2023學(xué)年寧夏開元學(xué)校高二物理第一學(xué)期期中檢測試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、以速度沿水平方向飛行的手榴彈在空中爆炸，炸裂成1kg和0.5kg的兩塊，其中0.5kg的那塊以的速率沿原來速度

2、相反的方向運動，此時另一塊的速率為（ ）ABCD2、如圖所示，A、B兩燈分別標(biāo)有“18V、0.6A”和“18V、1.0A”，按不同方法接入36V電路，則以下分析正確的是A乙、丙兩電路中A、B兩燈都能正常發(fā)光，且丙電路消耗功率最大B甲、乙兩電路中A、B兩燈都能正常發(fā)光，且甲電路消耗功率最大C甲、丙兩電路中A、B兩燈都能正常發(fā)光，且乙電路消耗功率最大D三個電路A、B兩燈都能正常發(fā)光，乙電路消耗功率最大3、如圖所示，有一帶電粒子貼著板沿水平方向射入勻強電場，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為時，帶電粒子沿軌跡從兩板正中間飛出；當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為時，帶電粒子沿軌跡落到板中間；設(shè)粒子兩次射入電場的水平速度相同，則兩次偏轉(zhuǎn)電壓之比為

3、（ ）ABCD4、如圖所示，R1 =10,R2 =20, R3=30，接到電壓恒定的電源兩端，它們的電功率分別為P1、P2 、P3，則 ( )AP1 = P2 = P3BP1 P2 P2 P3DP3 P1 P25、如圖所示，平行板電容器已經(jīng)充電，靜電計的金屬球與電容器的一個極板連接，外殼與另一個極板連接，靜電計針的偏轉(zhuǎn)示電容兩極板間的電勢差實驗中保持極板上的電荷量不變設(shè)電容兩極正對面積為，極板間的距離為，靜電計指針偏角為下列關(guān)于實驗現(xiàn)象的描述正確的是（ ）A保持不變，增大，則變大B保持不變，減小，則不變C保持不變，減小，則變小D保持、不變，在兩板間插入電介質(zhì)，則變大6、如圖所示，電路中A1和A

4、2是完全相同的燈泡，線圈L電阻不可忽略，下列說法中正確的是( )A合上開關(guān)K接通電路時，A1和A2均立即點亮B合上開關(guān)K接通電路時，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮C斷開開關(guān)K切斷電路時，A1和A2都要過一會兒才熄滅D斷開開關(guān)K切斷電路時，A2立刻熄滅，A1閃亮一下才熄滅二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩個相同的平行板電容器C1、C2用導(dǎo)線相連，開始時都不帶電現(xiàn)將開關(guān)S閉合給兩個電容器充電，充電完畢后，電容器C1兩板間有一帶電微粒恰好處于平衡狀態(tài)再將開關(guān)S

5、斷開，把電容器C2兩板稍錯開一些（兩板間距離保持不變），重新平衡后，下列判斷正確的是（ ）A電容器C1兩板間電壓減小B電容器C2兩板間電壓增大C帶電微粒將加速上升D電容器C1所帶電荷量增大8、如圖所示的電路中，電源電動勢為12V，內(nèi)阻r=1，燈泡L上標(biāo)有“6V、12W”字樣，電動機線圈的電阻RM=0.50。閉合電鍵后，燈泡恰好正常發(fā)光，電動機也恰好正常工作，以下判斷正確的是A電動機的輸入功率為12WB電動機的輸出功率為6WC電動機的機械效率為75%D電源的輸出功率為20W9、平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，在兩極板間有一正電荷（電量很?。┕潭ㄔ赑點，如圖所示，以E表示兩極板間場強，U

6、表示電容器兩極間電壓；表示正電荷在P點的電勢能若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示位置，則（）AU變小，E不變BE變大，變大CU不變，不變DU變小，不變10、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r理想電壓表V1、V2示數(shù)為U1、U2，其變化量的絕對值分別為U1和U2；流過電源的電流為I，其變化量的絕對值為I當(dāng)滑動變阻器的觸片從右端滑到左端的過程中（燈泡電阻不變化）A小燈泡L3變暗，L1、L2變亮BC不變D不變?nèi)?、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用如圖（甲）所示的電路圖研究額定電壓為2.4V的燈泡L的伏安特性，并測出該燈泡在額定

7、電壓下工作時的電功率。(1)在閉合開關(guān)S前,滑動變阻器觸頭應(yīng)該放在_端。(選填“a”或“b”）(2)按電路圖（甲）測出的燈泡電阻值比真實值_(選填“偏大”或“偏小”）。(3)根據(jù)所得到的圖象如圖乙所示，它在額定電壓下實際功率P =_W。12（12分）某同學(xué)在做多用電表測電阻的實驗中：（1）測量某電阻時，用“10”檔時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，他應(yīng)該換用_檔（填“1”或“100”），換檔后，在測量前先要_（2）如圖所示，A、B、C是多用表在進行不同測量時，轉(zhuǎn)換開關(guān)分別指示的位置，D是多用表表盤指針在測量時的偏轉(zhuǎn)位置若是用A檔測量，指針偏轉(zhuǎn)如D，則讀數(shù)為_；若是用B檔測量，指針偏轉(zhuǎn)如D，則讀數(shù)為_；若

8、是用C檔測量，指針偏轉(zhuǎn)如D，則讀數(shù)為_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，圖甲為一個電燈兩端電壓與通過它的電流的變化關(guān)系曲線由圖可知，兩者不成線性關(guān)系，這是由于焦耳熱使燈絲的溫度發(fā)生了變化的緣故，參考這條曲線回答下列問題（不計電流表內(nèi)阻，線路提供電壓不變）： （1）若把三個這樣的電燈串聯(lián)后，接到電壓恒定為12 V的電路上，求流過燈泡的電流和每個燈泡的電阻；（2）如圖乙所示，將兩個這樣的電燈并聯(lián)后再與10的定值電阻R0串聯(lián)，接在電壓恒定為10V的電路上，求通過電流表的電流值以及每個燈的實際功率14（

9、16分）如圖所示勻強電場水平向右，在電場中的O點固定一輕細線，細線的另一端系一質(zhì)量為m帶電量為q的小球，小球平衡時細線與豎直方向成角。（重力加速度g，）(1)求電場強度；(2)將小球拉至右側(cè)與O等高，細線水平伸直，然后將小球靜止釋放，求小球運動到最低點時線的張力；(3)小球從最低點繼續(xù)向左運動，求小球運動到最高點時細線與豎直方向的夾角。15（12分）如圖所示，質(zhì)量的帶電小球用絕緣細線懸掛于O點，處在水平向左的勻強電場中，電場范圍足夠大，場強E=500N/C，小球靜止時細線與豎直方向的夾角=37，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2，求：（1）小球電荷量及帶電性質(zhì)；（2）小球

10、靜止時細線中的拉力大小；（3）某時刻將細線剪斷，此后內(nèi)小球的位移參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】手榴彈在空中爆炸過程，爆炸力遠大于重力，在水平方向上動量守恒，以手榴彈原來速度為正方向，由動量守恒定律得：即解得故選C.2、A【解析】甲電路：由于額定電壓都是18V，額定功率IA0.6A、IB1.0A，由此可知RARB，把燈泡B與電阻并聯(lián)的話，會使并聯(lián)的部分的電阻更小，所以AB的電壓不會平分，AB不會同時正常發(fā)光，也就是說甲電路不可能使A、B兩燈都能正常發(fā)光；乙電路：由于額定電壓都是18V，額定功率IA0.

11、6A、IB1.0A，由此可知RARB，把燈泡A與電阻并聯(lián)的話，可以使并聯(lián)部分的電阻減小，可能使B與并聯(lián)部分的電阻相同，所以AB能同時正常發(fā)光，并且電路消耗的功率與B燈泡的功率相同，所以總功率的大小為:；丙電路：把AB并聯(lián)之后與電阻串連接入電路的話，當(dāng)電阻的阻值與AB并聯(lián)的總的電阻相等時，AB就可以正常發(fā)光，此時電阻消耗的功率為AB燈泡功率的和，所以電路消耗的總的功率的大小為；由以上分析可知，只有乙丙能正常發(fā)光，乙電路消耗的功率小于丙電路消耗的功率；故A正確，BCD錯誤；故選A；3、A【解析】由，得，所以，A. ，選項A符合題意；B. ，選項B不符合題意；C. ，選項C不符合題意；D. ，選項D

12、不符合題意；4、C【解析】設(shè)R2和R3并聯(lián)的電壓為U并，則由公式P=U2/R可得，P2=，P3=，所以P2P3；電阻R1的電流等于R2和R3的電流的和，所以R1的功率為P1=I2R1=（+）2R1=；所以P1 P2 P3，所以C正確故選C5、A【解析】A：平行板電容器的電容，電容器電壓與電容的關(guān)系為，電量不變，保持不變，增大，電容減小，電壓增大， 變大，故A項正確B：電量不變，保持不變，減小，電容增大，電壓減小， 變小，故B項錯誤C：電量不變，保持不變，減小，電容減小，電壓增大， 變大，故C項錯誤D：電量不變，保持、不變，在兩板間插入電介質(zhì)，電容增大，電壓變小， 變小，故D項錯誤所以選A點睛：

13、平行板電容器充電后，若保持其始終與直流電源相連，則板間電壓不變。當(dāng)電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、來判斷各量如何變化。平行板電容器充電后與電源斷開，由于電荷不能移動，電容器的帶電量不變。當(dāng)電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、來判斷各量如何變化。6、C【解析】合上開關(guān)K接通電路時，A2先亮，由于A1與L串聯(lián)，在L中產(chǎn)生的自感電動勢阻礙電流的增加，故A1逐漸亮起來，但是由于L有電阻，故最后A1比A2要暗，選項AB錯誤；斷開開關(guān)K切斷電路時，原來通過A2的電流立刻消失，但是由于L中產(chǎn)生的自感電動勢阻礙電流的減小，故此電流會在L、A1和A2中形成新的回路，故兩燈都要過一會兒才熄滅，選項C正確；D錯

14、誤；故選C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】當(dāng)斷開開關(guān)S時，則電容器兩極板間的電量不變?nèi)舭央娙萜鲀砂迳藻e開一些，則導(dǎo)致平行板電容器的電容減小，從而導(dǎo)致電容器兩端電壓增大，故B正確；斷開開關(guān)S后，電容器C1兩端電壓與電容器兩端電壓相同，則電容器兩板間電壓也增大，故A錯誤；電容器兩的電容不變，根據(jù)可知，其兩極板上的電荷量增大，故D正確；由于電容器C1兩極板間的間距不變，根據(jù)可知，兩板間的電場強度增加，所以電場力大于重力，出現(xiàn)液滴向上加速運動，故C正確；故選

15、BCD【點睛】本題關(guān)鍵是電容器兩端電壓發(fā)生變化導(dǎo)致電容器電量和電場強度的變化，從而引起電場力變化8、BCD【解析】A. 整個電路中的電流為：電動機兩端的電壓為：所以電動機的輸入功率為：故A錯誤；BC. 電動機的熱功率為：熱則電動機的輸出功率為：電動機的機械效率為：故B、C正確；D. 電源的輸出功率為：出故D正確。9、AD【解析】平行板電容器充電后與電源斷開，電容器的電量不變將正極板移到圖中虛線所示的位置，板間距離減小，由，知電容C增大，由，知板間場強不變，而電量Q不變，由公式分析得到板間電壓U減小，根據(jù)，E不變，P點到負極板的距離不變，P點的電勢不變，正電荷在P點的電勢能不變，故選AD.【點睛

16、】平行板電容器充電后與電源斷開后，電容器的電量不變，將正極板移到圖中虛線所示的位置，板間距離減小，電容增大，電場強度不變.10、ACD【解析】A當(dāng)滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L1變亮。變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分的電壓減小，則L3變暗?？傠娏髟龃螅鳯3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮。故A正確。B由上分析可知，電壓表V1的示數(shù)減小，電壓表V1的示數(shù)增大，由于路端電壓減小，即兩電壓表示數(shù)之和減小，所以U1U1故B錯誤。C由U1=E-I（RL1+r）得：不變，故C正確。D根據(jù)歐姆定律得=R

17、1，不變，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、a 偏小 1.2 【解析】（1）1實驗前為了保護電路，閉合開關(guān)之前，滑動變阻器的滑片應(yīng)該放在a端（2）2根據(jù)電路圖可知，燈泡的電壓測量準確，電流測量偏大，所以測量結(jié)果偏?。?）3燈泡的額定電壓為2.4V，可知電壓為2.4V時電流為0.5A，因此額定電壓時燈泡的功率為1.2W12、1 重新調(diào)零 1.3103 6.4mA 32.0 V 【解析】指針偏角大，應(yīng)換用小倍率，并重新調(diào)零，電阻的讀數(shù)為示數(shù)乘以倍率，電壓和電流的讀數(shù)為格子數(shù)乘以每小格表示的數(shù)【詳解】（1）指針偏角過大，說明待測電

18、阻阻值較小，為了準確要換1擋，然后重新調(diào)零（2）若用A擋，是測電阻，讀數(shù)為13100=1.3103若用B擋，是測電流，讀數(shù)為32.0 =6.40mA若用C擋，是測電壓，讀數(shù)為32.0=32.0V【點睛】本題考查了歐姆表、電壓表和電流表的使用和讀數(shù)，記住其方法即可解決此類題目四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.4 A；10 （2）0.7 A；10.5 W【解析】（1）由于三個電燈完全相同，所以每個電燈兩端的電壓為：ULV4 V結(jié)合圖象可得當(dāng)UL4 V時，IL0.4 A故每個電燈的電阻為：R10 .（2）設(shè)此

19、時電燈兩端的電壓為U，流過每個電燈的電流為I，由閉合電路歐姆定律得EU2IR0代入數(shù)據(jù)得U1020I可得到該直線與曲線的交點（3 V，0.35 A），即流過電燈的電流為0.3 A，則流過電流表的電流為IA2I0.7 A每個燈的功率為：PUI30.35 W10.5 W.14、 (1)；(2)；(3)【解析】(1)(2) 根據(jù)動能定理、牛頓第二定律得解得（3）設(shè)最大偏角為，從小球釋放到運動到最大高度過程中由動能定理得解得=1615、（1）負電，1.510-3C；（2）1.25N；（3）25m；【解析】試題分析：（1）對小球受力分析，根據(jù)共點力平衡求出電場力的大小，結(jié)合電場強度的定義式求出小球的電荷