2016屆貴州省遵義一中高考物理押題卷概要1講解

1、第 1頁(yè)（共 32頁(yè)） 2016 屆貴州省遵義一中高考物理押題卷 一、選擇題（共 8 小題，每小題 6 分，滿分 48 分） 1 在物理學(xué)的探索和發(fā)現(xiàn)過程中，科學(xué)家們運(yùn)用了許多研究方法，以下關(guān)于物 理學(xué)研究方法的敘述中不正確的是（ ） A. 在不考慮帶電體的大小和形狀時(shí)，常用點(diǎn)電荷代替帶電體采用了理想法 捷 Ax B. 根據(jù)速度定義式v 二二-，當(dāng)厶 t T0 時(shí)，二 i-就可以表示物體在 t 時(shí)刻的瞬時(shí) 速度，該定義式運(yùn)用了假設(shè)法 C. 在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與 力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)應(yīng)用了控制變量法 D. 玻璃瓶?jī)?nèi)裝滿

2、水，用穿有透明細(xì)管的橡皮塞封口.手捏玻璃瓶，細(xì)管內(nèi)液面 高度有明顯變化，說明玻璃瓶發(fā)生形變，該實(shí)驗(yàn)采用放大的思想方法 2. 一物體放在水平地面上，如圖 1 所示，已知物體所受水平拉力 F 隨時(shí)間 t 的 變化情況如圖 2 所示，物體相應(yīng)的速度 v 隨時(shí)間 t 的變化關(guān)系如圖 3 所示.則 A. 26s 時(shí)間內(nèi)物體的加速度為 0.5m/s2 B. 物塊的質(zhì)量為 1kg C. 整個(gè)過程中，物體所受摩擦力始終為 2N D. 010s 時(shí)間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功 30J 3. 將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道 1,然后再次點(diǎn)火，將衛(wèi)星送入同步軌道 3軌道 1、 2 相切于 Q 點(diǎn)，2、3 相切于 P 點(diǎn)，M

3、、N 為橢圓軌道短半軸的端點(diǎn)，則當(dāng)衛(wèi)星分 別在1、2、3 軌道上正常運(yùn)行時(shí)（如圖所示），以下說法正確的是（ ） F D 1 /7 2 3 1 N 第 1頁(yè)（共 32頁(yè)） A. 在三條軌道中周期從大到小的順序是 3 軌道、1 軌道、2 軌道 B. 在三條軌道中速率最大的時(shí)刻為經(jīng)過 2 軌道的 Q 點(diǎn)，速率最小的時(shí)刻為經(jīng)過 2軌道上 P 點(diǎn) C. 衛(wèi)星在軌道 1 上經(jīng)過 Q 點(diǎn)時(shí)的加速度大于它在軌道 2 上經(jīng)過 Q 點(diǎn)時(shí)的加速度 D. 衛(wèi)星在軌道 2 上從 M - P- N 運(yùn)動(dòng)所需的時(shí)間等于從 N- Q- M 的時(shí)間 4. 如圖所示， 在水平地面上的箱子內(nèi)，用細(xì)線將質(zhì)量均為 m 的兩個(gè)球 a b

4、 分 別系于箱子的上、下兩底的內(nèi)側(cè)，輕質(zhì)彈簧兩端分別與球相連接，系統(tǒng)處于靜止 狀態(tài)時(shí)，彈簧處于拉伸狀態(tài)，下端細(xì)線對(duì)箱底的拉力為 2mg，箱子的質(zhì)量為 M （mM）,則下列說法正確的是（重力加速度為 g）（ A. 系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)地面受到的壓力大小為 Mg - 2mg B. 中間彈簧的彈力大小為 mg C剪斷連接球 b 與箱底的細(xì)線瞬間，b 球的瞬時(shí)加速度為 2g D.剪斷連接球 a 與彈簧連接點(diǎn)的瞬間，a 球的加速度為 3g 5. 在如圖所示的含有理想變壓器的電路中，變壓器原、畐懺圈匝數(shù)比為 20: 1, 圖中電表均為理想交流電表，R 為光敏電阻（其阻值隨光強(qiáng)增大而減?。琇i和 L2是兩個(gè)

5、完全相同的燈泡.原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電壓 B. 電壓表的示數(shù)為 220V C. 當(dāng)照射 R 的光強(qiáng)增大時(shí)，電流表的示數(shù)變大 D. 若 LI的燈絲燒斷后，電壓表的示數(shù)會(huì)變大 6. 如圖所示，豎直平面內(nèi)有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng) E, M 點(diǎn)與 N 在同一電場(chǎng)線上.兩 第u，下列說法 正確的是（ ） A.交流電的頻率為 50Hz 2 頁(yè)（共 32 頁(yè)） 個(gè)完全相同的帶等量正電荷的粒子，分別以初速度 V2、Vi垂直于電場(chǎng)線進(jìn)入電 場(chǎng)（軌跡位于豎直平面內(nèi)），兩粒子恰好能相遇于 P 點(diǎn)，重力不計(jì)在此過程中， F 列說法正確的是（ ） 一 1 斗 4 A. 兩粒子到達(dá) P 點(diǎn)的速度大小可能相等 B.

6、電場(chǎng)力對(duì)兩粒子做功一定不相同 C兩粒子到達(dá) P 點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能的都比進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)大 D.兩粒子到達(dá) P 點(diǎn)所需時(shí)間一定不相等 7. 如圖所示，兩條足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角為 9,下端接有 定值電阻 R,勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B.現(xiàn)給導(dǎo)體棒 MN 一平行于導(dǎo)軌的初速度 v,使導(dǎo)體棒保持與導(dǎo)軌垂直并沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一 段時(shí)間導(dǎo)體棒又回到原位置.不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻，在這一過程中，下列說 法正確的是（ ） A. 導(dǎo)體棒上滑時(shí)棒中的電流方向由 N 到 M B. 導(dǎo)體棒上滑階段和下滑階段的同一位置受到的安培力大小相同 C整個(gè)過程中流過導(dǎo)體某一橫截面上的電荷量必然為零

7、D.導(dǎo)體棒在上升階段動(dòng)能減小量等于回路中熱能的增加量 8. 電磁流量計(jì)廣泛應(yīng)用于測(cè)量可導(dǎo)電液體（如污水）在管中的流量（在單位時(shí) 間內(nèi)通過管內(nèi)橫截面的流體的體積），為了簡(jiǎn)化，假設(shè)流量計(jì)是如圖所示的橫截 面為長(zhǎng)方形的一段管道，其中空部分的長(zhǎng)、寬、高分別為圖中的 a b、c,流量 計(jì)的兩端與輸送流體的管道相連接 （圖中虛線）圖中流量計(jì)的上、下兩面是金屬 材料，前后兩面是絕緣材料，現(xiàn)于流量計(jì)所在處加磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)， 磁場(chǎng)方向垂直于前后兩面，當(dāng)導(dǎo)電流體穩(wěn)定地流經(jīng)流量計(jì)時(shí)，在管外將流量計(jì)上、 下兩表面分別與一串接了電阻 R 的電流表的兩端連接，I 表示測(cè)得的電流值，已 第 3頁(yè)（共32 頁(yè)）

8、第 6頁(yè)（共 32頁(yè)） 知流體的電阻率為 P,不計(jì)電流表的內(nèi)阻，則可求得（ ） I (bR+) _ a A. 流量為 I（aR+） _ a B. 流量為 - C. 若將污水濃度變大，則上下兩板間電勢(shì)差將變大 D. 若流量越大，則上下兩板間電勢(shì)差將變大 三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第 22-32 題為必考題，每個(gè)試題考 生都作答；第 33 題-39 題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題（共 129 分） 9. 在水平固定的長(zhǎng)木板上，用物體 A、B 分別探究了加速度隨著合外力的變化 的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)裝置如圖（1）所示（打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶圖中未畫出）.實(shí)驗(yàn)過程中 用不同的重物 P 分別掛

9、在光滑的輕質(zhì)動(dòng)滑輪上，使平行于長(zhǎng)木板的不可伸長(zhǎng)的細(xì) 線（中間連結(jié)有一輕質(zhì)細(xì)彈簧）分別拉動(dòng)長(zhǎng)木板上的物塊由靜止開始加速運(yùn)動(dòng) （紙 B 所示（g 已知）， 貳克丁訂器 （1）（多選題）由圖判斷下列說法正確的是 A. 一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板，未達(dá)到平衡物塊所受摩擦力的目的 B. 實(shí)驗(yàn)中重物 P 的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于物塊的質(zhì)量 C. 若在實(shí)驗(yàn)中長(zhǎng)木板是水平的，圖（2）中又知道了圖象的截距，就能求解出物 體與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù) 帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間阻力及空氣阻力可忽略） ，實(shí)驗(yàn)后進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，得到了物 塊 A、B 的加速度 a 與輕質(zhì)彈簧秤的伸長(zhǎng)量 x 的關(guān)系圖象分別如圖（2）中的 A、 第 7頁(yè)（共 32頁(yè)）

10、 D. 試驗(yàn)中，應(yīng)該先釋放重物再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源 （2）某同學(xué)仔細(xì)分析了圖（2）中兩條線不重合的原因，得出結(jié)論：兩個(gè)物體的 質(zhì)量不等，且 mA mB（填 大于”等于”或小于”）；兩物體與木板之間動(dòng)摩擦 因數(shù)MA宙（填大于”等于”或小于”）. io.（9 分）某學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組利用圖（a 所示電路，測(cè)量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng) 勢(shì)和電阻 夂 ik 擋內(nèi)部電路的總電阻使用的器材有： 多用電表； 電壓表：量程 5V,內(nèi)阻十幾千歐； 滑動(dòng)變阻器：最大阻值 5k Q 導(dǎo)線若干. 回答下列問題： （1） 將多用電表?yè)跷徽{(diào)到電阻 次 Ik 擋后并進(jìn)行了歐姆調(diào)零. （2） 將圖（a）中多用電表的紅表筆和 _ （填

11、“ 1 或“2）端相連，黑表筆連接 另端. （3）將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使多用電表的示數(shù)如圖（ b）所示，這 時(shí)電壓表的示數(shù)如圖（c）所示.多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為 kQ和 V. （4）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零此時(shí)多用電表和電壓 表的讀數(shù)分別為 12.0k Q和 4.00V.多用電表電阻擋內(nèi)部電路可等效為由一個(gè)無內(nèi) 阻的電池、一個(gè)理想電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)而成的電路，如圖（ d）所示.根據(jù) 前面的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算可得，此多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)為 V,電阻“ Ik 擋內(nèi) 部電路的總電阻為 _ kQ. 11. （14 分）如圖，A、B 為半徑 R=1m 的四分之一光滑絕

12、緣豎直圓弧軌道，在四 分之一圓弧區(qū)域內(nèi)存在著 E=1X 106 V/仆豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，有一質(zhì)量 m=1kg、 帶電荷量 q=+1.4X105C 的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)），從 A 點(diǎn)的正上方距離 A 點(diǎn) H 處 由靜止開始自由下落（不計(jì)空氣阻力），BC 段為長(zhǎng) L=2m、與物體間動(dòng)摩擦因數(shù) M =0.2的粗糙絕緣水平面.（取 g=10m/s2） 第 8頁(yè)（共 32頁(yè)） （1） 若 H=1m,物體能沿軌道 AB 到達(dá)最低點(diǎn) B,求它到達(dá) B 點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力 大??； （2）通過你的計(jì)算判是否存在某一 H 值，能使物體沿軌道 AB 經(jīng)過最低點(diǎn) B 后最終停在距離 B 點(diǎn) 0.8m 處. 12. （1

13、8 分） 如圖所示的豎直直角坐標(biāo)平面 xoy 內(nèi)有兩條過原點(diǎn)的射線 OA 和 OB 與x 軸的正半軸和負(fù)半軸都成 45角，在 x 軸上方/ AOB 區(qū)域間分布著方向垂直 紙面向外大小為 Bi 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在 x 軸的下方存在著方向垂直紙面向外大小為 B2= 勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有一質(zhì)量為 m,帶電量為+q 的帶電粒子以速度 v 從位于直線 OA 上的 P （L, L）點(diǎn)豎直向下射出，經(jīng)過測(cè)量發(fā)現(xiàn)，此粒子每經(jīng)過相同的時(shí)間 T 會(huì)回到 P 點(diǎn)，（不計(jì)粒子重力） （1） 求勻強(qiáng)磁場(chǎng)之比； （2） 若保持 B2 不變，而/ AOB 間的磁場(chǎng)方向不變，現(xiàn)從 P 點(diǎn)向下發(fā)射兩個(gè)速度 _V 在 0 圍內(nèi)（0v VW

14、 ）與原來相同的帶電粒子（不計(jì)兩個(gè)粒子間的相互作用 力），它們進(jìn)入/ AOB 強(qiáng)磁場(chǎng)后都要經(jīng)過 P 點(diǎn)，求/ AOB 間的磁感應(yīng)強(qiáng)度的 即 的大小. （3） 在滿足題（2）中的條件下，求從 P 點(diǎn)出發(fā)后又回到 P 點(diǎn)的最短時(shí)間為多少？ o 【選修 3-3】 13. （5 分）下列說法正確的是（ ） A. 用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應(yīng)油 酸膜的面積 B. 定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強(qiáng) p 與熱力學(xué)溫度 T 成正比 C氣體分子的平均動(dòng)能越大，氣體的壓強(qiáng)就越大 D. 物理性質(zhì)各向同性的一定是非晶體 E. 液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的

15、14. （10 分）如圖甲所示的玻璃管上端開口，管內(nèi)有一部分水銀圭寸住密閉氣體， 上管足夠長(zhǎng)，上、下管的截面積分別為 S=2cm2、S2=1cm2 .封閉氣體初始溫度為 57C，乙圖為對(duì)封閉氣體緩慢加熱過程中氣體壓強(qiáng)隨體積變化的圖線.求： （攝 氏溫度 t 與熱力學(xué)溫度 T 的關(guān)系是 T=t+273K （I）封閉氣體初始狀態(tài)的壓強(qiáng)； （U）若緩慢升高氣體溫度，升高至多少方可將所有水銀全部壓入細(xì)管內(nèi). 【選修 3-4】 15. 如圖所示，a b、c、k 為連續(xù)的彈性介質(zhì)中間隔相等的若干質(zhì)點(diǎn)， e 點(diǎn) 為波源，t=0 時(shí)刻從平衡位置開始向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)， 振幅為 3cm，周期為 0.2s.在 波的傳

16、播方向上， 后一質(zhì)點(diǎn)比前一質(zhì)點(diǎn)遲 0.05s開始振動(dòng).t=0.25s 時(shí)，x 軸上距 e 點(diǎn) 2.0m 的某質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)最高點(diǎn)，貝 U（ ） L 丄 山 Ji Jl Jl il _i _ 山 ! abcdefghi i k A. 該機(jī)械波在彈性介質(zhì)中的傳播速度為 8m/s 第to 4 Llf 爭(zhēng) J F 4 1 ST W 第 10頁(yè)（共 32頁(yè)） 7 頁(yè)（共 32 頁(yè)） B. 該機(jī)械波的波長(zhǎng)為 2m C. 圖中相鄰質(zhì)點(diǎn)間距離為 0.5m D. 當(dāng) a 點(diǎn)經(jīng)過的路程為 9cm 時(shí)，h 點(diǎn)經(jīng)過的路程為 12cm E. 當(dāng) b 點(diǎn)在平衡位置向下振動(dòng)時(shí)，c 點(diǎn)位于平衡位置的上方 16. 如圖所示，直

17、角玻璃三棱鏡置于空氣中，已知/ A=60 , / C=90 , 束極細(xì) 的光于 AC 邊的中點(diǎn) D 垂直 AC 面入射，AD=a,棱鏡的折射率 n=二.求： （i） 光從棱鏡第一次射入空氣時(shí)的折射角； （ii） 光從進(jìn)入棱鏡到它第一次從 BC 邊和 AB 邊射入空氣所經(jīng)歷的時(shí)間分別為 多少？.（設(shè)光在真空中的傳播速度為 c） 【選修 3-5】 17. 下列說法正確的是（ ） A. 放射性物質(zhì)經(jīng)過一個(gè)半衰期后所剩質(zhì)量為原有質(zhì)量的一半 B. B衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子和電子時(shí)所產(chǎn)生的 C. 結(jié)合能越大，原子中核子結(jié)合的越牢固，原子核越穩(wěn)定 D. 在光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)中，在發(fā)生光電效應(yīng)

18、的情況下，入射光的波長(zhǎng)越小，光電 子的最大初動(dòng)能越大. E 根據(jù)波爾理論，氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，要釋放一 定頻率的光子，同時(shí)電子的動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小 18. 如圖所示，豎直平面內(nèi)軌道 ABCD 的質(zhì)量 M=0.4kg，放在光滑水平面上，其 中AB 段是半徑為 R=0.4m 的光滑四分之一圓弧，在 B 點(diǎn)與水平軌道 BD 相切，水 平軌道的 BC 段粗糙，動(dòng)摩擦因數(shù) 卩=0.4 長(zhǎng) L=3.5m, CD 段光滑，D 端連一輕彈 簧，現(xiàn)第 11頁(yè)（共 32頁(yè)） 有一質(zhì)量 m=0.1kg 的小物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）在距 A 點(diǎn)高為 H=3.6m 處由靜 止自由落下，恰沿 A 點(diǎn)滑

19、入圓弧軌道（g=10m/s2） （i） ABCD 軌道在水平面上運(yùn)動(dòng)的最大速率； （ii） 彈簧最大的彈性勢(shì)能. 第 12頁(yè)（共 32頁(yè)） 2016 屆貴州省遵義一中高考物理押題卷 參考答案與試題解析 一、選擇題（共 8 小題，每小題 6 分，滿分 48 分） 1 在物理學(xué)的探索和發(fā)現(xiàn)過程中，科學(xué)家們運(yùn)用了許多研究方法，以下關(guān)于物 理學(xué)研究方法的敘述中不正確的是（ ） A. 在不考慮帶電體的大小和形狀時(shí)，常用點(diǎn)電荷代替帶電體采用了理想法 捷 Ax B. 根據(jù)速度定義式v= ，當(dāng) t -0時(shí)，二i就可以表示物體在 t 時(shí)刻的瞬時(shí) 速度，該定義式運(yùn)用了假設(shè)法 C. 在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的

20、關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與 力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)應(yīng)用了控制變量法 D. 玻璃瓶?jī)?nèi)裝滿水，用穿有透明細(xì)管的橡皮塞封口.手捏玻璃瓶，細(xì)管內(nèi)液面 高度有明顯變化，說明玻璃瓶發(fā)生形變，該實(shí)驗(yàn)采用放大的思想方法 【考點(diǎn)】物理學(xué)史 【分析】點(diǎn)電荷是在一定條件下的科學(xué)抽象，是采用了建立理想化的物理模型的 方法；當(dāng)時(shí)間非常小時(shí)，我們認(rèn)為此時(shí)的平均速度可看作某一時(shí)刻的速度即稱之 為瞬時(shí)速度，采用的是極限思維法；研究多個(gè)變量時(shí)，應(yīng)控制一些不變研究?jī)蓚€(gè) 變量之間的關(guān)系，應(yīng)用控制變量法. 【解答】解：A、在不考慮帶電體的大小和形狀時(shí)，常用點(diǎn)電荷代替帶電體是建 立理想化的物理模型

21、的方法，故 A 正確； B、 以時(shí)間趨向無窮小時(shí)的平均速度作為瞬時(shí)速度，采用了極限思維法，故 B 錯(cuò) 誤； C、 研究多個(gè)變量時(shí)，應(yīng)控制一些不變研究?jī)蓚€(gè)變量之間的關(guān)系，所以在探究加 速度、力、質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再 保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)運(yùn)用了控制變量法，故 C 正確； D、 玻璃瓶?jī)?nèi)裝滿水，用穿有透明細(xì)管的橡皮泥封口.手捏玻璃瓶，細(xì)管內(nèi)液面 高度變化，說明玻璃瓶發(fā)生形變.該實(shí)驗(yàn)采用放大的思想，故 D 正確. 第 13頁(yè)（共 32頁(yè)） 本題選不正確的第 14頁(yè)（共 32頁(yè)） 故選：B 【點(diǎn)評(píng)】在高中物理學(xué)習(xí)中，我們會(huì)遇到多種不同的物理分析

22、方法，這些方法對(duì) 我們理解物理有很大的幫助；故在理解概念和規(guī)律的基礎(chǔ)上，更要注意科學(xué)方法 的積累與學(xué)習(xí). 2. 物體放在水平地面上，如圖 1 所示，已知物體所受水平拉力 F 隨時(shí)間 t 的 變化情況如圖 2 所示，物體相應(yīng)的速度 v 隨時(shí)間 t 的變化關(guān)系如圖 3 所示.則 A. 26s 時(shí)間內(nèi)物體的加速度為 0.5m/s2 B. 物塊的質(zhì)量為 1kg C. 整個(gè)過程中，物體所受摩擦力始終為 2N D. 010s 時(shí)間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功 30J 【考點(diǎn)】動(dòng)能定理；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像 【分析】26s 時(shí)間內(nèi)物體的加速度可根據(jù)速度時(shí)間圖象的斜率求得；根據(jù) 6 - 8s 時(shí)間內(nèi)，物體勻速直

23、線運(yùn)動(dòng)，拉力和摩擦力相等，求得摩擦力的大小，然后 再根據(jù)2-6s 內(nèi)， 利用牛頓第二定律列式求解物體的質(zhì)量.根據(jù)功的計(jì)算公式 W=Fl 求物體克服摩擦力所做的功. 【解答】解：A、在速度時(shí)間圖象上，斜率表示加速度，由圖 3 可得 2 - 6s 時(shí)間 內(nèi)物體的加速度為： Av 3 a= 1 = m/s2=0.75m/s2.故 A 錯(cuò)誤. B、 由圖 3 知，6 - 8s 內(nèi)物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得：f2=F2=2N 由圖 3 可得2 -6s 物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得： Fi - f2=mai g 聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得：m= kg,故 B 錯(cuò)誤. - j L r 團(tuán)1 第 15頁(yè)

24、（共 32頁(yè)） C、 在 0-is 內(nèi)物體靜止不動(dòng)，物體所受摩擦力 fi=Fi=1N, 2- 10s 內(nèi)物體所受摩 擦力f2=2N，故 C 錯(cuò)誤. 1_ D、在整個(gè)過程中通過的位移為：x= x（ 2+8）x 3m=15m，物體克服摩擦力做 功：W=f2x=2x 15J=30J 故 D 正確. 故選：D 【點(diǎn)評(píng)】此題考查了學(xué)生對(duì)圖象問題的分析能力，能從圖象中得出相關(guān)的信息， 知道 v-t 圖象的斜率表示加速度，面積表示位移，然后結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行 計(jì)算. 3. 將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道 1,然后再次點(diǎn)火，將衛(wèi)星送入同步軌道 3軌道 1、 2 相切于 Q 點(diǎn)，2、3 相切于 P 點(diǎn)，M、N 為橢圓

25、軌道短半軸的端點(diǎn)，則當(dāng)衛(wèi)星分 別在1、2、3 軌道上正常運(yùn)行時(shí)（如圖所示），以下說法正確的是（ ） r /72S3 HF* 1 A. 在三條軌道中周期從大到小的順序是 3 軌道、1 軌道、2 軌道 B. 在三條軌道中速率最大的時(shí)刻為經(jīng)過 2 軌道的 Q 點(diǎn)，速率最小的時(shí)刻為經(jīng)過 2 軌道上 P 點(diǎn) C. 衛(wèi)星在軌道 1 上經(jīng)過 Q 點(diǎn)時(shí)的加速度大于它在軌道 2 上經(jīng)過 Q 點(diǎn)時(shí)的加速度 D. 衛(wèi)星在軌道 2 上從 M - P- N 運(yùn)動(dòng)所需的時(shí)間等于從 N- Q- M 的時(shí)間 【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系 【分析】根據(jù)人造衛(wèi)星的萬(wàn)有引力等于向心力，列式求出線速度、角速度、和向 心

26、力的表達(dá)式進(jìn)行討論即可 衛(wèi)星做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng)，要實(shí)現(xiàn)這個(gè)運(yùn)動(dòng)必須使衛(wèi)星所需向心力大于萬(wàn)有引 力，所以應(yīng)給衛(wèi)星加速 【解答】解：A、衛(wèi)星繞中心天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力，得 T=2H ，則半徑大的周期大， 軌道 3 半徑比軌道 2,軌道 2 大于軌道 1,所以衛(wèi)星在軌道 3 上的周期大于軌道 2 的周第 16頁(yè)（共 32頁(yè)） 期大于在軌道 1 上的周期，故 A 錯(cuò)誤. B、從軌道 1 到軌道 2,衛(wèi)星在 Q 點(diǎn)是做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng)，要實(shí)現(xiàn)這個(gè)運(yùn)動(dòng) 必須使衛(wèi)星所需向心力大于萬(wàn)有引力，所以應(yīng)給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力.所 以在軌道 2上 Q 點(diǎn)的速度大于軌道 1 上 Q 點(diǎn)的速

27、度在軌道 2 上 P 點(diǎn)的速度小 /GM 于軌道 3 上 P 點(diǎn)的速度，根據(jù)v= 得衛(wèi)星在軌道 3 上線速度小于衛(wèi)星在軌道 1 上線速度， 所以在軌道 2 上 P 點(diǎn)的速度小于衛(wèi)星在軌道 1 上線速度，故 B 正確; 魚 C、衛(wèi)星運(yùn)行時(shí)只受萬(wàn)有引力，加速度 a=，所以衛(wèi)星在軌道 2 上經(jīng)過 P 點(diǎn)時(shí) 的加速度等于它在軌道 3 上經(jīng)過 P 點(diǎn)時(shí)的加速度，C 錯(cuò)誤； D、近地點(diǎn)速度大，遠(yuǎn)地點(diǎn)速度小，則在軌道 2 上從 M - P-N 運(yùn)動(dòng)所需的時(shí)間 小于從 N- Q-M 的時(shí)間，貝 U D 錯(cuò)誤 故選：B 【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵抓住萬(wàn)有引力提供向心力， 先列式求解出線速度和角速度的表 達(dá)式，再進(jìn)行討論.

28、 知道知道衛(wèi)星變軌的原理，衛(wèi)星通過加速或減速來改變所需向心力實(shí)現(xiàn)軌道的變 換. 4如圖所示，在水平地面上的箱子內(nèi)，用細(xì)線將質(zhì)量均為 m 的兩個(gè)球 a b 分 別系于箱子的上、下兩底的內(nèi)側(cè)，輕質(zhì)彈簧兩端分別與球相連接，系統(tǒng)處于靜止 狀態(tài)時(shí)，彈簧處于拉伸狀態(tài)，下端細(xì)線對(duì)箱底的拉力為 2mg，箱子的質(zhì)量為 M （mM）,則下列說法正確的是（重力加速度為 g）（ ） a I 丿 bQ 一 A. 系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)地面受到的壓力大小為 Mg - 2mg B. 中間彈簧的彈力大小為 mg C剪斷連接球 b 與箱底的細(xì)線瞬間，b 球的瞬時(shí)加速度為 2g D.剪斷連接球 a 與彈簧連接點(diǎn)的瞬間，a 球的加速度

29、為 3g 第 17頁(yè)（共 32頁(yè)） 【考點(diǎn)】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力 【分析】對(duì)整體進(jìn)行受力分析，即可得出開始時(shí)地面受到的壓力； 分別對(duì)燒斷線 的前后的 b 物體以及整體進(jìn)行受力分析，利用牛頓第二定律求解即可，注意彈簧 的彈力非突變的特點(diǎn) 【解答】解：A、對(duì)整體進(jìn)行受力分析可知，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，地面的支持 力等于三個(gè)物體的重力，即： 匚，根據(jù)牛頓第三定律，得：地面受到 壓力大小為（M+2m） g，故 A 錯(cuò)誤； B、對(duì) b 受力分析，b 球受到重力、中間彈簧的彈力和細(xì)線的拉力， C、剪斷連接球 b 與箱底的細(xì)線瞬間，b 球受重力和彈簧的彈力，彈簧的彈力不 * _ _ _ 1 I1 0

30、 能發(fā)生突變，b 球的瞬時(shí)加速度二 工 心，故 C 正確； D、剪斷連接球 a 與彈簧連接點(diǎn)的瞬間，a 球受重力和彈簧的彈力，彈簧的彈力 彈 計(jì) 3ing _ 不能發(fā)生突變，a 球的瞬時(shí)加速度 _ : 一 亠：，故 D 錯(cuò)誤； 故選：C 【點(diǎn)評(píng)】該題考查對(duì)物體的受力分析與牛頓第二定律的應(yīng)用，要合理選擇研究的 對(duì)象，對(duì)研究對(duì)象全面受力分析，注意彈簧的彈力非突變的特點(diǎn) 5在如圖所示的含有理想變壓器的電路中，變壓器原、畐懺圈匝數(shù)比為 20： 1, 圖中電表均為理想交流電表，R 為光敏電阻（其阻值隨光強(qiáng)增大而減?。?，Li和 L2是兩個(gè)完全相同的燈泡原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電壓 u，下列說法 正確

31、的是（ ） 故 B 錯(cuò)誤; 第 18頁(yè)（共 32頁(yè)） A.交流電的頻率為 50Hz B. 電壓表的示數(shù)為 220V C. 當(dāng)照射 R 的光強(qiáng)增大時(shí)，電流表的示數(shù)變大 D. 若 Li的燈絲燒斷后，電壓表的示數(shù)會(huì)變大 【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率；正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表 達(dá)式 【分析】由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電流之比，輸入、輸出功率之 比.和閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類似，可以根據(jù) R 的變化，確定出總電路的電阻的 變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況， 在根據(jù)電壓不變，來分析其他 的原件的電流和電壓的變化的情況. X 【解答】解：A、原線圈接入如圖乙所示，T=0.0

32、2s,所以頻率為 f= =50Hz,故 A 正確； B、 原線圈接入電壓的最大值是 220 二 V,所以原線圈接入電壓的有效值是 U=220V,理想變壓器原、畐懺圈匝數(shù)比為 20: 1，所以副線圈電壓是 11V，所以 V 的示數(shù)為 11V,故 B 錯(cuò)誤； U C、 R 阻值隨光強(qiáng)增大而減小，根據(jù) I知副線圈電流增加，畐懺圈輸出功率增 加，根據(jù)能量守恒定律，所以原線圈輸入功率也增加，原線圈電流增加，所以 A 的示數(shù)變大，故 C 正確； D、 當(dāng) Li的燈絲燒斷后，變壓器的輸入電壓不變，根據(jù)變壓比公式，輸出電壓也 不變，故電壓表讀數(shù)不變，故 D 錯(cuò)誤； 故選：AC 【點(diǎn)評(píng)】電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總

33、的原則就是由部分電路的變化確定總電路的 變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法. 6. 如圖所示，豎直平面內(nèi)有水平向第 19頁(yè)（共 32頁(yè)） 左的勻強(qiáng)電場(chǎng) E, M 點(diǎn)與 N 在同一電場(chǎng)線上.兩 個(gè)完全相同的帶等量正電荷的粒子，分別以初速度 V2、Vi垂直于電場(chǎng)線進(jìn)入電 場(chǎng)（軌跡位于豎直平面內(nèi)），兩粒子恰好能相遇于 P 點(diǎn)，重力不計(jì).在此過程中， 下列說法正確的是（ ） J :軌 A. 兩粒子到達(dá) P 點(diǎn)的速度大小可能相等 B. 電場(chǎng)力對(duì)兩粒子做功一定不相同 C兩粒子到達(dá) P 點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能的都比進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)大 D.兩粒子到達(dá) P 點(diǎn)所需時(shí)間一定不相等 【考點(diǎn)】電勢(shì)差

34、與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能 【分析】分析初末位置的電勢(shì)差，判斷電場(chǎng)力做功的關(guān)系，由動(dòng)能定理分析速度 大小關(guān)系； 運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析運(yùn)動(dòng)時(shí)間的關(guān)系. 【解答】解：AB、兩粒子進(jìn)入電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)，因?yàn)橹亓Σ挥?jì)，豎直方向 勻速，水平向左勻加速，因?yàn)閮闪Ｗ铀椒较虻奈灰撇煌妶?chǎng)力做功一定不同， 由動(dòng)能定理可知，兩粒子達(dá)到 P 點(diǎn)的速度大小不等，故 A 錯(cuò)誤，B 正確； C、 電場(chǎng)力對(duì)兩粒子都做正功，電勢(shì)能減少，故 C 錯(cuò)誤； 丄 qE D、 水平方向上，由 x= at2,加速度為：a= |，因?yàn)閮蓚€(gè)完全相同的帶等量正電 荷的粒子，所以加速度相等，位移不等，所以兩粒子到達(dá) P 點(diǎn)所需時(shí)

35、間一定不相 等，故 D 正確. 故選：BD. 【點(diǎn)評(píng)】帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)電勢(shì)差研究電場(chǎng)力做功，進(jìn)而分析電勢(shì) 能和動(dòng)能的關(guān)系是常用的方法.粒子在電場(chǎng)中做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)， 常用運(yùn)動(dòng)的 分解法研究其運(yùn)動(dòng)規(guī)律. 7. 如圖所示，兩條足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角為 9,下端接有 第 20頁(yè)（共 32頁(yè)） 定值電阻 R,勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B.現(xiàn)給導(dǎo)體棒 MN 一平行于導(dǎo)軌的初速度 v,使導(dǎo)體棒保持與導(dǎo)軌垂直并沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一 段時(shí)間導(dǎo)體棒又回到原位置.不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻，在這一過程中，下列說 法正確的是（ ）第仃頁(yè)（共 32頁(yè)） A. 導(dǎo)體棒上滑時(shí)棒

36、中的電流方向由 N 到 M B. 導(dǎo)體棒上滑階段和下滑階段的同一位置受到的安培力大小相同 C整個(gè)過程中流過導(dǎo)體某一橫截面上的電荷量必然為零 D.導(dǎo)體棒在上升階段動(dòng)能減小量等于回路中熱能的增加量 【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；安培力 【分析】A、依據(jù)楞次定律，即可判定感應(yīng)電流的方向； B、 根據(jù)安培力公式 FA=BIL=，結(jié)合棒來回過程中，產(chǎn)生熱量，即可判定安 培力大小關(guān)系； C、 依據(jù)電量綜合表達(dá)式 q=lt=： = ，整個(gè)過程中，根據(jù)磁通量的變化量，即 可判定； D、 根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒定律，即可求解. 【解答】解：A、導(dǎo)體棒上滑時(shí)，依據(jù)楞次定律，棒中的電流方向由 N 到 M，故 A

37、 正確； B、導(dǎo)體棒上滑階段和下滑階段的同一位置，由于電阻產(chǎn)生熱量，導(dǎo)致來回的速 度大小不相等，再由安培力公式 FA=BIL=，那么同一位置受到的安培力大 小也不相同，故 B 錯(cuò)誤； E 色 C、 依據(jù)電量綜合表達(dá)式 q=lt=，=，整個(gè)過程中流過導(dǎo)體某一橫截面上的電 荷量q=0，故 C 正確； D、 根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒定律，棒在上升階段，動(dòng)能減小量等于棒的重力勢(shì)能與 回路中熱能的增加量，故 D 錯(cuò)誤； 第 22頁(yè)（共 32頁(yè)） 故選：AC. 【點(diǎn)評(píng)】考查楞次定律、安培力與電量的綜合表達(dá)式的內(nèi)容， 掌握能量轉(zhuǎn)化與守 恒定律的應(yīng)用，注意棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，熱量一直存在，同時(shí)理解電量的有無 與穿過

38、線圈的磁通量有關(guān). 8電磁流量計(jì)廣泛應(yīng)用于測(cè)量可導(dǎo)電液體（如污水）在管中的流量（在單位時(shí) 間內(nèi)通過管內(nèi)橫截面的流體的體積），為了簡(jiǎn)化，假設(shè)流量計(jì)是如圖所示的橫截 面為長(zhǎng)方形的一段管道，其中空部分的長(zhǎng)、寬、高分別為圖中的 a b、c,流量 計(jì)的兩端與輸送流體的管道相連接 （圖中虛線）圖中流量計(jì)的上、下兩面是金屬 材料，前后兩面是絕緣材料，現(xiàn)于流量計(jì)所在處加磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)， 磁場(chǎng)方向垂直于前后兩面，當(dāng)導(dǎo)電流體穩(wěn)定地流經(jīng)流量計(jì)時(shí)，在管外將流量計(jì)上、 下兩表面分別與一串接了電阻 R 的電流表的兩端連接，I 表示測(cè)得的電流值，已 知流體的電阻率為p,不計(jì)電流表的內(nèi)阻，則可求得（ ） I (

39、bft+) _ a A.流量為 I（aR+） _ 巴 B. 流量為 C. 若將污水濃度變大，則上下兩板間電勢(shì)差將變大 D. 若流量越大，則上下兩板間電勢(shì)差將變大 【考點(diǎn)】霍爾效應(yīng)及其應(yīng)用 【分析】當(dāng)導(dǎo)電流體穩(wěn)定地流經(jīng)流量計(jì)時(shí)， 正負(fù)電荷受洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在上 下表面間形成電勢(shì)差，最終穩(wěn)定時(shí)，電荷所受電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，根據(jù)歐姆 定律及電阻定律求出上下表面間的電勢(shì)差， 從而根據(jù)平衡求出速度以及流量的大 小. U U 【解答】解：AB、最終穩(wěn)定時(shí)有：qvB=q .則 c 根據(jù)電阻定律R =p，則總電阻 R=R+R c 第 23頁(yè)（共 32頁(yè)） 所以 U=IR 總=I （ p+R）第 24頁(yè)（共

40、 32頁(yè)） I （P 盤+或 解得 v= I （bR+） _ a 所以流量 Q=vS=vbc= .故 A 正確，B 錯(cuò)誤. 器（P&R） vp.-P c 命 CD 由上分析可知，那么上下兩極間的電勢(shì)差 U= ，故 C 錯(cuò)誤, D 正確； 故選：AD. 【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向， 以及掌握歐姆定律 和電阻定律的運(yùn)用，注意電流方向的橫截面積求解. 三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第 22-32 題為必考題，每個(gè)試題考 生都作答；第 33 題-39 題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題（共 129 分） 9. 在水平固定的長(zhǎng)木板上，用物體 A、B 分

41、別探究了加速度隨著合外力的變化 的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)裝置如圖（1 所示（打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶圖中未畫出）.實(shí)驗(yàn)過程中 用不同的重物 P 分別掛在光滑的輕質(zhì)動(dòng)滑輪上， 使平行于長(zhǎng)木板的不可伸長(zhǎng)的細(xì) 線 （中間連結(jié)有一輕質(zhì)細(xì)彈簧）分別拉動(dòng)長(zhǎng)木板上的物塊由靜止開始加速運(yùn)動(dòng) （紙 B 所示（g 已知）， （1）（多選題）由圖判斷下列說法正確的是 AC A. 一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板，未達(dá)到平衡物塊所受摩擦力的目的 B實(shí)驗(yàn)中重物 P 的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于物塊的質(zhì)量 帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間阻力及空氣阻力可忽略） ，實(shí)驗(yàn)后進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，得到了物 塊 A、B 的加速度 a 與輕質(zhì)彈簧秤的伸長(zhǎng)量 x 的關(guān)系圖象分別如圖（2）中的 A、

42、 第 25頁(yè)（共 32頁(yè)） C. 若在實(shí)驗(yàn)中長(zhǎng)木板是水平的，圖（2）中又知道了圖象的截距，就能求解出物 體與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù) D. 試驗(yàn)中，應(yīng)該先釋放重物再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源 （2）某同學(xué)仔細(xì)分析了圖（2）中兩條線不重合的原因，得出結(jié)論：兩個(gè)物體的 質(zhì)量不等，且 mA小于 mB （填 大于”等于”或小于”）；兩物體與木板之間動(dòng) 摩擦因數(shù) 幟 大于 曲（填 大于”等于”或小于”）. 【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系 【分析】（1）寫出木板水平時(shí)加速度的表達(dá)式討論即可；實(shí)驗(yàn)時(shí)要先接通電源， 再放開小車；小車受到的拉力可以由彈簧測(cè)力計(jì)讀出； 實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源再釋 放重物. （2）根

43、據(jù)圖象由牛頓第二定律可以判斷出物體質(zhì)量大?。?由牛頓第二定律求出加速度的表達(dá)式，然后判斷動(dòng)摩擦因數(shù)大小. 【解答】解：（1） A、平衡摩擦力時(shí)應(yīng)把長(zhǎng)木板的一端墊高，由圖示可知，一端 帶有定滑輪的長(zhǎng)木板未達(dá)到平衡物塊所受摩擦力的目的，故 A 正確； B、 物塊所受的拉力可以由彈簧的伸長(zhǎng)量求出，實(shí)驗(yàn)過程重物 P 的質(zhì)量不需遠(yuǎn)小 于物塊的質(zhì)量，故 B 錯(cuò)誤； X C、 長(zhǎng)木板水平時(shí)，對(duì)物塊 A 由牛頓第二定律可得：F-卩 mg=ma 即 a=丨-yg 對(duì) B 由牛頓第二定律可得：F-卩 mg=ma 即 a=m - yg木板水平時(shí)如果已知 圖 象的截距，可以求出物體與木板間的動(dòng)摩擦因，故 C 正確；

44、D、 試驗(yàn)中，應(yīng)該先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源然后釋放重物， 故 D 錯(cuò)誤；故選：AC. （2）由牛頓第二定律得：m=，a-F 圖象斜率的倒數(shù)等于 m,由圖象可得：A 的斜率大于 B 的斜率，則 A 斜率的倒數(shù)小于 B 斜率的倒數(shù)，即 A 的質(zhì)量小于 B 的質(zhì)量； 由牛頓第二定律得：F- y mg=ma a=0 時(shí)，F(xiàn)=y mg 由圖象可知，a=0 時(shí)，A、B 的 F相等，即 yAmAg=ymBg，而 mA y. 故答案為：（1） AC; （2）小于；大于. 【點(diǎn)評(píng)】本題考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析，要掌握實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、會(huì)根據(jù)實(shí)驗(yàn)裝置圖分 析實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、會(huì)應(yīng)用圖象處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，難度適中. io.（9 分）某

45、學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組利用圖（a 所示電路，測(cè)量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng) 勢(shì)和電阻 夂 ik 擋內(nèi)部電路的總電阻使用的器材有： 多用電表； 第 26頁(yè)（共 32頁(yè)） 電壓表：量程 5V,內(nèi)阻十幾千歐； 滑動(dòng)變阻器：最大阻值 5k Q 導(dǎo)線若干. 回答下列問題： （1） 將多用電表?yè)跷徽{(diào)到電阻 次 Ik 擋后并進(jìn)行了歐姆調(diào)零. （2） 將圖（a 中多用電表的紅表筆和 1 （填“ 1 或“2）端相連，黑表筆連 接另一端. （3） 將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使多用電表的示數(shù)如圖（ b）所示，這 時(shí)電壓表的示數(shù)如圖（c）所示.多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為 15.0 kQ和 3.60 V. （4）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器

46、的滑片，使其接入電路的阻值為零.此時(shí)多用電表和電壓 表的讀數(shù)分別為 12.0k Q和 4.00V.多用電表電阻擋內(nèi)部電路可等效為由一個(gè)無內(nèi) 阻的電池、一個(gè)理想電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)而成的電路，如圖（ d）所示.根據(jù) 前面的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算可得，此多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)為 9.0 V，電阻 次 Ik 擋內(nèi)部電路的總電阻為 15.0 kQ. 【考點(diǎn)】伏安法測(cè)電阻 【分析】（2）紅正黑負(fù)，電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表； （3） 歐姆表讀數(shù)等于倍率乘以表盤讀數(shù)，伏特表讀數(shù)要估讀； （4） 由于半偏電流是滿偏電流的一半，故歐姆表的中值電阻等于內(nèi)電阻；根據(jù) 閉合電路歐姆定律求解電動(dòng)勢(shì). 【解答】解：（

47、2）多用電表插孔紅正黑負(fù)，電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流 出電表；電流從電壓表正接線柱流入，由圖示 a 所示可知，紅表筆接觸 2，黑表 筆接1；第 22頁(yè)(共 32頁(yè)) (3) 用電表?yè)跷徽{(diào)到電阻 夂 Ik ”由圖 b 所示可知，電阻阻值：1KX15.0 Q =15.0k； 由圖 c 所示可知，電壓表分度值為 0.1V,電壓表讀數(shù)為 3.60V; (4) 歐姆表的中值電阻等于內(nèi)電阻，故歐姆表 1K 檔位的內(nèi)電阻為 15.0K Q 根據(jù)閉合電路歐姆定律，電動(dòng)勢(shì)為： E=U+，?r=4V+ X 15kQ =9V 故答案為：(2) 1; (3) 15.0; 3.60; (4) 9.0; 15.0.

48、 【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，會(huì)使用歐姆表和電壓表測(cè)量電阻和電壓， 同 時(shí)能結(jié)合閉合電路歐姆定律靈活地列式分析. 11. (14 分)如圖，A、B 為半徑 R=1m 的四分之一光滑絕緣豎直圓弧軌道，在四 分之一圓弧區(qū)域內(nèi)存在著 E=1X 106 V/仆豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，有一質(zhì)量 m=1kg、 帶電荷量 q=+1.4X105C 的物體(可視為質(zhì)點(diǎn))，從 A 點(diǎn)的正上方距離 A 點(diǎn) H 處 由靜止開始自由下落(不計(jì)空氣阻力)，BC 段為長(zhǎng) L=2m、與物體間動(dòng)摩擦因數(shù) 卩=0.2 勺粗糙絕緣水平面.(取 g=10m/s2) (1) 若 H=1m,物體能沿軌道 AB 到達(dá)最低點(diǎn) B,求它到達(dá)

49、B 點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力 大??； (2) 通過你的計(jì)算判斷： 是否存在某一 H 值， 能使物體沿軌道 AB 經(jīng)過最低點(diǎn) B 后最終停在距離 B 點(diǎn) 0.8m 處. 【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；向心力；勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的 關(guān)系 【分析】(1 )物體由初始位置運(yùn)動(dòng)到 B，根據(jù)動(dòng)能定理求出 B 點(diǎn)速度，小物塊剛 到達(dá)B 點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律求解壓力； (2)設(shè)小物塊能沿著軌道 AB 到達(dá) B 點(diǎn)的最小速度為 v，在 B 點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定 律列式，物體由初始位置運(yùn)動(dòng)到 B，根據(jù)動(dòng)能定理列式，小物塊在水平面滑行， 再由動(dòng)能定理列式，聯(lián)立方程即可求解. 【解答】解：（1）物體由初始位置運(yùn)動(dòng)到

50、 B 點(diǎn)的過程中根據(jù)動(dòng)能定理有 丄 2 mg （R+H）- qER=mv 第 28頁(yè)（共 32頁(yè)） 2 叭 到達(dá) B 點(diǎn)時(shí)由支持力 FN、重力、電場(chǎng)力的合力提供向心力 FN- mg+qE=- 解得 FN=8 N 根據(jù)牛頓第三定律，可知物體對(duì)軌道的壓力大小為 8 N,方向豎直向下 （2）要使物體沿軌道 AB 到達(dá)最低點(diǎn) B,當(dāng)支持力為 0 時(shí)，最低點(diǎn)有個(gè)最小速度 v,則 qE- mg= 解得 v=2 m/s x 在粗糙水平面上，由動(dòng)能定理得：- 卩 mgx- - mv2 所以 x=1 m 0.8 m 故不存在某一 H 值，使物體沿著軌道 AB 經(jīng)過最低點(diǎn) B 后，停在距離 B 點(diǎn) 0.8 m 處

51、. 答：（1）若 H=1m，物體能沿軌道 AB 到達(dá)最低點(diǎn) B,它到達(dá) B 點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓 力大小是 8N; （2）不存在某一 H 值，使物體沿著軌道 AB 經(jīng)過最低點(diǎn) B 后，停在距離 B 點(diǎn) 0.8 m 處. 【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了動(dòng)能定理及牛頓第二定律的直接應(yīng)用， 關(guān)鍵是能正確分 析物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，選擇合適的過程應(yīng)用動(dòng)能定理，難度適中 12. （18 分）如圖所示的豎直直角坐標(biāo)平面 xoy 內(nèi)有兩條過原點(diǎn)的射線 OA 和 OB 與x 軸的正半軸和負(fù)半軸都成 45角，在 x 軸上方/ AOB 區(qū)域間分布著方向垂直 紙面向外大小為 B1的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在 x 軸的下方存在著方向垂直紙面

52、向外大小為 mv B2= 勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有一質(zhì)量為 m,帶電量為+q 的帶電粒子以速度 v 從位于直線 OA 上的P （L, L）點(diǎn)豎直向下射出，經(jīng)過測(cè)量發(fā)現(xiàn)，此粒子每經(jīng)過相同的時(shí)間 T 會(huì)回到 P 點(diǎn)，（不計(jì)粒子重力） 1 （1） 求勻強(qiáng)磁場(chǎng)之比； （2） 若保持 B,不變，而/ AOB 間的磁場(chǎng)方向不變，現(xiàn)從 P 點(diǎn)向下發(fā)射兩個(gè)速度 v_ v_ 在 0圍內(nèi)（Ov vW ）與原來相同的帶電粒子（不計(jì)兩個(gè)粒子間的相互作用 力）,它們進(jìn)入/ AOB 強(qiáng)磁場(chǎng)后都要經(jīng)過 P 點(diǎn)，求/ AOB 間的磁感應(yīng)強(qiáng)度的 B/ 的大小. （3） 在滿足題（2）中的條件下，求從 P 點(diǎn)出發(fā)后又回到 P 點(diǎn)的最短時(shí)間

53、為多少？ 第 29頁(yè)（共 32頁(yè)） 【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 【分析】（1）粒子從 P 點(diǎn)向下，運(yùn)動(dòng)過程的軌跡圖畫出來，根據(jù)對(duì)稱性，在上下 兩磁場(chǎng)中勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑相等. （2） 畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，通過幾何關(guān)系可知在上面磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)半徑是下 方磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)半徑的 2 倍，粒子在下方磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半個(gè)周期， 在上方磁場(chǎng)中 運(yùn)動(dòng)四分之一圓周，再由半徑公式得出磁感應(yīng)強(qiáng)度之間的關(guān)系， 從而求出上方磁 場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度. v_ （3） 從 P 點(diǎn)以向下運(yùn)動(dòng)的粒子回到 P 點(diǎn)所用時(shí)間最短，根據(jù)粒子做圓周運(yùn)動(dòng) 的周期公式求出粒子在各階段所以時(shí)間，然后求出總的最短時(shí)間.

54、 【解答】解：（1）由 P 點(diǎn)射出的粒子先做勻速直線運(yùn)動(dòng)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng) B2中， 設(shè)勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為 R2， 第 25頁(yè)(共 32頁(yè)) v2 mv 由牛頓第二定律得： qvB2=m ，解得：R2= =L， 粒子每經(jīng)過相同時(shí)間 T 會(huì)回到 P 點(diǎn)，必滿足在勻強(qiáng)磁場(chǎng) Bi中半徑 R 大小為 L， v2 mv 1 由牛頓第二定律得： qvBi=m解得：Ri= =L，貝 U: =i; V (2)從 P 點(diǎn)向下發(fā)射速度為 vx滿足范圍為：0 -二， 與原來相同的帶電粒子，由于保持 B2不變，當(dāng)速度 V 時(shí)半徑為 L, 則速度為 0-工的粒子在 B2磁場(chǎng)中必定經(jīng)過半個(gè)周期后在 x 軸正半軸間返回, 如圖

55、 2 所示，進(jìn)入 Bi勻強(qiáng)磁場(chǎng)后都要經(jīng)過 P 點(diǎn)， 則在 Bi磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為 B2磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑的兩倍， 叫叭 里丄 匹卯 即：2 ： I ，解得：-，即：Bi= h ； (3)從第二問分析可知，從 P 點(diǎn)以二向下運(yùn)動(dòng)的粒子回到 P 點(diǎn)所用時(shí)間最短, 2兀io 粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T= ， 兀： 7TL 在 Bi的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：ti= = ， 在 B2的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t2=二 ， 在無場(chǎng)區(qū)運(yùn)動(dòng)中的時(shí)間為：t3-， 運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t =tl+t2+t3= + ； 1 答：(1)勻強(qiáng)磁場(chǎng)之比為 1； mv (2) Z AOB 間的磁感應(yīng)強(qiáng)度的 Bi 的大小為 . 2兀L丄 (3)

56、 在從 P 點(diǎn)出發(fā)后又回到 P點(diǎn)的最短時(shí)間為： + . 第 31頁(yè)（共 32頁(yè)） 【點(diǎn)評(píng)】本題考查了粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問題， 根據(jù)粒子在洛倫茲力作用下做圓 周運(yùn)動(dòng)，依據(jù)幾何特性作圖時(shí)解題關(guān)鍵，分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過程應(yīng)由牛頓第二定 律與粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式可以解題. 【選修 3-3】 13. （5 分）下列說法正確的是（ ） A. 用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應(yīng)油 酸膜的面積 B. 定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強(qiáng) p 與熱力學(xué)溫度 T 成正比 C氣體分子的平均動(dòng)能越大，氣體的壓強(qiáng)就越大 D. 物理性質(zhì)各向同性的一定是非晶體 E. 液體的表面張力是由于

57、液體分子間的相互作用引起的 【考點(diǎn)】封閉氣體壓強(qiáng)；*液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象；用油膜法估測(cè)分子 的大小 【分析】用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相 應(yīng)油酸膜的面積；一定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強(qiáng) p 與熱力學(xué)溫 度 T 成正比；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，但影響氣體壓強(qiáng)的因素還有體積；多 晶體和非晶體都有各向異性；由于表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏， 分子間相互 作用表現(xiàn)為引力.表面張力的存在使液體表面想被拉伸的彈簧一樣， 總有收縮的 趨勢(shì). 【解答】解：A、油膜法測(cè)分子直徑大小的實(shí)驗(yàn)中，油膜經(jīng)充分?jǐn)U散，形成單分 子油膜，故純油酸體積除以油膜面積即為分子

58、直徑大小，故 A 正確； 第 32頁(yè)（共 32頁(yè)） B、由查理定律可知，一定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強(qiáng) p 與熱力第 33頁(yè)（共 32頁(yè)） 學(xué)溫度 T 成正比故 B 正確； C、 氣體分子平均動(dòng)能大，說明氣體溫度較高，但不確定氣體體積的大小，由理 想氣體狀態(tài)方程可知無法確定氣體壓強(qiáng)大小，故 C 錯(cuò)誤； D、 多晶體也具有各向同性的特點(diǎn)，故 D 錯(cuò)誤； E 液體的表面張力是由于表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏，分子間相互作用表 現(xiàn)為引力.故 E 正確 故選：ABE 【點(diǎn)評(píng)】本題考查 3-3 的分子動(dòng)理論、晶體與非晶體、壓強(qiáng)的意義、表面張力 等內(nèi)容，較簡(jiǎn)單，加強(qiáng)識(shí)記和理解，多加積累是做好這

59、一類題目的關(guān)鍵. 14. （10 分）如圖甲所示的玻璃管上端開口，管內(nèi)有一部分水銀圭寸住密閉氣體， 上管足夠長(zhǎng)，上、下管的截面積分別為 S=2cm2、S2=1cm2 .封閉氣體初始溫度為 57C，乙圖為對(duì)封閉氣體緩慢加熱過程中氣體壓強(qiáng)隨體積變化的圖線.求： （攝 氏溫度 t 與熱力學(xué)溫度 T 的關(guān)系是 T=t+273K （I）封閉氣體初始狀態(tài)的壓強(qiáng)； （U）若緩慢升高氣體溫度，升高至多少方可將所有水銀全部壓入細(xì)管內(nèi). 【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程 【分析】（1）根據(jù)圖象直接得出封閉氣體的壓強(qiáng) （2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求末狀態(tài)的溫度 - - 3- 【解答】解：（1）氣體初狀態(tài)體積為：I L -

60、” 由圖知此時(shí)壓強(qiáng)為：；煮：二曲 I 二第 34頁(yè)（共 32頁(yè)） P2=82cmHg V2=48c m 從狀態(tài) 1 到狀態(tài) 2 由理想氣體狀態(tài)方程知代入數(shù)據(jù)知： 其中_|& 代入數(shù)據(jù)解得：-： 答：（I）封閉氣體初始狀態(tài)的壓強(qiáng)為 80cmHg； （U）若緩慢升高氣體溫度，升高至 369K 方可將所有水銀全部壓入細(xì)管內(nèi). 【點(diǎn)評(píng)】找出各個(gè)狀態(tài)下的參量是正確解題的關(guān)鍵， 熟練應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程 即可正確解題 【選修 3-4】 15. （2016?海南校級(jí)模擬）如圖所示，a、b、c、k 為連續(xù)的彈性介質(zhì)中間隔 相等的若干質(zhì)點(diǎn)，e 點(diǎn)為波源，t=0 時(shí)刻從平衡位置開始向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振幅 為 3cm,周期為