2021年廣東省高考物理試題解析

1、2021年省高考物理試題解析一、單項選擇題(共 40分，每題4分，每題只有一個正確選項，答案涂寫在答題卡上。)1 意大利科學(xué)家伽利略在研究物體變速運動規(guī)律時，做了著名的“斜面實驗，他測量了銅球在較小傾角斜面上的運動情況，發(fā)現(xiàn)銅球做的是勻變速直線運動，且銅球加速度隨斜面傾角的增大而增大，于是他對大傾角情況進(jìn)行了合理的外推，由此得出的結(jié)論是()(A) 物體都具有保持原來運動狀態(tài)的屬性，即慣性(B) 自由落體運動是一種勻變速直線運動(C) 力是使物體產(chǎn)生加速度的原因(D) 力不是維持物體運動的原因答案B分值4分考查方向物理學(xué)史易錯點1、正確的結(jié)論不一定是斜面實驗的結(jié)論2、合理的外推需要正確理解解題思

2、路1、從斜面實驗的歷史背景出發(fā)。2、結(jié)合斜面上勻變速直線運動并合理外推。解析伽利略為了驗證自由落體運動是否為勻變速，面臨自由落體時間過短，當(dāng)時的計時工具無法測量的問題，于是從斜面出發(fā)，根據(jù)沿斜面勻加速下滑進(jìn)而把傾角進(jìn)一步增大，最后外推 的傾角90度，即自由落體運動也是勻變速直線運動，其他三項都對，但不是斜面實驗合理外推 的結(jié)論，也不符合斜面實驗結(jié)果。選項B對。2 如圖為某中國運發(fā)動在短道速滑比賽中勇奪金牌的精彩瞬間。假定此時他正沿圓弧形彎道勻速率滑行，那么他()(A) 所受的合力變化，做變加速運動(B) 所受的合力恒定，做變加速運動(C) 所受的合力恒定，做勻加速運動(D) 所受的合力為零，做

3、勻速運動答案A分值4分考查方向勻速圓周運動易錯點1、力是矢量2、加速度是矢量解題思路1、勻速圓周運動的向心力和加速度方向。2、注意矢量性。解析勻速圓周運動，合外力是向心力，方向始終指向圓心，但是力是矢量，大小不變，但是方向在變化，所以合力不是恒力，選項BC錯。根據(jù)牛頓第二定律，加速度方向與合外力方向相同，所以加速度方向也在變化，不是勻變速，而是變加速度，選項A對。3 如圖，在斜面上木塊 A與B的接觸面是水平的，繩子呈水平狀態(tài)，兩木塊均保持靜止。那么關(guān)于木塊A和木塊B受力個數(shù)不可能的是()(A) 2個和4個(C) 4個和4個(B) 3個和4個(D) 4個和5個答案B分值4分考查方向共點力的平衡易

4、錯點1、對繩子是否有拉力分析不到位2、對B和斜面之間有無摩擦認(rèn)識不清 解題思路1、對A隔離分析。2、對AB整體受力分析。解析單獨分析A,自身重力，B對A的支持力，由于拉力和 B對A的摩擦力不確定，而且即使有也是水平方向，所以豎直方向一定受到兩個力，而A靜止，所以水平方向細(xì)繩拉力和B對A的摩擦力必定同時出現(xiàn)，所以 A受力個數(shù)只可能是 2個或者4個。選項B錯。而整體分析，假設(shè)A受力個數(shù)為2個，那么整體受重力，斜面支持力，斜面摩擦力，即B受自身重力，斜面支持力，斜面摩擦力，A對B的壓力四個力。假設(shè) A受力為4個，那么B除去剛剛的4個力之外還有 A對B 的摩擦力。共計5個。4 .百丈漈瀑布是全國單體落

5、差最高的瀑布。第一漈207米，第二漈68米，第三漈12米，三漈相加是287米，折合古時魯班尺是一百丈多 17米，故名百丈漈。假設(shè)忽略上游水的初速度和空氣的阻力， 那么水僅僅下落第一漈后的速度大約是()(A) 6.3m/s( B) 44m/s(C) 63m/s( D) 76m/s答案C分值4分考查方向功能關(guān)系易錯點1、在功能關(guān)系的應(yīng)用上因為無法確定重力而中斷思路2、不能正確認(rèn)識忽略阻力的意義解題思路1、從動能定理出發(fā)，找出重力做功和動能變化的關(guān)系。2、忽略阻力做功情況。 1 2 .解析水僅僅下落第一漈只有重力做功，沒有阻力即mgh mv ,可得v . 2gh 63m/ s。5.我國在近期發(fā)射的“

6、神州十一號和“天宮二號在對接前，“天宮二號的運行軌道高度為393km,"神州號的運行軌道高度約為343km。它們的運行軌道均視為圓周，那么()(A) “天宮二號比“神州十一號速度大(B) “天宮二號比“神州十一號角速度大(C) “天宮二號比“神州十一號加速度大(D) “天宮二號比“神州十一號周期長答案D分值4分考查方向萬有引力與航天易錯點1、不能正確的認(rèn)識萬有引力提供向心力。2、從圓周運動出發(fā)，忽略圓周運動的不同，片面判斷一個物理量。解題思路1、從萬有引力提供向力力出發(fā)找到描述圓周運動的物理量表達(dá)式。2、根據(jù)軌道半徑大小判斷各個物理量的變化。解析天宮二號，神舟十一號，都屬于繞地球做勻

7、速圓周運動，萬有引力提供向心力，即2 2GMmv24ma m mRmR 2，R2RT2可得向心加速度 aGMR2，軌道半徑越大,向心加速度越小，選項C錯。線速度v，軌道半徑越小，線速度越大，選項A錯。角速度'GMVR3，軌道半徑越大，角速度越小，選項 B錯。周期T 4R，軌道半徑越大，周 GM期越大，選項D對。6 以下選項中的各1圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻分布，各1圓環(huán)間彼此絕緣。坐標(biāo)原點 0處電場強(qiáng)度最大的是(A)(B)答案B 分值4分 考查方向電場的疊加 易錯點1、對電場的疊加理解不透徹2、對四分之一圓環(huán)的電場認(rèn)識不清 解題思路1、根據(jù)對稱性分析四分之一圓環(huán)產(chǎn)

8、生的電場疊加效果。2、等量同種和等量異種電荷在連線中點的電場情況。解析對于D圖，兩個正電荷的四分之一圓環(huán)對稱，在連線中點即圓心處合場強(qiáng)等于0,兩個負(fù)電荷的四分之一圓環(huán)對稱，在連線中點場強(qiáng)矢量和也等于0,所以坐標(biāo)原點 O處電場強(qiáng)度等于0.同理C選項中合成后在原點 O處場強(qiáng)等于一個四分之一圓環(huán)的電荷產(chǎn)生的電場，與A選項中的電場大小相等，而 B中是兩個電場疊加，夾角為90度，合場強(qiáng)等于單個電場的,2倍，選項B對。7如圖電路中，電源電動勢、電阻、R、Ra為定值。閉合S后，將R的滑片向左移動，以下關(guān)于各D Va表示數(shù)增大電表數(shù)值變化的說確的是A Ar表示數(shù)減小C V表示數(shù)減小答案A分值4分考查方向動態(tài)電

9、路易錯點1、各個電表所測量的物理量認(rèn)識不清2、對閉合回路歐姆定律認(rèn)識不到位解題思路1、從滑動變阻器的阻值找到并聯(lián)電阻進(jìn)而總電阻。2、不變量是電源電動勢，找到變量的變化趨勢。解析R的滑片向左移動，電阻變大，并聯(lián)電阻阻值增大，總電阻增大，電動勢不變，總電流減小，電壓減小，R2電壓減小，即 Va表示數(shù)減小，選項 D錯。并聯(lián)電壓增大即 Vi表示數(shù)增大,選C錯。對并聯(lián)支路 R，電壓增大，電阻不變，電流變大，即Ai表示數(shù)變大，選項 B錯。干路電流減小，支路 R電流增大，所以支路 A表示數(shù)減小，選項 A對。&一列簡諧橫波沿 x軸傳播，周期為T, t = 0時刻的波形如下列圖。此時平衡位置位于x =

10、3m處的質(zhì)點正在向上運動，假設(shè)(A)當(dāng)a質(zhì)點處在波峰時，b質(zhì)點恰在波谷(B)a質(zhì)點正在向y軸負(fù)方向運動(C)t = 3-時，b質(zhì)點正在向y軸負(fù)方向運動(D)在某一時刻，a、b兩質(zhì)點的位移和速度可能相同答案C分值4分考查方向機(jī)械振動機(jī)械波易錯點1、波的傳播方向和質(zhì)點的振動方向關(guān)系不清2、機(jī)械振動和機(jī)械波的圖像不清解題思路1、根據(jù)平衡位置位于 x= 3m處的質(zhì)點的振動方向判斷波的傳播方向。2、判斷質(zhì)點a、b的振動情況。解析平衡位置位于x = 3m處的質(zhì)點向上振動，根據(jù)振動方向和波的傳播方向在波形圖同一側(cè),判斷機(jī)械波傳播方向沿 X軸負(fù)方向。此時質(zhì)點a沿Y軸正方向，質(zhì)點b沿Y軸負(fù)方向。在經(jīng)過-,43T

11、質(zhì)點a正經(jīng)過Y軸正半軸向正方向運動，再經(jīng)過質(zhì)點b正經(jīng)過Y軸正半軸向負(fù)方向運動,4選項C對。根據(jù)波形圖判斷波長3 3T4m , a、b兩質(zhì)點的距離為，振動步調(diào)相差，選項4 4AD錯。9如圖甲所示,B兩物塊在如圖乙所示的隨時間按正弦規(guī)律變化的外力作用下，由靜止開始起沿光滑水平面運動,A、B兩物塊始終保持相對靜止，那么以下說法中正確的選項是甲(A)11時刻物塊的速度最大(B)t2時刻物塊運動的位移最大(C)t3時刻物塊A受到的摩擦力最大(D)A B兩物塊一起做往復(fù)運動答案C分值4分考查方向牛頓運動定律易錯點1、整體受力分析不到位2、對速度方向區(qū)分不清解題思路1、有力的變化找到加速度變化進(jìn)而推導(dǎo)出速度

12、變化。2、速度變化到位移。解析根據(jù)力隨時間變化圖像可判斷加速度隨時間變化也是如此，0 t1，合外力逐漸增大，加速度逐漸增大，而力的方向沒有變化，ti時刻合力最大，加速度最大，0 t2合力方向不變，加速度方向不變，一直加速，t2時刻速度最大，t2 t4合外力反向，物體減速，根據(jù)對稱性，t4時刻速度減小到0,此后重復(fù)之前的運動，繼續(xù)向前。 t|t3加速度最大，對 A分析，摩擦力提供加速度，即 t|t3時 刻摩擦力最大，選項 C對。t2時刻速度最大，由于運動方向沒有變化，一直向前運動，所以AB錯。一直向前運動，沒有往復(fù)運動，選項 D錯。10.如下列圖，質(zhì)量為 m的物體(可視為質(zhì)點)以某一速度從A點沖

13、上傾角為30°的固定斜面，其運3動的加速度為4 g,此物體在斜面上上升的最大高度為h那么在這個過程中物體()(A)動能損失了 mgh(B)重力做功 mgh1 1(C)克服摩擦力做功4 mgh(D)機(jī)械能損失了 2 mgh答案D分值4分考查方向功能關(guān)系易錯點1、受力分析2、牛頓運動定律解題思路1、根據(jù)加速度計算摩擦力。2、根據(jù)做功情況判斷能量變化。一3解析沿斜面向上滑動，根據(jù)受力分析可得f mg sin 30 ma mg，可得摩擦力1f mg ,上升的最大高度為h那么位移為2h ,此過程合外力做功即動能變化量 4Ek f mgs in 30 2h 1.5mgh，選項 A 錯，重力做功

14、mgsi n30 2h mgh，選項B錯。克服摩擦力做功f 2h 0.5mgh，選項C錯。除重力外其他力做功等于機(jī)械能的變化量即f 2h 0.5mgh，選項D錯。、填空題共 24分，每題6分，答案寫在答題紙中指定位置，不要求寫出演算過程。11 將一電荷量為+ Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如下列圖，金屬球外表的電勢處處相等。a、b為電場中的兩點，a點的場強(qiáng)大小 b點的場強(qiáng)大小，a點的電勢b點的電勢。答案大于、大于分值6分考查方向靜電場的電場線易錯點1、電場線的疏密2、靜電平衡解題思路1、從電場線的疏密程度出發(fā)判斷場強(qiáng)大小。2、處于靜電平衡的導(dǎo)體為等勢體。解析電場線的疏密程度

15、表示電場強(qiáng)度的大小，a點電場線密集，電場強(qiáng)度大，沿電場線方向電勢逐漸降低，而靜電平衡的導(dǎo)體為等勢體，a點電勢高于等勢體，b點電勢低于等勢體，所以 a點電勢高于b點電勢。12.如下列圖是兩個相干波源發(fā)出的水波，實線表示波峰，虛線表示波谷。兩列波的振幅都為 10cm,C點為AB連線的中點。圖中 A、B、C D E五個點中，振動減弱的點是 ，從圖示時刻起經(jīng)過半個周期后，A點的位移為 cm。規(guī)定豎直向上為位移的正方向答案DE、 20分值6分考查方向波的疊加易錯點1、加強(qiáng)點和減弱點2、加強(qiáng)點和減弱點的振幅解題思路根據(jù)波峰波谷的疊加判斷加強(qiáng)減弱。解析波峰和波谷的疊加為振動減弱點，波峰和波峰，波谷和波谷的疊

16、加為振動加強(qiáng)點，C點對與兩列波都處在平衡位置且振動方向相同，所以C點也是加強(qiáng)點，只有DE為波峰波谷的疊加，為減弱點。此時 A點在波峰，經(jīng)過半個周期A點到達(dá)波谷，而加強(qiáng)點的振幅等于兩個振幅之和即 20cm。13客運電梯簡化模型如圖a所示，在t = 0時電梯由靜止開始上升，最初一段時間電梯的加速度a隨時間t變化的關(guān)系如圖b所示。電梯總質(zhì)量為 2.0 x io3kg,忽略空氣阻力，那么電梯在上升過程中受到的最大拉力為 N,電梯在前11s的速度改變量 v為m/s。重力加2速度g取10m/s 握力i丄1l r電梯f :： (J1 2 10 11圖圖<b>答案2.2 x 104、10分值6分考

17、查方向牛頓運動定律易錯點1、對a t圖像認(rèn)識不清2、對加速度方向的判斷解題思路1、根據(jù)牛頓運動定律判斷拉力。2、根據(jù)加速度和時間的成績判斷速度變化量。解析電梯上升過程F mg ma，當(dāng)加速度最大時，拉力最大，此時a 1m/ s2，代入可得拉力F 2.2 104N，速度變化量 v at即a t圖像與時間軸所圍成的面積即10m/ s。8V,阻為4Q14由某種材料制成的電器元件，其伏安特性曲線如下列圖。現(xiàn)將該元件接在電動勢為的電源兩端，那么通過該元件的電流為 A。假設(shè)將這個元件與一個 4Q的定值電阻串聯(lián)后接在該電源上，那么該元件消耗的功率為 W答案1 1.2、1.6 1.8分值6分考查方向閉合電路歐

18、姆定律 易錯點1、電流電壓關(guān)系不能和圖像結(jié)合2、圖像解題過程作圖不準(zhǔn)。解題思路1、做出電源的路端電壓和干路電流的關(guān)系圖像，與該元件伏安特性曲線的交點即元件電壓和電流。2、串聯(lián)后注意把串聯(lián)的電阻等效為阻。解析在原來的伏安特性曲線上面做出電動勢等于8v阻r 4 的路端電壓隨電流變化圖像，交點u 4v, I 1A。即流過該元件電流為I 1A。與一個4Q的定值電阻串聯(lián)后，把定值 電阻等效入阻，那么電源阻變?yōu)?r 8 ，重復(fù)前面的步驟可得交點 u 2v , I 0.75A，消耗電 功率 P UI 1.5w。三、綜合題共 36分15. 6分在用單擺測重力加速度的實驗中：1實驗時必須控制擺角，假設(shè)擺長為1.

19、2m，那么要將擺球拉至離平衡位置約 m處釋放。2 某同學(xué)實驗時改變擺長，測出幾組擺長L和對應(yīng)的周期 T的數(shù)據(jù)，作出千-L圖線，如下列圖.利用圖線上任兩點 A B的坐標(biāo)xi, yi、 X2, y2,便可求得重力加速度 g=。3作T2-L圖線解決物理問題， 可以提示我們：假設(shè)擺球的質(zhì)量分布不均勻， 將測量結(jié)果填“影響、“不影響。答案1小于0.11 2 g 4 2論 Y 3不影響X2 X1分值7分考查方向單擺易錯點1、單擺做簡諧運動的條件2、單擺的周期公式解題思路1、根據(jù)簡諧運動擺角要求判斷判斷偏離平衡位置的距離。2、根據(jù)單擺周期公式求重力加速度。解析 1單擺做簡諧運動時擺角應(yīng)小于10°

20、,假設(shè)擺長為1.2m,那么他們將擺球最多拉至離平衡位置約0.1m(0.10.105)處釋放。(2)根據(jù)單擺的周期公式T 2 I可得重力加速度 g g而L T2圖像的斜率即匕丫2%,可得重力加速度g 4 2 "丫1。( 3)假設(shè)擺球質(zhì)量TX2X1X2X1分布不均勻，導(dǎo)致圖像不過原點，即擺長測量有偏差，但是斜率不變，所以不影響測量結(jié)果。16. (12分)兩套完全相同的小物塊和軌道系統(tǒng)固定在水平桌面上。物塊質(zhì)量m= 1kg，軌道長度I=2m,物塊與軌道之間動摩擦因數(shù)口 = 0.2。現(xiàn)用水平拉力 F1= 8N、F2 = 4N同時拉兩個物塊，分別作用一段距離后撤去，使兩物塊都能從靜止出發(fā)，運動

21、到軌道另一端時恰好停止。(g= 10m/s2)求:(1) 在R作用下的小物塊加速度 a1多大? 答案(1) a=6m/s2分值4分考查方向牛頓運動定律易錯點合外力找不準(zhǔn)解題思路拉力和摩擦力的合力提供加速度解析(1) F| mg= mq a=6m/s2 4 分(2) F1作用了多少位移S1?答案s=0.5m分值4分考查方向動能定理易錯點沒有簡化過程，運動學(xué)方法計算，找不到前后兩端平均速度相等解題思路根據(jù)摩擦力和拉力做功大小相等來分析解析整個過程根據(jù)動能定理F1S mgl=02 分$=0.5m 2 分(3) 從兩物塊運動時開始計時直到都停止，除了物塊在軌道兩端速度都為零之外，另有某時刻t兩物塊速度相同，那么 t為多少？答案s=0.5m分值4分考查方向勻變速直線運動易錯點不能判斷是在加速還是減速階段速度相等解題思路根據(jù)加速度大小判斷上面的木塊減速過程，下面的木塊加速過程二者速度相等解析F2作用下的物塊2F2 mg= ma2a2=2m/s 2 分兩物塊速度相同時，一定在上方物塊減速階段上方的物塊減速階段加速度 a' g 2m/s2上方物塊最大速度v2a£6