2022-2023學年浙江省寧波市高一下冊期末物理專項提升模擬題（AB卷）含解析

※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………試卷第=page66頁，共=sectionpages77頁第頁碼7頁/總NUMPAGES總頁數(shù)47頁2022-2023學年浙江省寧波市高一下冊期末物理專項提升模擬題（A卷）第I卷（選一選）評卷人得分一、單選題1．兩個水平力F1和F2作用于同一個物體上，兩個力夾角為，使物體運動，物體通過一段位移時，F(xiàn)1對物體做功6J，力F2對物體做功6J，則兩力的合力做功為（）A．0J B．6J C．9J D．12J2．北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)由我國自行研發(fā)、設(shè)計、制造，已經(jīng)實現(xiàn)了服務(wù)全球的目標。北斗三號由30顆衛(wèi)星組成。關(guān)于人造地球衛(wèi)星，下列說確的是（）A．做圓周運動的衛(wèi)星，運動速度都大于7.9km/sB．做圓周運動的沒有同的衛(wèi)星，離地越遠，速度越小C．繞地做勻速圓周的衛(wèi)星，速度沒有變，處于平衡狀態(tài)D．沒有同的衛(wèi)星在沒有同的軌道上受到的萬有引力大小沒有可能相等3．如圖所示是一質(zhì)點做簡諧運動的圖像，下列說確的是（）A．該質(zhì)點振動的周期為1.0sB．t=0.4s時，質(zhì)點的速度C．質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程為16cmD．在t=0.2s和t=0.6s時，質(zhì)點運動的速度相同4．2022年4月11日，渝西地區(qū)經(jīng)歷了20年一遇的大風暴雨極端天氣，12日凌晨電力搶修人員就投入了緊張的工作；高空作業(yè)須系帶，保護自身。如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員沒有慎跌落，從開始跌落到帶對人剛產(chǎn)生作用力前人下落的距離為h（可視為落體運動）。此后經(jīng)歷時間t帶達到伸長，若在此過程中該作用力始終豎直向上，則該段時間帶對人的平均作用力大小為（）A．－mg B．＋mgC．＋mg D．－mg5．如圖，用長為l的細繩拴著質(zhì)量為m的小球在豎直面內(nèi)做完整的圓周運動，沒有計一切阻力，重力加速度為g，下列說確的是（）A．小球在點時速度大小可能為零B．小球在點時細繩的拉力大小沒有可能為零C．小球在點時細繩的拉力大小可能為8mgD．小球在點時細繩的拉力大小可能為6．在愛因斯坦提出引力波概念100周年后，由兩個黑洞合并產(chǎn)生的引力波被直接觀測到。在兩個黑洞合并過程中，由于彼此間的強大引力作用，會形成短時間的雙星系統(tǒng)。如圖所示，黑洞A、B可視為質(zhì)點，它們圍繞連線上O點做勻速圓周運動，且AO大于BO，沒有考慮其他天體的影響。下列說法錯誤的是（）A．黑洞A的向心力大于B的向心力B．黑洞A的線速度大于B的線速度C．黑洞A的質(zhì)量小于B的質(zhì)量D．兩黑洞之間的距離越大，A的周期越大7．下列各圖是反映汽車（額定功率為）從靜止開始勻加速啟動，做勻速直線運動的過程中，其加速度、牽引力、功率隨速度變化的圖像和速度時間圖像，其中沒有正確的是（）A． B．C． D．8．一物體在光滑斜面上受到一平行于斜面、方向沒有變的力作用，由靜止開始沿斜面運動。運動過程中小物塊的機械能E與路程x的關(guān)系圖像如圖所示，其中0～x1過程的圖線為曲線，x1～x2過程的圖線為直線。忽略空氣阻力。下列說確的是（）A．x1～x2過程中小物塊一定做與拉力方向相同的勻加速直線運動B．0～x1過程中小物塊所受拉力始終大于重力沿斜面的分力C．0～x2過程中小物塊的重力勢能一直增大D．0～x2過程中小物塊在x1位置速度最小評卷人得分二、多選題9．關(guān)于質(zhì)點做簡諧運動，下列說確的是（）A．質(zhì)點的運動軌跡是正弦曲線B．質(zhì)點從平衡位置向正方向運動，加速度增大C．質(zhì)點在平衡位置兩側(cè)對稱的位置，其速度、位移都反向D．質(zhì)點每次同一位置時，速度沒有一定相同，但加速度一定相同10．如圖所示，可看做質(zhì)點的物塊A和B通過一根輕質(zhì)沒有可伸長的細繩相連，跨放在質(zhì)量沒有計的光滑定滑輪兩側(cè)，A、B質(zhì)量分別為m和3m。初始時A靜止于水平地面上，B懸于空中距離地面高為h。開始時細繩繃直用手托住B由靜止釋放。直至B恰好將和地面接觸?？諝庾枇]有計。則（）A．物體B落地時速度為B．物體A的機械能增加1.5mghC．物塊A的機械能增加是由于繩子拉力做正功D．物體B的重力勢能減少量大于重力對它做的功11．質(zhì)量為M的物塊A靜止在光滑的水平面上，光滑四分之一圓弧曲面半徑為R，水平部分bc粗糙足夠長，動因數(shù)為，現(xiàn)有一質(zhì)量為m物體B自a點由靜止下滑，則下列敘述中正確的是（）A．整個過程中，A、B系統(tǒng)動量沒有守恒B．物體A先做加速運動，后做勻速運動C．當物體B運動到A上的b點時，對地來看B向右運動了RD．最終物體B靜止在A上距離b點處第II卷（非選一選）評卷人得分三、實驗題12．在驗證動量守恒定律的實驗中，請回答下列問題：（1）實驗記錄如圖甲所示，先沒有放B球，則A球做平拋運動的水平位移是圖中的OP；放上B球，則B球被碰后做平拋運動的水平位移是圖中的________；（選填“”“”或“”）；（2）小球A下滑過程中與斜槽軌道間存在力，這對實驗結(jié)果________產(chǎn)生誤差（填“會”或“沒有會”）。（3）實驗裝置如圖甲所示，A球為入射小球，B球為被碰小球，以下有關(guān)實驗過程中必須滿足的條件，正確的是________。A．實驗時需要測量斜槽末端到水平地面的高度B．入射小球的質(zhì)量mA，可以小于被碰小球的質(zhì)量mBC．入射小球每次沒有必從斜槽上的同一位置由靜止釋放D．斜槽末端的切線必須水平，即小球放在斜槽末端處，應(yīng)恰好靜止13．實驗小組利用圖示裝置用單擺測定重力加速度。（1）實驗室有下列器材可供選擇，應(yīng)該選用________；（用器材前的字母表示）A．長度接近1m的細繩B．長度為1m左右的橡皮繩C．直徑約為2cm的塑料球D．直徑約為2cm的鐵球E．停表F．最小刻度為1mm的米尺（2）該組同學先測出懸點到小球球心的距離l，然后用秒表測出單擺完成n次全振動所用的時間t。請寫出重力加速度的表達式g＝________；（用所測物理量表示）（3）在圖甲所示裝置的基礎(chǔ)上再增加一個速度傳感器，如圖乙所示，將擺球拉開一小角度使其做簡諧運動，速度傳感器記錄了擺球振動過程中速度隨時間變化的關(guān)系，如圖丙所示的v--t圖線。由圖丙可知，該單擺的周期T＝________s；（4）更換擺線長度后，多次測量，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，利用計算機作出T2-l（周期二次方－擺長）圖像，并根據(jù)圖像處理得到方程T2＝4.00l＋0.037。由此可以得出當?shù)氐闹亓铀俣萭＝________m/s2。（取π2＝9.86，結(jié)果保留三位有效數(shù)字）評卷人得分四、解答題14．“嫦娥飛天”、“玉兔探月”“天問祝融”我國空間探索的步伐一直向前；（已知引力常量G）（1）宇航員在地面測得重力加速度g和地球半徑R，根據(jù)以上條件，求地球的質(zhì)量和地球的平均密度；（2）宇航員在月球表面以v0豎直上拋一物體，時間t落回原處，月球半徑為R月，嫦娥五號降落月球前某階段繞月球做勻速圓周運動的周期為T，求嫦娥五號該階段繞月球運動的軌道半徑r。15．學校一課外興趣小組同學為了研究過山車的原理，提出了下列設(shè)想：取一個與水平方向夾角為37°、長L的粗糙的傾斜軌道AB，通過水平軌道BC與豎直圓軌道相連，圓軌道半徑R=2.0m；出口為水平軌道DE，整個軌道除AB段以外都是光滑的。其中AB與BC軌道以微小圓弧相接，如圖所示。一個質(zhì)量m=1kg的小物塊以初速度v0=4.0m/s，從某一高處水平拋出，到A點時速度方向恰沿AB方向，并沿傾斜軌道滑下。已知物塊與傾斜軌道的動因數(shù)=0.25（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）小物塊的拋出點和A點的高度差；（2）若小物塊剛好能在豎直圓弧軌道上做完整圓周運動，求小物塊在D點的速度大小和對軌道的壓力大??；（3）為了讓小物塊沒有脫離軌道，則傾斜軌道的長度L應(yīng)該滿足什么條件。16．如圖所示，質(zhì)量為2m的足夠長木板C靜止在光滑水平面上，質(zhì)量均為m的兩個小物體A、B放在C的左端，A、B間相距s0，現(xiàn)同時對A、B施加水平向右的瞬時沖量而使之分別獲得初速度v0和2v0，若A、B與C之間的動因數(shù)分別為和，則：（1）最終A、B、C的共同速度為多大；（2）求運動過程中A的最小速度；（3）當A、B、C三者共速時，C的對地位移和A與B最終相距多遠。※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………試卷第=page3030頁，共=sectionpages2424頁第頁碼31頁/總NUMPAGES總頁數(shù)47頁答案：1．D【詳解】功是標量，兩力的合力做的功等于兩力做功的代數(shù)和故D正確。故選D。2．B【詳解】AB．由可得可知離地越遠，速度越??；在地球附近做圓周運動的衛(wèi)星，運動速度等于7.9km/s，其他做圓周運動的衛(wèi)星，運動速度都小于7.9km/s，故A錯誤，B正確；C．繞地做勻速圓周的衛(wèi)星，速度沒有變，所受地球的萬有引力提供向心力，沒有是處于平衡狀態(tài)，故C錯誤；D．沒有同的衛(wèi)星在沒有同的軌道上受到的萬有引力大小等于衛(wèi)星的質(zhì)量沒有等、衛(wèi)星的軌道半徑?jīng)]有等，萬有引力可能相等，故D錯誤。故選B。3．C【詳解】A．從圖中可知T=0.8s故A錯誤；B．t=0.4s時質(zhì)點在負向位移處，回復力，速度為零，故B錯誤；C．質(zhì)點在一個周期內(nèi)的路程為s=4A=4×4cm=16cm故C正確；D．因為x-t圖像的斜率表示速度，由圖可知，在t=0.2s和t=0.6s時，質(zhì)點運動的速度大小相等，負向相反，故D錯誤。故選C。4．B【詳解】由可得，下落h時的速度為設(shè)平均作用力為，設(shè)向上為正方向，則由動量定理得解得故選B。5．C【詳解】A．小球在點時細繩沒有能產(chǎn)生支持力，速度大小沒有能為零，故A錯誤；B．小球在點時解得所以當速度為時細繩的拉力為零，故B錯誤；CD．小球在點的最小速度為，從點到點由動能定理得解得小球在點時解得解得所以小球在點時細繩的拉力大小最小是，故C正確，D錯誤。故選C。6．A【詳解】A．雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第三定律可知，A對B的作用力與B對A的作用力大小相等，方向相反，則黑洞A的向心力等于B的向心力，故A錯誤；B．雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，具有相同的角速度，由圖可知A的半徑比較大，根據(jù)可知，黑洞A的線速度大于B的線速度，故B正確；C．在勻速轉(zhuǎn)動時的向心力大小關(guān)系為由于A的半徑比較大，所以A的質(zhì)量小，故C正確；D．雙星之間的周期公式為所以兩黑洞之間的距離越大，A的周期越大，故D正確。故選A。7．A【詳解】ABC．汽車從靜止開始勻加速啟動，根據(jù)牛頓第二定律可得可知牽引力在勻加速階段保持沒有變，由公式可知在勻加速階段，功率與速度成正比，隨著速度的增大而增大，當時，功率保持沒有變，設(shè)此時的速度為，則有之后牽引力減小，加速度減小，速度繼續(xù)增加，汽車做加速度逐漸減小的加速運動，當牽引力時，加速度為零，故A錯誤，BC正確；D．汽車先勻加速度直線運動，且由分析知，勻加速結(jié)束的速度為之后做加速度減小的加速運動，汽車速度達到，為之后汽車做勻速直線運動，故D正確。故選A。8．D【詳解】A．若小物塊一定做與拉力方向相同的勻加速直線運動，此時外力對物體做正功，由動能定理可得，小物塊的機械能增大，圖中x1～x2過程中，小物塊的機械能減小，故A錯誤；B．0～x1過程中，小物塊的機械能增大，在x1處機械能達到，此時小物塊的速度為零，由原點時小物塊速度也為零，故0～x1過程中，小物塊先加速后減速，小物塊所受的拉力也應(yīng)該先大于重力沿斜面的分力，后小于重力沿斜面的分力，故B錯誤；CD．由上述分析可知，在0～x1過程中，小物塊沿斜面向上運動，重力勢能增大，在x1處，速度為零，在x1～x2過程中，小物塊沿斜面向下運動，重力勢能減小，故C錯誤，D正確。故選D。9．BD【詳解】A．質(zhì)點上下振動，其運動軌跡是一段線段，故A錯誤；B．質(zhì)點做簡諧運動時，從平衡位置向正方向運動，質(zhì)點所受的合外力增大，由牛頓第二定律可知，加速度增大，故B正確；C．質(zhì)點在平衡位置兩側(cè)對稱的位置，其速度方向可能相同，故C錯誤；D．質(zhì)點每次同一位置時，位移、加速度一定相同，但速度方向沒有一定相同，故D正確。故選BD。10．ABC【詳解】A．對物塊A和B及輕繩的系統(tǒng)，兩者沿繩的速度大小相等，由動能定理有解得物體B落地時速度為故A正確；BC．對A上升的過程，由動能定理有解得繩對A做功為即除重力做功之外繩的拉力對A做了正功，A的機械能增加，故BC正確；D．由功能關(guān)系可知，重力做多少功其重力勢能就減少多少，則物體B的重力勢能減少量等于重力對它做的功，故D錯誤；故選ABC。11．AD【詳解】A．系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，系統(tǒng)水平方向動量守恒，而系統(tǒng)所受合外力沒有為零，故系統(tǒng)的動量沒有守恒，故A正確；B．物塊在圓弧上下滑過車小車向左做加速運動，物體到達水平段bc后小車做減速運動，最終速度為零而靜止，故B錯誤；C．系統(tǒng)水平方向動量守恒，有由平均動量守恒可得則當物體B運動到A上的b點時，對地來看B向右運動的水平距離為故C錯誤；D．因系統(tǒng)水平方向動量守恒，可推得物體和車的共同速度為零，對系統(tǒng)由能量守恒有解得最終物體B靜止在A上距離b點為故D正確；故選AD。12．

ON

沒有會

D【詳解】（1）[1]碰撞后入射球速度變小，小于沒有發(fā)生碰撞時的速度，碰撞后被碰球的速度大于入射球的速度，球離開軌道后做平拋運動，運動時間相等，初速度越大水平位移越大，由圖示可知，A球碰前做平拋運動的水平位移是圖中的OP，B球被碰后做平拋運動的水平位移是圖中的ON；（2）[2]本實驗中利用小球平拋運動規(guī)律驗證動量守恒定律，只要小球從同一點滑下，力對末速度沒有影響；（3）[3]A．在實驗中沒有需要小球的下落高度，只要能保證高度相同，即可知道兩小球下落時間相同，故A錯誤；B．入射小球的質(zhì)量mA，沒有可以小于被碰小球的質(zhì)量mB，否則A球碰后反彈，B錯誤；C．入射小球每次必從斜槽上的同一位置由靜止釋放，才能保證每次碰前的速度均相同，故C錯誤；D．斜槽末端的切線必須水平，小球放在斜槽末端處，應(yīng)能靜止，故D正確；故選D。13．

ADEF

2

9.86【詳解】（1）[1]為了防止繩子變形，應(yīng)該采用細繩而非橡皮繩；為了減小空氣阻力的影響，在體積相同的情況下，應(yīng)該選擇質(zhì)量大的金屬球；同時，還需要測量長度的米尺和計時的停表。故選ADEF。（2）[2]根據(jù)題意可得，單擺的周期為單擺周期計算公式為聯(lián)立可得（3）[3]由丙圖可知，該單擺的周期為2s。（4）[4]由上述分析可知題中T2＝4.00l＋0.037可得14．（1）；；（2）【詳解】（1）設(shè)地球的質(zhì)量為M，宇航員的質(zhì)量為m，由得地球的質(zhì)量地球的體積地球的平均密度（2）由豎直上拋的對稱性可知，月球表面的重力加速度由得到嫦娥五號繞月時解得軌道半徑15．（1）；（2）見解析；60N，方向豎直向下；（3）L或【詳解】（1）末速度與水平方向夾角為37°，即設(shè)從拋出點到A點的高度差為h，根據(jù)平拋運動的規(guī)律有聯(lián)立解得（2）設(shè)物塊進入圓軌道點時有最小速度vP，此時物塊受到的重力恰好提供向心力，即小物體從環(huán)點到D點機械能守恒，有在D點有聯(lián)立解得由牛頓第三定律得，小物塊在D點對圓弧軌道的壓力為60N，方向豎直向下；（3）在軌道上，由牛頓第二定律得物塊的加速度為為了沒有脫離軌道，若L1足夠長，則到達B點的速度有可得②或者L比較短，當其恰好到達與圓心等高的軌道上的點時，傾斜軌道的長度沒有超過L2，有且可得故或16．（1）；（2）；（3），【詳解】（1）由于A、B、C三個物體構(gòu)成的系統(tǒng)在水平方向沒有受外力，由動量守恒定律可得解得最終A、B、C的共同速度為（2）設(shè)經(jīng)t時間A與C恰好相對靜止，此時A的速度最小，設(shè)為，此時B的速度為，由動量守恒和動量定理得解得=2A的最小速度為（3）A、C相對運動的時間C在這段時間t內(nèi)的位移A在這段時間t內(nèi)的位移即A在C上前進了LA=B在這段時間t內(nèi)前進的位移設(shè)再時間，A、B、C三者共速，則在時間內(nèi)C移動的位移在時間內(nèi)，B移動的位移當A、B、C共速時，C的對地位移B相對C運動的位移A、B相距2022-2023學年浙江省寧波市高一下冊期末物理專項提升模擬題（B卷）第I卷（選一選）評卷人得分一、單選題1．在人類歷史發(fā)展的長河中，圍繞萬有引力的研究，物理學家們經(jīng)歷了大量曲折頑強而又閃爍智慧的科學實踐。在萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)歷程中，下列敘述符合史實的是（）A．開普勒通過分析第谷的天文觀測數(shù)據(jù)，提出了“日心說”，并發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律B．卡文迪什通過實驗推算出來引力常量G的值，被個能“稱量地球質(zhì)量”的人C．丹麥天文學家第谷多年的天文觀測和記錄，建立了行星運動三定律D．伽利略利用“地一月系統(tǒng)”驗證了萬有引力定律的正確性，使萬有引力定律得到了廣泛的應(yīng)用2．高一某同學參加引體向上體能測試，如圖所示，在20s內(nèi)完成10次標準動作，每次引體向上的高度約為50cm，則此過程中該同學克服重力做功的平均功率最接近于（g取10m/s2）（）A．150W B．450W C．750W D．1500W3．關(guān)于靜電場的電場強度和電勢，下列說確的是（）A．電場強度為零的地方，電勢也為零B．電場強度大小逐漸減小的區(qū)域，電勢也逐漸降低C．電場強度的方向處處與等勢面垂直D．電場中電勢降落的方向，就是電場強度的方向4．在物理實驗中，把一些微小量的變化進行放大，是常用的物理思想方法。如圖所示的四個實驗，沒有運用此思想方法的是（）A．觀察桌面形變 B．觀察玻璃瓶發(fā)生形變C．探究平拋運動規(guī)律 D．測定萬有引力常量5．如圖所示為一電腦CPU的散熱風扇，O點在風扇上表面，葉片圍繞O點所在轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動，可以通過改變轉(zhuǎn)速為CPU散熱降溫。圖中a、b兩點為同一葉片上靠近邊緣的兩點，a、b兩點到O點距離相等，當風扇轉(zhuǎn)速穩(wěn)定在1800r/min時，下列說確的是（）A．a(chǎn)、b兩點轉(zhuǎn)動的線速度沒有同 B．a(chǎn)、b兩點轉(zhuǎn)動的角速度沒有同C．a(chǎn)、b兩點的向心加速度相同 D．a(chǎn)點轉(zhuǎn)動的周期約為30s6．在2022年2月5日北京上，我國選手范可新、曲春雨、張雨婷、武大靖、任子威一起奪得短道速滑混合團體接力奧運！為中國體育代表團拿到本屆首枚，這也是短道速滑項目歷史上枚男女混合接力奧運。短道速滑比賽中運動員的沖刺階段如圖所示，設(shè)甲、乙兩運動員在水平冰面上恰好同時到達虛線PQ，然后分別沿半徑為r1和r2（r2＞r1）的滑道做勻速圓周運動，運動半個圓周后勻加速沖向終點線。假設(shè)甲、乙兩運動員質(zhì)量相等，他們做圓周運動時所受向心力大小相等，直線沖刺時的加速度大小也相等。下列判斷中正確的是（）A．在做圓周運動時，甲先完成半圓周運動B．在做圓周運動時，乙先完成半圓周運動C．在直線加速階段，甲、乙所用的時間相等D．在沖刺時，甲、乙到達終點線時的速度相等7．2021年10月16日，神舟十三號載人飛船與天和核心艙成功對接，已知天和核心艙在距地面高度約為400km的軌道上做勻速圓周運動，運行周期約為93min，地球表面的重力加速度g=9.8m/s2，萬有引力常量G=6.67×10一11N·m2/kg2忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)這些數(shù)據(jù)，下列物理量中無法求得的是（）A．地球的質(zhì)量 B．地球的平均密度C．核心艙的線速度大小 D．核心艙受到的地球引力8．下列四幅圖描述的場景依次為雷電擊中避雷針（圖甲）、高壓輸電線上方還有兩條與大地相連的導線（圖乙）、燃氣灶中的針尖狀點火器（圖丙）、工人穿戴著含金屬絲制成的工作服進行超高壓帶電作業(yè)（圖?。P(guān)于這四幅圖所涉及的物理知識，下列說確的是（

）A．圖甲中避雷針的工作原理主要是靜電屏蔽B．圖丙中的點火器是利用起電的原理進行點火的C．圖丙中的點火器的工作原理和圖丁中工作服內(nèi)摻入的金屬絲的工作原理是相同的D．圖乙中與大地相連的兩條導線所起的作用和圖丁中工作服內(nèi)的金屬絲所起的作用是相同的9．如圖所示，是圓的內(nèi)接三角形，，為圓心，為直徑，半徑。有一勻強電場（圖中未畫出）電場方向與圓周在同一平面內(nèi)，取點電勢為零。處的粒子源向平面內(nèi)各個方向發(fā)射初動能均為、電荷量為的粒子，其中到達點的粒子動能為，到達點的粒子電勢能為。沒有計粒子的重力和粒子間的相互作用，。則勻強電場的電場強度大小為（）A． B． C． D．10．一質(zhì)量為的艦艇在某次軍事訓練時，由靜止開始沿直線航行，發(fā)動機的輸出功率恒為，所受阻力大小恒定，時間，艦艇恰好達到速度，則該過程艦艇運動的位移大小為（）A． B． C． D．11．一物體在豎直向上的恒力作用下，由靜止開始向上運動，到達某一高度時撤去該力。若沒有計空氣阻力，則在整個上升過程中，物體的機械能E隨時間t變化的關(guān)系圖像是（）A． B．C． D．12．利用如圖所示的電路分析平行板電容器的動態(tài)變化，已知電源的內(nèi)阻可忽略沒有計，R為電阻箱，一帶負電的小球固定在電容器之間的O位置。則下列說確的是（）A．保持電鍵閉合，M板向下平移少許，小球的電勢能減少B．保持電鍵閉合，將電阻箱的阻值增大，靜電計的指針偏角減小C．斷開電鍵，M板向下平移少許，靜電計的指針偏角增大D．斷開電鍵，M板向左平移少許，小球的電勢能增大13．如圖甲所示，傾角為的傳送帶以恒定速率逆時針運行，現(xiàn)將一質(zhì)量為1kg的煤塊輕輕放在傳送帶的A端，物體的速度隨時間變化的關(guān)系如圖乙所示，2s末物體到達B端，取沿傳送帶向下為正方向，g取。則（）A．傾角B．物體與傳送帶間的動因數(shù)0.4C．2s內(nèi)傳送帶上留下的痕跡長為5mD．2s內(nèi)物體與傳送帶產(chǎn)生的內(nèi)能20J評卷人得分二、多選題14．如圖所示，為某一電荷所形成的一簇電場線，a、b、c三條虛線為三個帶電粒子以相同的速度從O點射入電場的運動軌跡，其中b虛線為一圓弧，AB的長度等于BC的長度，且三個粒子的電荷量大小相等，沒有計粒子重力。則下列說確的是（）A．a(chǎn)一定是正粒子的運動軌跡，b和c一定是負粒子的運動軌跡B．AB的長度等于BC的長度，故C．a(chǎn)虛線對應(yīng)的粒子的加速度越來越小，c虛線對應(yīng)的粒子的加速度越來越大，b虛線對應(yīng)的粒子的加速度大小沒有變D．b虛線對應(yīng)的粒子的質(zhì)量大于c虛線對應(yīng)的粒子的質(zhì)量15．2021年2月，天問一號火星探測器被火星捕獲，系列變軌后從“調(diào)相軌道”進入“停泊軌道”，為著陸火星做準備。如圖所示為探測器多次變軌后登陸火星的軌跡示意圖，其中軌道Ⅰ、Ⅲ為橢圓，軌道Ⅱ為圓。探測器經(jīng)軌道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ運動后在點登陸火星，點是軌道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ的交點，軌道上的、、三點與火星在同一直線上，、分別是橢圓軌道Ⅲ的遠火星點和近火星點。已知火星的半徑為，，軌道Ⅱ上正常運行時點的速度為，關(guān)于探測器，下列說確的是（）A．探測器沿軌道Ⅱ運動時點的速度大于沿軌道Ⅲ點的速度B．沿軌道Ⅲ運動時，探測器點的加速度大小小于C．探測器由軌道Ⅱ到軌道Ⅲ，需在點加速D．沿軌道Ⅱ的運動周期大于沿軌道Ⅲ的運動周期16．沒有可伸長的輕繩一端固定，另一端系著質(zhì)量為m的小球在豎直面內(nèi)做圓周運動，小球動能Ek隨它離地高度h的變化如圖所示。忽略空氣阻力，重力加速度取10m/s2，以地面為重力勢能零點，由圖中數(shù)據(jù)可得（）A．小球質(zhì)量為1kgB．繩對小球拉力值120NC．當小球離地高度為0.7m時，繩對小球拉力為60ND．當小球動能與重力勢能相等時，小球離地高度0.725m第II卷（非選一選）評卷人得分三、實驗題17．在利用落體“驗證機械能守恒定律”的實驗中（1）下列器材中沒有必要的一項是___________（只需填字母代號）。A．重物

B．紙帶

C．天平

D．低壓交流電源

E．毫米刻度尺（2關(guān)于本實驗的誤差，說法沒有正確的一項是___________。A．選擇質(zhì)量較小的重物，有利于減小誤差B．選擇點跡清晰的紙帶，有利于減小誤差C．實驗產(chǎn)生誤差的主要原因是重物在下落過程中沒有可避免地受到阻力的作用（3）在實驗中，質(zhì)量的物體下落，得到如圖所示的紙帶，相鄰計數(shù)點間的時間間隔為。那么從打點計時器打下起點O到打下B點的過程中，物體重力勢能的減少量_______J，此過程中與物體動能的增加量_________J。（取g=9.8m/s2，結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）18．用如圖所示的裝置來探究小球做圓周運動所需向心力的大小與質(zhì)量、角速度和半徑之間的關(guān)系。兩個變速輪塔通過皮帶連接，轉(zhuǎn)動手柄使長槽和短槽分別隨變速輪塔勻速轉(zhuǎn)動。槽內(nèi)的鋼球就做勻速圓周運動。橫臂的擋板對鋼球的壓力提供向心力，鋼球?qū)醢宓姆醋饔昧νㄟ^橫臂的杠桿作用使彈簧測力筒下降，從而露出標尺，標尺上的黑白相間的等分格顯示出兩個鋼球所受向心力的比值。如圖是探究過程中某次實驗時裝置的狀態(tài)。①在研究向心力的大小與質(zhì)量關(guān)系時，要保持___________相同；A．和rB．和mC．m和rD．m和F②當傳動皮帶套在兩塔輪半徑?jīng)]有同的輪盤上，兩個塔輪邊緣處的___________大小相等；（選填“線速度”或“角速度”）③圖中所示，兩個鋼球質(zhì)量和運動半徑相等，圖中標尺上黑白相間的等分格顯示出兩個小球所受向心力的比值為1∶9，與皮帶連接的兩個變速輪塔的半徑之比為___________。A．1∶3B．3∶1C．1∶9D．9∶119．小陳同學用如圖甲所示的電路做“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實驗。①接好電路，學生電源電壓調(diào)節(jié)選“10V”，然后給電容器充分充電，再觀察電容器的放電，得到電容器放電電流I隨時間t的變化曲線如圖乙，根據(jù)該圖，可知他所選用的電容器最可能是下列的___________（選填序號“A”、“B”或“C”）。②如果沒有改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R，充電時曲線與橫軸所圍成的面積將___________（填“增大”“沒有變”或“變小”），充電時間將___________（填“變長”“沒有變”或“變短”）。評卷人得分四、解答題20．如圖所示，一個質(zhì)量為、帶電量為的半徑極小的小球用絲線懸掛在某勻強電場中，電場線與水平面平行，當小球靜止時，測得懸線與豎直方向夾角為，（?。┣螅海?）勻強電場的大小和方向；（2）改變電場強度的大小和方向，為使小球仍保持靜止，場強的最小值。21．如圖甲，光滑的水平木板上有一質(zhì)量m=0.5kg的小球A，它與物塊B通過長為3m、沒有可伸長的輕質(zhì)細線連接，細線通過木板的光滑小孔O，當小球A在水平木板上做半徑R=1m、角速度的勻速圓周運動時，物塊B恰于靜止狀態(tài)。將光滑的木板換成粗糙的水平木板，A、B位置互換，物塊B到光滑小孔O的距離為1m，讓A在水平面內(nèi)繞過O的豎直軸做勻速圓周運動，如圖乙所示，此時物塊B恰好沒有滑動。已知物塊B與粗糙木板間的動因數(shù)μ=0.5，靜力等于滑動力，重力加速度g=10m/s2，A、B均可視為質(zhì)點，求：（1）物塊B的質(zhì)量M；（2）圖乙中小球A做圓周運動的角速度大小。22．如圖所示，真空中有兩塊正方形平行正對金屬極板、，邊長為，兩板間距，構(gòu)成一個電容的電容器，緊貼兩極板右邊緣有一個與極板同寬、上下長度足夠長的熒光屏?，F(xiàn)使極板均勻帶上的正電荷。在兩板左端面正位置處有一離子源。以點為原點，以垂直于熒光屏方向為軸，垂直于極板方向為軸，平行于熒光屏方向為軸，建立圖示坐標系。離子源發(fā)射的正離子的比荷為，打在極板上的離子均被吸收。求（1）兩極板間的場強大小；（2）若離子源沿軸正方向沒有斷發(fā)射離子，試求能打在熒光屏上的離子的速度范圍？（3）若離子源發(fā)一個離子，分速度分別為，，，求該離子打在熒光屏上點的坐標。23．如圖所示為某彈射游戲裝置圖。水平管中彈簧被彈射桿P用線拉著，處于壓縮狀態(tài)，質(zhì)量為m的小鋼球緊靠彈簧，口上邊緣與半圓形光滑豎直軌道點A的內(nèi)側(cè)對齊。水平軌道BC在B、C兩點分別與半圓軌道內(nèi)側(cè)和傾角θ=45°的傾斜軌道平滑連接?？蹌影鈾C，彈射桿P立即松開彈簧，鋼球射出經(jīng)軌道到達斜面上點D后又恰好能回到A點進入內(nèi)，擠壓彈簧后再次被彈出。已知半圓軌道半徑為R，BC長s=2R，球與斜面CD、水平面BC的動因數(shù)均為μ=0.25，重力加速度為g，小球受到的力視為滑動力。求：（1）小球第二次B點時的速度大小vB；（2）彈簧儲存的彈性勢能EP；（3）通過計算說明小球能否脫離軌道。答案第=page1414頁，共=sectionpages1515頁答案第=page1515頁，共=sectionpages1515頁答案：1．B【詳解】A．哥白尼提出了“日心說”，開普勒通過分析第谷的天文觀測數(shù)據(jù)，總結(jié)出行星的運動三大定律，牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，故A錯誤；B．卡文迪什通過實驗推算出來引力常量G的值，被個能“稱量地球質(zhì)量”的人，故B正確；C．開普勒通過分析丹麥天文學家第谷的天文觀測和記錄，建立了開普勒行星運動三大定律，故C錯誤；D．牛頓利用“地一月系統(tǒng)”驗證了萬有引力定律的正確性，使萬有引力定律得到了廣泛的應(yīng)用，故D錯誤。故選B。2．A【詳解】中學生體重接近于60kg，該同學克服重力做功的平均功率約為故選A。3．C【詳解】A．電場強度的大小具有性，而電勢的高低則具有相對性，選擇的參考平面沒有同，電勢的高低也會沒有同，所以電勢是否為0與電場強度沒有必然聯(lián)系，故A錯誤；B．電場強度的大小可以從電場線的疏密程度看出，但是電勢的高低卻取決于電場線的走向，沿著電場線方向電勢會逐漸降低，但是電場強度卻可能在逐漸增大，故B錯誤；C．因為在等勢面上移動電荷電場力沒有做功，故電場強度的方向處處與等電勢面垂直，故C正確；D．沿著電場線的方向電勢逐漸降低，但是電勢降低的方向沒有一定是電場強度的方向，應(yīng)該是電勢降低最快的方向為電場強度的方向，故D錯誤。故選C。4．C【詳解】A．桌面的受力微小形變借助于光的反射來放大，運用了放大的思想方法，故A正確，沒有符合題意；B．玻璃瓶的受力微小形變借助于液體體積變化，運用了放大的思想方法，故B正確，沒有符合題意；C．探究平拋運動規(guī)律，運用了類比的思想方法，故C錯誤，符合題意；D．測定萬有引力常量仍是借助于光的反射來放大，運用了放大的思想方法，故D正確，沒有符合題意。故選C。5．A【詳解】ABC．a(chǎn)、b兩點同軸轉(zhuǎn)動，角速度一定相同，線速度和向心加速度是矢量，有大小有方向，因為a、b兩點到O點距離相等，線速度和向心加速度方向沿軌跡切線方向，則線速度和向心加速度的方向一定沒有同，故A正確，BC錯誤；D．a(chǎn)點轉(zhuǎn)動的周期等于風扇轉(zhuǎn)動的周期，為故D錯誤。故選A。6．A【詳解】AB．根據(jù)公式可得由題意，甲、乙兩運動員質(zhì)量相等，他們做圓周運動時所受向心力大小相等，可知，做圓周運動的半徑越大，周期越大，甲的半徑小于乙的半徑，則甲先完成半圓周運動，故B錯誤A正確；CD．根據(jù)公式可得，甲乙運動員滑行速度為可知，乙的滑行速度大于甲的滑行速度，在直線加速階段，根據(jù)可知，甲的滑行時間大于乙的滑行時間；根據(jù)可知，甲到達終點線時的速度小于乙到達終點線時的速度，故CD錯誤故選A。7．D【詳解】AB．對軌道處天和核心艙考慮萬有引力提供其做圓周運動的向心力再根據(jù)黃金代換聯(lián)立可以求出地球半徑、地球質(zhì)量，從而可以求出地球密度，故AB正確，沒有符合題意；C．再根據(jù)可以求出核心艙的線速度，故C正確，沒有符合題意；D．由于核心艙的質(zhì)量未知，無法求出核心艙受到地球的引力，故D錯誤，符合題意。故選D。8．D【詳解】A．避雷針的工作原理主要是利用放電避免雷擊，A錯誤；B．放電電極做成針尖狀，更容易累積電荷從而發(fā)生放電現(xiàn)象，B錯誤；C．點火器是利用高壓放電的原理，而工作服內(nèi)摻入的金屬絲，是利用了靜電屏蔽的原理，C錯誤；D．高壓輸電線的上方還有兩條導線，這兩條導線的作用是它們與大地相連，形成稀疏的金屬“網(wǎng)”把高壓線屏蔽，免遭雷擊，與工作服內(nèi)摻入的金屬絲，都是利用了靜電屏蔽的原理，D正確。故選D。9．C【詳解】根據(jù)電勢能表達式可知粒子在點的電勢為根據(jù)可得粒子從到的過程，根據(jù)動能定理可得解得可知連線為等勢線，過點做的垂線，如圖所示由圖中幾何關(guān)系可得則勻強電場的電場強度大小為C正確，ABD錯誤；故選C。10．B【詳解】從開始到艦艇恰好達到速度，過程由動能定理得艦艇達到速度時，受力平衡聯(lián)立解得B正確，ACD錯誤。故選B。11．C【詳解】設(shè)物體在恒力作用下的加速度為a，由功能原理可知，機械能增量為知E-t圖象是開口向上的拋物線．撤去拉力后，無其他外力做功，機械能守恒，則機械能隨時間沒有變．故選C。12．A【詳解】A．保持電鍵閉合，則電容器兩極板間的電壓保持沒有變，板向下移動，由可知電容器兩極板之間的電場強度增大，由于板接地，則板的電勢為零，點與板之間的電勢差為可知，點的電勢升高，則帶負電的小球在點的電勢能減少，故A正確；B．由電路可知，靜電計兩端的電壓等于電容器兩極板之間的電壓，保持電鍵閉合，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，電容器兩極板之間的電壓沒有變，則靜電計的指針保持沒有變，故B錯誤；C．斷開電鍵，電容器所帶的電荷量保持沒有變，板向下移動，由可知電容器的電容變大，又因為由以上可知電容器兩極板間的電壓減小，則靜電計的指針偏角減小，故C錯誤；D．斷開電鍵，電容器所帶的電荷量保持沒有變，板向左移動，則電容器的電容減小，由于兩極板之間的距離保持沒有變，則兩極板間的電壓增大，電場強度增大，點的電勢升高，帶電小球的電勢能減少，故D錯誤。故選A。13．C【詳解】AB．由圖乙可知，0～1s物體的加速度為a1=10m/s2，1～2s物體的加速度為a2=2m/s2，皮帶的速度為v1=10m/s，根據(jù)牛頓第二定律得解得故AB錯誤；C．0～1s內(nèi)皮帶的位移及物體的位移分別為它們的相對位移為1～2s內(nèi)皮帶的位移及物體的位移分別為它們的相對位移為0～1s內(nèi)物體位移小于皮帶位移，在皮帶上出現(xiàn)5m長的痕跡，1～2s內(nèi)物體位移大于皮帶的位移，這1m長的痕跡與剛才的痕跡重合，所以皮帶上出現(xiàn)的痕跡長為5m，故C正確；D．2s內(nèi)物體與傳送帶產(chǎn)生的內(nèi)能為故D錯誤。故選C。14．CD【詳解】A．由圖只能確定三個粒子的受力方向，由于電場線的方向未知，則無法確定粒子的電性，A錯誤；B．根據(jù)勻強電場的規(guī)律AB的長度等于BC的長度，而電場線的疏密對應(yīng)電場強度的大小，方向上電場強度逐漸增大，則有B錯誤；C．電場線的疏密對應(yīng)電場強度的大小，根據(jù)牛頓第二定律可得a虛線對應(yīng)的粒子的電場強度越來越弱，加速度越來越小，c虛線對應(yīng)粒子電場強度越來越強，粒子的加速度越來越大，b虛線對應(yīng)的粒子做圓周運動，庫侖力提供向心力，粒子與場源電荷的距離保持沒有變，對應(yīng)的電場強度大小保持沒有變，粒子的加速度大小沒有變，C正確；D．設(shè)場源電荷的帶電量大小為，粒子帶電量大小為，場源電荷與點的距離為，粒子在點的速度大小為，b虛線對應(yīng)的粒子的質(zhì)量為，c虛線對應(yīng)的粒子的質(zhì)量為，則根據(jù)庫侖定律可得粒子受到的電場力為b虛線對應(yīng)的粒子的做圓周運動，庫侖力提供向心力，則有c虛線對應(yīng)的粒子的做近心運動，庫侖力大于粒子圓周運動所需的向心力即由此可知，b虛線對應(yīng)的粒子的質(zhì)量大于c虛線對應(yīng)的粒子的質(zhì)量，D正確。故選CD。15．AD【詳解】A．探測器沿軌道Ⅱ運動，點時需要減速以進入軌道Ⅲ，所以軌道Ⅱ的速度大于沿軌道Ⅲ點的速度，軌道Ⅱ是圓軌道，探測器勻速圓周運動，所以探測器沿軌道Ⅱ運動時點的速度大于沿軌道Ⅲ點的速度，A正確；B．軌道Ⅱ是圓軌道，半徑為，點的速度為，根據(jù)圓周運動的規(guī)律可知，探測器點的加速度在軌道Ⅲ上點時，受力情況沒有改變，只是速度大小變化了，加速度大小沒變，所以加速度還是，B錯誤；C．探測器由軌道Ⅱ到軌道Ⅲ，需在點減速，做近心運動，C錯誤；D．軌道Ⅱ的半徑大于軌道Ⅲ的半長軸，由開普勒第三定律可知，沿軌道Ⅱ的運動周期大于沿軌道Ⅲ運動周期，D正確．故選AD。16．BCD【詳解】A．根據(jù)豎直面圓周運動的