(浙江專版)高考物理一輪復(fù)習(xí)第3章相互作用檢測(cè)

1、第三章檢測(cè)相互作用（時(shí)間:60分鐘 滿分：100分）一、選擇題（每小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，共70分）1.中國女排在2016年奧運(yùn)會(huì)比賽中再度奪冠。圖為比賽而精彩瞬間的照片，此時(shí)排球受到的力有（）A.推力B.重力、推力C.重力、空氣對(duì)球的作用力D.重力、推力、空氣對(duì)球的作用力2.如圖所示的裝置中，小球的質(zhì)量均相同，彈簧和細(xì)線的質(zhì)量均不計(jì)，一切摩擦忽略不計(jì)，平衡時(shí)各彈簧的彈力分別為 Fi、F2、F3,其大小關(guān)系是（）A.Fi=E=RC.Fi=F>FB.Fi=E<F3D.F3>Fi>F2i3.關(guān)于由滑動(dòng)摩擦力公式Ff= F n推出的,下列說法正確的是（）越大越小A.動(dòng)摩擦因數(shù)與

2、摩擦力Ff成正比，F(xiàn)f越大B.動(dòng)摩擦因數(shù)與正壓力Fn成反比，F(xiàn)n越大C.與Ff成正比，與Fn成反比D.的大小由兩物體接觸面的情況及其材料性質(zhì)決定水平橫梁一端 A插在墻壁內(nèi)，另一端裝有一小滑輪 B,一輕繩的一端 C固定于墻壁上，另一端跨過滑輪后懸掛一質(zhì)量為 m=0 kg的重物，/CBA30。，如圖所示，則滑輪受到繩子的作用力的大小為()A.50 NB.20 NC.100 ND.100 ; N8如圖所不，質(zhì)量為m的正方體和質(zhì)量為m的正方體放在兩豎直墻和水平面間,處于靜止?fàn)顟B(tài)。m和m4.如圖所示，三根相同的繩子末端連接于O點(diǎn),A B端固定,C端受一水平力 F,當(dāng)F逐漸增大時(shí)（O點(diǎn)位置保持不變）,最先

3、斷的繩子是（A.OA迪B.OB迪C.OC迪D.三繩同時(shí)斷的接觸面與豎直方向的夾角為a ,重力加速度為g,若不計(jì)一切摩擦，下列說法正確的是（）A.水平面對(duì)正方體 m的彈力大小大于（mo+m gB.水平面對(duì)正方體 m的彈力大小為（m+n）gcos aC.墻面對(duì)正方體m的彈力大小為mgan aD.墻面對(duì)正方體 m的彈力大小為tanu5.,一根繩繞過兩個(gè)定滑輪和一個(gè)動(dòng)滑輪如圖所示，某同學(xué)為頸椎病人設(shè)計(jì)的一個(gè)牽引裝置的示意圖兩端各掛著一個(gè)相同的重物，與動(dòng)滑輪相連的帆布帶拉著病人的頸椎（圖中是用手指代替頸椎做實(shí)驗(yàn)），整個(gè)裝置在同一豎直平面內(nèi)。如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是（）只增加繩的長度只增加

4、重物的質(zhì)量只將手指向下移動(dòng)只將手指向上移動(dòng)A.B.C.D.6.如圖所示，一光滑半圓形碗固定在水平面上，質(zhì)量為m的小球用輕繩跨過碗口并連接質(zhì)量分別為m和m的物體，平衡時(shí)碗內(nèi)小球恰好與碗之間沒有彈力，兩繩與水平方向夾角分別為53。、37。，則m ： m2 ： m3 的比值為(已知 sin 53 ° =0. 8,cos 53 ° =0. 6)()A.5 ： 4 ： 3B.4 ： 3 ： 5C.3 ： 4 ： 5D.5 ： 3 ： 4如圖所示，質(zhì)量為mo的楔形物塊靜置在水平地面上，其斜面的傾角為0。斜面上有一質(zhì)量為m的小物塊，小物塊與斜面之間存在摩擦。用恒力F沿斜面向上拉小物塊，使

5、之勻速上滑。在小物塊運(yùn)動(dòng)的過程中，楔形物塊始終保持靜止。則地面對(duì)楔形物塊的支持力的大小為（）A.（mo+mgB.（ mo+mg-FC.（ mo+m） g+Fsin 9 D.（ mo+nmg-Fsin 0 10. I R如圖所示，一種常用的“千斤頂”示意圖，搖動(dòng)手柄能使螺旋桿轉(zhuǎn)動(dòng)并保持水平 ，而A、B間距離發(fā) 生變化，重物就能被頂起或下降。若物重為 G桿AB與AC之間的夾角為0 ,不計(jì)“千斤頂”本身的 重力，則“千斤頂”螺旋桿 AB的拉力大小為（）A.GSin 0B.GCos 0GC.Gtan 0D.miB11.“竹蜻蜓”是一種在中國民間流傳甚廣的傳統(tǒng)兒童玩具，是中國古代一個(gè)很精妙的小發(fā)明，距今

6、已有兩千多年的歷史。其外形如圖所示，呈T字形，橫的一片是由木片經(jīng)切削制成的螺旋槳，當(dāng)中有一個(gè)小孔，其中插一根筆直的竹棍，用兩手搓轉(zhuǎn)這根竹棍，竹蜻蜓的槳葉便會(huì)旋轉(zhuǎn)獲得升力飛上天，隨著升力減弱而最終又落回地面。20世紀(jì)30年代，德國人根據(jù)“竹蜻蜓”的形狀和原理發(fā)明了直升機(jī)的螺旋槳。下列關(guān)于“竹蜻蜓”的說法正確的是（）A. “竹蜻蜓”從手中飛出直至運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，始終在加速上升B. “竹蜻蜓”從手中飛出直至運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，始終在減速上升C.為使“竹蜻蜓”能以圖示方向旋轉(zhuǎn)上升，其槳葉前緣應(yīng)比后緣略高D.為使“竹蜻蜓”能以圖示方向旋轉(zhuǎn)上升，其槳葉前緣應(yīng)比后緣略低12 .如圖所示，小方塊代表一

7、些相同質(zhì)量的鉤碼 ，圖甲中O為輕繩之間聯(lián)結(jié)的節(jié)點(diǎn)，圖乙中光滑的滑 輪跨在輕繩上懸掛鉤碼，兩裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將圖甲中的B滑輪或圖乙中的端點(diǎn) B沿虛線稍稍 上移一些，則關(guān)于0角變化說法正確的是（）角不變化 角變大A.圖甲、圖乙中 0角均增大 b.圖甲、圖乙中 e角均不變C.圖甲中e增大、圖乙中e d.圖甲中e不變、圖乙中 e13 .一鐵球通過三段輕繩 OA OB OC懸掛在天花板上的 A點(diǎn)，輕繩OC全接在輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)上。第一次，保持結(jié)點(diǎn)O位置不變，某人拉著輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)從豎直位置緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)到水平位置，如圖甲所 示，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)記為 F1。第二次，保持輕繩OCB直于OA緩慢釋放輕繩，使輕繩O

8、A專動(dòng)到豎直位置，如圖乙所示，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)記為F2o則（）A.F1恒定不變,F2逐漸增大B.Fi、F2均逐漸增大C.F1先減小后增大,F2逐漸減小D.F1逐漸增大，F(xiàn)2先減小后增大14.如圖所示，A、B兩木塊質(zhì)量分別是m、m,與水平地面的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為（11、（12。兩木塊放在水平面上，它們之間用細(xì)線相連，兩次連接情況中細(xì)線傾斜方向不同但傾角一樣。先后用相同的 水平力F拉著A、B一起勻速運(yùn)動(dòng)，則 用、邛之比是（）A.1 : 1B. nA ： mC.m> ： nAD.無法確定 二、非選擇題（共30分）15.（6分）下圖是探究求合力的方法實(shí)驗(yàn)示意圖。將橡皮條的一端固定于A點(diǎn)，圖甲表示在

9、兩個(gè)拉力F1、F2的共同作用下，將橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉長到 O點(diǎn)；圖乙表示準(zhǔn)備用一個(gè)拉力F拉橡皮條，圖丙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的力的合成圖示。甲匕丙（1）有關(guān)此實(shí)驗(yàn)，下列敘述正確的是 （填正確答案標(biāo)號(hào)）。A.在進(jìn)行圖甲的實(shí)驗(yàn)操作時(shí)，F(xiàn)1、F2的方向必須互相垂直B.在進(jìn)行圖乙的實(shí)驗(yàn)操作時(shí)，必須將橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到O點(diǎn)C.在進(jìn)行圖甲的實(shí)驗(yàn)操作時(shí)，保證O點(diǎn)的位置不變，F(xiàn)1變大時(shí)，F(xiàn)2 一定變小D.在誤差允許的范圍內(nèi)，拉力F 一定等于F1、F2的代數(shù)和（2）圖丙中F'是以F1、F2為鄰邊構(gòu)成的平行四邊形的對(duì)角線，一定沿AO方向的是（選填“F” 或 “ F'”）。16.（8分）某同學(xué)在探究彈

10、力和彈簧伸長的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得圖中彈簧OC勺勁度系數(shù)為500N/m。如圖甲所示，用彈簧OG口彈簧測(cè)力計(jì)a、b做“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)。在保持彈簧伸長1. 00 cm不變的條件下甲乙(1)若彈簧測(cè)力計(jì)a、b間夾角為90。，彈簧測(cè)力計(jì)a的讀數(shù)是N(圖乙中所示，則彈簧測(cè)力計(jì)b的讀數(shù)可能為 N。(2)若彈簧測(cè)力計(jì)a、b間夾角大于90。，保持彈簧測(cè)力計(jì) a與彈簧OC勺夾角不變，減小彈簧測(cè)力計(jì) b與彈簧OC勺夾角，則彈簧測(cè)力計(jì)a的讀數(shù)、彈簧測(cè)力計(jì)b的讀數(shù)。(均選填“變大” “變小”或“不變”)17.(16分)如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為 m=8 kg的物體置于傾角為 37。的斜面上，在水平力F作用下保持靜 止

11、。求下列情形下物體與斜面之間的靜摩擦力的大小和方向(g取10 m/s 2)。(1) F=50 N;(2) F=60N;(3) F=70 No第三章檢測(cè) 相互作用1. C題圖中排球受到的力是重力、空氣對(duì)球的阻力，所以答案為 C。此刻人手與球并沒有接觸，所以沒有推力，所以選項(xiàng)A、日D均錯(cuò)。2. A3. D動(dòng)摩擦因數(shù)的大小由接觸面的粗糙程度及材料性質(zhì)決定，與摩擦力Ff和正壓力Fn無關(guān),一旦材料和接觸面的情況確定了 ，動(dòng)摩擦因數(shù)也就確定了，故D正確。4. C滑輪受到繩子的作用力應(yīng)等效為兩段繩中拉力F1和F2的合力，因同一根繩張力處處相等，都等于物體的重力，即F尸B=G=mgW0 N。用平行四邊形定則作

12、圖，如圖所示，可知合力F=100 N,所以滑 輪受繩的作用力為100 N,方向與水平方向成 30°角斜向下，正確選項(xiàng)為Co5. A 對(duì)結(jié)點(diǎn)O受力分析，受三根繩子的拉力，根據(jù)平衡條件的推論得，水平和豎直兩繩拉力的 合力與OA期的拉力等大反向，作出平行四邊形，解得三根繩中 OA南的拉力最大，在水平拉力逐漸增 大的過程中，OA期先達(dá)到最大值，故OA期先斷,A項(xiàng)正確。6. D由于兩墻面豎直，對(duì)m和m整體受力分析可知，地面對(duì)m0的彈力大小等于(m+n)g,A、B錯(cuò)誤；在 水平方向，墻對(duì)m0和m的彈力大小相等、方向相反 ，隔離物體m受力分析如圖所示，根據(jù)平行四邊形mg叫定則可得m受到的墻對(duì)它的彈

13、力大小為 小口所以m受到墻面的彈力大小也為tan優(yōu),c錯(cuò)誤,D正 確。7.A對(duì)動(dòng)滑輪受力分析，受重力、兩個(gè)對(duì)稱的拉力，拉力等于懸掛物體的重力mg如圖，由題可知，由平衡條件得2Ftcos 0 =F,而且拉力F=mg如果只增加繩的長度時(shí),由于兩個(gè)細(xì)線拉力也不變,動(dòng) 滑輪位置不變，即夾角8不變，故三個(gè)力大小方向都不變，則F不變，故錯(cuò)誤；增加重物的重力，兩 個(gè)拉力變大，動(dòng)滑輪位置不變，則兩拉力夾角不變，故合力變大，故手要用較大的力，故正確；手指 向下移動(dòng)，兩個(gè)拉力大小不變，夾角變小，故兩拉力合力變大，故手要用較大的力，故正確；手指向 上移動(dòng)，兩個(gè)拉力大小不變，夾角變大，故兩拉力合力變小，故手要用較小的

14、力，故錯(cuò)誤。8. A小球m受力如圖所示，由三力平衡的知識(shí)可知，F(xiàn)t2、Ft3的合力大小等于 mg,方向豎直向上，F(xiàn)T2=mgsin 53 ° =mg, FT3=mgcos 53 ° =mg,解得 m ： m2 ： m=5 ： 4 ： 3,選項(xiàng) A 正確。9. D沿斜面勻速上滑的小物塊和楔形物塊都處于平衡狀態(tài)，可將二者看作一個(gè)處于平衡狀態(tài)的整體，由豎直方向受力平衡可得 (m+mg=F+Fsin 0，解得R=(m+mg-Fsin 8。10. D如圖所示，將重力G分解到沿BATT向白拉AB桿的力Fi和沿AC方向白壓AC桿的力F2,GG即得區(qū)二田仇則螺旋桿AB的拉力大小為tang。

15、11. C “竹蜻蜓”從手中飛出直至運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，由于剛開始它旋轉(zhuǎn)很快，故產(chǎn)生向上的升力較大，會(huì)加速上升，但隨著轉(zhuǎn)速的減慢，重力大于升力時(shí)，減速上升，故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；為使 “竹蜻蜓”能以圖示方向旋轉(zhuǎn)上升，其槳葉前緣應(yīng)比后緣略高，使得空氣對(duì)它的作用力斜向上 ，從而產(chǎn)生向上的升力，故選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤。12. B題圖甲中，根據(jù)鉤碼個(gè)數(shù)，三個(gè)力正好構(gòu)成直角三角形，若端點(diǎn)B沿虛線稍稍上移一些， 三力大小不變，根據(jù)力的合成法則，可以知道，方向不變，即夾角不變。題圖乙中，因光滑的滑輪，且 繩子中的張力相等，則A、B的力總是相等的，因此合力平分 A、B繩的夾角，即使稍上移，繩子張力 大小仍不變，則

16、根據(jù)力的合成法則，可以知道，AB夾角也不變。13. C在圖甲中，對(duì)O點(diǎn)受力分析，抓住兩根繩的合力等于物體的重力 ，其大小和方向都不 變，OA繩拉力方向不變，根據(jù)平行四邊形定則得，如圖甲，知OA南上拉力Fi先減小后增大。在圖乙中 假設(shè)AO與豎直方向的夾角為 e ,由平衡條件得F2=msin 0 , 0減小，則F2逐漸減小。所以 C選項(xiàng) 是正確的。14. A對(duì)左圖情形，分析受力情況，根據(jù)平衡條件得F=FfA+FfB； FfA=i(mAg-FTisin0);Ftb=(12(mg+Risin8 ),聯(lián)立得到F=(i i(mAg-FTisin0 ) +2(mg+Risin0 ) =(i1mg+-rrag

17、-li-(i2)FTisin0 。同理，左圖情形，分析受力情況，根據(jù)平衡條件得F=(i i(mAg+F2Sin8 ) + 2( rmg-FT2Sin0 ) =imAg+2mmg+(i-2)FT2Sin9解得(1 i= (1 2,所以!Ii： (1 2之比是i ： i。15 . (i)B16 .答案解析(2) F3 .003. 02 3.094. 1(有效數(shù)字不作要求)(2)變大 變大由題圖乙可知彈簧測(cè)力計(jì)a的讀數(shù)是Fi=3. 0 N;因合力為F=kx=500X 0. 01 N=5 N,兩分力的夾角為90。，則另一個(gè)分力的大小為F2=. 2'1 =4. 0 No(2)若彈簧則力計(jì)a、b間的夾角大于90=：保持彈簧測(cè)力計(jì) a與彈簧OC的夾角不變，減小彈簧 測(cè)力計(jì)b與彈簧OC勺夾角，根據(jù)力的平行四邊