2020年遼寧鞍山高考物理一模試卷

高考物理一模試卷題號(hào)一一三四五六總分得分、單選題（本大題共8小題，共32.0分）下列說(shuō)法正確的是（ ）A.牛頓利用扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)量了萬(wàn)有引力常數(shù)B.庫(kù)侖利用扭秤實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷相互作用的規(guī)律C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)D.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象TOC\o"1-5"\h\z物理量的單位有基本單位和導(dǎo)出單位。 我們學(xué)寫(xiě)過(guò)的國(guó)際單位值的基本單位有： 質(zhì)量的單位千克（kg）、長(zhǎng)度的單位米（m）、時(shí)間的單位秒（s）熱力學(xué)溫度單位開(kāi)（K）、電流強(qiáng)度的單位安培（A）、物質(zhì)的量的單位摩爾（mol）。其他物理量的單位均為導(dǎo)出單位，它們可以用基本單位導(dǎo)出。 則下列關(guān)于物理量導(dǎo)出單位與基本單位間的關(guān)系錯(cuò)誤的是（ ）A.功和能的單位J=kgm2/s2 B.電阻的單位Q=kgm2/A2s3C.電容的單位C=A2s3/kgm2 D.磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位T=kg/As2如圖所示?；C是以A點(diǎn)為圓心、AB為半徑的一段圓 「弧，AB=L,OB=、；L,在坐標(biāo)原點(diǎn)O固定一個(gè)電量為+Q ZL一^的點(diǎn)電荷。已知靜電力常數(shù)為 K.下列說(shuō)法正確的是（），A.弧BC上電勢(shì)最高的一點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為等B.弧BC上還有一點(diǎn)與B點(diǎn)的電勢(shì)相同C.弧BC上還有一點(diǎn)與C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同D.電子從B點(diǎn)沿著圓弧運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，它的電勢(shì)能先增大后減小4.5.如圖所示。空間存在垂直紙面向里的、磁感應(yīng)強(qiáng)度為4.5.的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和方向豎直向上的、場(chǎng)強(qiáng)為 E的勻強(qiáng)電場(chǎng)?，F(xiàn)有一個(gè)帶電小球在上述磁場(chǎng)和電場(chǎng)中做半徑為 R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g。則下列說(shuō)法正確的是（）A.該小球可能帶正電，也可能帶負(fù)電B.該小球的運(yùn)動(dòng)可能是逆時(shí)針的，也可能是順時(shí)針的C.該帶電小球的比荷為D.該帶電小球的線(xiàn)速度為學(xué)質(zhì)量為2kg的物體靜止在足夠大的水平地面上，物體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 0.2,最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小視為相等。從 t=0時(shí)刻開(kāi)始，物體受到方向不變、大小周期性變化的水平拉力 F的作用,F隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖所示。重力加速度g取10m/s2,則物體在t=0到t=12s這段時(shí)間的速度大小

6.7.TOC\o"1-5"\h\z為（ ）6.7.A.72m/s B.36m/s C.24m/s D.12m/s質(zhì)量均勻分布的某球形行星的自轉(zhuǎn)周期為 T,現(xiàn)在在該行星表面測(cè)量一個(gè)物體的重力，在該行星的赤道附近測(cè)量結(jié)果為在兩極測(cè)量結(jié)果的 ?，萬(wàn)有引力恒量為G.則該行星的密度為（ ）3（>t-A.BT' B.C71 C. ”“6/如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為 2m和m,靜止疊放在水平地面上。 A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為%B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，8.A.當(dāng)Fv2mg時(shí)，A、B都相對(duì)地面靜止B.當(dāng)F=：mg時(shí)，A的加速度為:四■H □C.8.A.當(dāng)Fv2mg時(shí)，A、B都相對(duì)地面靜止B.當(dāng)F=：mg時(shí)，A的加速度為:四■H □C.當(dāng)F>3mg時(shí)，A相對(duì)B滑動(dòng)D.無(wú)論F為何值，B的加速度不會(huì)超過(guò)I聞*如圖所示，有一個(gè)等腰直角三角形的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，其直角邊長(zhǎng)為L(zhǎng),磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)總電阻為R的正方形導(dǎo)線(xiàn)框abcd,從圖示位置開(kāi)始沿x軸正方向以速度v勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域。取沿a-b-c-d-a的感應(yīng)電流為正，則表示線(xiàn)框中電流 i隨bC邊的位置坐標(biāo)x變化的圖象正確的是（多選題（本大題共4小題，共16.0分）9.如圖所示，半徑為R的一圓柱形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的橫截面，磁感9.應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直于紙面向外，磁場(chǎng)外有一粒子源， /***j i 1能沿一直線(xiàn)發(fā)射速度大小不等的在一范圍內(nèi)的同種帶電粒子， ????帶電粒子的質(zhì)量為m,電荷量為q（q>0）,不計(jì)重力?，F(xiàn)粒 ”E*f???卜??丁子以沿正對(duì)cO中點(diǎn)且垂直于cO方向射入磁場(chǎng)區(qū)域，發(fā)現(xiàn)帶電 、'.」一?」粒子恰能從bd之間飛出磁場(chǎng)，則（ ） J"A.從b點(diǎn)飛出的帶電粒子的速度最大B.從d點(diǎn)飛出的帶電粒子的速度最大

C.從d點(diǎn)飛出的帶電粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)D.從b點(diǎn)飛出的帶電粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng).如圖所示。邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的單匝正方形導(dǎo)線(xiàn)框的電阻為 R,它放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中， 使其繞垂直于磁場(chǎng)的軸O以角速度3逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。則下列說(shuō)法中正確的是（ ）A.轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)線(xiàn)框中會(huì)產(chǎn)生大小和方向周期性變化的電流B.導(dǎo)線(xiàn)框轉(zhuǎn)至圖示位置時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零C.導(dǎo)線(xiàn)框從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90度過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電流逐漸增大D.導(dǎo)線(xiàn)框從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90度過(guò)程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為衛(wèi)料.如圖所示。光滑的水平面上有一質(zhì)量為 M=4kg的長(zhǎng)木板，長(zhǎng)木板的左端放置一質(zhì)量m=1kg的小物塊，木板與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù) （1=0.2現(xiàn)使木板與物塊以大小相等的速度V0=1m/s分別向左、向右運(yùn)動(dòng)，兩者相對(duì)靜止時(shí)物塊恰好滑到木板的右端。則下列說(shuō)法正確的（ ）A.相對(duì)靜止時(shí)兩者的共同速度大小為 0.6m/sB.木板的長(zhǎng)度為0.8mC.物塊的速度大小為0.2m/s時(shí)，長(zhǎng)木板的速度大小一定為 0.8m/sTOC\o"1-5"\h\zD.物塊向右運(yùn)動(dòng)的最大距離為 0.8m.質(zhì)量為m的物體放在水平地面上，從某時(shí)刻起施加一個(gè)恒力使其從靜止開(kāi)始向上做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)， 經(jīng)過(guò)一段時(shí)間上升到距離地面 h時(shí)撤去該恒力，又經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間落到地面。不考慮空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是（ ）A.該恒力做的功為；mghB.物體在第一段時(shí)間內(nèi)的加速度大小為 ?:gC.物體在第二段時(shí)間內(nèi)經(jīng)過(guò)的路程為:hD.撤去該恒力時(shí)物體的動(dòng)能為gmgh三、填空題（本大題共 1小題，共4.0分）.一位同學(xué)在做“測(cè)定勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的加速度”的實(shí)驗(yàn)， 打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電源的頻率為50Hz.在實(shí)驗(yàn)中得到如圖所示的一條點(diǎn)跡清晰的紙帶.他選擇了連續(xù)的七個(gè)點(diǎn)O、A、B、C、D、E、F作測(cè)量點(diǎn).若測(cè)得C、D兩點(diǎn)相距2.70Cm,D、E兩點(diǎn)相距2.90Cm,則小車(chē)在打D點(diǎn)時(shí)的速度大小為m/S.拉動(dòng)該紙帶運(yùn)動(dòng)的小車(chē)加速度大小為m/S2.[UAEU 6 EF\四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共 2小題，共10.0分）.在利用線(xiàn)圈、條形磁鐵、電流表和導(dǎo)線(xiàn)若干探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象中感應(yīng)電流方向與磁通量變化的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中

(1)實(shí)驗(yàn)前需判明線(xiàn)圈中導(dǎo)線(xiàn)的(2)應(yīng)先用試觸法判明電流表中電流方向與之間的關(guān)系。15.ft為了精確測(cè)量一電阻的阻值Rx,現(xiàn)有以下器材：蓄電池巳電流表A,電壓表V,滑動(dòng)變阻器R,電阻箱Rp,開(kāi)關(guān)Si、S2,導(dǎo)線(xiàn)若干。某活動(dòng)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路。實(shí)驗(yàn)的主要步驟：15.fta.閉合Si,斷開(kāi)S2,調(diào)節(jié)R和Rp,使電流表和電壓表的示數(shù)適當(dāng)，記下兩表示數(shù)分別為Ii、Ui；b.閉合S2、保持Rp阻值不變，記下電流表和電壓表示數(shù)分別為I2>U2。(1)寫(xiě)出被測(cè)電阻的表達(dá)式Rx=(用兩電表的讀數(shù)表示)。(2)由于本實(shí)驗(yàn)所使用的電流表、電壓表都不是理想電表，不能忽略電表電阻對(duì)電路的影響。則上述測(cè)量中被測(cè)電阻Rx的測(cè)量值真實(shí)值(選填“大于”“小于”或“等于”)，這是因?yàn)樵搶?shí)驗(yàn)電路能消除實(shí)驗(yàn)中產(chǎn)生的五、計(jì)算題(本大題共1小題，共13.0分).如圖所示。光滑的水平地面上有質(zhì)量分別為 m1=8kg,m2=m3=2kg的三個(gè)物塊，物塊m1、m2間安裝了一個(gè)微型的定向爆炸裝置，裝置啟動(dòng)時(shí)對(duì)它們分別產(chǎn)生水平向左和水平向右的瞬間作用力。開(kāi)始時(shí)物塊 m1、m2以共同速度Vo向右運(yùn)動(dòng)，而物塊m3靜止在它們的右側(cè)。某時(shí)刻啟動(dòng)爆炸裝置使 m1、m2分離，m2和m3相撞后粘在一起運(yùn)動(dòng)，最終m1、m2、m3均向右運(yùn)動(dòng)，且m1的速度大小為m2、m3共同速度的一半。試求m1、m2、m3的最終速度大小？m2和m3相撞前m2的速度？(3)啟動(dòng)爆炸裝置產(chǎn)生的化學(xué)能有多少轉(zhuǎn)化為機(jī)械能？六、簡(jiǎn)答題(本大題共2小題，共25.0分).如圖所示。質(zhì)量為m的小球從A點(diǎn)以大小為Vo的速度朝著向右偏上45度角的方向斜上拋，在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中除受重力外還始終受水平向右的大小 F=mg的恒力作用。經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，小球經(jīng)過(guò)與拋出點(diǎn)等高的 B點(diǎn)。試求從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間t和A、B兩點(diǎn)間的距離So

18.如圖所示。范圍足夠大的水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)為 E=105N/C.現(xiàn)有質(zhì)量分別為18.mA=1.010-5kg和mB=0.510-5kg、帶電量均為q=1.010-7C的帶電粒子A和B,開(kāi)始時(shí)它們?cè)趫?chǎng)強(qiáng)方向上的距離為 L=0.10m,分別位于場(chǎng)強(qiáng)方向垂直的兩條虛線(xiàn) M、N上?，F(xiàn)在它們以大小為VO=10m/s、方向分別向右和向左的初速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。試求：(1)兩帶電粒子的加速度。(2)通過(guò)分析與計(jì)算判斷下列問(wèn)題。兩帶電粒子在場(chǎng)強(qiáng)方向上的距離滿(mǎn)足什么條件能確定誰(shuí)在左、誰(shuí)在右；兩帶電粒子在場(chǎng)強(qiáng)方向上的距離滿(mǎn)足什么條件不能確定誰(shuí)在左、誰(shuí)在右；答案和解析答案和解析.【答案】B【解析】解：A、卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)首先較準(zhǔn)確地測(cè)定了萬(wàn)有引力常量， 故A錯(cuò)誤;B、庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律，故 B正確；C、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故C錯(cuò)誤；D、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤；故選：B根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一。.【答案】C【解析】解：A、根據(jù)功的公式：W=FS=ma?S,其中質(zhì)量的單位是kg,加速度的單位是m/s2,位移的單位是B、根據(jù)電阻的公式:C、根據(jù)電容的公式:m,則功的單位：1J=1kg?m/s2m/s2,位移的單位是B、根據(jù)電阻的公式:C、根據(jù)電容的公式:R=；= 。所以電阻的單位：1號(hào):彳；，故B正確;4q~ ［上 C=7=彳=^=云-,所以：1F= ；,故C錯(cuò)慶；彳 n| 如m/skgmD、磁感應(yīng)強(qiáng)度的公式： B=；=g；所以磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位： 1T叱7 故D正確。本題選擇錯(cuò)誤的故選：C。國(guó)際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量。分別為長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光照強(qiáng)度、物質(zhì)的量。它們的在國(guó)際單位制中的單位稱(chēng)為基本單位，他們?cè)趪?guó)際單位制中的單位分別為米、千克、秒、開(kāi)爾文、安培、坎德拉、摩爾。同時(shí)根據(jù)相關(guān)的物理公式分析即可。國(guó)際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量。分別為長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光照強(qiáng)度、物質(zhì)的量。它們的在國(guó)際單位制中的單位稱(chēng)為基本單位，他們?cè)趪?guó)際單位制中的單位分別為米、千克、秒、開(kāi)爾文、安培、坎德拉、摩爾。同時(shí)注意導(dǎo)出單位與基本單位間的換算關(guān)系。.【答案】B【解析】解：A、根據(jù)正點(diǎn)電荷電勢(shì)的特點(diǎn)可以知道，距離點(diǎn)電荷最近的點(diǎn)電勢(shì)最高，即圓弧和y軸的交點(diǎn)處電勢(shì)最高，該點(diǎn)距離點(diǎn)電荷為 AL=L-OA,根據(jù)幾何關(guān)系可知=所以則根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式可得該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為 后二黑二譽(yù),故A錯(cuò)誤；B、點(diǎn)電荷的等勢(shì)面為以點(diǎn)電荷為球心的同心球面，所以到點(diǎn)電荷距離相等的點(diǎn)電勢(shì)相等，因?yàn)锽、C兩點(diǎn)到點(diǎn)電荷位置O距離相等，故這兩點(diǎn)電勢(shì)相同，故B正確；C、電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同時(shí)，不僅大小相等，方向也相同，所以在弧BC上沒(méi)有那一個(gè)點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向與C點(diǎn)的相同，故C錯(cuò)誤；D、從B點(diǎn)沿著圓弧運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過(guò)程中，到點(diǎn)電荷的距離先變小后變大，所以電勢(shì)先升高后降低，電子帶負(fù)電荷，對(duì)負(fù)電荷來(lái)說(shuō)，電勢(shì)越高，電勢(shì)能越小，所以電子的電勢(shì)能先減小后增大，故D錯(cuò)誤。

故選：Bo距離點(diǎn)電荷最近的點(diǎn)電勢(shì)最高， 根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式可以計(jì)算該位置的場(chǎng)強(qiáng)大?。?到點(diǎn)電荷距離相等的點(diǎn)電勢(shì)相同；電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同時(shí)，不僅大小相等，方向也是相同的；對(duì)負(fù)電荷來(lái)說(shuō)，電勢(shì)越高電勢(shì)能越小。把握住三點(diǎn)，一是電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，場(chǎng)強(qiáng)相等，意味著大小相等，方向相同；二是距離正點(diǎn)電荷越近的位置電勢(shì)越高；三是對(duì)負(fù)電荷來(lái)說(shuō)，電勢(shì)越高，電勢(shì)能越小。.【答案】C【解析】解：A.因?yàn)閹щ娦∏蛟趶?fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與重力平衡，則知電場(chǎng)力方向向上，電場(chǎng)方向也向上，所以小球帶正電荷，故A錯(cuò)誤。B.由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)左手定則判斷可知，液滴沿逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，故 B錯(cuò)誤。C.由于電場(chǎng)力等于重力，即 qE=mg,所以小球的比荷為《二；’,故C正確。D.帶電小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)， 即”日=后,所以該帶電小球的線(xiàn)速度為昨等=竿,故D錯(cuò)誤。故選：C。小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與重力平衡，即可由電場(chǎng)方向從而確定電性；根據(jù)洛倫茲力提供向心力，由左手定則判斷粒子的旋轉(zhuǎn)方向。 根據(jù)電場(chǎng)力等于重力列式求解小球的比荷。根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解小球運(yùn)動(dòng)的線(xiàn)速度。解決該題關(guān)鍵是明確知道小球受到的重力和電場(chǎng)力大小相等， 方向相反，知道小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由洛倫茲力提供。.【答案】D【解析】解：最大靜摩擦力為：fmax=(img=4N；拉力只有大于最大靜摩擦力時(shí)，物體才會(huì)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)0-3S時(shí)：F=fmax,物體保持靜止，S1=03-6s時(shí)：F>fmax,物體由靜止開(kāi)始做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)， 加速度為：a='=Jm/s2=2m/s2t=0到t=12s這段時(shí)間加速時(shí)間實(shí)際為： t=6s則12s末的速度為：v=at=2X6m/s=12m/s,故D正確、ABC錯(cuò)誤。故選：Do物體在0-3s內(nèi)，拉力等于最大靜摩擦力， 物體處于靜止，3-6s內(nèi)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，6-9s內(nèi)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，9-12s內(nèi)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律求出勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度，根據(jù)速度時(shí)間公式求出 12s時(shí)物體的速度大小。解決本題的關(guān)鍵理清物體在各段時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律， 結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式綜合求解。.【答案】B【解析】解：對(duì)于放置于行星兩極的質(zhì)量為 m的物體，由萬(wàn)有引力等于重力得出:得：GF=G1,Mr，在赤道：G—=G2+又G2=——G1,

聯(lián)立解得：M=nGT14 n又M="kR3,聯(lián)立解得：「=此〒，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選：Bo在赤道上，物體的萬(wàn)有引力提供重力和向心力，兩極位置重力等于萬(wàn)有引力，最后聯(lián)立求解。本題關(guān)鍵明確物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，然后結(jié)合萬(wàn)有引力定律提供向心力列式后聯(lián)立求解。.【答案】A【解析】解：A、設(shè)B對(duì)A的摩擦力為fi,A對(duì)B的摩擦力為f2,地面對(duì)B的摩擦力為f3,由牛頓第三定律可知fi與f2大小相等，方向相反，fi和f2的最大值均為2gg,f3的最大值為￡師g.故當(dāng)0vFVmg時(shí)，A、B均保持靜止；繼續(xù)增大F,在一定范圍內(nèi)A、B將相對(duì)靜止以共同的加速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，故 A錯(cuò)誤；C、設(shè)當(dāng)A、B恰好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的拉力為 F',加速度為a',則對(duì)A,有F'-2mg=2ma',對(duì)A、B整體，有F'-」mg=3ma',解得F'=3pmg,故當(dāng):師gvFW3mg時(shí)，A相對(duì)于B靜止，二者以共同的加速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)；當(dāng) F>3mg時(shí)，A相對(duì)于B滑動(dòng)。C正確。B、當(dāng)F=:pmgv3mg時(shí)，A、B相對(duì)靜止，以A、B為研究對(duì)象，由牛頓第二定律有F-t(img=3ma,解得a=：⑼B正確。D、對(duì)B來(lái)說(shuō)，其所受合力的最大值Fm=2pmg-.(jmg=：師g,即B的加速度不會(huì)超過(guò)|聞,D正確。本題選錯(cuò)誤的，故選：Ao根據(jù)A、B之間的最大靜摩擦力，隔離對(duì)B分析求出整體的臨界加速度，通過(guò)牛頓第二定律求出A、B不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的最大拉力。然后通過(guò)整體法隔離法逐項(xiàng)分析。本題考查了摩擦力的計(jì)算和牛頓第二定律的綜合運(yùn)用， 解決本題的突破口在于通過(guò)隔離法和整體法求出A、B不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的最大拉力.【答案】C【解析】解：bC邊的位置坐標(biāo)x在L-2L過(guò)程，線(xiàn)框bc邊有效切線(xiàn)長(zhǎng)度為l=x-L,感應(yīng) E 削7K 電動(dòng)勢(shì)為E=Blv=B(x-L)v,感應(yīng)電流i=j,,=....,根據(jù)岳次te律判斷出來(lái)感應(yīng)電流方向沿a-b^c一d-a,為正值。風(fēng)■然河

ftx在2L-3L過(guò)程，根據(jù)楞次定律判斷出來(lái)感應(yīng)電流方向沿 a-d-c-b-a,風(fēng)■然河

ft框ad邊有效切線(xiàn)長(zhǎng)度為l=x-2L,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Blv=B(x-2L)v,感應(yīng)電流i=-,.根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)知道C正確。故選：Co分段確定線(xiàn)框有效的切割長(zhǎng)度， 分析線(xiàn)框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與位置坐標(biāo)的關(guān)系。 線(xiàn)框的電阻一定，感應(yīng)電流與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)成正比。本題關(guān)鍵確定線(xiàn)框有效切割長(zhǎng)度與 x的關(guān)系，再結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)選擇圖象。

.【答案】AC【解析】解：粒子在磁場(chǎng)中，受到洛倫茲力作用做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示圖中Ob為到達(dá)b點(diǎn)的軌跡的圓心，Od為到達(dá)d點(diǎn)的軌跡的圓心，根據(jù)幾何關(guān)系可知，rb>rd,到達(dá)d點(diǎn)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角比到達(dá)b點(diǎn)的圓心角大，AB.根據(jù)r=：可知，b的半徑最大，d的半徑最小，所以從b點(diǎn)飛出的帶電粒子的速度最大，從d點(diǎn)飛出的帶電粒子的速度最小，故A正確，B錯(cuò)誤。CD.周期丁=箸，所以粒子運(yùn)動(dòng)的周期相等，而達(dá) d點(diǎn)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角最大，b點(diǎn)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角最小，所以d點(diǎn)飛出的帶電粒子的時(shí)間最長(zhǎng)， b點(diǎn)飛出的帶電粒子的時(shí)間最短，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：AC。作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，由幾何知識(shí)比較粒子軌道半徑和圓心角大小， 再根據(jù)丁尚；；和r節(jié)比較即可。解決該題的關(guān)鍵是正確作出粒子從 b、d兩點(diǎn)射出的運(yùn)動(dòng)軌跡，能根據(jù)幾何知識(shí)求解出兩種情況下的半徑以及圓心角的大小關(guān)系。.【答案】AD【解析】解：A、正弦式交流電是線(xiàn)圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)會(huì)產(chǎn)生的，因?yàn)榫€(xiàn)圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量周期性的變化，故A正確；B、在導(dǎo)線(xiàn)框轉(zhuǎn)到圖示位置時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量為零，但磁通量的變化率最大，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，故B錯(cuò)誤；C、線(xiàn)框經(jīng)過(guò)中性面位置時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小為零，所以從此位置轉(zhuǎn)過(guò)90度過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸減小，即感應(yīng)電流逐漸減小，故C錯(cuò)誤；D、導(dǎo)線(xiàn)框從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90度磁通量的變化量為： △?=BL2,所用時(shí)間為：At= = 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=W可得:E=-,故D正確。故選：AD。正弦式交流電是由線(xiàn)框在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的； 線(xiàn)框在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中經(jīng)過(guò)中性面時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，經(jīng)過(guò)與中性面垂直的位置時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大；平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)用法拉第電磁感應(yīng)定律計(jì)算。線(xiàn)框經(jīng)過(guò)中性面的特點(diǎn)的特點(diǎn)是： 第一，磁通量最大；第二，磁通量的變化率最小為零；第三，電流的方向發(fā)生變化，線(xiàn)框轉(zhuǎn)動(dòng)一周有兩次經(jīng)過(guò)中性面，電流方向改變兩次。.【答案】AB【解析】解：A、以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得： Mvo-mv0=(M+m)v,代入數(shù)據(jù)解得：v=0.6m/s,故A正確。

B、對(duì)系統(tǒng)，由能量守恒定律得： %1嫌+114=1"+加"+所以，代入數(shù)據(jù)解得：L=0.8m,故B正確。C、物塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：Mvo-mv0=Mv1+mv2,解得，當(dāng)物塊速度大小為 0.2m/s、方向向右時(shí)：vi=0.8m/s,當(dāng)物塊速度大小為0.2m/s,方向向左時(shí)：vi=0.7m/s,故C錯(cuò)誤。D、以地面為參考系，物塊先向右做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，后向左做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊速度為零時(shí)向右運(yùn)動(dòng)的距離最大，由動(dòng)能定理得：-(jmgx=0-%無(wú)，代入數(shù)據(jù)解得，向右運(yùn)動(dòng)的最大距離 x=0.25m,故D錯(cuò)誤。故選：AB。物塊與長(zhǎng)木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒， 應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以求出兩者的共同速度， 應(yīng)用能量守恒定律可以求出木板的長(zhǎng)度，根據(jù)題意應(yīng)用動(dòng)量守恒定律分析答題。本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律可以解題。.【答案】BD【解析】解：AB.令上升所用時(shí)間為t,上升過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律有 F-mg=ma,其位移為-撤去外力F時(shí)物體的速度為v=at,下降過(guò)程物體只受到重力作用，其加速度為 g,根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式有 ―”nt ,聯(lián)立解得a=F=5mg,所以該恒力做功為W=Fh="g,故A錯(cuò)，B正確。CD.撤去外力F時(shí)物體的速度為皆=也h二胃,物體的動(dòng)能為Ek=m/=；mg也，撤去F后物體上升的高度為h七%所以物體在第二段時(shí)間經(jīng)過(guò)的路程為 s=2H+也=、，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：BD。上升過(guò)程根據(jù)牛頓第二定律以及勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移公式列式， 下降過(guò)程物體只受到重力作用，其加速度為g,根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移公式列式，聯(lián)立方程求解上升的加速度、外力F以及撤去外力時(shí)的速度大小。 根據(jù)W=Fx求解外力F做的功，根據(jù)葬=(求解撤去外力F時(shí)物體上升的高度，再求解物體經(jīng)過(guò)的路程。解決該題的關(guān)鍵是正確分析物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，明確知道物體在各段運(yùn)動(dòng)過(guò)程的物理特征，撤去外力F后物體做先減速再反向加速運(yùn)動(dòng)，全程根據(jù)位移時(shí)間公式列方程。.【答案】1.45【解析】解：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電源的頻率為 50Hz,所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔是0.02s可以求出打紙帶上 D可以求出打紙帶上 DVD=VD=一:0.O270t[)02**0=1.4m/s根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論公式Ax=aT根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論公式Ax=aT2可以求出加速度的大小,2得：a= = =5m/S2.F(o.o:r故答案為：1.4,5根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度， 可以求出打紙帶上點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度大小.根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論公式 Ax=aT2可以求出加速度的大小.要提高應(yīng)用勻變速直線(xiàn)的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的能力， 在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用..【答案】繞制方向指針偏轉(zhuǎn)方向【解析】解：(1)在探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象中感應(yīng)電流方向與磁通量變化的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中,實(shí)驗(yàn)前必須判明線(xiàn)圈中導(dǎo)線(xiàn)的繞制方向；(2)在此實(shí)驗(yàn)中，還需要知道電流表中電流方向與指針偏轉(zhuǎn)方向關(guān)系，因此應(yīng)先用試觸法判明它們之間的關(guān)系；故答案為：(1)繞制方向；(2)指針偏轉(zhuǎn)方向。根據(jù)楞次定律的內(nèi)容，結(jié)合電流表的電流方向與指針偏轉(zhuǎn)方向關(guān)系，從而即可求解?？疾閷?shí)驗(yàn)的目的與實(shí)驗(yàn)原理，掌握感應(yīng)電流方向與磁通量變化的關(guān)系是本實(shí)驗(yàn)的關(guān)鍵。.【答案】/九等于系統(tǒng)誤差【解析】解：(1)由歐姆定律根據(jù)步驟a,設(shè)電壓表內(nèi)阻為Rv,則?+1=|1ni- "M由以上兩式可得：Rx=(2)因把電壓表內(nèi)阻考慮在內(nèi)后列出歐姆定律表達(dá)式，即可解出待測(cè)電阻的真實(shí)值。則被測(cè)電阻Rx的測(cè)量值等于真實(shí)值。故答案為：(1)二號(hào)”(2)等于，系統(tǒng)誤差。(1)在兩種情況下是將電壓表內(nèi)阻考慮在內(nèi)后列出歐姆定律表達(dá)式，可得出對(duì)應(yīng)的表達(dá)式；(2)根據(jù)電表對(duì)電路的影響可解出待測(cè)電阻的真實(shí)值。本題考查電阻測(cè)量及誤差分析； 若題目要求求出待測(cè)量真實(shí)值時(shí)， 只需把電表內(nèi)阻考慮在內(nèi)，然后根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律求解即可。.【答案】解：(1)設(shè)最終m1的的速度為v,則m2、m3的共同速度為2v,三個(gè)物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：(m〔+m2)vo=m1v+(m2+m3)?2V代入數(shù)據(jù)解得：v=2.5m/sm1的最終速度大小為2.5m/s,m2、m3的最終速度大小為5m/s；(2)叫、m2分開(kāi)后，以m2、m3為研究對(duì)象，以向右為正方向，m2、m3碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得： m2V2=(m2+m3)?2v,代入數(shù)據(jù)解得：v=10m/s

(3)由能量守恒定律得:女叫+叫）M+^E=：m2V22+；mivi2(3)由能量守恒定律得:代入數(shù)據(jù)解得：AE=45J；答：(1)mi、m2、m3的最終速度大小分別為： 2.5m/s、5m/s、5m/s。(2)m2和m3相撞前m2的速度為10m/s。(3)啟動(dòng)爆炸裝置產(chǎn)生的化學(xué)能有 45J轉(zhuǎn)化為機(jī)械能。【解析】(1)三個(gè)物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以求出物塊的最終速度。(2)對(duì)m2、m3系統(tǒng)應(yīng)用能量守恒定律可以求出碰撞前 m2的速度。(3)應(yīng)用能量守恒定律可以求出啟動(dòng)爆炸裝