錯位相減法求和附答案

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上錯位相減法求和專項錯位相減法求和適用于anbn 型數(shù)列，其中an,bn分別是等差數(shù)列和等比數(shù)列，在應(yīng)用過程中要注意：項的對應(yīng)需正確；相減后應(yīng)用等比數(shù)列求和部分的項數(shù)為（n-1）項；若等比數(shù)列部分的公比為常數(shù)，要討論是否為11. 已知二次函數(shù)的圖象經(jīng)過坐標原點，其導(dǎo)函數(shù)，數(shù)列的前項和為，點均在函數(shù)的圖象上（）求數(shù)列的通項公式；（）設(shè)，是數(shù)列的前項和，求解析考察專題：2.1，2.2，3.1，6.1；難度：一般答案 （）由于二次函數(shù)的圖象經(jīng)過坐標原點，則設(shè)，又點均在函數(shù)的圖象上，當時，又，適合上式，（7分）（）由（）知，上面兩式相減得：整理得（14分）2.已知數(shù)列的各項均為

2、正數(shù)，是數(shù)列的前n項和，且  （1）求數(shù)列的通項公式；  （2）的值.答案查看解析解析 （1）當n = 1時，解出a1 = 3,又4Sn = an2 + 2an3    當時    4sn1 = + 2an-13            , 即， ,（），是以3為首項，2為公差的等差數(shù)列，   6分   （2）又     =   

3、    12分3.（2013年四川成都市高新區(qū)高三4月月考，19,12分）設(shè)函數(shù)，數(shù)列前項和，數(shù)列，滿足.（）求數(shù)列的通項公式；（）設(shè)數(shù)列的前項和為，數(shù)列的前項和為，證明： .答案 () 由，得是以為公比的等比數(shù)列，故.（）由，得，記+，用錯位相減法可求得：. （注：此題用到了不等式：進行放大. ）4.已知等差數(shù)列中，；是與的等比中項（）求數(shù)列的通項公式：（）若求數(shù)列的前項和解析（）因為數(shù)列是等差數(shù)列，是與的等比中項所以，又因為，設(shè)公差為，則，所以，解得或，當時, ，；當時，.所以或.     （6分)（）因為，所以，所以，

4、所以，所以兩式相減得，所以.     （13分）5.已知數(shù)列的前項和，等差數(shù)列中，且公差.（）求數(shù)列、的通項公式；（）是否存在正整數(shù)，使得 若存在，求出的最小值，若不存在，說明理由.解析（）時，相減得：，又，數(shù)列是以1為首項，3為公比的等比數(shù)列，.又，. （6分）（）令得：，即，當，當。的最小正整數(shù)為4.  （12分）6. 數(shù)列滿足，等比數(shù)列滿足.（）求數(shù)列，的通項公式；（）設(shè)，求數(shù)列的前項和.解析 （）由，所以數(shù)列是等差數(shù)列，又，所以，由，所以，所以，即，所以.     （6分)  

5、 （）因為，所以，則，所以，兩式相減的，所以. (12分）7. 已知數(shù)列滿足，其中為數(shù)列的前項和() 求的通項公式；() 若數(shù)列滿足： () ，求的前項和公式.解析) ，       得，又時，.      （5分）() ，兩式相減得，.         （13分）8.設(shè)d為非零實數(shù), an=d+2d2+(n-1) dn-1+ndn(nN*) . () 寫出a1, a2, a3并判斷an是否為等比數(shù)列. 若

6、是, 給出證明;若不是, 說明理由;() 設(shè)bn=ndan(nN*) , 求數(shù)列bn的前n項和Sn. 答案 () 由已知可得a1=d, a2=d(1+d) , a3=d(1+d) 2. 當n2, k1時, =, 因此an=. 由此可見, 當d-1時, an是以d為首項, d+1為公比的等比數(shù)列;當d=-1時, a1=-1, an=0(n2) , 此時an不是等比數(shù)列. (7分) () 由() 可知, an=d(d+1) n-1, 從而bn=nd2(d+1) n-1, Sn=d21+2(d+1) +3(d+1) 2+(n-1) (d+1) n-2+n(d+1) n-1. 當d=-1時, Sn=d

7、2=1. 當d-1時, 式兩邊同乘d+1得(d+1) Sn=d2(d+1) +2(d+1) 2+(n-1) (d+1) n-1+n(d+1) n. , 式相減可得-dSn=d21+(d+1) +(d+1) 2+(d+1) n-1-n(d+1) n=d2. 化簡即得Sn=(d+1) n(nd-1) +1. 綜上, Sn=(d+1) n(nd-1) +1. (12分) 9. 已知數(shù)列an滿足a1=0, a2=2, 且對任意m, nN*都有a2m-1+a2n-1=2am+n-1+2(m-n) 2. () 求a3, a5;() 設(shè)bn=a2n+1-a2n-1(nN*) , 證明:bn是等差數(shù)列;()

8、設(shè)cn=(an+1-an) qn-1(q0, nN*) , 求數(shù)列cn的前n項和Sn. 答案 () 由題意, 令m=2, n=1可得a3=2a2-a1+2=6. 再令m=3, n=1可得a5=2a3-a1+8=20. (2分) () 證明:當nN*時, 由已知(以n+2代替m) 可得a2n+3+a2n-1=2a2n+1+8. 于是a2(n+1) +1-a2(n+1) -1-(a2n+1-a2n-1) =8, 即bn+1-bn=8. 所以, 數(shù)列bn是公差為8的等差數(shù)列. (5分) () 由() 、() 的解答可知bn是首項b1=a3-a1=6, 公差為8的等差數(shù)列. 則bn=8n-2, 即a2

9、n+1-a2n-1=8n-2. 另由已知(令m=1) 可得, an=-(n-1) 2. 那么, an+1-an=-2n+1=-2n+1=2n. 于是, cn=2nqn-1. 當q=1時, Sn=2+4+6+2n=n(n+1) . 當q1時, Sn=2·q0+4·q1+6·q2+2n·qn-1. 兩邊同乘q可得qSn=2·q1+4·q2+6·q3+2(n-1) ·qn-1+2n·qn. 上述兩式相減即得(1-q) Sn=2(1+q1+q2+qn-1) -2nqn=2·-2nqn=2·,

10、所以Sn=2·. 綜上所述, Sn=(12分) 10.已知數(shù)列an是公差不為零的等差數(shù)列,a1=2,且a2,a4,a8成等比數(shù)列.(1)求數(shù)列an的通項公式;(2)求數(shù)列an·的前n項和.答案 (1)設(shè)數(shù)列an的公差為d(d0),由條件可知:(2+3d)2=(2+d)·(2+7d),解得d=2.(4分)故數(shù)列an的通項公式為an=2n(nN*).(6分)(2)由(1)知an·=2n×32n,設(shè)數(shù)列an·的前n項和為Sn,則Sn=2×32+4×34+6×36+2n×32n,32Sn=2×

11、34+4×36+(2n-2) ×32n+2n×32n+2,故-8Sn=2(32+34+36+32n)-2n×32n+2,(8分)所以數(shù)列an·的前n項和Sn=.(12分)11.已知等差數(shù)列滿足又數(shù)列中,且.(1)求數(shù)列,的通項公式; (2)若數(shù)列,的前項和分別是,且求數(shù)列的前項和;(3)若對一切正整數(shù)恒成立，求實數(shù)的取值范圍.答案( 1)設(shè)等差數(shù)列的公差為,則有解得，數(shù)列是以為首項,公比為的等比數(shù)列. 4分(2)由(1)可得，得， 10分(3)，當時, 取最小值,，即，當時，恒成立；當時，由，解得,即實數(shù)的取值范圍是. 14分12.設(shè)為數(shù)列的前

12、項和，對任意的，都有為常數(shù)，且（1）求證：數(shù)列是等比數(shù)列；（2）設(shè)數(shù)列的公比，數(shù)列滿足，求數(shù)列的通項公式；（3）在滿足（2）的條件下，求數(shù)列的前項和答案 188.（1）當時，解得當時，即又為常數(shù)，且，數(shù)列是首項為1，公比為的等比數(shù)列4分（2）由（1）得，是首項為，公差為1的等差數(shù)列，（）9分（3）由（2）知，則， ， 得， 14分13.設(shè)等差數(shù)列an的前n項和為Sn, 且S4=4S2, a2n=2an+1.() 求數(shù)列an的通項公式;() 設(shè)數(shù)列bn的前n項和為Tn, 且Tn+=(為常數(shù)), 令cn=b2n(nN*), 求數(shù)列cn的前n項和Rn.答案 () 設(shè)等差數(shù)列an的首項為a1, 公差為d.由S4=4S2, a2n=2an+1得解得a1=1, d=2.因此an=2n-1, nN*.() 由題意知: Tn=-,所以n2時, bn=Tn-Tn-1=-+=.