廣西柳州市2020屆高三下學(xué)期4月模擬物理試題

1、- 1 - 柳州市 2020 屆高三畢業(yè)班4 月模擬理科綜合能力測(cè)試物理部分二、選擇題本題共8小題，每小題 6 分，共 48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第 1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得 6 分，選對(duì)但不全的得3 分，有選錯(cuò)的得 0 分。1.下列說(shuō)法正確的是（）a. 盧瑟福的核式結(jié)構(gòu)模型能夠解釋氫原子光譜的分立特征b. 根據(jù)玻爾模型，氫原子由基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)時(shí)電子運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能變小c. 溫度升高放射性元素半衰期變短d. 用頻率為的光照射某金屬，發(fā)出的某光電子的初動(dòng)能為13hv，該金屬的截止頻率為23v【答案】 b 【詳解】 a盧瑟福在用粒子轟擊金箔實(shí)

2、驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)大多粒子能穿透金箔，只有少量的粒子發(fā)生較大的偏轉(zhuǎn)，提出原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)，但不能解釋原子光譜分立特征，而玻爾的原子模型能很好的解釋，故a 錯(cuò)誤；b氫原子從基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)時(shí)，需吸收能量，則總能量增大，軌道半徑變大，根據(jù)222evkmrr，2k12emv可得2k2keer因半徑增大，所以動(dòng)能減小，故b 正確；c原子核的衰變是由原子核內(nèi)部因素決定的，與外界環(huán)境無(wú)關(guān)，即與原子的物理化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故 c 錯(cuò)誤；d用頻率為的光去照射某金屬時(shí)，出射電子初動(dòng)能為13hv不一定是最大初動(dòng)能，即km13eh根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程km0ehvw- 2 - 解得0km23whveh則金屬的截止頻率為00vw

3、h，故截止頻率小于等于23v，故 d 錯(cuò)誤。故選 b。2.半圓柱體 p放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的豎直擋板mn 在 p和 mn 之間放有一個(gè)光滑均勻的小圓柱體q，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)如圖所示是這個(gè)裝置的縱截面圖若用外力使mn 保持豎直，緩慢地向右移動(dòng)，在q 落到地面以前，發(fā)現(xiàn)p 始終保持靜止在此過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是a. mn 對(duì) q 的作用力先減小后增大b. 地面對(duì) p的摩擦力逐漸減小c. p、q 間的彈力逐漸增大d. 地面對(duì) p的支持力逐漸增大【答案】 c 【詳解】 ac 、對(duì) q受力分析 , 受重力、 p對(duì) q的支持力和mn 對(duì) q的支持力 , 如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件,

4、有1cosmgn2tannmg當(dāng)mn保持豎直，緩慢地向右移動(dòng)，夾角逐漸增大，根據(jù)公式可知：1n，2n都增大，故 a錯(cuò)； c對(duì)bd 、再對(duì)p、q整體受力分析 , 受重力、地面支持力、mn擋板對(duì)其向左的支持力和地面對(duì)其向- 3 - 右的支持力 , 如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件, 有2nfnmm g當(dāng) mn保持豎直， 緩慢地向右移動(dòng)，夾角逐漸增大， 根據(jù)公式可知：地面對(duì) p的摩擦力逐漸增大，地面對(duì)p的支持力保持不變，故bd錯(cuò)誤；3.如圖所示， a、b 兩顆質(zhì)量相同的衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，若p 表示衛(wèi)星的動(dòng)量大小，e 表示衛(wèi)星的機(jī)械能，a表示衛(wèi)星的向心加速度大小，t 表示周期， 則下列關(guān)系正確的是（）

5、a. pa pbb. eaebc. aa abd. tatb【答案】 c 【詳解】 a根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有22mmvgmrr解得gmvr，a軌道半徑較大，則vavb，由于 ab 的質(zhì)量相等，根據(jù)p=mv 可知兩者動(dòng)量的大小關(guān)系papb，故 a 錯(cuò)誤；b衛(wèi)星由低軌道向高軌道運(yùn)動(dòng)需要增加機(jī)械能，故在a 軌道的機(jī)械能大于b 軌道的機(jī)械能，故 b 錯(cuò)誤；- 4 - c根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有2mmgmar解得2gmar，a 的軌道半徑較大，則aatb，故 d 錯(cuò)誤。故選 c。4.如圖所示，輕彈簧的上端固定在天花板上，下端掛有物塊p，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用一豎直向下的力f 作用在物塊p上，使

6、其以加速度a 豎直向下勻加速。運(yùn)動(dòng)一段距離（未超過(guò)彈簧的彈性限度） ，巳知加速度a 小于重力加速度g。以 x表示物塊p離開(kāi)初始位置的位移，則在向下加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，力f、物塊 p的動(dòng)能 ek、系統(tǒng)的機(jī)械能增量e 和 x 之間的關(guān)系圖像可能正確的是（）a. b. c. d. 【答案】 b 【詳解】 ab 根據(jù)牛頓第二定律f-kx=ma 解得f=ma+kx - 5 - 故 f-x 圖像應(yīng)為直線，故a 錯(cuò)誤， b 正確；d初動(dòng)能為零，根據(jù)動(dòng)能定理有f xek合勻加速運(yùn)動(dòng)f合恒定，故ek-x圖像應(yīng)該為過(guò)原點(diǎn)的直線，d 中初動(dòng)能不為零，故d 錯(cuò)誤；c拉力 f 做功表征系統(tǒng)機(jī)械能的變化，根據(jù)功能關(guān)系有ef

7、xmakx x因此 e-x 圖像為曲線，故c 錯(cuò)誤。故選 b。5.一個(gè)含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中l(wèi)1、l2和 l3是完全相同的三個(gè)燈泡，燈泡的額定電壓為u0，u 為正弦交流電源。當(dāng)開(kāi)關(guān)s閉合時(shí)，電路中的燈泡均能正常發(fā)光。下列說(shuō)法正確的是（）a. 理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1 2 b. 交流電源電壓有效值為2u0c. 交流電源電壓最大值為3 2u0d. 若開(kāi)關(guān) s斷開(kāi)穩(wěn)定后，燈泡l2變暗【答案】 c 【詳解】 a三個(gè)燈泡均正常發(fā)光，副線圈回路中的電流是原線圈中電流的2 倍，因此原副線圈的匝數(shù)比為122121nini故 a 錯(cuò)誤；b因?yàn)楦本€圈回路兩個(gè)燈泡的并聯(lián)，電壓為0u，根據(jù)- 6 -

8、 1102unun解處原線圈兩端的電壓為102uu，則交流電源的電壓00023uuuu故 b 錯(cuò)誤；c最大值max00233 2uuu，故 c 正確；d若斷開(kāi) s，副線圈回路的總電阻變大，輸出功率變小，輸出電流變小，輸入電流變小。燈泡 l1兩端的電壓減小，原線圈兩端的電壓升高，所以副線圈兩端的電壓增大，燈泡l2變亮，故 d 錯(cuò)誤。故選 c。6.如圖所示，相距為2d的 a、b 兩個(gè)點(diǎn)電荷固定于豎直線上，電荷量分別為+q 和 - q。mn 是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，與ab 連線間的距離為d， c、 d 是細(xì)桿上與a、 b等高的兩點(diǎn)，o點(diǎn)是 cd 中點(diǎn)。一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為 +q的帶電小球p（可視

9、為點(diǎn)電荷，放入電場(chǎng)后不影響電場(chǎng)的分布） 穿過(guò)細(xì)桿， 由 c 點(diǎn)靜止開(kāi)始釋放，向下運(yùn)動(dòng)到o 點(diǎn)時(shí)速度大小為v。已知靜電力常量為 k，重力加速度為g。則（）a. c、d 兩點(diǎn)電勢(shì)c=db. c、d 兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等c. o 點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小e=222kqdd. 小球 p經(jīng)過(guò) d 點(diǎn)時(shí)的速度大小為2v 【答案】 bc 【詳解】 a由等量異號(hào)電荷電場(chǎng)線分布可知，c點(diǎn)電勢(shì)高于d 點(diǎn)電勢(shì)，故a 錯(cuò)誤；- 7 - b由電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加可知cd 兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，故b 正確；c正點(diǎn)電荷q 在 o 點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為12222kqkqedd負(fù)點(diǎn)電荷q 在 o 點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為22222kqkqed

10、d如圖所示由電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加可得o 點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度12222kqeed故 c 正確；d從 c 到 o 與從 o 到 d 重力及電場(chǎng)力做功相同，從c 到 o 過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有212wmv從 o 到 d 過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有221122dwmvmv聯(lián)立解得2dvv ，故 d 錯(cuò)誤。故選 b。7.一物塊靜止在粗糙水平地面上，04s內(nèi)所受水平拉力隨時(shí)間的變化關(guān)系圖像如圖甲所示，02s 內(nèi)速度圖像如圖乙所示。重力加速度g=10m/s2，關(guān)于物塊的運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）- 8 - a. 第 4s末物塊的速度為0b. 前 4s內(nèi)物塊的位移大小為6m c. 前 4s內(nèi)拉力的沖量為0d. 物塊與水平地面間

11、的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2 【答案】 ad 【詳解】 d由乙圖可知，第2s內(nèi)物體勻速運(yùn)動(dòng)，則由甲圖可知摩擦力f=f=2n；根據(jù)速度時(shí)間圖象的斜率表示加速度，則第1s內(nèi)物塊的加速度24m /s1a=4m/s2第 1s內(nèi) f=6n，根據(jù)牛頓第二定律有f-f=ma 代入數(shù)據(jù)則有6-2=4m 解得 m=1kg 又2fmg解得0.2，故 d 正確；a由甲圖可知，第3s內(nèi)物體減速運(yùn)動(dòng)，f 的大小為2n，方向反向，根據(jù)牛頓第二定律有2+f=ma 解得 a=4m/s2，則減速到零的時(shí)間為04s1s4vta故第 3s 末物塊速度為0，第 4s內(nèi)拉力與摩擦力相等，物塊靜止，故a 正確；b速度時(shí)間圖象圍成的面積表示位移，

12、則前4s內(nèi)的位移為- 9 - 111 4m4 1m14m08m22故 b 錯(cuò)誤；c前 4s內(nèi)拉力的沖量為f-t 圖象與坐標(biāo)軸所圍面積，則有6 1n s2 1n s22n s4n sfi故 c 錯(cuò)誤。故選 ad。8.如圖所示，寬為l 的平行光滑金屬導(dǎo)軌mn 和 pq 由圓弧部分和水平部分平滑連接，右端接阻值為 r 的定值電阻，水平軌道的左邊部分矩形區(qū)域內(nèi)有豎直向上、大小為b 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。在圓弧部分的某一高度h處由靜止釋放一根金屬棒，金屬棒到達(dá)磁場(chǎng)右邊界處恰好停止。已知金屬棒質(zhì)量為m，電阻為2r，與導(dǎo)軌始終垂直接觸良好。導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g。則在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）a. 通過(guò)電阻的最大電流大

13、小為223blghrb. 金屬棒兩端的最大電壓為bl2gh c. 磁場(chǎng)區(qū)域長(zhǎng)度d=22322mrghb ld. 右端電阻r 產(chǎn)生的焦耳熱為mgh 【答案】 ac 【詳解】 a金屬棒下滑過(guò)程中機(jī)械能守恒，則有212mghmv金屬棒到達(dá)水平面時(shí)的速度2vgh，金屬棒到達(dá)水平面后進(jìn)入磁場(chǎng)受到向左的安培力做減速運(yùn)動(dòng)，剛到達(dá)水平面時(shí)的速度最大，最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為- 10 - e=blv 最大的感應(yīng)電流為2232blghblvirrr故 a 正確；b金屬棒兩端的電壓為路端電壓，最大值為223blghuir故 b 錯(cuò)誤；c金屬棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由動(dòng)量定理得0biltmv而qi t又232bldqrrr聯(lián)立解

14、得22322mrghdb l，故 c 正確；d 由能量守恒整個(gè)電路產(chǎn)生的焦耳熱為mgh， 右端電阻 r 產(chǎn)生的焦耳熱小于mgh， 故 d 錯(cuò)誤。故選 ac 。三、非選擇題共174分。第 22 32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33 38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題共129分。9.某同學(xué)設(shè)計(jì)出如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”，讓小球從a 點(diǎn)自由下落，下落過(guò)程中經(jīng)過(guò)a 點(diǎn)正下方的光電門(mén)b 時(shí)，光電計(jì)時(shí)器記錄下小球通過(guò)光電門(mén)時(shí)間t，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間0。- 11 - (1)為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，該實(shí)驗(yàn)還需要測(cè)量下列哪些物理量_。a.小球的質(zhì)量mb.ab 之間的距

15、離hc.小球的直徑d (2)小球通過(guò) b 點(diǎn)的速度v=_；(3)調(diào)整 ab 之間距離h，多次重復(fù)上述過(guò)程，作出21t隨 h 的變化圖像如圖乙所示，測(cè)得該直線斜率為k0，當(dāng)小球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒時(shí)g0 =_。【答案】(1). bc(2). dt(3). 202kd【詳解】（1） 1要驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，即需驗(yàn)證mgh 與212mv是否相等，其中v 指的是小球通過(guò)光電門(mén)時(shí)的瞬時(shí)速度，它與小球經(jīng)過(guò)光電門(mén)的平均速度相等，而小球通過(guò)光電門(mén)的平均速度大小為小球的直徑與經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間的比值。因此實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)出ab之間的距離h和小球的直徑。由于需驗(yàn)證的兩式都有m，則不需要測(cè)量小球的質(zhì)量，故bc 正確， a

16、 錯(cuò)誤。故選 bc。（2） 2勻變速運(yùn)動(dòng)的平均速度與該段時(shí)間中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度相等，則有dvt（3） 3若機(jī)械能守恒，則有2212dmghmt變形得2212ghtd圖像的斜率022gkd解得202kgd，實(shí)驗(yàn)得到的g 與 g0相等，則機(jī)械能守恒。10.一實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量電壓表v1的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供如下器材- 12 - a.待測(cè)電壓表v1（量程為0 2v，內(nèi)阻約2k ）b.標(biāo)準(zhǔn)電壓表v2（量程為0 9v ，內(nèi)阻約4k ）c.滑動(dòng)變阻器r1（阻值范圍0 10 ）d.定值電阻 r2=20e.定值電阻r3=5.0k f.直流電源（內(nèi)阻約1 ，電動(dòng)勢(shì)為12v）g.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干(1)為使實(shí)驗(yàn)結(jié)果盡可能準(zhǔn)確

17、，除待測(cè)電壓表、直流電源、滑動(dòng)變阻器、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線之外，該實(shí)驗(yàn)小組還選取了標(biāo)準(zhǔn)電壓表v2和一個(gè)定值電阻， 定值電阻選 _（填器材前面的序號(hào)） 。(2)某同學(xué)按所給的器材完成了供電部分的電路設(shè)計(jì)，通過(guò)s2切換分壓接法與限流接法。請(qǐng)將圖中剩下電路的連線補(bǔ)充完整_；當(dāng) s2斷開(kāi)時(shí)，電路為_(kāi)接法；為確保電路安全，測(cè)量時(shí)，開(kāi)關(guān)s2應(yīng)處于 _狀態(tài)。(3)根據(jù)選用的器材，待測(cè)電壓表v1的讀數(shù)為u1，定值電阻阻值為r，標(biāo)準(zhǔn)電壓表v2的讀數(shù)為 u2，由此得出，待測(cè)電壓表內(nèi)阻的表達(dá)式為_(kāi)。【答案】(1). e(2). (3). 限流(4). 閉合(5). 121u ruu【詳解】（1） 1由題知，要測(cè)電壓表v1的內(nèi)

18、阻，則需要測(cè)出v1的電壓和電流，其電壓即為v1的示數(shù)，但沒(méi)有電流表，所以無(wú)法直接測(cè)出電流，故為使實(shí)驗(yàn)結(jié)果盡可能準(zhǔn)確，需要將一定值電阻與v1串聯(lián)起來(lái)分壓，然后再與電壓表v2并聯(lián)，故需要大電阻才能滿足分壓的要求，故定值電阻應(yīng)選e；- 13 - （2） 2為使測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，電路如圖所示3 當(dāng) s2斷開(kāi)時(shí)，滑動(dòng)變阻器只有右邊部分接入電路中，故此時(shí)為限流接法；4 為確保電路安全，測(cè)量時(shí)，開(kāi)關(guān)s2應(yīng)處于閉合狀態(tài)，則一開(kāi)始測(cè)量電壓表的示數(shù)可以從零開(kāi)始變化，不會(huì)因?yàn)殡妷哼^(guò)大而燒壞儀器；（3） 5根據(jù)串聯(lián)電路電壓關(guān)系，電壓表v2示數(shù)為 u2，則定值電阻r3兩端電壓為u2-u1，電流為

19、21uuir根據(jù)1vuri解得1v21u rruu11.如圖所示，在y0 區(qū)域存在著垂直xoy 平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在第四象限的空間中存在著平行于 xoy 平面沿 y 軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為m，帶電量為q 的帶正電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)以初速度v0射入磁場(chǎng)，方向與x 軸負(fù)方向成60 角斜向上，然后經(jīng)過(guò)m 點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，并從y軸負(fù)半軸的n 點(diǎn)垂直 y軸射出電場(chǎng)。已知m 點(diǎn)坐標(biāo)為（ l，0） ，粒子所受的重力不計(jì)，求(1)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度b 的大?。?2)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度e 的大小。【答案】（1）03mvql； （ 2）2034mvql。- 14 - 【詳解】（1）作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示設(shè)在

20、磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑為r，則幾何關(guān)系可得2rsin60=l 由洛倫茲力提供向心力，則有200vqv bmr聯(lián)立解得03mvbql（2）粒子從m 點(diǎn)到 n 點(diǎn)過(guò)程為勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，逆推從n 到 m 為類平拋運(yùn)動(dòng)沿 x 軸方向有0cos60lv to沿 y 軸方向0sin60vato由牛頓第二定律得eq=ma 解得2034mveql12.如圖所示，直軌道與水平面夾角為37 ，光滑豎直圓軌道與直軌道相切于c 點(diǎn)，圓軌道最高點(diǎn)為 d，半徑 od 豎直，半徑為0.8m，質(zhì)量為0.5kg 的物塊 m 放在 b 點(diǎn)，由止動(dòng)裝置使其靜止，質(zhì)量為1kg 的物塊 m，從直軌道的p 點(diǎn)滑向 b 點(diǎn)，當(dāng)其運(yùn)動(dòng)到b 點(diǎn)時(shí)，撤

21、去m的止動(dòng)裝置， m 與 m 發(fā)生彈性正碰，之后m恰好通過(guò)圓軌道最高點(diǎn)d，已知兩物塊與直軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.25，b、c 點(diǎn)間的距離為1.7m， g=10m/s2，sin37 =0.6、cos37 =0.8，物塊大小忽略不計(jì)均可視為質(zhì)點(diǎn)，求：- 15 - (1)物塊 m 通過(guò) c 點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能；(2)物塊 m 在與 m碰前瞬間速度的大??；(3)物塊 m 拋出后落在斜面上的落點(diǎn)到b 點(diǎn)的距離。【答案】（1） 9.2j； （2）6m/s； （3） 1.9m。【詳解】（1）圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程機(jī)械能守恒，則有2211cos3722cdmvmg rrmv在最高點(diǎn)，由牛頓第二定律有2dvmgmr而動(dòng)能2k1

22、2cemv聯(lián)立解得9.2ekj （2） m碰后速度為bv ，碰后到c 過(guò)程由動(dòng)能定理有2211sin37cos3722bcbccbmglmglmvmv碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則有01bmvmvmv由能量守恒得22201111222bmvmvmv聯(lián)立解得06vm/s （3）設(shè)物塊在斜面上的落點(diǎn)為a，d 點(diǎn)在斜面上的豎直投影點(diǎn)為d，ad間的距離為l，則有212hgt- 16 - 由幾何關(guān)系知sin 37cos37rhrl水平射程為x，則有dxv t由幾何關(guān)系知x=lcos37落點(diǎn) a到 b 的距離為tan37()abbclllr聯(lián)立解得1.9ablm 13.下列說(shuō)法正確的是_。a. 氣體擴(kuò)散現(xiàn)象表明氣體

23、分子間存在斥力b. 熱量不能自發(fā)的從溫度低的物體傳遞到溫度高的物體c. 溫度高的物體分子的平均動(dòng)能一定大d. 溫度高的物體內(nèi)能一定大e. 晶體熔化過(guò)程分子平均動(dòng)能不變但分子勢(shì)能增加【答案】 bce 【詳解】 a氣體的擴(kuò)散現(xiàn)象表明氣體分子永不停息的做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不能說(shuō)明分子間有斥力，故 a 錯(cuò)誤；b熱量總是自發(fā)的從高溫物體傳到低溫物體，也可以在引起其他變化的情況下從低溫物體傳遞給高溫物體，一切熱現(xiàn)象都具有方向性，故b 正確；c分子的平均動(dòng)能只與溫度有關(guān)，故溫度越高，分子平均動(dòng)能越大，故c 正確；d物體內(nèi)能與分子動(dòng)能、分子勢(shì)能、分子數(shù)量都有關(guān)系，故d 錯(cuò)誤；e晶體熔化過(guò)程中溫度不變，分子平均動(dòng)能不

24、變，吸收熱量增加了分子勢(shì)能，故e 正確。故選 bce。14.如圖所示a 為一直立圓筒型儲(chǔ)氣罐，b 為一打氣筒，已知打不氣筒活塞m 的行程為l0，活塞面積為s，儲(chǔ)氣罐的高度為2l0，截面積為3s ，開(kāi)始罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)為3p0，每次開(kāi)始打氣時(shí)打氣筒活塞在最上端，內(nèi)部氣體壓強(qiáng)為p0，打氣筒通過(guò)細(xì)管和單向閥門(mén)k 與儲(chǔ)氣罐相連接。- 17 - 當(dāng)打氣簡(jiǎn)內(nèi)氣體壓強(qiáng)大干儲(chǔ)氣罐內(nèi)壓強(qiáng)時(shí)閥門(mén)開(kāi)啟。細(xì)管的容積忽略不計(jì)，儲(chǔ)氣罐與打氣筒導(dǎo)熱良好，環(huán)境溫度不變，緩慢向下推動(dòng)活塞?；钊蛳乱苿?dòng)多大距離時(shí)b 中氣體開(kāi)始進(jìn)入a 中；要使儲(chǔ)氣罐內(nèi)壓強(qiáng)達(dá)到4p0，打氣筒應(yīng)連續(xù)打氣多少次?！敬鸢浮?023l； 6?！驹斀狻慨?dāng)打氣筒內(nèi)壓強(qiáng)為p 時(shí)開(kāi)始有氣體進(jìn)入儲(chǔ)氣罐，則有03pp取 b 中氣體為研究對(duì)象，由玻意耳定律有00p l spls解得013ll所以活塞下移距離0023xlll取最后罐內(nèi)總的氣體為研究對(duì)象，這些氣體相當(dāng)于3p0時(shí)的體積為v1，由玻意耳定律有000 1463pl sp v解得018vl s還需要補(bǔ)入壓強(qiáng)為3p0氣體體積為v2，則有210062vvl sl s補(bǔ)入氣體在p0下體積為v3，由玻意耳定律有02033p vp v解得036vl s打氣筒應(yīng)連續(xù)打氣的次數(shù)為- 18 - 306vnl s次15.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x