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參數(shù)取值問(wèn)題的題型與方法一、若在等式或不等式中出現(xiàn)兩個(gè)變量,其中一個(gè)變量的范圍已知,另一個(gè)變量的范圍為所求,且容易通過(guò)恒等變形將兩個(gè)變量分別置于等號(hào)或不等號(hào)的兩邊,則可將恒成立問(wèn)題轉(zhuǎn)化成函數(shù)的最值問(wèn)題求解。例1已知當(dāng)xR時(shí),不等式a+cos2x54sinx+恒成立,求實(shí)數(shù)a的取值范圍。解:原不等式即:4sinx+cos2x3即a+2,上式等價(jià)于或,解得a8.另解:a+cos2x54sinx+即a+12sin2x0,( t1,1)恒成立。設(shè)f(t)= 2t24t+4a+則二次函數(shù)的對(duì)稱(chēng)軸為t=1,f(x)在1,1內(nèi)單調(diào)遞減。只需f(1)0,即a2.(下同)例3設(shè)直線(xiàn)過(guò)點(diǎn)P(0,3),和橢圓順次交于A、B兩點(diǎn),試求的取值范圍.分析:本題中,絕大多數(shù)同學(xué)不難得到:=,但從此后卻一籌莫展, 問(wèn)題的根源在于對(duì)題目的整體把握不夠. 事實(shí)上,所謂求取值范圍,不外乎兩條路:其一是構(gòu)造所求變量關(guān)于某個(gè)(或某幾個(gè))參數(shù)的函數(shù)關(guān)系式(或方程),這只需利用對(duì)應(yīng)的思想實(shí)施;其二則是構(gòu)造關(guān)于所求量的一個(gè)不等關(guān)系.思路1:從第一條想法入手,=已經(jīng)是一個(gè)關(guān)系式,但由于有兩個(gè)變量,同時(shí)這兩個(gè)變量的范圍不好控制,所以自然想到利用第3個(gè)變量直線(xiàn)AB的斜率k. 問(wèn)題就轉(zhuǎn)化為如何將轉(zhuǎn)化為關(guān)于k的表達(dá)式,到此為止,將直線(xiàn)方程代入橢圓方程,消去y得出關(guān)于的一元二次方程,其求根公式呼之欲出.解1:當(dāng)直線(xiàn)垂直于x軸時(shí),可求得;當(dāng)與x軸不垂直時(shí),設(shè),直線(xiàn)的方程為:,代入橢圓方程,消去得,解之得 因?yàn)闄E圓關(guān)于y軸對(duì)稱(chēng),點(diǎn)P在y軸上,所以只需考慮的情形.當(dāng)時(shí),所以 =.由 , 解得 ,所以 ,綜上 .思路2: 如果想構(gòu)造關(guān)于所求量的不等式,則應(yīng)該考慮到:判別式往往是產(chǎn)生不等的根源. 由判別式值的非負(fù)性可以很快確定的取值范圍,于是問(wèn)題轉(zhuǎn)化為如何將所求量與聯(lián)系起來(lái). 一般來(lái)說(shuō),韋達(dá)定理總是充當(dāng)這種問(wèn)題的橋梁,但本題無(wú)法直接應(yīng)用韋達(dá)定理,原因在于不是關(guān)于的對(duì)稱(chēng)關(guān)系式。我們可以構(gòu)造關(guān)于的對(duì)稱(chēng)關(guān)系式.解2:設(shè)直線(xiàn)的方程為:,代入橢圓方程,消去得(*)則 令,則,在(*)中,由判別式可得 ,從而有 ,所以,解得.結(jié)合得. 綜上,.二、直接根據(jù)圖像判斷若把等式或不等式進(jìn)行合理的變形后,能非常容易地畫(huà)出等號(hào)或不等號(hào)兩邊函數(shù)的圖象,則可以通過(guò)畫(huà)圖直接判斷得出結(jié)果。尤其對(duì)于選擇題、填空題這種方法更顯方便、快捷。例4(江蘇、天津)已知長(zhǎng)方形四個(gè)頂點(diǎn)A(0,0),B(2,0),C(2,1)和D(0,1).一質(zhì)點(diǎn)從AB的中點(diǎn)P沿與AB夾角為的方向射到BC上的點(diǎn)P1后,依次反射到CD、DA和AB上的點(diǎn)P2、P3和P4(入射角等于反射角).設(shè)P4的坐標(biāo)為(x4,0).若1x42p+x恒成立的x的取值范圍。分析:在不等式中出現(xiàn)了兩個(gè)字母:x及P,關(guān)鍵在于該把哪個(gè)字母看成是一個(gè)變量,另一個(gè)作為常數(shù)。顯然可將p視作自變量,則上述問(wèn)題即可轉(zhuǎn)化為在2,2內(nèi)關(guān)于p的一次函數(shù)大于0恒成立的問(wèn)題。略解:不等式即(x1)p+x22x+10,設(shè)f(p)= (x1)p+x22x+1,則f(p)在2,2上恒大于0,故有:即解得:x3.三、解析幾何中確定參變量的取值范圍歷來(lái)是各級(jí)各類(lèi)測(cè)試及高考命題的熱點(diǎn)。例10已知橢圓C:和點(diǎn)P(4,1),過(guò)P作直線(xiàn)交橢圓于A、B兩點(diǎn),在線(xiàn)段AB上取點(diǎn)Q,使,求動(dòng)點(diǎn)Q的軌跡所在曲線(xiàn)的方程及點(diǎn)Q的橫坐標(biāo)的取值范圍.分析: 因此,首先是選定參數(shù),然后想方設(shè)法將點(diǎn)Q的橫、縱坐標(biāo)用參數(shù)表達(dá),最后通過(guò)消參可達(dá)到解題的目的.由于點(diǎn)的變化是由直線(xiàn)AB的變化引起的,自然可選擇直線(xiàn)AB的斜率作為參數(shù),如何將與聯(lián)系起來(lái)?一方面利用點(diǎn)Q在直線(xiàn)AB上;另一方面就是運(yùn)用題目條件:來(lái)轉(zhuǎn)化.由A、B、P、Q四點(diǎn)共線(xiàn),不難得到,要建立與的關(guān)系,只需將直線(xiàn)AB的方程代入橢圓C的方程,利用韋達(dá)定理即可.解:設(shè),則由可得:,解之得: (1)設(shè)直線(xiàn)AB的方程為:,代入橢圓C的方程,消去得出關(guān)于 x的一元二次方程:(2) 代入(1),化簡(jiǎn)得:(3)與聯(lián)立,消去得:在(2)中,由,解得 ,結(jié)合(3)可求得 故知點(diǎn)Q的軌跡方程為: ().2已知雙曲線(xiàn),直線(xiàn)過(guò)點(diǎn),斜率為,當(dāng)時(shí),雙曲線(xiàn)的上支上有且僅有一點(diǎn)B到直線(xiàn)的距離為,試求的值及此時(shí)點(diǎn)B的坐標(biāo)。分析1:過(guò)點(diǎn)B作與平行的直線(xiàn),必與雙曲線(xiàn)C相切. 而相切的代數(shù)表現(xiàn)形式是所構(gòu)造方程的判別式. 由此出發(fā),可設(shè)計(jì)如下解題思路:1、,直線(xiàn)l在l的上方且到直線(xiàn)l的距離為;2、把直線(xiàn)l的方程代入雙曲線(xiàn)方程,消去y,令判別式;3、分析2:如果從代數(shù)推理的角度去思考,就應(yīng)當(dāng)把距離用代數(shù)式表達(dá),即所謂“有且僅有一點(diǎn)B到直線(xiàn)的距離為”,相當(dāng)于化歸的方程有唯一解. 據(jù)此設(shè)計(jì)出如下解題思路:關(guān)于x的方程有唯一解。解:設(shè)點(diǎn)為雙曲線(xiàn)C上支上任一點(diǎn),則點(diǎn)M到直線(xiàn)的距離為: ,于是,問(wèn)題即可轉(zhuǎn)化為如上關(guān)于的方程.由于,所以,從而有于是關(guān)于的方程 由可知:方程的二根同正,故恒成立,于是等價(jià)于.由如上關(guān)于的方程有唯一解,得其判別式,就可解得 .用導(dǎo)數(shù)求參數(shù)范圍7.已知函數(shù)()當(dāng)時(shí),求的單調(diào)區(qū)間;()若對(duì)任意, 恒成立,求實(shí)數(shù)的取值范圍解:(I)當(dāng)時(shí),由得得的單調(diào)遞增區(qū)間為,單調(diào)遞減區(qū)間為,(II)若對(duì)任意, 使得恒成立, 則時(shí),恒成立,即時(shí),恒成立,設(shè),則 ,設(shè), 在上恒成立,在上單調(diào)遞增,即在上單調(diào)遞增,在有零點(diǎn),在上單調(diào)遞減,在上單調(diào)遞增,即,8.已知函數(shù)()求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間;()是否存在實(shí)數(shù),使不等式對(duì)恒成立。【解】(),當(dāng)時(shí),函數(shù)在內(nèi)是增函數(shù),即函數(shù)的單調(diào)增區(qū)間為,當(dāng)時(shí),令得,且時(shí),又時(shí),所以函數(shù)遞增區(qū)間為,遞減區(qū)間為.()假設(shè)存在這樣的實(shí)數(shù),使不等式對(duì)恒成立,即恒成立.令,則,且恒成立當(dāng)時(shí),則函數(shù)在上單調(diào)遞減,于是與矛盾,故舍去.當(dāng)時(shí),,而當(dāng)時(shí),由函數(shù)和都單調(diào)遞減.且由圖象可知,趨向正無(wú)窮大時(shí),趨向于負(fù)無(wú)窮大.y=lnx(x1)y=ax2-ax(a0)xOy這與恒成立矛盾,故舍去.當(dāng)時(shí),等價(jià)于() 記其兩根為(這是因?yàn)?,易知時(shí),而時(shí),(i)若時(shí),則函數(shù)在上遞減,于是矛盾,舍去; (ii)若時(shí),則函數(shù)在上遞增,于是恒成立.所以,即,解得,綜上可知,存在這樣的實(shí)數(shù),使不等式對(duì)恒成立9.設(shè)函數(shù)() 當(dāng)時(shí),求函數(shù)的極值;()當(dāng)時(shí),討論函數(shù)的單調(diào)性.()若對(duì)任意及任意,恒有 成立,求實(shí)數(shù)的取值范圍. 解:()函數(shù)的定義域?yàn)?當(dāng)時(shí),令得.當(dāng)時(shí),當(dāng)時(shí),無(wú)極大值.() ;當(dāng),即時(shí), 在上是減函數(shù);當(dāng),即時(shí),令得或令得當(dāng),即時(shí),令得或令得 綜上,當(dāng)時(shí),在定義域上是減函數(shù);當(dāng)時(shí),在和單調(diào)遞減,在上單調(diào)遞增;當(dāng)時(shí),在和單調(diào)遞減,在上單調(diào)遞增()由()知,當(dāng)時(shí),在上單調(diào)遞減,當(dāng)時(shí),有最大值,當(dāng)時(shí),有最小值.而經(jīng)整理得 由得,所以27. 已知函數(shù)是常數(shù),且當(dāng)和時(shí),函數(shù)取得極值()求函數(shù)的解析式;()若曲線(xiàn)與有兩個(gè)不同的交點(diǎn),求實(shí)數(shù)的取值范圍解:(),依題意,即解得,()由()知,曲線(xiàn)與有兩個(gè)不同的交點(diǎn),即在上有兩個(gè)不同的實(shí)數(shù)解,設(shè),則,由0的或,當(dāng)時(shí),于是在上遞增;當(dāng)時(shí),于是在上遞減.依題意有.實(shí)數(shù)的取值范圍是.31.已知函數(shù)(a為實(shí)常數(shù)).(1)若,求證:函數(shù)在(1,+)上是增函數(shù); (2)求函數(shù)在1,e上的最小值及相應(yīng)的值;(3)若存在,使得成立,求實(shí)數(shù)a的取值范圍.解:(1)當(dāng)時(shí),當(dāng),故函數(shù)在上是增函數(shù)(2),當(dāng),若,在上非負(fù)(僅當(dāng),x=1時(shí),),故函數(shù)在上是增函數(shù),此時(shí)。若,當(dāng)時(shí),;當(dāng)時(shí),此時(shí)是減函數(shù); 當(dāng)時(shí),此時(shí)是增函數(shù)故若,在上非正(僅當(dāng),x=e時(shí),),故函數(shù)在上是減函數(shù),此時(shí)綜上可知,當(dāng)時(shí),的最小值為1,相應(yīng)的x值為1;當(dāng)時(shí),的最小值為,相應(yīng)的x值為;當(dāng)時(shí),的最小值為,相應(yīng)的x值為(3)不等式,可化為, 且等號(hào)不能同時(shí)取,所以,即,因而(),令(),又,當(dāng)時(shí),從而(僅當(dāng)x=1時(shí)取等號(hào)),所以在上為增函數(shù),故的最小值為,所以a的取值范圍是導(dǎo)數(shù)的綜合應(yīng)用例10、(山東卷)已知函數(shù),其中,為常數(shù)()當(dāng)時(shí),求函數(shù)的極值;()當(dāng)時(shí),證明:對(duì)任意的正整數(shù),當(dāng)時(shí),有【解析】:()解:由已知得函數(shù)的定義域?yàn)?,?dāng)時(shí),所以(1)當(dāng)時(shí),由得,此時(shí)當(dāng)時(shí),單調(diào)遞減;當(dāng)時(shí),單調(diào)遞增(2)當(dāng)時(shí),恒成立,所以無(wú)極值綜上所述,時(shí),當(dāng)時(shí),在處取得極小值,極小值為當(dāng)時(shí),無(wú)極值()證法一:因?yàn)?,所以?dāng)為偶數(shù)時(shí),令,則()所以當(dāng)時(shí),單調(diào)遞增,又,因此恒成立,所以成立當(dāng)為奇數(shù)時(shí),要證,由于,所以只需證,令,則(),所以當(dāng)時(shí),單調(diào)遞增,又,所以當(dāng)時(shí),恒有,即命題成立綜上所述,結(jié)論成立證法二:當(dāng)時(shí),當(dāng)時(shí),對(duì)任意的正整數(shù),恒有,故只需證明令,則,當(dāng)時(shí),故在上單調(diào)遞增,因此當(dāng)時(shí),即成立故當(dāng)時(shí),有即(四川)設(shè)F1、F2分別是橢圓的左、右焦點(diǎn). (1)若P是該橢圓上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),求的最大值和最小值. (2)設(shè)過(guò)定點(diǎn)M(0, 2)的直線(xiàn)與橢圓交于不同的兩點(diǎn)A、B,且AOB為銳角(其中O為坐標(biāo)原點(diǎn)),求直線(xiàn)l的斜率k的取值范圍. 解析(1)設(shè)P(x, y),又 x=0時(shí),即點(diǎn)P為橢圓短軸端點(diǎn)時(shí),有最小值2。時(shí),即點(diǎn)P為橢圓長(zhǎng)軸端點(diǎn)時(shí),有最大值1. (2)直線(xiàn)x=0不滿(mǎn)足條件,可設(shè)直線(xiàn),由 ,,令,得。又,故cos0, .即,又, k24,即2k0,數(shù)列滿(mǎn)足,若對(duì)成立,試求a的取值范圍。解:(1),又,是公比為的等比數(shù)列,(2),現(xiàn)證:時(shí),對(duì)成立。(1) n=1時(shí),成立;(2)假設(shè)n=k(k1)時(shí),成立,則,即n=k+1時(shí),也成立,時(shí),a的取值范圍是。22.正項(xiàng)數(shù)列 (1)求; (2)試確定一個(gè)正整數(shù)N,使當(dāng)nN
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