǎn)受力分析，可以運(yùn)用合成法、分解法、正交分解法求解．【解答】解：對(duì)P點(diǎn)受力分析，如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件F1=F3cos30°=F3F2=F3sin30°=F3因而F3＞F1＞F2故選B．【點(diǎn)評(píng)】物體在三個(gè)力的作用下處于平衡狀態(tài)，要求我們分析三力之間的相互關(guān)系的問題叫三力平衡問題，這是物體受力平衡中最重要、最典型也最基礎(chǔ)的平衡問題．這種類型的問題有以下幾種常見題型：①三個(gè)力中，有兩個(gè)力互相垂直，第三個(gè)力角度（方向）已知．②三個(gè)力互相不垂直，但夾角（方向）已知《考試說明》中規(guī)定力的合成與分解的計(jì)算只限于兩力之間能構(gòu)成直角的情形．三個(gè)力互相不垂直時(shí)，無論是用合成法還是分解法，三力組成的三角形都不是直角三角形，造成求解困難．因而這種類型問題的解題障礙就在于怎樣確定研究方法上．解決的辦法是采用正交分解法，將三個(gè)不同方向的力分解到兩個(gè)互相垂直的方向上，再利用平衡條件求解．③三個(gè)力互相不垂直，且夾角（方向）未知三力方向未知時(shí)，無論是用合成法還是分解法，都找不到合力與分力之間的定量聯(lián)系，因而單從受力分析圖去求解這類問題是很難找到答案的．要求解這類問題，必須變換數(shù)學(xué)分析的角度，從我們熟悉的三角函數(shù)法變換到空間幾何關(guān)系上去考慮，因而這種問題的障礙點(diǎn)是如何正確選取數(shù)學(xué)分析的方法．解決這種類型的問題的對(duì)策是：首先利用合成法或分解法作出三力之間的平行四邊形關(guān)系和三角形關(guān)系，再根據(jù)力的三角形尋找與之相似的空間三角形，利用三角形的相似比求解．④三力的動(dòng)態(tài)平衡問題即三個(gè)力中，有一個(gè)力為恒力，另一個(gè)力方向不變，大小可變，第三個(gè)力大小方向均可變，分析第三個(gè)力的方向變化引起的物體受力的動(dòng)態(tài)變化問題．這種類型的問題不需要通過具體的運(yùn)算來得出結(jié)論，因而障礙常出現(xiàn)在受力分析和畫受力分析圖上．在分析這類問題時(shí)，要注意物體“變中有不變”的平衡特點(diǎn)，在變中尋找不變量．即將兩個(gè)發(fā)生變化的力進(jìn)行合成，利用它們的合力為恒力的特點(diǎn)進(jìn)行分析．在解決這類問題時(shí)，正確畫出物體在不同狀態(tài)時(shí)的受力圖和平行四邊形關(guān)系尤為重要．二、雙項(xiàng)選擇題：本大題共5小題，每小題6分，共30分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，只選1個(gè)且正確的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分．5．（6分）（2011?廣東）如圖所示，在網(wǎng)球的網(wǎng)前截?fù)艟毩?xí)中，若練習(xí)者在球網(wǎng)正上方距地面H處，將球以速度v沿垂直球網(wǎng)的方向擊出，球剛好落在底線上，已知底線到網(wǎng)的距離為L，重力加速度取g，將球的運(yùn)動(dòng)視作平拋運(yùn)動(dòng)，下列表述正確的是（）A．球的速度v等于B．球從擊出至落地所用時(shí)間為C．球從擊球點(diǎn)至落地點(diǎn)的位移等于LD．球從擊球點(diǎn)至落地點(diǎn)的位移與球的質(zhì)量有關(guān)【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)．【分析】網(wǎng)球做的是平拋運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為在水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)，和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)，分別根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)和自由落體運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律列方程求解即可．【解答】解：網(wǎng)球做的是平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上勻速直線運(yùn)動(dòng)：L=Vt在豎直方向上，小球做自由落體運(yùn)動(dòng)：H=gt2代入數(shù)據(jù)解得：v=，t=，所以AB正確．位移是指從初位置到末位置的有向線段，初位置是在球網(wǎng)正上方距地面H處，末位置是在底線上，所以位移的大小為，與球的質(zhì)量無關(guān)，所以CD錯(cuò)誤．故選AB．【點(diǎn)評(píng)】本題就是對(duì)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的考查，平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為在水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)，和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)來求解．位移一定要注意是從初位置到末位置的有向線段，與物體的路徑無關(guān)．6．（6分）（2011?廣東）光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，下列表述正確的是（）A．光照時(shí)間越長光電流越大B．入射光足夠強(qiáng)就可以有光電流C．遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)D．入射光頻率大于極限頻率才能產(chǎn)生光電子【考點(diǎn)】光電效應(yīng)．【分析】發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光頻率大于極限頻率，遏制電壓與最大初動(dòng)能有關(guān)，入射光的頻率越大．最大初動(dòng)能越大．光強(qiáng)不一定能發(fā)生光電效應(yīng)，不一定有光電流，在發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，入射光的強(qiáng)度影響光電流的大?。窘獯稹拷猓篈、光電流的大小與光照時(shí)間無光，與光的強(qiáng)度有關(guān)．故A錯(cuò)誤．B、發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光頻率大于極限頻率，入射光強(qiáng)，不一定能發(fā)生光電效應(yīng)．故B錯(cuò)誤．C、根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=eUc=hγ﹣W0，知遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)．故C正確．D、發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光頻率大于極限頻率．故D正確．故選CD．【點(diǎn)評(píng)】解決本題關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件和規(guī)律．知道光電流的大小在發(fā)生光電效應(yīng)的前提下，與入射光的強(qiáng)度有關(guān)．7．（6分）（2011?廣東）圖（a）左側(cè)的調(diào)壓裝置可視為理想變壓器，負(fù)載電路中R=55Ω，A、V為理想電流表和電壓表，若原線圈接入如圖（b）所示的正弦交變電壓，電壓表的示數(shù)為110V，下列表述正確的是（）A．電流表的示數(shù)為2AB．原、副線圈匝數(shù)比為1：2C．電壓表的示數(shù)為電壓的有效值D．原線圈中交變電壓的頻率為100Hz【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理．【專題】交流電專題．【分析】根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論．【解答】解：A、根據(jù)電路圖可知，電阻R的電壓為110V，電阻為55Ω，所以電阻R的電流I==A=2A，所以A正確．B、由圖可知，輸入的電壓的有效值為220V，電壓表的示數(shù)為110V，即為輸出的電壓，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可得匝數(shù)比為2：1，所以B錯(cuò)誤．C、電壓表、電流表等的讀數(shù)都是有效值，所以C正確．D、經(jīng)過變壓器前后電壓的頻率是不變的，根據(jù)圖象可知，輸出電壓的頻率為f==Hz=50Hz，所以原線圈中交變電壓的頻率也為50Hz，所以D錯(cuò)誤．故選AC．【點(diǎn)評(píng)】掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題．8．（6分）（2011?廣東）已知地球質(zhì)量為M，半徑為R，自轉(zhuǎn)周期為T，地球同步衛(wèi)星質(zhì)量為m，引力常量為G，有關(guān)同步衛(wèi)星，下列表述正確的是（）A．衛(wèi)星距地面的高度為B．衛(wèi)星的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度C．衛(wèi)星運(yùn)行時(shí)受到的向心力大小為D．衛(wèi)星運(yùn)行的向心加速度小于地球表面的重力加速度【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【專題】壓軸題．【分析】同步衛(wèi)星與地球相對(duì)靜止，因而與地球自轉(zhuǎn)同步，根據(jù)萬有引力提供向心力，即可求出相關(guān)的量．【解答】解：萬有引力提供向心力F引=F向G=ma向=m=m（R+h）解得a向=（R+h）v=F引=Gh=﹣R故AC錯(cuò)誤；由于第一宇宙速度為v1=因而B正確；地表重力加速度為g=因而D正確；故選BD．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵抓住萬有引力等于向心力，衛(wèi)星轉(zhuǎn)動(dòng)周期與地球自轉(zhuǎn)同步．9．（6分）（2011?廣東）圖為靜電除塵機(jī)理的示意圖，塵埃在電場(chǎng)中通過某種機(jī)制帶電，在電場(chǎng)力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達(dá)到除塵目的，下列表述正確的是（）A．到達(dá)集塵極的塵埃帶正電荷B．電場(chǎng)方向由集塵極指向放電極C．帶電塵埃所受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)方向相同D．同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場(chǎng)力越大【考點(diǎn)】*靜電的利用和防止．【專題】壓軸題．【分析】從靜電除塵機(jī)理出發(fā)即可解題．由于集塵極與電池的正極連接，電場(chǎng)方向有集塵極指向放電極．而塵埃在電場(chǎng)力作用下向集塵極遷移并沉積，說明塵埃帶負(fù)電．負(fù)電荷在電場(chǎng)中受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)力方向相反，根據(jù)F=Eq即可得出結(jié)論．【解答】解：由于集塵極與電池的正極連接，電場(chǎng)方向有集塵板指向放電極，B正確．而塵埃在電場(chǎng)力作用下向集塵極遷移并沉積，說明塵埃帶負(fù)電，A錯(cuò)誤．負(fù)電荷在電場(chǎng)中受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)力方向相反，C錯(cuò)誤．根據(jù)F=Eq可得，D正確．故選BD．【點(diǎn)評(píng)】本題考查是關(guān)于靜電的防止與應(yīng)用，要求同學(xué)們熟練掌握靜電的防止與應(yīng)用的具體實(shí)例三、解答題（共3小題，滿分54分）10．（18分）（2011?廣東）（1）圖1是“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”實(shí)驗(yàn)中獲得的一條紙帶，O、A、B、C、D和E為紙帶上六個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，加速度大小用a表示．①OD間的距離為1.20cm．②圖2是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的s﹣t2圖線（s為各計(jì)數(shù)點(diǎn)至同一起點(diǎn)的距離），斜率表示，加速度大小為0.933m/s2（保留三位有效數(shù)字）．（2）在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中，所用器材有：小電珠（2.5V，0.6W），滑動(dòng)變阻器，多用電表，電流表，學(xué)生電源，開關(guān)，導(dǎo)線若干．①粗測(cè)小電珠的電阻，應(yīng)選擇多用電表×1倍率的電阻檔（請(qǐng)?zhí)顚憽啊?”、“×10”或“×100”）；調(diào)零后，將表筆分別與小電珠的兩極連接，示數(shù)如圖3，結(jié)果為7.5Ω．②實(shí)驗(yàn)中使用多用電表測(cè)量電壓，請(qǐng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖4完成實(shí)物圖5中的連線．③開關(guān)閉合前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片P置于a端．為使小電珠亮度增加，P應(yīng)由中點(diǎn)向b端滑動(dòng)．④下表為電壓等間隔變化測(cè)得的數(shù)據(jù)，為了獲得更準(zhǔn)確的實(shí)驗(yàn)圖象，必須在相鄰數(shù)據(jù)點(diǎn)ab間多測(cè)幾組數(shù)據(jù)（請(qǐng)?zhí)顚憽癮b”“bc”“cd”“de”或“ef”）數(shù)據(jù)點(diǎn)abcdefU/V0.000.501.001.502.002.50I/A0.0000.1220.1560.1850.2160.244【考點(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線；研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)．【分析】（1）精度是1毫米刻度尺讀數(shù)要估讀到毫米的下一位，整數(shù)刻度用零補(bǔ)充位置，根據(jù)解析式討論圖象斜率的意義．（2）根據(jù)多用電表歐姆擋讀數(shù)=指針指示值×倍率確定如何換倍率．連接實(shí)物圖時(shí)應(yīng)該注意電表的正負(fù)極，其中滑動(dòng)變阻器應(yīng)該按照分壓式接法連接．【解答】解：（1）①最小刻度是毫米的刻度尺讀數(shù)要估讀到最小刻度的下一位，故拿零來補(bǔ)充估測(cè)值位置所以O(shè)D間的距離為1.20cm．②由公式S=at2、知圖象的斜率表示a，即加速度的二分之一計(jì)算斜率得a=2k=0.934m/s2．（2）①小電珠（2.5V，0.6W），所以小電珠電阻大約是10Ω，粗測(cè)小電珠的電阻，應(yīng)選擇多用電表×1倍率的電阻檔，結(jié)果為7.5Ω②根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖4完成實(shí)物圖如圖：③為保護(hù)小電珠不超過額定電壓，開關(guān)閉合前，為了安全應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片P置于a端，使得燈泡兩端電壓從零開始變化．為使小電珠亮度增加，P應(yīng)由中點(diǎn)向b端滑動(dòng)，燈泡兩端電壓增大．④為了獲得更準(zhǔn)確的實(shí)驗(yàn)圖象，應(yīng)該在燈泡兩端電壓從零開始增大的過程中多測(cè)量幾次，即必須在相鄰數(shù)據(jù)點(diǎn)ab間多測(cè)幾組數(shù)據(jù)．故答案為：（1）①1.20；②，0.934；（2）①×17.5；②如圖，③a、b；④ab．【點(diǎn)評(píng)】（1）本題考查了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器實(shí)驗(yàn)中圖象處理數(shù)據(jù)的方法，原理是勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，是一道基礎(chǔ)題．（2）考查了多用電表的讀數(shù)和電路圖轉(zhuǎn)換為實(shí)物圖的連接方式，其中滑動(dòng)變阻器的分壓式接法應(yīng)當(dāng)注意．11．（18分）（2011?廣東）如圖（a）所示，在以O(shè)為圓心，內(nèi)外半徑分別為R1和R2的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)，存在輻射狀電場(chǎng)和垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，內(nèi)外圓間的電勢(shì)差U為常量，R1=R0，R2=3R0，一電荷量為+q，質(zhì)量為m的粒子從內(nèi)圓上的A點(diǎn)進(jìn)入該區(qū)域，不計(jì)重力．（1）已知粒子從外圓上以速度v1射出，求粒子在A點(diǎn)的初速度v0的大??；（2）若撤去電場(chǎng)，如圖（b），已知粒子從OA延長線與外圓的交點(diǎn)C以速度v2射出，方向與OA延長線成45°角，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小及粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（3）在圖（b）中，若粒子從A點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，速度大小為v3，方向不確定，要使粒子一定能夠從外圓射出，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)小于多少？【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；動(dòng)能定理的應(yīng)用．【專題】壓軸題．【分析】帶電粒子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)中，只有電場(chǎng)力對(duì)粒子做功，所以由動(dòng)能定理可求出初速度．由于粒子從OA延長線與外圓的交點(diǎn)C以速度v2射出，則入射點(diǎn)與出射點(diǎn)連續(xù)是弦，因此弦的中垂線與射出速度的垂線交點(diǎn)即為軌道的圓心．從而由幾何關(guān)系可求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大小及運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．若粒子從A點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，速度大小一定，方向不定，要使粒子一定能夠從外圓射出，粒子在磁場(chǎng)內(nèi)的運(yùn)動(dòng)半徑應(yīng)大于過A點(diǎn)的最大內(nèi)切圓半徑，所以由軌道半徑從而求出最小磁感應(yīng)強(qiáng)度．【解答】解：（1）電、磁場(chǎng)都存在時(shí)，只有電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做功，由動(dòng)能定理①得②（2）由牛頓第二定律③如圖1，由幾何關(guān)系粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心O′和半徑R則有：R2+R2=（R2﹣R1）2④聯(lián)立③④得磁感應(yīng)強(qiáng)度大?、萘Ｗ釉诖艌?chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期⑥由幾何關(guān)系確定粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間⑦由④⑥⑦式，得⑧（3）如圖2，為使粒子射出，則粒子在磁場(chǎng)內(nèi)的運(yùn)動(dòng)半徑應(yīng)大于過A點(diǎn)的最大內(nèi)切圓半徑，該半徑為