寧夏銀川九中2015屆高考物理一模試卷

1、寧夏銀川九中2015屆高考物理一模試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分12012年度諾貝爾物理學(xué)獎授予了法國科學(xué)家塞爾日阿羅什與美國科學(xué)家大衛(wèi)維因蘭德，以表彰他們獨立發(fā)明并發(fā)展測量和控制粒子個體、同時保持它們量子力學(xué)特性的方法在物理學(xué)的發(fā)展過程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進步下列表述符合物理學(xué)史實的是( )A開普勒認(rèn)為只有在一定的條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比B庫侖利用庫侖扭秤巧妙地實現(xiàn)了他對電荷間相互作用力規(guī)律的研究C法拉第

2、發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，這和他堅信電和磁之間一定存在著聯(lián)系的哲學(xué)思想是分不開的D安培首先引入電場線和磁感線，極大地促進了他對電磁現(xiàn)象的研究2光滑水平面上有一質(zhì)量為2kg的物體，在五個恒定的水平共點力的作用下處于平衡狀態(tài)現(xiàn)同時撤去大小分別為5N和15N的兩個水平力而其余力保持不變，關(guān)于此后物體的運動情況的說法中正確的是( )A一定做勻變速直線運動，加速度大小可能是5m/s2B可能做勻減速直線運動，加速度大小可能是2m/s2C一定做勻變速運動，加速度大小可能10m/s2D可能做勻速圓周運動，向心加速度大小可能是10m/s23男子跳高的世界紀(jì)錄是2.45m，由古巴運動員索托馬約爾于1993年7月27日在

3、薩拉曼薩創(chuàng)造不計空氣阻力，對索托馬約爾跳高過程的描述，下列說法正確的是( )A跳過2.45m的高度時他的速度為零B起跳時地面對它的支持力不做功C起跳時地面對它的支持力大于他對地面的壓力D起跳以后上升過程他處于完全失重狀態(tài)4如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的電流電源連接，上級板A接地，一帶負(fù)電油滴固定于電容器中的P點，現(xiàn)將平行板電容器的下級板B豎直向下移動一小段距離，則( )A帶電油滴所受電場力不變BP點的電勢將升高C帶電油滴的電勢能增大D電容器的電容減小，極板帶電量增大5如圖所示，一足夠長的木板傾斜放置，傾角為45°今有一彈性小球，自空中某處自由釋放，小球豎直下落了h高度后落到木地

4、板上反彈時的速度大小不變，碰撞前后，速度方向與木板夾角相等，小球在木板上碰撞了多次則小球與木板第一次碰撞點與第二次碰撞點間的距離為（空氣阻力不計）( )A4hB4hC6hD66二戰(zhàn)期間，傘兵是一個非常特殊的兵種，對整個戰(zhàn)爭進程起到了至關(guān)重要的作用假設(shè)有一士兵從高空跳下，并沿豎直方向下落，其vt圖象如圖所示，則下列說法中正確的是( )A在0t1時間內(nèi)，士兵及其裝備機械能守恒B在t1t2時間內(nèi)，士兵運動的加速度在減小C在t1t2時間內(nèi)，士兵的平均速度vD在t2t4時間內(nèi)，重力對士兵做的功等于他克服阻力做的功7如圖所示，在x軸相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷+Q、Q，虛線是以+Q所在點為圓心、為

5、半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關(guān)于x軸對稱下列判斷正確的是( )Ab、d兩點處的電勢相同B四點中c點處的電勢最低Cb、d兩點處的電場強度相同D將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，+q的電勢能增大8在一小型交流發(fā)電機中，矩形金屬線圈abcd的面積為S，匝數(shù)為n，線圈總電阻為r，在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，繞軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動（如圖1所示），產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢隨時間的變化關(guān)系（如圖2所示），矩形線圈與阻值為R的電阻構(gòu)成閉合電路，下列說法中正確的是( )A從t1到t3這段時間內(nèi)穿過線圈磁通量的變化量為零B從t3到t4這段時間通過電阻R的電荷量為Ct4時刻

6、穿過線圈的磁通量的變化率大小為Dt4時刻電阻R的發(fā)熱功率為二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分（一）必考題：9某興趣小組設(shè)計出如圖甲所示的實驗裝置探究小車的加速度跟合外力的關(guān)系，圖中與小車左端相連的是測力傳感器，小車放置在表面各處粗糙程度相同的水平長木板上，按甲圖裝配好實驗器材，先測出小車運動時所受摩擦阻力，逐漸向沙桶中添加細(xì)沙粒，當(dāng)觀察到小車剛開始運動時，記下傳感器的最大示數(shù)為F0，可認(rèn)為摩擦阻力為F0（1）將小車放回初位置并用手按住，繼續(xù)向沙桶中添加一定量的沙粒，記下傳感器的示數(shù)F1，接通頻率外為50Hz的交流電源，使打點計時器工作，然后釋放小車，打出一條紙帶，再繼續(xù)在桶中添加沙粒，多次

7、重復(fù)實驗，打出多條紙帶，圖乙為某次實驗打出的一條紙帶，紙帶上每相鄰的兩計數(shù)點間都有四個計時點未畫出，按時間順序取0、1、2、3、4、5、6六個計數(shù)點，用刻度尺量出1、2、3、4、5、6點到0點的距離（單位：cm），分別標(biāo)注在相應(yīng)計數(shù)點的下方，則小車的加速度a=_m/s2，（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（2）算出各次小車的加速度和合力F（F=F1F0），獲得多組數(shù)據(jù)，描繪小車加速度a與F的關(guān)系圖象，紙帶與打點計時器間的摩擦可忽略，圖中可能正確的是_（3）寫出一條提高實驗結(jié)果準(zhǔn)確程度有益的建議：_10有一個螺線管，為測量它的兩個接線柱間繞制的均勻金屬絲的長度，現(xiàn)提供下列器材：A待測螺線管L：繞制螺線管金

8、屬絲的電阻率，其總電阻RL大約100B螺旋測微器C微安表 ：量程Ig=500A，內(nèi)阻Rg=100D電阻箱R：阻值范圍099999.9；E電源E：電動勢有3V和9V兩種可供選擇，內(nèi)阻較小F電鍵兩個（S1和S2），導(dǎo)線若干（1）實驗中用螺旋測微器測的金屬絲的直徑如圖甲所示，其讀數(shù)為d=_mm（2）已將提供的器材連成了如圖乙所示的測金屬絲電阻RL的電路，根據(jù)該實驗電路的測量原理，為了更準(zhǔn)確地測RL，應(yīng)選擇E中電動勢為_的電源（3）若測得的金屬絲直徑用d表示，測電阻時先閉合S1，調(diào)R是微安表指針滿偏，再閉合S2時微安表示數(shù)用I表示，則用已知量和測得量的符號表示金屬絲的長度l=_11探月衛(wèi)星的發(fā)射過程可

9、簡化如下：首先進入繞地球運行的“停泊軌道”，在該軌道的P處通過變速在進入地月“轉(zhuǎn)移軌道”，在快要到達月球時，對衛(wèi)星再次變速，衛(wèi)星被月球引力“俘獲”后，成為環(huán)月衛(wèi)星，最終在環(huán)繞月球的“工作軌道”上繞月飛行（視為圓周運動），對月球進行探測已知“工作軌道”周期為T，距月球表面的高度為h，月球半徑為R，引力常量為G，忽略其它天體對探月衛(wèi)星在“工作軌道”上環(huán)繞運動的影響（1）要使探月衛(wèi)星從“轉(zhuǎn)移軌道”進入“工作軌道”，應(yīng)增大速度還是減小速度？（2）求探月衛(wèi)星在“工作軌道”上環(huán)繞的線速度大??；（3）求月球的第一宇宙速度12如圖，靜止于A處的離子，經(jīng)加速電場加速后沿圖中圓弧虛線通過靜電分析器，從P點垂直CN

10、進入矩形區(qū)域的有界勻強電場，電場方向水平向左靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻射分布的電場，已知圓弧虛線的半徑為R，其所在處場強為E、方向如圖所示；離子質(zhì)量為m、電荷量為q；=2d、=3d，離子重力不計（1）求加速電場的電壓U及離子在P點時的速度大??；（2）若離子恰好能打在Q點上，求矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強電場場強E0 的值；（3）若撤去矩形區(qū)域QNCD內(nèi)的勻強電場，換為垂直紙面向里、大小為B勻強磁場，求離子在勻強磁場中運動半徑二、（二）選考題：共45分請考生從給出的3道物理題中選一題解答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選項目的對應(yīng)標(biāo)號涂黑注意所做題目的題號必須與所涂題目得題號一致，如果多做，則每學(xué)科按所做的

11、第一題計分【物理-選修3-3】13下列說法正確的是( )A相同質(zhì)量0的水的分子勢能比0的冰的分子勢能大B大顆粒的鹽磨成了細(xì)鹽，就變成了非晶體C自行車打氣越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大而非分子間相互排斥的原因D氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁發(fā)生碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫度都有關(guān)E氣體在等壓膨脹過程中溫度一定不變14如圖甲所示，一導(dǎo)熱性能良好、內(nèi)壁光滑的汽缸水平放置，橫截面積S=2×103m2、質(zhì)量m=4kg、厚度不計的活塞與汽缸底部之間封閉了一部分氣體，此時活塞與汽缸底部之間的距離為24cm，在活塞的右側(cè)12cm處有一對與汽缸固定連接的卡環(huán)，氣體的溫度為300

12、K，大氣壓強p0=1.0×105Pa現(xiàn)將汽缸豎直放置，如圖乙所示，取g=10m/s2求：活塞與汽缸底部之間的距離給封閉氣體加熱，使活塞剛能到達卡環(huán)處（末與卡環(huán)發(fā)生相互作用），求此時封閉氣體的溫度【物理-選修3-4】15一列橫波沿x軸正方向傳播，零時刻的波形圖如圖所示t1=0與t2=0.8s兩時刻，在x軸上3m3m區(qū)間的兩波形圖正好重合關(guān)于該橫波，下列說法中正確的是( )A波長一定為4mB質(zhì)點振動周期可能為0.8sC該波的波速可能為10m/sD從0時刻開始計時，x=1m處的質(zhì)點比x=1m處的質(zhì)點先到達波峰位置E在t3=0.4s時，x=2m處的質(zhì)點位移可能為零16如圖所示，一截面為直角三

13、角形的玻璃鏡ABC，A=30°一條光線以45°的入射角從AC邊上的D點射入棱鏡，光線最終垂直BC邊射出畫出光在玻璃棱鏡中的傳播路線；求玻璃的折射率；判斷AB面是否有光線射出【物理-選修3-5】17某種紫外線波長為300nm，該紫外線光子的能量為_J金屬鎂的逸出功為5.9×1019J，則讓該紫外線照射金屬鎂時逸出光電子的最大初動能為_J（普朗克常量h=6.63×1034Js，真空中的光速c=3×108m/s）18如圖所示，水平面上B點的右側(cè)粗糙且動摩擦因數(shù)為，左側(cè)光滑有一質(zhì)量為m2的小球乙靜止放在B點，另一質(zhì)量為m1的小球甲以速度v1從A點向右運

14、動，與乙球發(fā)生對心彈性碰撞后返回，碰撞時間很短，重力加速度為g求：碰撞后甲、乙兩球的速率；乙球在平面上剛停下時與甲球間的距離寧夏銀川九中2015屆高考物理一模試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分12012年度諾貝爾物理學(xué)獎授予了法國科學(xué)家塞爾日阿羅什與美國科學(xué)家大衛(wèi)維因蘭德，以表彰他們獨立發(fā)明并發(fā)展測量和控制粒子個體、同時保持它們量子力學(xué)特性的方法在物理學(xué)的發(fā)展過程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進步下列表述符合物理學(xué)史實的是( )A開普勒

15、認(rèn)為只有在一定的條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比B庫侖利用庫侖扭秤巧妙地實現(xiàn)了他對電荷間相互作用力規(guī)律的研究C法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，這和他堅信電和磁之間一定存在著聯(lián)系的哲學(xué)思想是分不開的D安培首先引入電場線和磁感線，極大地促進了他對電磁現(xiàn)象的研究考點：物理學(xué)史 專題：常規(guī)題型分析：根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻即可解答：解：A、胡克認(rèn)為只有在一定的條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比，故A錯誤B、庫侖利用庫侖扭秤巧妙地實現(xiàn)了他對電荷間相互作用力規(guī)律的研究，故B正確C、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，這和他堅信電和磁之間一定存在著聯(lián)系的哲學(xué)思想是分不開的，故C正確D

16、、法拉第首先引入電場線和磁感線，極大地促進了他對電磁現(xiàn)象的研究，故D錯誤故選：BC點評：本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一2光滑水平面上有一質(zhì)量為2kg的物體，在五個恒定的水平共點力的作用下處于平衡狀態(tài)現(xiàn)同時撤去大小分別為5N和15N的兩個水平力而其余力保持不變，關(guān)于此后物體的運動情況的說法中正確的是( )A一定做勻變速直線運動，加速度大小可能是5m/s2B可能做勻減速直線運動，加速度大小可能是2m/s2C一定做勻變速運動，加速度大小可能10m/s2D可能做勻速圓周運動，向心加速度大小可能是10m/s2考點：向心力；牛頓第二定律

17、專題：牛頓第二定律在圓周運動中的應(yīng)用分析：撤去大小分別為5N和15N的兩個力，其余的力保持不變，則知其余力的合力范圍，由牛頓第二定律求出物體加速度的范圍物體一定做勻變速運動，當(dāng)撤去的兩個力的合力與原來的速度方向相同時，物體可能做勻減速直線運動恒力作用下不可能做勻速圓周運動解答：解：根據(jù)平衡條件得知，余下力的合力與撤去的兩個力的合力大小相等、方向相反，則撤去大小分別為5N和15N的兩個力后，物體的合力大小范圍為10NF合20N，根據(jù)牛頓第二定律F=ma得物體的加速度范圍為：5m/s2a10m/s2A、若物體原來做勻速直線運動，撤去的兩個力的合力方向與速度方向不在同一直線上時，物體可以做曲線運動，

18、加速度大小可能是5m/s2故A錯誤B、若物體原來做勻速直線運動，撤去的兩個力的合力方向與速度方向相同時，則撤去兩個力后物體做勻減速直線運動，由上知加速度大小不可能是2m/s2故B錯誤C、由于撤去兩個力后其余力保持不變，則物體所受的合力不變，一定做勻變速運動加速度大小可能等于10 m/s2故C正確D、由于撤去兩個力后其余力保持不變，恒力作用下不可能做勻速圓周運動故D錯誤故選：C點評：本題中物體原來可能靜止，也可能做勻速直線運動，要根據(jù)物體的合力與速度方向的關(guān)系分析物體可能的運動情況3男子跳高的世界紀(jì)錄是2.45m，由古巴運動員索托馬約爾于1993年7月27日在薩拉曼薩創(chuàng)造不計空氣阻力，對索托馬約

19、爾跳高過程的描述，下列說法正確的是( )A跳過2.45m的高度時他的速度為零B起跳時地面對它的支持力不做功C起跳時地面對它的支持力大于他對地面的壓力D起跳以后上升過程他處于完全失重狀態(tài)考點：牛頓運動定律的應(yīng)用-超重和失重 專題：牛頓運動定律綜合專題分析：當(dāng)物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度；當(dāng)物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度；如果沒有壓力了，那么就是處于完全失重狀態(tài)，此時向下加速度的大小為重力加速度g解答：解：A、到達最高點，豎直方向速度為零，但水平速度不為零，故A錯誤B、起跳時，由于支持力在地面上，

20、故支持力沒有位移；故支持力做功為零，故B正確；C、支持力和壓力是作用力和反作用力；二者一定大小相等；故C錯誤；D、起跳后的上升過程，他只受重力，加速度向下且為g，故他處于完全失重狀態(tài)；故D正確；故選：BD點評：本題考查超重和失重以及作用力和反作用力等內(nèi)容，要注意正確理解相關(guān)內(nèi)容并能應(yīng)用在實際情況中進行分析4如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的電流電源連接，上級板A接地，一帶負(fù)電油滴固定于電容器中的P點，現(xiàn)將平行板電容器的下級板B豎直向下移動一小段距離，則( )A帶電油滴所受電場力不變BP點的電勢將升高C帶電油滴的電勢能增大D電容器的電容減小，極板帶電量增大考點：電容器的動態(tài)分析；帶電粒子在混合

21、場中的運動 專題：電容器專題分析：將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況由U=Ed分析P點與上極板間電勢差如何變化，即能分析P點電勢的變化和油滴電勢能的變化根據(jù)電容的定義式C=，電容器與電源保持相連，則U不變，Q與C成正比變化解答：解：A、將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動故A錯誤B、板間場強E減小，而P點與上極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與上極板間電勢差將減小，而P點的電勢低于上極板的

22、電勢，則知P點的電勢將升高故B正確C、由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負(fù)電，P點的電勢升高，則油滴的電勢能將減小故C錯誤D、根據(jù)電容的定義式C=，電容器與電源保持相連，則U不變，當(dāng)C減小，則Q也減小故D錯誤故選：B點評：本題運用E=分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動運用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化5如圖所示，一足夠長的木板傾斜放置，傾角為45°今有一彈性小球，自空中某處自由釋放，小球豎直下落了h高度后落到木地板上反彈時的速度大小不變，碰撞前后，速度方向與木板夾角相等，小球在木板上碰撞了多次則小球與木板第一次碰撞點與第二次碰撞點

23、間的距離為（空氣阻力不計）( )A4hB4hC6hD6考點：平拋運動 專題：平拋運動專題分析：在小球與斜面接觸之前，小球做的是自由落體運動，根據(jù)自由落體的運動規(guī)律可以求得速度的大小，小球與斜面碰撞后做平拋運動，求出平拋運動的初速度，根據(jù)平拋運動的規(guī)律可以求出第一次碰撞點與第二次碰撞點間的距離解答：解：小球下降過程中，做自由落體運動，落到斜面上時速度為v，滿足：2gh=v2解得：碰撞之后，小球做平拋運動，平拋的初速度為，設(shè)第一次碰撞點與第二次碰撞點間的距離為L，則Lcos45°=vtLsin45°=gt2解得L=4h故選：B點評：解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向

24、上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學(xué)公式靈活求解6二戰(zhàn)期間，傘兵是一個非常特殊的兵種，對整個戰(zhàn)爭進程起到了至關(guān)重要的作用假設(shè)有一士兵從高空跳下，并沿豎直方向下落，其vt圖象如圖所示，則下列說法中正確的是( )A在0t1時間內(nèi)，士兵及其裝備機械能守恒B在t1t2時間內(nèi)，士兵運動的加速度在減小C在t1t2時間內(nèi)，士兵的平均速度vD在t2t4時間內(nèi)，重力對士兵做的功等于他克服阻力做的功考點：機械能守恒定律；勻變速直線運動的圖像 專題：機械能守恒定律應(yīng)用專題分析：速度時間圖象的斜率等于加速度，根據(jù)斜率分析加速度大小如何變化，判斷士兵的運動情況解答：解：A、0t1內(nèi)圖線的斜率在減小，說明士兵做加速度逐漸減小的加速運

25、動，加速度方向向下，所以士兵及其裝備一定受到阻力作用，機械能不守恒，故A錯誤；B、t1秒末到t2秒末由于圖象的斜率在減小，斜率為負(fù)值，說明加速度方向向上且減小，故B正確；C、若t1秒末到t2秒末若運動員做勻減速運動，平均速度等于，而根據(jù)“面積”表示位移得知，此過程的位移小于勻減速運動的位移，所以此過程的平均速度，故C正確；D、t2t4時間內(nèi)重力做正功，阻力做負(fù)功，由于動能減小，根據(jù)動能定理得知，外力對士兵做的總功為負(fù)值，說明重力對士兵所做的功小于他克服阻力所做的功，故D錯誤故選：BC點評：本題考查理解速度問題的能力關(guān)鍵根據(jù)圖線的斜率等于加速度，來分析士兵的運動情況7如圖所示，在x軸相距為L的兩

26、點固定兩個等量異種點電荷+Q、Q，虛線是以+Q所在點為圓心、為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關(guān)于x軸對稱下列判斷正確的是( )Ab、d兩點處的電勢相同B四點中c點處的電勢最低Cb、d兩點處的電場強度相同D將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，+q的電勢能增大考點：電勢能；電場線 分析：該電場中的電勢、電場強度都關(guān)于x軸對稱，所以bd兩點的電勢相等，場強大小相等，方向是對稱的c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠(yuǎn)處的電勢相等解答：解：A、該電場中的電勢關(guān)于x軸對稱，所以b、d兩點的電勢相等，故A正確；B、c點在兩

27、個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠(yuǎn)處的電勢相等根據(jù)順著電場線方向電勢逐漸降低，即知c點的電勢在四個點中是最低的故B正確；C、該電場中的電場強度關(guān)于x軸對稱，所以bd兩點場強大小相等，方向是對稱的，故場強不相同故C錯誤；D、c點的電勢低于a點的電勢，試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，電場力做正功，+q的電勢能減小故D錯誤故選：AB點評：該題考查常見電場的特點，解題的關(guān)鍵是c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠(yuǎn)處的電勢相等而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，負(fù)電荷周圍的電場的電勢都比它低8在一小型交流發(fā)電機中，矩形金屬線圈a

28、bcd的面積為S，匝數(shù)為n，線圈總電阻為r，在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，繞軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動（如圖1所示），產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢隨時間的變化關(guān)系（如圖2所示），矩形線圈與阻值為R的電阻構(gòu)成閉合電路，下列說法中正確的是( )A從t1到t3這段時間內(nèi)穿過線圈磁通量的變化量為零B從t3到t4這段時間通過電阻R的電荷量為Ct4時刻穿過線圈的磁通量的變化率大小為Dt4時刻電阻R的發(fā)熱功率為考點：交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系；交流發(fā)電機及其產(chǎn)生正弦式電流的原理 專題：交流電專題分析：首先知道正選交流電產(chǎn)生的條件，瞬時值、峰值與有效值之間的關(guān)系即各量的應(yīng)用；利用法拉第電磁感應(yīng)定律求通過電阻的電量；知道磁通

29、量的斜率最大時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大即可求解解答：解：A、由于磁通量是雙向標(biāo)量，在t1到t3這段時間穿過線圈磁通量的變化量不為零，所以為=2Bs，故A錯誤；B、通過電阻的電荷量Q=，所以t4到t3這段時間通過電阻R的電荷量Q=，故B正確；C、由于最大值面產(chǎn)生的電動勢最大，所以磁通量時間圖象中，在最大值面上磁通量的斜率最大，即E0=n=nK，所以K=，故C正確；D、求功率時需用有效值，所以E=，所以電流I=，R的發(fā)熱功率為P=，故D正確故選：BCD點評：明確正選交流電產(chǎn)生的條件，瞬時值、峰值與有效值之間的關(guān)系即各量的應(yīng)用；利用法拉第電磁感應(yīng)定律求通過電阻的電量；注意三值間的關(guān)系及選取，題目難度較

30、大二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分（一）必考題：9某興趣小組設(shè)計出如圖甲所示的實驗裝置探究小車的加速度跟合外力的關(guān)系，圖中與小車左端相連的是測力傳感器，小車放置在表面各處粗糙程度相同的水平長木板上，按甲圖裝配好實驗器材，先測出小車運動時所受摩擦阻力，逐漸向沙桶中添加細(xì)沙粒，當(dāng)觀察到小車剛開始運動時，記下傳感器的最大示數(shù)為F0，可認(rèn)為摩擦阻力為F0（1）將小車放回初位置并用手按住，繼續(xù)向沙桶中添加一定量的沙粒，記下傳感器的示數(shù)F1，接通頻率外為50Hz的交流電源，使打點計時器工作，然后釋放小車，打出一條紙帶，再繼續(xù)在桶中添加沙粒，多次重復(fù)實驗，打出多條紙帶，圖乙為某次實驗打出的一條紙帶，紙

31、帶上每相鄰的兩計數(shù)點間都有四個計時點未畫出，按時間順序取0、1、2、3、4、5、6六個計數(shù)點，用刻度尺量出1、2、3、4、5、6點到0點的距離（單位：cm），分別標(biāo)注在相應(yīng)計數(shù)點的下方，則小車的加速度a=0.756m/s2，（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（2）算出各次小車的加速度和合力F（F=F1F0），獲得多組數(shù)據(jù)，描繪小車加速度a與F的關(guān)系圖象，紙帶與打點計時器間的摩擦可忽略，圖中可能正確的是AD（3）寫出一條提高實驗結(jié)果準(zhǔn)確程度有益的建議：控制桶和砂的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量考點：探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系 專題：實驗題分析：根據(jù)勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加

32、速度的大小根據(jù)牛頓第二定律得出a與F的關(guān)系式，結(jié)合關(guān)系式得出正確的圖線解答：解：（1）由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s，設(shè)第一個計數(shù)點到第二個計數(shù)點之間的距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4、x5、x6，根據(jù)勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4x1=3a1T2x5x2=3a2T2 x6x3=3a3T2為了更加準(zhǔn)確的求解加速度，我們對三個加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）=0.756m/s2，（2）改變小桶中砂的重力，多次重復(fù)實驗，獲得多組數(shù)據(jù)，描繪小車加速度a與合力F（F=F1F0）的關(guān)系圖象由于已經(jīng)平

33、衡摩擦力，所以圖象應(yīng)該過原點故AD正確，BC錯誤；故選：AD（3）提高實驗結(jié)果準(zhǔn)確程度有益的建議：控制桶和砂的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量故答案為：（1）0.756（2）AD（3）控制桶和砂的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量點評：本題借助實驗考查了勻變速直線的規(guī)律以及推論的應(yīng)用，在平時練習(xí)中要加強基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用，提高解決問題能力解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，其中平衡摩擦力的原因以及做法在實驗中應(yīng)當(dāng)清楚10有一個螺線管，為測量它的兩個接線柱間繞制的均勻金屬絲的長度，現(xiàn)提供下列器材：A待測螺線管L：繞制螺線管金屬絲的電阻率，其總電阻RL大

34、約100B螺旋測微器C微安表 ：量程Ig=500A，內(nèi)阻Rg=100D電阻箱R：阻值范圍099999.9；E電源E：電動勢有3V和9V兩種可供選擇，內(nèi)阻較小F電鍵兩個（S1和S2），導(dǎo)線若干（1）實驗中用螺旋測微器測的金屬絲的直徑如圖甲所示，其讀數(shù)為d=0.393mm（2）已將提供的器材連成了如圖乙所示的測金屬絲電阻RL的電路，根據(jù)該實驗電路的測量原理，為了更準(zhǔn)確地測RL，應(yīng)選擇E中電動勢為9V的電源（3）若測得的金屬絲直徑用d表示，測電阻時先閉合S1，調(diào)R是微安表指針滿偏，再閉合S2時微安表示數(shù)用I表示，則用已知量和測得量的符號表示金屬絲的長度l=考點：測定金屬的電阻率 專題：實驗題；恒定電

35、流專題分析：（1）螺旋測微器讀數(shù)時，要分固定刻度和可動刻度，再進行相加可得結(jié)果；（2）根據(jù)題意，微安表滿偏，當(dāng)與所測螺線管并聯(lián)，則電阻大約變化一半，只有電阻箱的特別大時，接入電阻才不會引起電流變化，從而即可確定電源電動勢；（3）根據(jù)電阻定律公式和歐姆定律求出金屬絲的長度L解答：解：（1）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為0，可動刻度讀數(shù)為39.3×0.01=0.393mm，所以金屬絲的直徑為0.393mm，（2）先只閉合S1，調(diào)電阻箱R，使微安表指針滿偏，則R值須很大；再閉合S2時，則RL與微安表并聯(lián)，雖然電阻變小了，但因R很大，全電路總電阻變化很小，干路電流幾乎不變化，可認(rèn)為仍為滿偏電流I

36、g，實驗應(yīng)略大于，此時微安表的讀數(shù)為I，那么RL的分流IL=IgI，實際值略大于此值于是解得：RL=，測量值偏大根據(jù)本實驗原理，要減小測量RL的系統(tǒng)誤差，提高電源的電動勢，使R取值更大一些，這樣才能保證再閉合S2后干路電流變化更?。?）根據(jù)歐姆定律得：根據(jù)電阻定律得：RL=；且S=解得：L=；故答案為：（1）0.393mm；（2）9V；（3）；點評：該題是較綜合的考查了電學(xué)實驗，要求我們要會熟練的連接實物圖，注意連接實物圖的要領(lǐng)；熟練的對螺旋測微器進行讀數(shù)；注意產(chǎn)生實驗誤差的根源是螺線管的并聯(lián)后，導(dǎo)致電阻減小，電流增大11探月衛(wèi)星的發(fā)射過程可簡化如下：首先進入繞地球運行的“停泊軌道”，在該軌道

37、的P處通過變速在進入地月“轉(zhuǎn)移軌道”，在快要到達月球時，對衛(wèi)星再次變速，衛(wèi)星被月球引力“俘獲”后，成為環(huán)月衛(wèi)星，最終在環(huán)繞月球的“工作軌道”上繞月飛行（視為圓周運動），對月球進行探測已知“工作軌道”周期為T，距月球表面的高度為h，月球半徑為R，引力常量為G，忽略其它天體對探月衛(wèi)星在“工作軌道”上環(huán)繞運動的影響（1）要使探月衛(wèi)星從“轉(zhuǎn)移軌道”進入“工作軌道”，應(yīng)增大速度還是減小速度？（2）求探月衛(wèi)星在“工作軌道”上環(huán)繞的線速度大?。唬?）求月球的第一宇宙速度考點：萬有引力定律及其應(yīng)用 專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析：要使探月衛(wèi)星從“轉(zhuǎn)移軌道”進入“工作軌道”，應(yīng)減小速度做近心運動根據(jù)線速度與軌

38、道半徑和周期的關(guān)系直接得到探月衛(wèi)星線速度的大小月球?qū)μ皆滦l(wèi)星的萬有引力提供其做勻速圓周運動的向心力，“近月衛(wèi)星”的環(huán)繞速度為月球的第一宇宙速度v1，根據(jù)萬有引力提供向心力，解以上二式可得月球的第一宇宙速度解答：解：（1）要使探月衛(wèi)星從“轉(zhuǎn)移軌道”進入“工作軌道”，應(yīng)減小速度做近心運動（2）根據(jù)線速度與軌道半徑和周期的關(guān)系可知探月衛(wèi)星線速度的大小為（3）設(shè)月球的質(zhì)量為M，探月衛(wèi)星的質(zhì)量為m，月球?qū)μ皆滦l(wèi)星的萬有引力提供其做勻速圓周運動的向心力，所以有：月球的第一宇宙速度v1等于“近月衛(wèi)星”的環(huán)繞速度，設(shè)“近月衛(wèi)星”的質(zhì)量為m，則有：由以上兩式解得：答：（1）要使探月衛(wèi)星從“轉(zhuǎn)移軌道”進入“工作軌

39、道”，應(yīng)減小速度（2）探月衛(wèi)星在“工作軌道”上環(huán)繞的線速度大小為（3）月球的第一宇宙速度為點評：本題要掌握萬有引力提供向心力這個關(guān)系，要能根據(jù)題意選擇恰當(dāng)?shù)南蛐牧Φ谋磉_式，要知道“近月衛(wèi)星”的環(huán)繞速度為月球的第一宇宙速度12如圖，靜止于A處的離子，經(jīng)加速電場加速后沿圖中圓弧虛線通過靜電分析器，從P點垂直CN進入矩形區(qū)域的有界勻強電場，電場方向水平向左靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻射分布的電場，已知圓弧虛線的半徑為R，其所在處場強為E、方向如圖所示；離子質(zhì)量為m、電荷量為q；=2d、=3d，離子重力不計（1）求加速電場的電壓U及離子在P點時的速度大小；（2）若離子恰好能打在Q點上，求矩形區(qū)域QNCD內(nèi)

40、勻強電場場強E0 的值；（3）若撤去矩形區(qū)域QNCD內(nèi)的勻強電場，換為垂直紙面向里、大小為B勻強磁場，求離子在勻強磁場中運動半徑考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動 專題：帶電粒子在磁場中的運動專題分析：（1）離子在加速電場中加速時，電場力做功，動能增加，根據(jù)動能定理列出方程；粒子進入靜電分析器，靠電場力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律列出方程，即可求出加速的電壓大小和在P點的速度大?。?）離子進入矩形區(qū)域的有界勻強電場后做類平拋運動，將其進行正交分解，由牛頓第二定律和運動學(xué)公式結(jié)合，可求解場強E0的值（3）粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定

41、律列式求解解答：解：（1）離子在加速電場中加速，根據(jù)動能定理，有：qU=mv2離子在輻向電場中做勻速圓周運動，電場力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有：qE=m聯(lián)立解得：v=U=ER（2）離子做類平拋運動，故： 2d=vt 3d=at2由牛頓第二定律得：qE0=ma則 E0=（3）粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，故：qvB=m解得：R=答：（1）加速電場的電壓U為ER，離子在P點時的速度大小為；（2）若離子恰好能打在Q點上，矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強電場場強E0 的值為；（3）若撤去矩形區(qū)域QNCD內(nèi)的勻強電場，換為垂直紙面向里、大小為B勻強磁場，離子在勻強磁場中運動半徑為點評：對于帶電粒子在電場中

42、加速過程，往往運用動能定理研究加速電壓與速度的關(guān)系；對于電場中偏轉(zhuǎn)問題，運動的分解是常用方法磁場中的勻速圓周運動，要知道洛倫茲力充當(dāng)向心力，畫出軌跡是解答的關(guān)鍵，同時注意粒子在靜電分析器中電場力不做功二、（二）選考題：共45分請考生從給出的3道物理題中選一題解答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選項目的對應(yīng)標(biāo)號涂黑注意所做題目的題號必須與所涂題目得題號一致，如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計分【物理-選修3-3】13下列說法正確的是( )A相同質(zhì)量0的水的分子勢能比0的冰的分子勢能大B大顆粒的鹽磨成了細(xì)鹽，就變成了非晶體C自行車打氣越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大而非分子間相互排斥的原因D氣體分

43、子單位時間內(nèi)與單位面積器壁發(fā)生碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫度都有關(guān)E氣體在等壓膨脹過程中溫度一定不變考點：分子勢能；分子間的相互作用力；熱力學(xué)第一定律 專題：分子間相互作用力與分子間距離的關(guān)系分析：冰熔化成水時需要從外界吸收熱量，從而改變分子勢能的大小；大顆粒的鹽磨成了細(xì)鹽由多晶體變成單晶體，而不是變成非晶體；自行車打氣越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大而非分子間相互排斥的原因；氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁發(fā)生碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫度都有關(guān)；氣體在等壓膨脹過程中分子數(shù)密度減小，故分子平均動能應(yīng)該增大，故溫度升高解答：解：A、0的水與0的冰的分子平均動

44、能相同，冰熔化成水時需要從外界吸收熱量，從而改變分子勢能的大小，故A正確B、大顆粒的鹽磨成了細(xì)鹽由多晶體變成單晶體，而不是變成非晶體，故B錯誤C、自行車打氣越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大而非分子間相互排斥的原因，故C正確D、氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁發(fā)生碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫度都有關(guān)，故D正確E、氣體在等壓膨脹過程中分子數(shù)密度減小，故分子平均動能應(yīng)該增大，故溫度升高故選：ACD點評：本題考車分子動理論、內(nèi)能的概念、氣體壓強的微觀解釋等內(nèi)容，難度不大，但要理解透徹14如圖甲所示，一導(dǎo)熱性能良好、內(nèi)壁光滑的汽缸水平放置，橫截面積S=2×103m2、質(zhì)量m

45、=4kg、厚度不計的活塞與汽缸底部之間封閉了一部分氣體，此時活塞與汽缸底部之間的距離為24cm，在活塞的右側(cè)12cm處有一對與汽缸固定連接的卡環(huán)，氣體的溫度為300K，大氣壓強p0=1.0×105Pa現(xiàn)將汽缸豎直放置，如圖乙所示，取g=10m/s2求：活塞與汽缸底部之間的距離給封閉氣體加熱，使活塞剛能到達卡環(huán)處（末與卡環(huán)發(fā)生相互作用），求此時封閉氣體的溫度考點：理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強 專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：氣缸水平放置時，封閉氣體的壓強等于大氣壓強，當(dāng)氣缸豎直放置時，封閉氣體的壓強等于大氣壓強加活塞重力產(chǎn)生的壓強，由于兩種情況下氣體的溫度保持不變，根據(jù)等溫變化求出

46、此時氣體的體積，根據(jù)氣體的體積可以求出活塞與氣缸底部之間的距離；氣體經(jīng)歷等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律列式求解解答：解：氣缸水平放置時，封閉氣體的壓強：p1=p0=1×105（pa），溫度：T1=300K，體積：V1=24cm×S當(dāng)氣缸豎直放置時，封閉氣體的壓強：p2=p0+=1.2×105pa，溫度T2=T1=300K，體積：V2=HS根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有：=代入數(shù)據(jù)可得H=20cm氣體經(jīng)歷等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律，有：代入數(shù)據(jù)，有：解得：T3=540K答：活塞與汽缸底部之間的距離為20cm；此時封閉氣體的溫度為540K點評：正確使用氣體狀態(tài)方程，并根據(jù)題目給出

47、的條件求出氣體狀態(tài)參量，根據(jù)狀態(tài)方程求解即可基礎(chǔ)題目【物理-選修3-4】15一列橫波沿x軸正方向傳播，零時刻的波形圖如圖所示t1=0與t2=0.8s兩時刻，在x軸上3m3m區(qū)間的兩波形圖正好重合關(guān)于該橫波，下列說法中正確的是( )A波長一定為4mB質(zhì)點振動周期可能為0.8sC該波的波速可能為10m/sD從0時刻開始計時，x=1m處的質(zhì)點比x=1m處的質(zhì)點先到達波峰位置E在t3=0.4s時，x=2m處的質(zhì)點位移可能為零考點：波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象 專題：振動圖像與波動圖像專題分析：根據(jù)波形圖的周期性，即重復(fù)性，可知在0.8秒內(nèi)的經(jīng)過N個周期，從而得出波速的通項式，并由此確定周期的最大值和波速的最小值根據(jù)時間與周期的關(guān)系分析質(zhì)點的位移由波的傳播方向來確定質(zhì)點的振動方向，判斷回到平衡位置的先后解答：解：A、由圖可知，該波的波長是4m故A正確；B、由題意可知，t時刻與 （t+0.8）s時刻在x軸上3m3m區(qū)間內(nèi)的波形圖如圖中同一條圖線所示，則有 0.8s=nT（N=1，2，3），所以T=，當(dāng)n=1時，周期最大，為Tmax=0.8s，故B正確；C、根據(jù)v=知，當(dāng)n=1時，T最大，波速最小，最小波速為 vmin=m/s，當(dāng)n=2時，s，波速：m/s故C正確；D、橫