2022-2023學年北京市朝陽區(qū)17中物理高三上期中經(jīng)典模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、北京正負電子對撞機是我國第一臺高能加速器，由電子注入器、儲存環(huán)、探測器、核同步輻射區(qū)、計算中心等 5 個部分組成，其儲存環(huán)的周長為 240 米某同學在參觀時得知此時在儲存環(huán)中繞環(huán)圓周運動的電子有 51012 個，形成的電流為 10m

2、A，則可估算出儲存環(huán)中電子的平均移動速率為（ ）A3107m/sB3106m/sC9107m/sD9106m/s2、盧瑟福提出原子核式結構的實驗基礎是粒子散射實驗，在粒子散射實驗中，大多數(shù)粒子穿越金箔后仍然沿著原來的方向運動，其較為合理的解釋是()A粒子穿越金箔時距離原子核較近B粒子穿越金箔時距離原子核較遠C粒子穿越金箔時沒有受到原子核的作用力D粒子穿越金箔時受到原子核與電子的作用力構成平衡力3、如圖，甲蟲沿樹枝緩慢地從A向上爬到B的過程中，樹枝對甲蟲的作用力（）A一直增大B一直減小C保持不變D先減小后增大4、兩顆人造衛(wèi)星繞地球運動周期相同，軌道如圖所示，分別為圓軌道和橢圓軌道，AB為橢圓的長

3、軸，C、D為兩軌道交點。已知橢圓軌道上的衛(wèi)星到C點時速度方向與AB平行，則下列說法中正確的是( )A衛(wèi)星在圓軌道的速率為,衛(wèi)星橢圓軌道A點的速率為,則B衛(wèi)星在圓軌道的速率為,衛(wèi)星在橢圓軌道B點的速率為,則C兩個軌道上的衛(wèi)星運動到C點時的加速度相同D兩個軌道上的衛(wèi)星運動到C點時的向心加速度大小相等5、在物理學發(fā)展過程中，有許多科學家做出了貢獻，下列說法正確的是（ ）A牛頓通過多年觀測記錄行星的運動，提出了行星運動的三大定律B卡文迪許發(fā)現(xiàn)萬有引力定律，被人們稱為“能稱出地球質(zhì)量的人”C伽利略利用“理想斜面”得出“力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因”的觀點D開普勒從理論和實驗兩個角

4、度，證明了輕、重物體下落一樣快，從而推翻了古希臘學者亞里士多德的“小球質(zhì)量越大下落越快”的錯誤觀點6、傳送帶在工農(nóng)業(yè)生產(chǎn)和日常生活中都有著廣泛的應用。如圖甲，傾角為的傳送帶以恒定速率逆時針轉動，現(xiàn)將m=4kg的貨物放在傳送帶上的A點，貨物與傳送帶的速度v隨時間t變化的圖象如圖乙，整個過程傳送帶是繃緊的，貨物經(jīng)過1.2s到達B點，已知重力加速度g=10m/s2。下下列說法正確的是（ ）A貨物在0.2-1.2s內(nèi)的加速度大小為1m/s2BA、B兩點的距離為1.5mC貨物從A運動到B的過程中，貨物與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量為3.2JD貨物從A運動到B的過程中，傳送帶對貨物做的功為4J二、多項選擇題：

5、本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、給滑塊一初速度v0使它沿光滑斜面向上做勻減速運動，加速度大小為，當滑塊速度大小減小為時，所用時間可能是（）ABCD8、一列簡諧橫波在t=0時刻的圖像如圖甲所示，平衡位置位于x=15m處的A質(zhì)點的振動圖像如圖乙所示，下列說法中正確的是_A這列波沿x軸負方向傳播B這列波的波速是C從t=0開始，質(zhì)點P比質(zhì)點Q晚0.4s回到平衡位置D從t=0到t=0.1s時間內(nèi)，質(zhì)點Q加速度越來越小E.從t=0到t=0.6s時間內(nèi)，質(zhì)點A的位移為4m9、在星球M上將一輕彈

6、簧豎直固定在水平桌面上，把物體P輕放在彈簧上端，P由靜止向下運動，物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關系如圖中實線所示在另一星球N上用完全相同的彈簧，改用物體Q完成同樣的過程，其ax關系如圖中虛線所示，假設兩星球均為質(zhì)量均勻分布的球體已知星球M的半徑是星球N的3倍，則AM與N的密度相等BQ的質(zhì)量是P的3倍CQ下落過程中的最大動能是P的4倍DQ下落過程中彈簧的最大壓縮量是P的4倍10、下列說法中正確是（ ）A氣體對容器壁有壓強是氣體分子對容器壁頻繁碰撞的結果B物體溫度升高，組成物體的所有分子速率均增大C一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過程中氣體一定從外界吸收熱量D自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無

7、序性增大的方向進行的E.飽和汽壓與分子數(shù)密度有關，與溫度無關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖(a)為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖圖中E是電池；R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250 A，內(nèi)阻為480 .虛線方框內(nèi)為換擋開關，A端和B端分別與兩表筆相連該多用電表有5個擋位，5個擋位為：直流電壓1 V 擋和5 V擋，直流電流1 mA擋和2.5 mA 擋，歐姆100 擋 (1)圖(a)中的A端與_（填“紅”或“黑”）色表筆相連接(2)關于R6的使用，下列說法正確的是_（填正確答案

8、標號）A在使用多用電表之前，調(diào)整R6使電表指針指在表盤左端電流“0”位置B使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調(diào)整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置C使用電流擋時，調(diào)整R6使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置(3)根據(jù)題給條件可得R1R2_，R4_.(4)某次測量時該多用電表指針位置如圖（b）所示若此時B端是與“1”相連的，則多用電表讀數(shù)為_；若此時B端是與“3”相連的，則讀數(shù)為_；若此時B端是與“5”相連的，則讀數(shù)為_（結果均保留3位有效數(shù)字）12（12分）小芳和小強兩位同學采用了不同的實驗方案來研究平拋運動(1)小芳同學利用如圖甲所示的裝置進行實驗下列說法正確的是_.A、應使小球每次從

9、斜槽上同一位置由靜止釋放B、斜槽軌道必須光滑C、斜槽軌道的末端必須保持水平D、本實驗必須的器材，還有刻度尺和停表(2)小強同學利用頻閃照相機方式研究平拋運動.如圖乙為一小球做平拋運動的頻閃照片的一部分圖中背景方格的邊長均為5.0cm，不計空氣阻力，取重力加速度g=10m/s2.則照相機兩次閃光的時間間隔t=_s，小球被拋出時的水平速度v=_m/s.(結果均保留兩位有效數(shù)字)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，在光滑的水平軌道上停放著甲、乙兩車，兩車相距=5m，彈射裝置使甲車獲得=3m/s的瞬時速

10、度向乙車運動的同時，乙車的風洞開始工作，將風吹向固定在甲車的擋風板上，從而使乙車獲得了速度.測繪裝置得到了甲、乙兩車的v-t圖象如圖乙所示.求：（1）甲、乙兩車的質(zhì)量之比；（2）兩車相距最近時的距離.14（16分）如圖甲所示，質(zhì)量M=0.2kg的平板放在水平地面上，質(zhì)量m=0.1kg的物塊（可視為質(zhì)點）疊放在平板上方某處，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)對平板施加一水平向右的拉力，在01.5s內(nèi)該拉力F隨時間的變化關系如圖乙所示，1.5s末撤去拉力。已知物塊未從平板上掉下，認為最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)1=0.2，平板與地面間的動摩擦因數(shù)2=0.4，取g=10m/s2。

11、求:（1）01s內(nèi)物塊和平板的加速度大小a1、a2；（2）1s末物塊和平板的速度大小v1、v2以及1.5s末物塊和平板的速度大小、；（3）平板的最短長度L。15（12分）如圖所示，豎直光滑半圓軌道COD與水平粗糙軌道ABC相切于C點，軌道的AB部分可繞B點轉動，一質(zhì)量為m的滑塊（可看作質(zhì)點）在水平外力F的作用下從A點由靜止開始做勻加速直線運動，到B點時撤去外力F，滑塊恰好能通過最高點D，現(xiàn)將AB順時針轉過37，若將滑塊從A點由靜止釋放，則滑塊恰好能到達與圓心等高的O點（不計滑塊在B點的能量損失）。已知滑塊與軌道ABC間的動摩擦因素=0.5，重力加速度g， BC=R2。求：（1）水平外力F與滑塊

12、重力mg的大小的比值。（2）若斜面AB光滑，其他條件不變，滑塊仍從A點由靜止釋放，求滑塊在D點處對軌道的壓力大小。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】設單位長度上的電子數(shù)目為n，則單位長度上電子的電荷量q=ne。t秒內(nèi)電子通過的距離x=vt，t秒內(nèi)通過某橫截面的電荷量q=xq=nevt，由得：，所以：A. 3107m/s。故A錯誤；B. 3106m/s。故B正確；C. 9107m/s。故C錯誤；D. 9106m/s。故D錯誤。2、B【解析】A.當粒子與核十分接近時，會受到很大庫侖斥力，會發(fā)生大角度的偏轉，

13、故A錯誤；BCD.當粒子穿過原子時，電子對粒子影響很小，影響粒子運動的主要是原子核，離核較遠的粒子受到的庫侖斥力很小，運動方向改變小，故B正確，CD錯誤故選B。3、C【解析】樹枝對甲蟲的作用力是靜摩擦力和支持力的合力，始終與重力平衡，故大小和方向一直不變。故選C。4、C【解析】A、橢圓軌道II上的A點為近地點到遠地點B，引力做負功，故有，過A點和B點做兩圓軌道，由可知，A點的圓變軌為過A點橢圓需要加速有，則有；B點的橢圓變軌為圓也需要加速，則，故有；則A，B均錯誤.C、兩個軌道上的衛(wèi)星運動到C點時，所受的萬有引力相等，根據(jù)牛頓第二定律知加速度相同；故C正確.D、因為兩個軌道上的衛(wèi)星在C點的萬有

14、引力加速度大小相等，而在軌道I上向心加速度與萬有引力加速度大小相等，在軌道II上向心加速度等于于萬有引力的切向分加速度，故可知在兩個軌道上向心加速度大小不等；故D錯誤.故選C.【點睛】本題考查萬有引力定律、開普勒第三定律、牛頓第二定律等知識，知道衛(wèi)星變軌的原理是解決本題的關鍵.5、C【解析】解: A、開普勒提出了行星運動的三大定律,牛頓在此基礎上發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律,故A錯誤.B、牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律后,英國物理學家卡文迪許利用扭秤實驗裝置比較準確地測出了萬有引力常量G,所以B選項是錯誤的.C、伽利略利用“理想斜面”否定了“力是維持物體運動的原因”的觀點,得出了“力是改變物體運動狀態(tài)的原因”的觀

15、點,故C正確.D、伽利略從理論和實驗兩個角度,證明了輕、重物體下落一樣快,從而推翻了古希臘學者亞里士多德的“小球質(zhì)量越大下落越快”的錯誤觀點.故D錯誤.所以C選項是正確的6、A【解析】A.由圖象可知，貨物在內(nèi)的加速度大小為：故A正確；B. 物塊在傳送帶上先做勻加速直線運動，當速度達到傳送帶速度，一起做勻速直線運動，所以物塊由到的間距對應圖象所圍梯形的“面積”，為：故B錯誤；C.由圖象可知，物塊在傳送帶上先做勻加速直線運動，加速度為：對物體受摩擦力，方向向下，重力和支持力，得：同理，做的勻加速直線運動，對物體受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，得：聯(lián)立解得：，根據(jù)功能關系，貨物與傳送帶摩擦

16、產(chǎn)生的熱量等于摩擦力乘以相對位移做勻加速直線運動，位移為：皮帶位移為：皮1相對位移為：皮1同理：做勻加速直線運動，位移為：皮2相對位移為：皮2故兩者之間的總相對位移為：貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為：故C錯誤；D、根據(jù)功能關系，做勻加速直線運動，物體受摩擦力，方向向下，傳送帶對貨物做的功：同理做勻加速直線運動，物體受摩擦力，方向向上，傳送帶對貨物做的功：所以整個過程，傳送帶對貨物做功為：故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】當滑塊速度大小減為時，其方

17、向可能與初速度方向相同，也可能與初速度方向相反，因此要考慮兩種情況，即v=或v=-，代入公式t= ，得t= 或t=，故BC正確AD錯誤。故選BC。8、ACD【解析】由乙圖知，t=0時刻質(zhì)點A的速度方向為沿y軸正方向，在甲圖中，由波形平移法可知該波的傳播方向為沿x軸負方向故A正確由甲圖讀出該波的波長為 =20m，由乙圖周期為：T=1.2s，則波速為：故B錯誤圖示時刻質(zhì)點P沿y軸負方向，質(zhì)點Q沿y軸正方向，所以質(zhì)點P比質(zhì)點Q晚回到平衡位置，其時間等于波向左傳播 所用的時間，即，故C正確t=0時刻質(zhì)點Q向上振動，t=0.1s時回到平衡位置，則從t=0到t=0.1s時間內(nèi)，質(zhì)點Q加速度越來越小，選項D

18、正確；從t=0時質(zhì)點A在平衡位置向上振動，t=0.6s=0.5T時質(zhì)點A仍在平衡位置向下振動，則從t=0到t=0.6s時間內(nèi)，質(zhì)點A的位移為0，選項E錯誤；故選ACD.點睛：本題既要理解振動圖象和波動圖象各自的物理意義，由振動圖象的斜率能判斷出質(zhì)點的速度方向，運用波形的平移法判斷波的傳播方向，更要把握兩種圖象的內(nèi)在聯(lián)系9、AC【解析】A、由a-x圖象可知，加速度沿豎直向下方向為正方向，根據(jù)牛頓第二定律有：，變形式為：，該圖象的斜率為，縱軸截距為重力加速度根據(jù)圖象的縱軸截距可知，兩星球表面的重力加速度之比為：；又因為在某星球表面上的物體，所受重力和萬有引力相等，即：，即該星球的質(zhì)量又因為：，聯(lián)立

19、得故兩星球的密度之比為：，故A正確；B、當物體在彈簧上運動過程中，加速度為0的一瞬間，其所受彈力和重力二力平衡，即：；結合a-x圖象可知，當物體P和物體Q分別處于平衡位置時，彈簧的壓縮量之比為：，故物體P和物體Q的質(zhì)量之比為：，故B錯誤；C、物體P和物體Q分別處于各自的平衡位置（a=0）時，它們的動能最大；根據(jù)，結合a-x圖象面積的物理意義可知：物體P的最大速度滿足，物體Q的最大速度滿足：，則兩物體的最大動能之比：，C正確；D、物體P和物體Q分別在彈簧上做簡諧運動，由平衡位置（a=0）可知，物體P和Q振動的振幅A分別為和，即物體P所在彈簧最大壓縮量為2，物體Q所在彈簧最大壓縮量為4，則Q下落過

20、程中，彈簧最大壓縮量時P物體最大壓縮量的2倍，D錯誤；故本題選AC10、ACD【解析】氣體對容器壁有壓強是氣體分子對容器壁頻繁碰撞的結果，選項A正確；物體溫度升高，組成物體的所有分子的平均速率變大，并非所有分子的速率均增大，選項B錯誤；一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過程中，溫度升高，內(nèi)能增大，對外做功，故氣體一定從外界吸收熱量，選項C正確；根據(jù)熵原理，自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的，選項D正確；飽和汽壓與溫度有關，且隨著溫度的升高而增大故E錯誤；故選ACD.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、黑 B 160 88

21、0 1.47mA 1.10103 2.95 V 【解析】(1)1 歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負極與紅表筆相連，即紅進黑出，端與電池正極相連，電流從端流出，端與黑表筆相連；(2)2由電路圖可知只在測量電阻時才接入電路，故其作用只能進行歐姆調(diào)零，不能進行機械調(diào)零，同時在使用電流檔時也不需要調(diào)節(jié)；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析相符，故B正確；C.與分析不符，故C錯誤；(3)3端與“1”“2”相連時，該多用電表擋位分別為直流2.5 mA擋、直流1 mA擋，如圖所示由電表的改裝原理可知端與“2”相連時，有：解得：4端與“4”相連時，如圖所示多用電表為直流電壓1 V擋，表頭并聯(lián)部分電阻：(4)

22、5端與“1”相連時，電表讀數(shù)為1.47 mA；6端與“3”相連時，多用電表為歐姆100擋，讀數(shù)為：7端與“5”相連時，多用電表為直流電壓5 V 擋，讀數(shù)為：12、AC 0.1 2 【解析】（1）A、為使小球做平拋運動的初速度相等，應使小球每次從斜槽上同一位置由靜止釋放，故A正確；B、只要每次把小球從軌道同一位置由靜止釋放即可保證小球的初速度相等，斜槽軌道沒有必要光滑，故B錯誤；C、為使小球離開斜槽后做平拋運動，斜槽軌道的末端必須保持水平，故C正確；D、本實驗不需要用秒表測量時間，故D錯誤；故選AC(2)小球在豎直方向做自由落體運動，由勻變速直線運動的推論：x=at2可得：，小球的水平速度：；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1:2（2）2m【解析】（1）由圖象可知，根據(jù)牛頓第三定律，由題可知：解得 （2）甲、乙速度相等，均為1m/s此時兩車相距最近對乙車：對甲車：解得=2s 車的位移等于v-t圖線與坐標軸所圍面積，有m=4mm=1m兩車相距最近時的距離為=2m14、（1）a1=2m/s2，a2=3m/s2；（2）v1=2m/s，v2=3m/s；=3m/s；（3）L=1.35m?！窘馕觥浚?） 內(nèi)，物塊與平板間、平板與地面間的滑動摩擦力大小分別為： 設物