2022-2023學(xué)年湖北省鄖陽(yáng)中學(xué)、恩施高中、隨州二中三校高三物理第一學(xué)期期中檢測(cè)模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是

2、符合題目要求的。1、如圖，在“探究共點(diǎn)力合成”實(shí)驗(yàn)中，用彈簧測(cè)力計(jì)拉細(xì)繩套時(shí)要做到（） A細(xì)繩間的夾角始終為90B細(xì)繩間的夾角不可以是鈍角C兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)必須相同D橡皮條、細(xì)繩和彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)貼近并平行于木板2、如圖所示，輕質(zhì)彈簧上端固定，下端系一小球。小球在M處時(shí)，彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)現(xiàn)用力F作用于小球使它從M處緩慢下降，到達(dá)N處時(shí)，力F剛好為零。此過(guò)程中，力F對(duì)小球做的功的大小為W，不考慮空氣阻力。關(guān)于此過(guò)程，下列說(shuō)法不正確的有（ ）A小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少量為WB小球重力勢(shì)能減小量一定大于WC若將小球從M處由靜止釋放，則小球到達(dá)N處時(shí)的動(dòng)能為2WD彈簧彈性勢(shì)能增加量一定等于W3、

3、如圖，光滑的四分之一圓弧軌道A、B固定在豎直平面內(nèi)，A端與水平面相切，穿在軌道上的小球在拉力F的作用下，緩慢地由A向B運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)始終沿軌道的切線方向，軌道對(duì)球的彈力為N在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中AF增大，N減小BF減小，N減小CF增大，N增大DF減小，N增大4、某同學(xué)為了研究物體下落過(guò)程的特點(diǎn)，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：將兩本書從高樓樓頂放手讓其落下，兩本書下落過(guò)程中沒(méi)有翻轉(zhuǎn)和分離，由于受到空氣阻力的影響，其圖像如圖所示，虛線在P點(diǎn)與速度圖線相切，已知，。由圖可知A內(nèi)的平均速度等于B時(shí)受到空氣阻力等于C時(shí)對(duì)的壓力等于D下落過(guò)程中對(duì)的壓力不變5、2019年11月5日01時(shí)43分，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭

4、,成功發(fā)射第49顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星,標(biāo)志著北斗三號(hào)系統(tǒng)3顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星全部發(fā)射完畢。傾斜地球同步軌道衛(wèi)星是運(yùn)轉(zhuǎn)軌道面與地球赤道面有夾角的軌道衛(wèi)星,運(yùn)行周期等于地球的自轉(zhuǎn)周期,傾斜地球同步軌道衛(wèi)星正常運(yùn)行時(shí),下列說(shuō)法正確是A此衛(wèi)星相對(duì)地面靜止B如果有人站在地球赤道處地面上,此人的向心加速比此衛(wèi)星的向心加速度大C此衛(wèi)星的發(fā)射速度小于第一宇宙速度D此衛(wèi)星軌道正下方某處的人用望遠(yuǎn)鏡觀測(cè)，可能會(huì)一天看到兩次此衛(wèi)星6、如圖所示，在繩下端掛一物體，用力F作用于O點(diǎn)，使懸線偏離豎直方向的夾角為，且保持物體平衡設(shè)F與水平方向的夾角為，在保持角不變的情況下，要使拉力F的值最小，則應(yīng)等于 （ ）ABC0D2二、

5、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、輕繩一端固定在天花板上，另一端系一個(gè)小球，開(kāi)始時(shí)繩豎直，小球與一個(gè)傾角為的靜止三角形物塊剛好接觸，如圖所示現(xiàn)在用水平力F向左非常緩慢的推動(dòng)三角形物塊，直至輕繩與斜面平行，不計(jì)一切摩擦關(guān)于該過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（ ）A繩中拉力先變小后增大B地面對(duì)三角形物塊的支持力不斷增大C斜面對(duì)小球的彈力不做功D水平推力F做的功等于小球機(jī)械能的增加E地面對(duì)三角形物塊的支持力的沖量不為零8、如圖所示足夠長(zhǎng)固定的平行直角金屬軌道左側(cè)傾角的1=37右側(cè)傾

6、角=53，軌道寬均為L(zhǎng)0.5m整個(gè)裝置位于B1T勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于右側(cè)軌道平面向上，金屬棒ab、cd分別放在左右兩側(cè)軌道上且始終垂直于導(dǎo)軌，t=0時(shí)刻由靜止釋放兩棒，同時(shí)在cd棒上施加一平行于右側(cè)軌道的外力F，使cd開(kāi)始沿右側(cè)軌道向上做加速度a=4m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)cd棒始終沒(méi)有離開(kāi)右側(cè)軌道且與軌道保持良好接觸，已知ab、cd棒的質(zhì)量m1=0.25kg、m2=0.1kg，兩金屬棒電阻分別為R1=1.5，R2=0.5其余電阻不計(jì)，兩棒與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.8，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力的大小，在ab棒離開(kāi)左側(cè)軌道前，下列說(shuō)法中正確的是（重力加速度g取10m/s2，sin37=0.

7、6)Aab棒先保持靜止?fàn)顟B(tài)，后沿導(dǎo)軌下滑Bab棒始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，且對(duì)左側(cè)軌道的壓力越來(lái)越大Ct2s時(shí)，ab棒所受的摩擦力大小為0.8ND0t4s時(shí)間段內(nèi)，cd棒所受外力F隨時(shí)間變化的關(guān)系為F=2t1.68（N）9、一滑塊在水平地面上沿直線滑行，t=0時(shí)速率為1m/s，從此刻開(kāi)始在與速度平行的方向上施加一水平作用力F，力F、滑塊的速度v隨時(shí)間的變化規(guī)律分別如圖甲、乙所示（力F和速度v取同一正方向），g=10m/s2，則A滑塊的質(zhì)量為1.0kgB滑塊與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.05C第2s內(nèi)力F的平均功率為3.0WD第1內(nèi)和第2s內(nèi)滑塊的動(dòng)量變化量相同10、如圖,水平光滑地面上停放著一質(zhì)量為M

8、的小車,其左側(cè)有半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道AB，軌道最低點(diǎn)B與長(zhǎng)為L(zhǎng)的水平軌道BC相切,整個(gè)軌道處于同一豎直平面內(nèi)。將質(zhì)量為m的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從A點(diǎn)無(wú)初速釋放,物塊沿軌道滑行至軌道末端C處恰好沒(méi)有滑出,設(shè)重力加速度為g,空氣阻力可怎略不計(jì)。關(guān)于物塊從A位置運(yùn)動(dòng)至C位置的過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的（ ）A小車和物塊構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B摩擦力對(duì)物塊和軌道所做的功的代數(shù)和為-mgRC小車在全過(guò)程中運(yùn)動(dòng)的最大位移為mm+MLD小車運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度為2m2gRM2+Mm三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）為了探究質(zhì)量一定時(shí)加速度與力

9、的關(guān)系。一同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置。其中為帶滑輪的小車的質(zhì)量，為砂和砂桶的質(zhì)量。（滑輪質(zhì)量不計(jì)）(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)，一定要進(jìn)行的操作或保證的條件是（_）。A用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量B將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力C小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先釋放小車，再接通電源，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)D改變砂和砂桶的質(zhì)量，打出幾條紙帶E為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M(2)該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中得到如圖乙所示的一條紙帶（相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有兩個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫出），已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器采用的是頻率為的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為_(kāi)（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。(3)以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)

10、為橫坐標(biāo)，加速度為縱坐標(biāo)，畫出的圖象是一條直線，圖線與橫軸的夾角為，求得圖線的斜率為，則小車的質(zhì)量為（_）A B C D12（12分）如圖所示，某組同學(xué)借用“探究a與F、m之間的定量關(guān)系”的相關(guān)實(shí)驗(yàn)思想、原理及操作，進(jìn)行“研究合外力做功和動(dòng)能變化的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)：(1)為達(dá)到平衡阻力的目的，取下細(xì)繩及托盤，通過(guò)調(diào)整墊片的位置，改變長(zhǎng)木板傾斜程度，根據(jù)打出的紙帶判斷小車是否做_運(yùn)動(dòng)(2)連接細(xì)繩及托盤，放入砝碼，通過(guò)實(shí)驗(yàn)得到下圖所示的紙帶紙帶上O為小車運(yùn)動(dòng)起始時(shí)刻所打的點(diǎn)，選取時(shí)間間隔為0.1 s的相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C、D、E、F、G.實(shí)驗(yàn)時(shí)小車所受拉力為0.2 N，小車的質(zhì)量為0.2 kg.請(qǐng)計(jì)

11、算小車所受合外力做的功W和小車動(dòng)能的變化Ek。補(bǔ)填表中空格_；_.(結(jié)果保留至小數(shù)點(diǎn)后第四位).OBOCODOEOFW/J0.04320.05720.07340.0915Ek/J0.04300.05700.07340.0907分析上述數(shù)據(jù)可知：在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)WEk，與理論推導(dǎo)結(jié)果一致(3)實(shí)驗(yàn)前已測(cè)得托盤質(zhì)量為7.7103kg，實(shí)驗(yàn)時(shí)該組同學(xué)放入托盤中的砝碼質(zhì)量應(yīng)為_(kāi)kg(g取9.8 m/s2，結(jié)果保留至小數(shù)點(diǎn)后第三位)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，豎直圓盤繞中心O沿順時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)

12、動(dòng)，當(dāng)圓盤邊緣上的P點(diǎn)轉(zhuǎn)到與O同一高度時(shí)，一小球從O點(diǎn)以初速度0水平向P拋出，當(dāng)P點(diǎn)第一次轉(zhuǎn)到位置Q時(shí)，小球也恰好到達(dá)位置Q，此時(shí)小球的動(dòng)能是拋出時(shí)動(dòng)能的5倍，已知重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。由此可求： (1)小球從拋出到與P相遇的時(shí)間?(2)圓盤的半徑?14（16分）如圖所示，完全相同的物體A、B靜止在粗糙的水平面上，現(xiàn)使物體A以速度v0向右運(yùn)動(dòng)，與物體B發(fā)生碰撞后粘在一起，繼續(xù)向右滑動(dòng)一段距離后停止，已知物體A碰撞前與碰撞后滑行的距離相同，A、B的質(zhì)量都為m，求碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能。15（12分）如圖所示，一光滑水平面上有質(zhì)量為m的光滑曲面體A，A右端與水平面平滑連接，一質(zhì)量為m的小球

13、C放在曲面體A的斜面上，距水平面的高度為h小球C從靜止開(kāi)始滑下，然后與質(zhì)量為2m球B發(fā)生正碰（碰撞時(shí)間極短，且無(wú)機(jī)械能損失）求：（1）小球C與曲面體A分離時(shí)，A、C速度大小；（2）小球C與小球B發(fā)生碰撞后，小球C能否追上曲面體A。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】AB細(xì)繩間的夾角可以為任意角，AB錯(cuò)誤；C兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)可以是任意數(shù)，C錯(cuò)誤；D實(shí)驗(yàn)中要求橡皮條、細(xì)繩和彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)貼近并平行于木板，減小實(shí)驗(yàn)誤差，D正確。故選D。2、C【解析】A因?yàn)榱對(duì)小球做負(fù)功，其大小等于小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能

14、的減少量，則系統(tǒng)機(jī)械能減小量為W，選項(xiàng)A正確，不符合題意；B重物在向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，要克服彈簧拉力做功W彈力，根據(jù)動(dòng)能定理知mgh-W-W彈力=0故物體重力勢(shì)能減小量一定大于W，故B正確，不符合題意；C重物從靜止下落到N的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理，有 結(jié)合B選項(xiàng)知Ek=W，故C錯(cuò)誤，符合題意；D由mgh-W-W彈力=0可知W彈力=mgh-W而F=kh=mg則則W彈力=mgh=W則彈簧彈性勢(shì)能增加量一定等于W，選項(xiàng)D正確，不符合題意。3、A【解析】對(duì)球受力分析，受重力、支持力和拉力，如圖，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有N=mgcos F=mgsin其中為支持力N與豎直方向的夾角；當(dāng)物體向上移動(dòng)時(shí)，變大，故N

15、變小，F(xiàn)變大；故A正確，BCD錯(cuò)誤故選A注：此題答案應(yīng)該是A.4、C【解析】A根據(jù)速度圖象可知，2s時(shí)的速度為9m/s，根據(jù)圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移可知，2s內(nèi)的位移小于9m，所以2s內(nèi)的平均速度小于4.5m/s，故A錯(cuò)誤；Bt=2s時(shí)AB的加速度大小為整體根據(jù)牛頓第二定律可得（mA+mB）g-f=（mA+mB）a解得t=2s時(shí)AB受到空氣阻力f=32N，故B錯(cuò)誤；Ct=2s時(shí)以A為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得mAg-FN-=mAa解得FN=16N根據(jù)牛頓第三定律可得A對(duì)B的壓力等于16N，故C正確；D下落過(guò)程中加速度逐漸減小，A對(duì)B的壓力=mAg-mAa逐漸增大，故D錯(cuò)誤5、D【解析

16、】A由題意可知，傾斜地球同步軌道衛(wèi)星相對(duì)地面有運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B由向心加速度，赤道處的人和傾斜面地球同步軌道衛(wèi)星角速度相同，則人的向心加速度小，故B錯(cuò)誤；C此衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故C錯(cuò)誤；D由題意可知，此衛(wèi)星軌道正下方某處的人用望遠(yuǎn)鏡觀測(cè)，會(huì)一天看到兩次此衛(wèi)星，故D正確。6、A【解析】O點(diǎn)受三個(gè)拉力處于平衡，向上的兩個(gè)拉力的合力大小等于物體的重力，方向豎直向上，根據(jù)作圖法，作出力的變化圖象由圖可知，當(dāng)F與天花板相連的繩子垂直時(shí)，拉力F最小，根據(jù)幾何關(guān)系知，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A?！军c(diǎn)睛】對(duì)結(jié)點(diǎn)O受力分析，抓住拉物體繩子的拉力大小和方向都不變，與天花板相連繩子拉

17、力方向不變，通過(guò)作圖法求出拉力的最小值二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BDE【解析】A.對(duì)小球受力分析，小球受重力、支持力和拉力，因?yàn)橹С至Φ姆较虿蛔?，根?jù)作圖法知，繩子的拉力逐漸減小，支持力逐漸增大故A錯(cuò)誤B.由前面分析，斜面對(duì)球的支持力逐漸增大，則球?qū)π泵娴膲毫χ饾u增大，以三角形物塊為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件可知地面對(duì)三角形物塊的支持力逐漸變大，故B正確；C.小球上升，斜面對(duì)小球的彈力與小球位移夾角為銳角，故斜面的彈力做正功故C錯(cuò)誤D.根據(jù)能量守恒得F做的功等于

18、系統(tǒng)機(jī)械能的增量，斜面體動(dòng)能和勢(shì)能不變，小球的動(dòng)能不變，所以系統(tǒng)機(jī)械能的增量等于小球的重力勢(shì)能增加量所以F做功等于小球機(jī)械能的增量故D正確E、地面對(duì)三角形的支持力不為零，所以沖量也不為零，所以E正確故選BDE【點(diǎn)睛】本題是動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，這類問(wèn)題，最常用的解方法就是力的三角形定則在這個(gè)矢量三角形里三個(gè)邊表示了三個(gè)力，一個(gè)力大小和方向都不變，一般是重力：第二個(gè)力，方向不變，大小變化；第三個(gè)力大小和方向都變化根據(jù)題目中的動(dòng)態(tài)變化來(lái)判斷這三個(gè)力的變化情況8、AC【解析】AB、以ab棒為研究對(duì)象，開(kāi)始時(shí)重力沿斜面向下的分力為m1gsin37=0.6m1g，最大靜摩擦力為fm=m1gcos37=0.64m

19、1g0.6m1g，ab棒始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，隨著cd棒速度的增大，安培力越來(lái)越大，對(duì)ab棒根據(jù)左手定則可知安培力方向垂直于斜面向上，所以zb棒對(duì)左側(cè)軌道的壓力越來(lái)越小，最大靜摩擦力逐漸減小，當(dāng)最大靜摩擦力小于0.6m1g時(shí)，ab棒開(kāi)始下滑，故A正確、B錯(cuò)誤；C、t=2s時(shí)，cd棒的速度為v=at=8m/s，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得E=BLv=4V，感應(yīng)電流大小I=E/(R1+R2)=4/2A=2A，ab棒受到的安培力大小為FA=BIL=1N，此時(shí)ab棒所受的最大靜摩擦力大小為fm=(m1gcos37FA)=0.8N0.6m1g=1.5N，所以此時(shí)ab棒已經(jīng)開(kāi)始下滑，故摩擦力大小為0.8N，C正

20、確；D、0t4s時(shí)間段內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律可得：FFAm2gcos53=m2a，即F=B2L2v/(R1+R2)+m2gcos53+m2a=0.5t+0.88(N)，故D錯(cuò)誤故選AC【名師點(diǎn)睛】以ab棒為研究對(duì)象，根據(jù)受力情況確定運(yùn)動(dòng)情況，再分析ab棒受到的安培力大小和方向，確定壓力的變化情況；根據(jù)v=at求解cd棒的速度，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律結(jié)合安培力計(jì)算公式求解安培力大小，由此計(jì)算摩擦力大?。?t4s時(shí)間段內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解F的表達(dá)式9、BD【解析】由v-t圖象的斜率得到加速度為：，由兩圖知，第一秒內(nèi)有：，第二秒內(nèi)有：，代入數(shù)據(jù)得：故A錯(cuò)誤，B正確

21、；由得第2s內(nèi)力F的平均功率為，故C錯(cuò)誤；由圖乙可知第一秒內(nèi)和第二秒內(nèi)速度的變化都是，所以動(dòng)量的變化量都是：，故D正確故選BD.【點(diǎn)睛】由v-t圖象的斜率得到加速度；由牛頓第二定律列方程求解摩擦力和滑塊的質(zhì)量；由P=Fv求解平均功率，根據(jù)求出動(dòng)量的變化量.10、BD【解析】系統(tǒng)所受合外力為零時(shí)，系統(tǒng)動(dòng)量守恒；由動(dòng)能定理或機(jī)械能守恒定律求出物塊滑到B點(diǎn)時(shí)的速度，然后由動(dòng)量守恒定律求出物塊與小車的共同速度，即為最大速度。【詳解】A項(xiàng)：在物塊從A位置運(yùn)動(dòng)到B位置過(guò)程中，小車和物塊構(gòu)成的系統(tǒng)在受到的合力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，但在水平方向上動(dòng)量守恒，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：由功能關(guān)系可知，摩擦力對(duì)物塊和軌道所

22、做的功的代數(shù)和的絕對(duì)值為因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能即損失的機(jī)械能，由系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒可知，最后A物塊和小車都靜止，由能量守恒可知，損失的機(jī)械能為mgR，故B正確；C項(xiàng)：由系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒和“人船模型”可知，mx1=Mx2，x1+x2=L+R，解得：x2=mm+M(L+R)，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：當(dāng)A物塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，小車的速度最大，由水平方向動(dòng)量守恒得：mv1=Mv2，由機(jī)械能守恒得：mgR=12mv12+12Mv22，聯(lián)立解得：v2=2m2gRM2+Mm，故D正確。故應(yīng)選：BD。【點(diǎn)睛】動(dòng)量守恒條件是：系統(tǒng)所受合外力為零，對(duì)物體受力分析，判斷系統(tǒng)動(dòng)量是否守恒；熟練應(yīng)用動(dòng)量守恒定律、動(dòng)能定律、能量守恒

23、定律即可正確解題。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、BD 1.3 D 【解析】(1)1AE本實(shí)驗(yàn)中細(xì)線的拉力由彈簧測(cè)力計(jì)直接測(cè)出，不需要用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M，故AE錯(cuò)誤。B先拿下砂桶，然后將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力，故B正確；C打點(diǎn)計(jì)時(shí)器運(yùn)用時(shí)，都是先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實(shí)驗(yàn)探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系，要同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，故C錯(cuò)誤；D要改變砂和砂桶質(zhì)量，從而改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨F變化關(guān)系，故D正確。故選BD。(2)2根據(jù)公式x

24、=aT2依據(jù)逐差法可得小車加速度。由于兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有二個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫出，故相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為T=0.06s，可得(3)3由牛頓第二定律得對(duì)圖來(lái)說(shuō)，圖象的斜率得對(duì)于斜率k，不能根據(jù)k=tan求解，所以不能根據(jù)可求小車的質(zhì)量M，故ABC錯(cuò)誤，D正確。12、勻速直線 0.1115 0.1105 0.015 【解析】(1)物塊平衡阻力需要依靠自身的重力的分力來(lái)平衡，所以物塊所受合外力為零，做勻速直線運(yùn)動(dòng)；(2)根據(jù)功的公式求出合外力做功的大小，結(jié)合某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出點(diǎn)的速度，從而得出動(dòng)能的變化量；(3)根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量求出加速度，對(duì)砝碼和砝碼盤分析，根據(jù)牛頓第二定律求出砝碼的質(zhì)量?！驹斀狻?1)1物塊所受合外力為零時(shí)，物塊所受阻力