四川省宜賓市第四中學(xué)2019屆高三物理下學(xué)期4月月考試題(含解析)

1、A、B恰四川省宜賓市第四中學(xué)2019屆高三4月月考理綜-物理試題1 .社獵陷具有放射性，它能放出一個新的粒子而變?yōu)殒V翁Pi,同時伴隨有丫射線產(chǎn)生，其方程為韻Tit%4P口十X ,社的半衰期為24天.則下列說法中正確的是A. x為質(zhì)子B. x是社核中的一個中子轉(zhuǎn)化成一個質(zhì)子時產(chǎn)生的C. 丫射線是鎂原子核外電子躍遷放出的D. 1g社都由經(jīng)過120天后還剩0.2g社【答案】B【解析】【詳解】(1)根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒知社核符陷衰變過程中放出了一個電子，即X為電子,故A錯誤；(2) 3衰變的實質(zhì)：3衰變時釋放的電子是由核內(nèi)一個中子轉(zhuǎn)化成一個質(zhì)子同時產(chǎn)生的，即;依-*吊+ ：?故B正確；(3) 丫射線

2、是鎂原子核放出的，故C錯誤；(4)社 半衰期為24天，曾社丹茶附經(jīng)過120天后，發(fā)生5個半衰期，1gtt經(jīng)過120天后還剩0.03125g ,故D錯誤;故本題正確答案選 Bo2.如圖所示，物體 A的質(zhì)量&JB的質(zhì)量，繩子白勺3,繩與滑輪間的摩擦可不計,好處于平衡狀態(tài)，如果將懸點“P靠近Q少許使新平衡，則A.物體A的重力勢B.物體B重力勢能增大C.繩的張力減小D. P處繩與豎直方向的夾角減小【答案】A【解析】B物體對繩子的拉力不變，等于大小恒定，重力恒定,個的夾,如圖PB的重力勢能減小，故所以物體A上升,A的重力正確；BCD昔誤;故選Ao【點睛】關(guān)鍵抓住平平衡時兩側(cè)繩子的拉力關(guān)于豎直方向

3、具B的重力；動口物體 A整體受重力和兩個拉力，拉力可"，B下降，所以-6 -3.如圖所示理想變壓器原線圈輸入電壓乜=”科'也區(qū)，副線圈電路中R0為定值電阻，R是滑動變阻器。Vi和V2是理想交流電壓表，示數(shù)分別用Ui和U2表示；Ai和A是理想交流電流表，示數(shù)分另1J用1l和I 2表不。下列說法正確的是A.”廣時， =心B.滑片P向下滑動過程中，U變小C.滑片P向下滑動過程中，廿增大D.滑片P向下滑動過程中，Ii變大【答案】D【解析】A Vi和V2是理想交流電壓表，示數(shù) U和U2表示電壓的有效值，故 A錯誤；BCD滑片P向下滑動過程中，總電阻減小，副線圈的電壓只與輸入電壓和匝數(shù)有

4、關(guān)，所以U、U2不變，流過 R的電流I2變大，根據(jù)變壓器原理得 Ii變大，故D正確，BC錯誤；故選D?！军c睛】考查了變壓器的構(gòu)造和原理，還考查了電路的動態(tài)分析。4 . 一半彳5為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強磁場，從圓周上P點向紙面內(nèi)各方向發(fā)射質(zhì)量、電量、速率均相同的帶電粒子，這些粒子均從四分之一圓周磁場邊界PQ上射出，忽略粒子之間的相互作用。則帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑為C. RD. IR【解析】當(dāng)軌道半徑小于或等于磁場區(qū)半徑時，粒子射出圓形磁場的點離入射點最遠距離為軌跡直徑, 由幾何關(guān)系得：* =回,解得：f =寫,故選B.5 .磁電式電流表的構(gòu)造如圖（a）所示，在踹形磁鐵的兩極間有

5、一個可以繞軸轉(zhuǎn)動的線圈，轉(zhuǎn)軸上裝有螺旋彈簧和指針。蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場均勻輻向分布，如圖 （b）所示。當(dāng)電流通過線圈時，線圈在安培力的作用下轉(zhuǎn)動，螺旋弓t贊被扭動，線圖停止轉(zhuǎn)動時滿足NBIS=k。，式中N為線圈的匝數(shù)，S為線圈的面積，I為通過線圈的電流，B為磁感應(yīng)強度，。為線圈（指 針）偏角，k是與螺旋彈簧有關(guān)的常量。不考慮電磁感應(yīng)現(xiàn)象，由題中的信息可知（）0:一口 ：:H <t1111（“A.該電流表的刻度是均勻的B.線圈轉(zhuǎn)動過程中受到的安培力的大小變大C.若線圈中通以如圖（b）所示的電流時，線圈將沿逆時針方向轉(zhuǎn)動一 一 _, _ ，、r AHD.更換k值更大的螺旋彈簧，可以增大電流

6、表的靈敏度（靈敏度即）人【答案】A【解析】【詳解】A項：磁場是均勻輻向分布，線圈轉(zhuǎn)動過程中各個位置的磁感應(yīng)強度的大小不變，螺旋彈簧的彈力與轉(zhuǎn)動角度成正比，所以該電流表的刻度是均勻的，故 A正確；B項：磁場是均勻輻向分布，線圈轉(zhuǎn)動過程中各個位置的磁感應(yīng)強度的大小不變，線圈轉(zhuǎn)動過程中各個位置時產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小也不變，所以受到的安培力的大小不變，故B錯誤;C項：若線圈中通以如圖（b）所示的電流時，根據(jù)左手定則，左側(cè)受安培力向上，右側(cè)受安培力向下，所以順時針轉(zhuǎn)動，故C錯誤；D項：更換k值更大的螺旋彈簧，同樣的電流變化導(dǎo)致同樣的安培力變大，但轉(zhuǎn)動角度變化減小，所以靈敏度減小，故 D錯誤。6 .如圖所示

7、，A B、C、D E、R G H是邊長為a的正立方體的八個頂點。下列說法正確的是A.只在F點放置點電荷，則 A、D兩點電勢差等于 C G兩點電勢差B.只在A、B兩點放置等量異種電荷，則 H G兩點電場強度大小相等C.只在B、D兩點放置等量異種電荷，則 A G兩點電勢相等D.在八個頂點均放置電荷量為q的點電荷，則立方體每個面中心的電場強度大小相等【答案】BCD【解析】點電荷周圍電場分布為球?qū)ΨQ分布，距離點電荷距離為r處的電勢甲=二；故A、D兩點電勢C、G兩點電勢差UGn;故A、D兩點電勢差小于rC、G兩點電勢差，故A錯誤；異號電荷電荷量相等，那么，A處點電荷在H處場強與B處點電荷在G處場強大小相

8、等，A處點電荷在G處場強與B處點電荷在H處場強大小相等；根據(jù)幾何關(guān)系，又有H處兩分場強的夾角和 G處兩分場強的夾角相等，故合場強大小相等，故B正確；只在B、D兩點放置等量異種電荷，那么，在BD連線的中垂面上場強方向與中垂面垂直，故中垂面為等勢面；又有A、G在中垂面上，故電勢相等，故 C正確；在八個頂點均放置電荷量為q的點電荷，則立方體每個面上四個點電荷在面中心的場強之和為零，后面四個點電荷在面中心形成的場強垂直平面；又有點電荷電荷量都為q,點電荷到對面面中心的距離相等，故場強大小相等，又有點電荷到面中心的直線與面中心的角度相等，故合場強大小相等，故D正確；故選BCD7 .如圖所示，質(zhì)量均為1k

9、g的木塊M和N疊放在水平地面上，用一根細線分別拴接在木塊 M和 N的右側(cè)，在繩子的中點用力 F=6N拉動M和N一起沿水平面向右以加速度 a=2m/s2作勻加速運 動，細線與豎直方向的夾角 0 = 60° ,重力加速度 g=10m/s2.則下列說法正確的是A.木塊N和地面之間的動摩擦因數(shù)I =0.18 .木塊M和IV之間的最大靜摩擦力可能是內(nèi)'=2.5NC.木塊M對木塊IV的壓力大小為 10ND.若。變小，拉動 M N一起作勻加速運動（a=2m/s2）所需拉力應(yīng)大于 6N【答案】AB【解析】將M N當(dāng)作整體，則由牛頓第二定律：= 口，解得=0.1 ,選項A正確；隔離 物體M：1

10、-/1M川=用口，解得fiM=1N,則木塊M和N之間的最大靜摩擦力可能是 fM=2.5N,選 項B正確；木塊M對木塊N的壓力大小為 品=加0+78$60口，其中F=2Tcos301則Fn=（10+4）N, 選項C錯誤； 當(dāng)看成整體時，無論 0變小，還是變大，拉動 M N一起做a=2m/s2的勻加速 運動所需拉力仍等于 6N,故D錯誤；故選 AB點睛：整體法和隔離法是動力學(xué)問題常用的解題方法，整體法是指對物理問題中的整個系統(tǒng) 或整個過程進行分析、研究的方法.在力學(xué)中，就是把幾個物體視為一個整體，作為研究對象，受力分析時，只分析這一整體對象之外的物體對整體的作用力（外力），不考慮整體內(nèi)部之間的相互

11、作用力.8.如圖所示，質(zhì)量均為 m的a、b、c、d四個帶電小球，其中,a、b、c三個完全相同的小球-17 -的帶電量值均為q（電性未知），且位于光滑絕緣的水平面內(nèi)的同一圓周上繞。點做半徑為R的勻速圓周運動，三個小球等分整個圓周.帶電量值為10q （電性未知）的小球 d位于。點的正上方4?R處，且在外力作用下恰好處于靜止?fàn)顟B(tài).重力加速度為g,靜電力常量為k.則下列說法中正確的是（）A. a、b、c、d四個小球帶電量總和可能為-7qB.15 屏/、，外力的大小為 +萬向豎直向上4即一仃 10q15屏.知：F = mg十4k-asa = mg+, 方向豎直向上，選項 B 正確； 對球 a :J。&q

12、uot; sh以-2 "嚴$三口"二,解得在妙二£ P""次 選項C正確；小球b的動能為(2/?尸(用?產(chǎn)2卬 3mREkk = mvl =' -m(i)zRD =勺包_ 選項 D錯誤；故選 ABC.仙2 0 22曲點睛：本題與圓錐擺類似，關(guān)鍵要正確分析四個小球受力，確定向心力的來源是關(guān)鍵.運用牛頓第二定律和平衡條件研究.三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第 22題第32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題第38題，考生根據(jù)要求作答。9.某同學(xué)用如圖所示的裝置，研究細繩對小車的拉力做功與小車動能變化的關(guān)系。通過改變動滑輪下

13、所掛鉤碼的個數(shù)可以改變細繩對小車的拉力，實驗所用鉤碼質(zhì)量均為mi(1)關(guān)于本實驗，下列說法正確的是 A.實驗時，小車應(yīng)靠近打點計時器，先釋放小車后，再接通電源，打出一條紙帶，同時記錄彈簧秤的示數(shù)B.本實驗不需要平衡摩擦力C.實驗過程中，動滑輪和所掛鉤碼所受的重力等于彈簧秤示數(shù)的2倍D.實驗中不需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量(2)某次實驗時，所掛鉤碼的個數(shù)為2個，記錄的彈簧秤示數(shù)為F,小車質(zhì)量為 M,所得到的紙帶如圖所示，相鄰計數(shù)點間的時間間隔為T,兩相鄰計數(shù)點間的距離分別為S、&、S3、S4,該同學(xué)分析小車運動過程中的BD段，在操作正確的情況下應(yīng)該有等式 成立。山1 S3 +

14、 S4rl 5】+ f【答案】(1). D (2).飛£i£i I£i I【解析】(1)A、實驗時，小車應(yīng)靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車后，打出一條紙帶，同時記錄彈簧秤的示數(shù)，故 A錯誤；日探究外力做功與速度變化關(guān)系的實驗，要求合力為拉力，所以要平衡摩擦力，故B錯誤；一八，“一4一，C實驗過程中，根據(jù)牛頓第二定律可知a =,動滑輪和所掛鉤碼所受的重力大于彈簧m秤示數(shù)的2倍，故C錯誤；D拉力可以由彈簧測力計測出，不需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量遠小于車的總質(zhì)量，故D正確;(2)小車運動過程中的 BD段合力做功為 W = FC% + $),動能的變化量1 115胃

15、+ §41S1 + 5 7叫 =-取產(chǎn),所以操作正確的情況下應(yīng)該有等式2 二2 2T- 乙J1 邑 + $4 7 151+ % 7產(chǎn) + 51 =)2 ;w占££占工10.某實驗小組在測量金屬圓柱體的電阻率的實驗中，先用螺旋測微器測量圓柱體直徑。再用伏安法測量圓柱體的電阻，已知圓柱體的電阻大約為3001。(1)用螺旋測微器測量其直徑時的刻度位置如圖所示，由圖可知其直徑為 mm25加15在用伏安法測定圓柱體的電阻時，除被測金屬圓柱體外，還有如下供選擇的實驗器材:A.電流表Ai(量程為20mA內(nèi)阻約為10)B.電流表為(量程為5mA內(nèi)阻r=2g)C.電壓表V,(量程為

16、3V,內(nèi)阻R約為4k。)砂定值電阻R=10口E.定值電阻R=20|F.滑動變阻器R(023)G.滑動變阻器R(030g)H.直流電源E(電動勢為6V,內(nèi)阻很小)I .開關(guān)S一個，導(dǎo)線若干(2)為使測量結(jié)果盡量準確，減少誤差，實驗中要求電表偏轉(zhuǎn)至少半偏以上，要完成實驗，除了待測圓柱體、電壓表(C)、直流電源(H)、開關(guān)導(dǎo)線(I)、以外，還需要的器材是(填寫器材前的字母編號)； 請在答題卡的規(guī)定位置畫出實驗電路圖 ; 若電壓表、電流表示數(shù)分別為U I ,用題中所給符號寫出待測圓柱體的電阻表達式R=。rn【答案】(1). 4.6984.700 (2). BEF (3).1(4).【解析】(1)由圖示

17、螺旋測微器可知，固定刻度是4.5 mm可動刻度是19.8X0.01 mm0.198mm螺旋測微器的示數(shù)，即金屬絲直接d=4.5 mi+0.198 mm4.698 mimU 3V(2)電壓表量程是3V,電阻兩端最大電壓 U=3V,電路最大電流約為，=£ =右而=1出九4,電路最大電流為20mA的二分之一，電流表 A1(量程為20mA內(nèi)阻約為101)不符合題中要求，因此電流表應(yīng)選電流表 為(量程為5mA內(nèi)阻r=20D)與定值電阻R2=20)并聯(lián)的改裝的電流表； 兩 個滑動變阻器都可以保證電路安全， 為方便實驗操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器 F,還 需要的器材是BEF;(3)由于心2

18、= %0。0：>必即=10><40口0,電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，滑動變阻器最大阻值為20 a ,待測電阻阻值約為 300 a ,滑動變阻器采用分壓接法，移動滑片電路電流變化范圍較大，可以進行多次實驗，測出多組實驗數(shù)據(jù)，電路圖如圖所示， ,u R 根據(jù)歐姆定律和電路結(jié)構(gòu)，待測圓柱體的電阻表達式R =-2! 2L,右側(cè)11.如圖所示，水平絕緣軌道，左側(cè)存在水平向右的有界勻強電場，電場區(qū)域?qū)挾葹楣潭ㄒ惠p質(zhì)彈簧，電場內(nèi)的軌道粗糙，與物體間的摩擦因數(shù)為 科=0.5,電場外的軌道光滑，質(zhì)量為mr帶電量為+q的的物體A從電場左邊界由靜止釋放后加速運動，離開電場后與質(zhì)量為2m的物體B碰撞并粘在一

19、起運動，碰撞時間極短開始B靠在處于原長的輕彈簧左端但不拴接，(A、B均可視為質(zhì)點),已知勻強電場場強大小為 °求： q(1)彈簧的最大彈性勢能；(2)整個過程A在電場中運動的總路程。 l 5114t【答案】(1)(2)【解析】試題分析：根據(jù)動能定理和動量守恒定律，求出物體A碰前的速度，根據(jù)機械能守恒即可求出彈簧的最大彈性勢能；由題意知最終AB靜止在電場外，彈簧處于自由伸長狀態(tài)，AB共同在電場中運動的距離為 x,由能的轉(zhuǎn)化與守恒可得 AB共同在電場中運動的距離，再加上電場區(qū) 域?qū)挾燃纯汕蟪稣麄€過程 A在電場中運動的總路程。(1)物體A碰前的速度為力,根據(jù)動能定理： EqL-pmgL =

20、碰撞過程動量守恒：壓縮過程機械能守恒：Ep+ 2m)詔，-L 51解得(2)最終AB靜止在電場外，彈簧處于自由伸長狀態(tài)，AB共同在電場中運動的距離為x,由能的轉(zhuǎn)化與守恒：A在電場中運動白總距離為 s,位移關(guān)系為：s=L+x聯(lián)立解得：. .點睛：本題主要考查了動能定理和動量守恒的綜合，關(guān)鍵要把握每個過程所遵守的物理規(guī)律, 當(dāng)涉及力在空間的效果時要優(yōu)先考慮動能定理，要注意電場力做功與沿電場力方向移動的距 離成正比。12 .如圖1所示，一質(zhì)量為m=1kg木板A靜止在光滑水平地面上，在t=0時刻，質(zhì)量為M=2kg的小物塊B以初速度V0=3m/s滑上木板左端，經(jīng)過一段時間后木板與墻發(fā)生彈性碰撞。木板長度

21、可保證小物塊在運動過程中不與墻接觸.木板A在00.8s內(nèi)的速度隨時間的變化關(guān)系如圖2所示，重力加速度為 g=10m/s2,求0圖10.4s時亥羽度大小;(1)A B間發(fā)生相對滑動過程中各自加速度(2)勺總熱量。(3)(3)【解析】t=0時刻木板的右端到墻的距離L以【答案】(1)L=0.16m ,叱廣2一6加/5；(2嚴；-從t=0至A于強第5次碰前，A B組碰前(1)由圖2, ti=0.4s時，A與墻第一次碰撞,T=0時刻木板的右端到墻的距離為L ="再由,解得L=0.16mA與墻第一次碰撞前，對 A、B由動量守恒定律可得+也,解得見i =(2)只要A與墻壁碰前A、B未達到共同速度，

22、A就在0L之間向右做勻加速運動，向左做勻減速運動，與墻壁碰前的速度始終為B的加速度aR = =lm/s2, A的加速度大小aA = -=2m/s2(3)設(shè)A與墻發(fā)生n次碰撞后A、B第一次達到共同速度 0，以向右為正，對 B:小二先一陪對 A:廿i 二 口虱Tntj n = 1.2.3,.,聯(lián)立解得 力="16n 第一次到達共同速度 必應(yīng)滿足0工 E,聯(lián)立解得2.25 <n< 3.75，故n=3, % = 04m小設(shè)第4次碰撞后可能的共同速度為 叱,對A、B系統(tǒng)由動量守恒定律可得= (M + m)叱可以得到/ = 因為叱< % ,故在第5次碰撞前 A B已達到共同速度

23、。對A、B整體，由能量守恒定律 Q = 冊上利 十叫吸 解得Q=8.97J;綜上所述本題答案是：(1)L=0.16m ,盯知二*/；汽產(chǎn)即(3) Q = B97J點睛：本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用，分析清楚物體運動過程是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用動量守 恒定律與勻變速直線運動規(guī)律解題。13 .下列說法正確的是 A.氣體放出熱量，其分子的平均動能可能增大B. 一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生等于膨脹過程，其溫度一定升高C.懸浮在液體中的微粒越小，受到液體分子的撞擊就越容易平衡D.當(dāng)液體，表面的分子間距離大于分子間的平衡距離時，液面有表面張力E.某氣體的摩爾體積為V,每個分子的體積為0,則阿伏伽德羅常數(shù)可表示為“工【

24、答案】ABD【解析】【詳解】A項：由熱力學(xué)第一定律可知，氣體放出熱量，若外界對氣體做功，溫度升高，其分子平均動能增大，故 A正確；B項：一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生等壓膨脹過程，等壓變化，壓強不變，由公式可知，體積變大，溫度升高，故 B正確；C項：懸浮在液體中的微粒越小，在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)就越少，不平衡性越明顯，布朗運動就越明顯，故 C錯誤；D項：液體表面分子間距離大于平衡位置間距,分子力表現(xiàn)為引力，所以液體表面存在表面張力，故D正確；E項：某固體或液體的摩爾體積為 V,每個分子的體積為 V0,則阿伏加德羅常數(shù)可表示為 na = , 而對氣體此式不成立，故 E錯誤。14 .如圖所示，一圓柱

25、形氣瓶水平放置，瓶內(nèi)用活塞分為A、B兩部分，分別裝有理想氣體，活塞與瓶內(nèi)壁氣密性好，并可在瓶內(nèi)自由移動，不計摩擦。開始時，A、B兩部分氣體的體積之比為2:1,壓強均為p,大氣溫度為 T, K為閥門。當(dāng)溫度升高時，活塞將如何移動？若因閥門封閉不嚴， B中氣體向外緩慢漏氣，活塞將緩慢移動，整個過程中氣體溫度不變，瓶口處氣體體積可以忽略。當(dāng)活塞向右緩慢移動至 B中體積減為原來一半時， A中氣體的壓強多少？若此過程 A中氣體對外做功為 W則A中氣體內(nèi)能變化多少？【答案】活塞將靜止不動；0.8P,0【解析】【詳解】假設(shè)溫度升高過程中活塞不動，則氣體體積保持不變，氣體發(fā)生等容變化，由查理定律得：P P“， TT，斛得：P二不PT TTi氣體壓強的變化量：由于P、T都相同，兩邊氣體壓強的變化量：AP相同，活塞將靜止不動；設(shè)開始，A的體積為2V,則B的體積為V,由題意可知，氣體 A后來的體積為工5肌，A氣體 發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律得：解得：P' = 0.8P,由于氣體 A的溫度不變，氣體內(nèi)能不變，Af 二 O 。15 .位于坐標原點處的波源 A沿y軸做簡諧運動