3.2020年高考物理沖刺押題卷(解析版)

1、猜題卷（三）2020屆高三物理全真模擬卷一、選擇題（本題共 8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得 3分，有選錯(cuò)的得 0分.）1 . 2008年9月25日，我國(guó)成功發(fā)射了 神舟七號(hào)”載人飛船.在飛船繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.若地面觀察站人員看到飛船內(nèi)的物體懸浮在艙中，則物體不受力作用B.若在此軌道上有沿同一方向繞行的前后兩艘飛船，則后一飛船加速就可以追上前一飛船與之對(duì)接C.艙中的宇航員所需要的向心力和飛船所需要的向心力相同D.繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的飛船，離地面越近，

2、線速度越大，周期越小【解答】解：A、飛船繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，里面的物體也繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，受到地球的萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力。故 A錯(cuò)誤。B、在此軌道上有沿同一方向繞行的前后兩艘飛船，若加速，萬(wàn)有引力不夠提供向心力，將做離心運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)原軌道，不會(huì)與前面的飛船對(duì)接。故 B錯(cuò)誤；C、根據(jù)F向=駕,由于宇航員的質(zhì)量與飛船的質(zhì)量不等，所以所受的向心力不等。故 C錯(cuò)誤; L- r_Ig2D、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力 野 =m兀，, r T x繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的飛船，離地面越近，線速度越大，周期越小，故 D正確；故選：D。2 .下列說(shuō)法正確的是（）A.某些原子核能夠放射出3粒子，說(shuō)明原子核內(nèi)有3粒子B.核

3、泄漏事故污染物im7Cs能夠產(chǎn)生對(duì)人體有害的輻射，其核反應(yīng)方程式為！£cs一 髭'Ba+X,可以判斷X為電子C.某種色光照射金屬發(fā)生光電效應(yīng)，若增大光照強(qiáng)度，則單位時(shí)間內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù)減少D.若氫原子從n=6能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從n=6能級(jí)向n = 2能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光能可能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)【解答】解：A、原子核能夠放射出 3粒子，是由于原子核內(nèi)發(fā)生3衰變，其中的嚴(yán)格中子轉(zhuǎn)化為電子放出的。故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)量子說(shuō)守恒與電荷數(shù)守恒可知，核反應(yīng)方程式!?Cs- If Ba+x中 可以判斷X的質(zhì)量數(shù)為55550,電荷數(shù)為：z= 5

4、5 - 56= - 1,所以X為電子。故 B正確；C、若增大光照強(qiáng)度，則單位時(shí)間內(nèi)入射的光子數(shù)目增加，所以發(fā)射的光電子數(shù)增加。故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)玻爾理論可知，氫原子從n = 6能級(jí)向n= 1能級(jí)躍遷時(shí)減小的能量大于氫原子從n=6能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)減小的能量，所以氫原子從n=6能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光子的能量大于氫原子從n=6能級(jí)向n= 2能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光的能量，根據(jù)光電效應(yīng)發(fā)生的條件可知，若氫原子從n = 6能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從n=6能級(jí)向n = 2能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光也不能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)。故D錯(cuò)誤。故選：B。3. 一物塊放

5、在水平桌面上，在水平輕彈簧的拉力作用F沿桌面做勻速直線運(yùn)動(dòng)，彈簧的伸長(zhǎng)量為x;將彈簧方向變成與水平成60。，物塊在拉力作用下仍沿桌面做勻速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量是（物塊與桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)為返，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)）（2A. xB. xC. 2x25F沿桌面做勻速直線運(yùn)動(dòng)，彈簧的伸長(zhǎng)【解答】解：一物塊放在水平桌面上，在水平輕彈簧的拉力作用量為x,根據(jù)胡克定律和共點(diǎn)力平衡的條件得:F= kx = f= pmg,將彈簧方向變成與水平成60。，物塊在拉力作用下仍沿桌面做勻速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)彈簧的拉力進(jìn)行正交分解得：F' cos60=kx = f =(mg - F' sin60 = (

6、 mg - kx ' sin60聯(lián)立解得：x'= Ax,故ACD錯(cuò)誤，B正確；5故選：B。4 .如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為 B1, P為磁場(chǎng)邊界上的一點(diǎn)。相同的帶正電荷粒子，以相同的速率從P點(diǎn)射入磁場(chǎng)區(qū)域，速度方向沿位于紙面內(nèi)的各個(gè)方向。這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段弧上，這段圓弧的弧長(zhǎng)是圓周長(zhǎng)的工.若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)?16 / 14B2,結(jié)果相應(yīng)的弧長(zhǎng)變?yōu)閳A周長(zhǎng)的1,不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互影響，則A.二B. -叵42【解答】解：設(shè)圓的半徑為 rC.(1)磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B1時(shí)，從P點(diǎn)射入的粒子與磁場(chǎng)邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為M,最

7、遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡上直徑與磁場(chǎng)邊界圓的交點(diǎn)，ZPOM = 120°,如圖所示:磁感應(yīng)弓II度為B2時(shí)，從P點(diǎn)射入的粒子與磁場(chǎng)邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為N,最遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡上直徑與磁場(chǎng)邊界所以粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑 R'為：R'= .1,由帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑：R =,由于v、 m、q相等,故選：Co5.在水平地面附近某一高度處，將一個(gè)小球以初速度V0水平拋出，小球經(jīng)時(shí)間 t落地，落地時(shí)的速度大小為v,落地點(diǎn)與拋出點(diǎn)的水平距離為x,不計(jì)空氣阻力.若將小球從相同位置以2V0的速度水平拋出，則2tB.落地時(shí)的速度大小將變?yōu)?vC.落地的時(shí)間仍為tD.落地點(diǎn)與拋出點(diǎn)的水平距離仍為【解答】解：

8、AC、小球做平拋運(yùn)動(dòng)，可將運(yùn)動(dòng)分解成水平方向勻速運(yùn)動(dòng)與豎直方向自由落體。由于高度,所以不是第相同，則落地時(shí)間相同，故 A錯(cuò)誤，C正確；B、由vv= gt可知，落地時(shí)豎直速度不變，則落地時(shí)的速度 v'=一次拋出的2倍，故B錯(cuò)誤；D、因下落時(shí)間不變，水平速度變成原來(lái)的2倍，由x=vxt可知水平距離變?yōu)樵瓉?lái)的 2倍，故D錯(cuò)誤。故選：Co6.如圖所示，在正點(diǎn)電荷Q形成的電場(chǎng)中有 A、B、C、D四點(diǎn)，A、B、C為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，D為AC的中點(diǎn)，/A = 30°, A、B、C、D四點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別用Ea、EB、EC、ED表示，已知 EA= Ec, B、C兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，

9、 點(diǎn)電荷Q在A、B、C三點(diǎn)構(gòu)成的平面內(nèi)。則以下錯(cuò)誤的是（）I DJ I. .*i Ip . ait. j AA.點(diǎn)電荷位于 AC的垂直平分線與 BC的反向延長(zhǎng)線的的交點(diǎn)上B. D點(diǎn)電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì)C.將一正點(diǎn)電荷q從A點(diǎn)沿直線移到 C點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功再做負(fù)功D. B、A兩點(diǎn)和B、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差滿足 UBA=UBC【解答】解：A、因A、C兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等， A、C兩點(diǎn)在同一圓周上，所以點(diǎn)電荷在 A、C兩點(diǎn)連線的垂直平分線上，如圖所示，EB和EC的方向相同，點(diǎn)電荷定在B、C連線上，過(guò) A、C兩點(diǎn)連線的垂直平分線與 B、C連線相交于P,故點(diǎn)電荷在 P點(diǎn)，故A正 確；B、由幾何關(guān)系得 D到P的

10、距離小于A到P的距離，結(jié)合點(diǎn)電荷的電勢(shì)的特點(diǎn)可知，D點(diǎn)電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì)，故B正確；C、從A沿直線到D點(diǎn)再到C點(diǎn)，電勢(shì)先升高再降低，故將正試探電荷從A點(diǎn)沿直線移到 C點(diǎn)，電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功，故 C錯(cuò)誤；D、點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是以點(diǎn)電荷為圓心的同心圓，A、C兩點(diǎn)在同一等勢(shì)面上， 故UBA=UBC,故D正確。本題選擇錯(cuò)誤的故選：Co7 .如圖所示，abcd為一邊長(zhǎng)為1、具有質(zhì)量的剛性正方形導(dǎo)線框，位于水平面內(nèi)，回路中的電阻為R.虛線表示一勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的邊界， 它與ab邊平行，磁場(chǎng)區(qū)域的寬度為 21,磁感應(yīng)弓II度為B,方向如右圖.線 框在一垂直于ab邊的水平恒力 F的作用下，沿光滑水平面運(yùn)動(dòng)，直到通

11、過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域.已知ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框便改作勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)通過(guò)線框的電流大小為io.設(shè)以i0的方向?yàn)殡娏鞯恼较?，則下列圖象中能較準(zhǔn)確地反映電流 i隨ab邊的位置坐標(biāo)x變化的曲線可能是（）不變。在L2L位移內(nèi)，通過(guò)線框的磁通量不變，感應(yīng)電流為零，線框在拉力的作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。在2L3L位移內(nèi)，線框出磁場(chǎng)，初速度大于進(jìn)磁場(chǎng)的速度，所以安培力大于拉力，線框做減速運(yùn)動(dòng)， 加速度逐漸減小，當(dāng)加速度減小到零，則會(huì)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，若做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)電流的大小與進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)電 流大小相等，但方向相反。故 D正確，A、B、C錯(cuò)誤。故選：D。8 .如圖甲所示，半徑為1m的帶缺口剛性金屬圓環(huán)導(dǎo)軌固定在水平面內(nèi)，在

12、導(dǎo)軌上垂直放置一質(zhì)量為 0.1kg,電阻為1Q的直導(dǎo)體棒，其長(zhǎng)度恰好等于金屬圓環(huán)的直徑，導(dǎo)體棒初始位置與圓環(huán)直徑重合，且與導(dǎo)軌 接觸良好。已知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3,不計(jì)金屬圓環(huán)的電阻， 導(dǎo)體棒受到的最大靜摩擦力等于其滑動(dòng)摩擦力， 取重力加速度g=10m/s2.現(xiàn)若在圓環(huán)內(nèi)加一垂直于紙面向里的變化磁場(chǎng)，變化規(guī)律如圖乙所示，則（）I/ / 一AI J/S甲匕A .導(dǎo)體棒的電流是從 b到aB.通過(guò)導(dǎo)體中的電流大小為0.5AC. 02s時(shí)，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的熱量為 0.125JD. 1=血時(shí)，導(dǎo)體棒受到的摩擦力大小為0.3N【解答】解：A、根據(jù)楞次定律可知導(dǎo)體棒的電流是從b到a,故A正確;B、據(jù)

13、法拉第電磁感應(yīng)定律后二士小=乎Jr 95V，據(jù)閉合電路歐姆定律At At n 2工上旦爭(zhēng)力=0.25A，故B錯(cuò)誤；T 1C、02s時(shí)，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的熱量 Q=I2rt=0.252M >0.2J= 0.125J,故C正確；D、t=血 時(shí)，導(dǎo)體棒受到的安培力F= BIl = BI?2R=0.5 0.25 2MN = 0.25N,最大靜摩擦力 fm= gg =0.3 0.1 10N = 0.3N,則此時(shí)導(dǎo)體棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，所受的摩擦力大小為0.25N,故D錯(cuò)誤；故選：AC。二、非選擇題：共 62分，第912題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第1316題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：

14、共 47分。9. （5分）某研究小組設(shè)計(jì)了一種 用一把尺子測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù) ”的實(shí)驗(yàn)方案.如圖所示， A是可固定于水平-P第一次實(shí)驗(yàn)，如圖（a）桌面上任意位置的滑槽（滑槽末端與桌面相切），B是質(zhì)量為m的滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）.所示，將滑槽末端與桌面右端M對(duì)齊并固定，讓滑塊從滑槽最高點(diǎn)由靜止滑下,最終落在水平地面上的 P點(diǎn)，測(cè)出滑槽最高點(diǎn)距離桌面的高度h、M距離地面的高度 H、M與P間的水平距離X1 ；第二次實(shí)驗(yàn)，如圖（b）所示，將滑槽沿桌面向左移動(dòng)一段距離并固定，讓滑塊 B再次從滑槽最高點(diǎn)由靜止滑下，最終落在水平地面上的P'點(diǎn)，測(cè)出滑槽末端與桌面右端M的距離L、M與P晌的水平距離X2.（1）

15、在第二次實(shí)驗(yàn)中，滑塊到 M點(diǎn)的速度大小為 .（用實(shí)驗(yàn)中所測(cè)物理量的符號(hào)表示，已知重 力加速度為g）.（2）通過(guò)上述測(cè)量和進(jìn)一步的計(jì)算，可求出滑塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)臼下列能引起實(shí)驗(yàn)誤差的是.（選填序號(hào)）A . h的測(cè)量B . H的測(cè)量C. L的測(cè)量D . x2的測(cè)量（3）若實(shí)驗(yàn)中測(cè)得h=15cm、H = 25cm、x1=30cm、L = 10cm、X2= 20cm ,則滑塊與桌面間的動(dòng)摩擦因 數(shù) 尸.（結(jié)果保留1位有效數(shù)字）【解答】解：（1）滑塊在滑槽末端時(shí)的速度大小為：V1 =x2 2=V由豎直方向有:由式求得：V2=X2JJ2H（2）第一次測(cè)的速度為：中=v ,叵物體在水平桌面上運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)

16、能定理：-N mgL=，:22由式可得： 尸二二二 由表達(dá)式可知會(huì)引起誤差的是BCD .故選:4HL(3) H=25cm=0.25m、xi= 30cm= 0.30m、L = 10cm = 0.10m、x2=20cm BCD0.20m由= 0.5(2) BCD故答案為:(3) 0.510. （10分）某同學(xué)利用圖甲所示電路測(cè)量一表頭的電阻。供選用的器材如下:A.待測(cè)表頭 （內(nèi)阻門(mén)約為300 Q,量程為5.0mA）;B.靈敏電流表 ® （內(nèi)阻2=3000,量程為1.0mA）;C.定值電阻 R （R= 1200 ）;D .滑動(dòng)變阻器 R1 （最大阻值為10Q）;E.滑動(dòng)變阻器 R2 （最大

17、阻值為1000 ）;F.電源E （電動(dòng)勢(shì)E=1.5V,內(nèi)阻不計(jì)）；G.開(kāi)關(guān)S,導(dǎo)線若干。甲乙R(1)請(qǐng)根據(jù)圖甲所示電路將圖乙的實(shí)物圖補(bǔ)充完整。(2)滑動(dòng)變阻器應(yīng)選(填"曠或“那)。開(kāi)關(guān)S閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片 P應(yīng)滑動(dòng)至(填“或“b”端。(3)該同學(xué)接入定值電阻 R的主要目的是 。(4)實(shí)驗(yàn)中某次待測(cè)表頭 的示數(shù)如圖丙所示，示數(shù)為 mA。(5)該同學(xué)多次移動(dòng)滑片 P記錄相應(yīng)的 碰、示數(shù)Ii、I2;以I1為縱坐標(biāo)I2為橫坐標(biāo)作出相應(yīng)圖線。測(cè)得圖線的斜率k = 4.8,則待測(cè)表頭內(nèi)阻ri=Q【解答】解：(1)參照?qǐng)D甲電路連線，結(jié)果如圖所示，(2)為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)

18、變阻Ri,滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，為保護(hù)電路閉合開(kāi)關(guān)前滑片要置于分壓電路分壓為零的位置，即滑動(dòng)變阻器要移到b端；(3)由于兩電流表的內(nèi)阻相當(dāng)，但滿偏電流相差很大，所以為不致于使指針偏角相差很大，要接入定定值電阻R,其作用是保護(hù)G2,使兩表均能接近滿偏；(4)從圖丙中讀出電流Ii= 3.4mA;(5)根據(jù)歐姆定律和并聯(lián)電路電壓相等的關(guān)系有：Iiri=l2 (r2+R),那么11 =(二十旦)I 口，結(jié)合題意1 r 1 r 1 d圖象的斜率k=,所以ri =一Q=3i2.5Q。t !k 4.8故答案為：(i)Rib(3)保護(hù)G2,使兩表均能接近滿偏(4) 3.4(5) 312.511. (12分

19、)一長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線，上端固定，下端拴一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的小球，處于如圖所示的水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中.開(kāi)始時(shí)，將細(xì)線與小球拉成水平，釋放后小球由靜止開(kāi)始向下擺動(dòng)，小球向左偏離豎直方向的最大角度為37°.試求：(已知sin37 = 0.6, cos37°=0.8,重力加速度為g)(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大??；(2)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)繩子的拉力.【解答】解：(1)從小球釋放后到運(yùn)動(dòng)到最大角度的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得:mgLcos37 - qEL (1+sin37 )=0解得：e=ES, 2q(2)小球從釋放到運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得:_12GmgL - qEL = 在最

20、低點(diǎn)，根據(jù)向心力公式得：由解得：T=2 mg12. (20分)如圖所示，在豎直平面內(nèi)的平面直角坐標(biāo)系xoy中，x軸上方有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，有一質(zhì)量為m,電荷量為-q (-q<0)的帶電絕緣小球，從y軸上的P (0, L)點(diǎn)由靜止開(kāi)始釋放，運(yùn)動(dòng)至軸上的A ( - L, 0)點(diǎn)時(shí)，恰好無(wú)碰撞地?&切線方向進(jìn)入在x軸下方豎直放置的四分之三圓弧形光滑絕緣細(xì)管。細(xì)管的圓心 O1位于y軸上，交y軸于點(diǎn)B,交x軸于A點(diǎn)和C (L, 0)點(diǎn)。該細(xì)管固定且緊g。求:貼x軸，內(nèi)徑略大于小球外徑。小球直徑遠(yuǎn)小于細(xì)管半徑，不計(jì)一切阻力，重力加速度為(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小;(2)小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)

21、對(duì)管的壓力的大小和方向;(3)小球從C點(diǎn)飛出后會(huì)落在 x軸上的哪一位置。a小球從A點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入,【解答】解：(1)小球釋放后在重力和電場(chǎng)力的作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng),則此時(shí)速度方向與豎直方向的夾角為45°,即加速度方向與豎直方向的夾角為45°,則 tan45 °= 5S-Eq(2)根據(jù)幾何關(guān)系可知，圓弧的半徑r=歷L從P到B點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得:嗎 N0=此（2L+6U）+EqL在B點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得:N mg= m聯(lián)立解得：N= 2 (巫+1) mg,方向向上,由牛頓第三定律可知，小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)對(duì)管的壓力的方向向下(3)從P到A的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定

22、理得:解得:小球從C點(diǎn)拋出后做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng),拋出時(shí)的速度VC= vA=，4gL小球的加速度父二近&當(dāng)小球沿拋出方向和垂直拋出方向位移相等時(shí)，又回到x軸，則有:解得：.?/口則沿x軸方向運(yùn)動(dòng)的位移x =近y近X的紅X 2-=3L則小球從C點(diǎn)飛出后落在x軸上的坐標(biāo)x'=L-8L=- 7L（二）選考題：共 15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。 物理選修 3 -3 （15分）13. （5分）恒溫環(huán)境中，在導(dǎo)熱良好的注射器內(nèi)，用活塞封閉了一定質(zhì)量的理想氣體。用力緩慢向外拉活 塞，此過(guò)程中（）A .封閉氣體分子間的平均距離增大B.封閉氣體分子的平均速率減

23、小C.活塞對(duì)封閉氣體做正功D.封閉氣體的內(nèi)能不變E.封閉氣體從外界吸熱【解答】解：AB、氣體經(jīng)歷過(guò)程1,壓強(qiáng)減小，體積變大，膨脹對(duì)外做功，內(nèi)能減小，故溫度降低，故AB正確；CD、氣體在過(guò)程2中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程 畢 =C，剛開(kāi)始時(shí)，體積不變，壓強(qiáng)減小，則溫度降低，對(duì)外放熱，然后壓強(qiáng)不變，體積變大，膨脹又外做功，則溫度升高，吸熱，故CD錯(cuò)誤；E、無(wú)論是經(jīng)過(guò)1過(guò)程還是2過(guò)程，初、末狀態(tài)相同，故內(nèi)能改變量相同，故 E正確； 故選：ABE。14. （10分）某同學(xué)設(shè)計(jì)了測(cè)量液體密度的裝置。如圖，左側(cè)容器開(kāi)口；右管豎直，上端封閉，導(dǎo)熱良好， 管長(zhǎng)L0=1m,粗細(xì)均勻，底部有細(xì)管與左側(cè)連通，初始時(shí)未裝液體?，F(xiàn)向左側(cè)容器緩慢注入某種液體，當(dāng)左側(cè)液面高度為 h1=0.7m時(shí)，右管內(nèi)液柱高度 h2=0.2m。己知右管橫截面積遠(yuǎn)小于左側(cè)橫截面積，大氣壓強(qiáng) P0=l.0 W5Pa,取 g=10m/s2。（i）求此時(shí)右管內(nèi)氣體壓強(qiáng)及該液體的密度；（ii）若此時(shí)右管內(nèi)氣體溫度 T= 260K,再將右管內(nèi)氣體溫度緩慢升高到多少K時(shí)，剛好將右管中液體全部擠出？（不計(jì)溫度變化對(duì)液體密度的影響）【解答】解：（i）對(duì)右側(cè)管內(nèi)氣體，由等溫變化規(guī)律得：P0V0= P1V1其中 V0=L0S, V1= （L0-h2） S解得：Pi= 1.25 105Pa有 Pi=