遼寧省朝陽三中高三物理上學期第二次月考試題（含解析）新人教版.doc

2013-2014學年遼寧省朝陽三中高三（上）第二次月考物理試卷一、選擇題（本題共10小題，每題4分，共40分有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確，選得不全的得2分）1（4分）（2013上海）當用一束紫外線照射鋅板時，產生了光電效應，這時（）a鋅板帶負電b有正離子從鋅板逸出c有電子從鋅板逸出d鋅板會吸附空氣中的正離子2（4分）（2013秋龍城區(qū)校級月考）下列實例屬于超重現(xiàn)象的是（）a蕩秋千的小孩通過最低點b汽車駛過拱形橋頂端c跳水運動員被跳板彈起，離開跳板向上運動d火箭點火后勻速升空過程中3（4分）（2010秋泉州校級期末）一輛空車和一輛滿載貨物的同型號汽車，在同一路面上以相同的速度向同一方向行駛兩輛汽車同時緊急剎車后（即車輪不滾動只滑動），以下說法正確的是（）a滿載貨物的汽車由于慣性大，滑行距離較大b滿載貨物的汽車由于受的摩擦力較大，滑行距離較小c兩輛汽車滑行的距離相同d滿載貨物的汽車比空車先停下來4（4分）（2014紅崗區(qū)校級模擬）如圖所示，帶支架的平板小車沿水平面向左做直線運動，小球a用細線懸掛于支架前端，質量為m的物塊b始終相對于小車靜止地擺放在右端（b與小車間的動摩擦因數為）某時刻觀察到細線偏離豎直方向角，則此刻小車對物塊b產生作用力的大小和方向為（）amg，豎直向上b，斜向左上方cmgtan，水平向右dmg向右上方5（4分）（2012江蘇）將一只皮球豎直向上拋出，皮球運動時受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比下列描繪皮球在上升過程中加速度大小a與時間t關系的圖象，可能正確的是（）abcd6（4分）（2014春黃石港區(qū)校級期中）下列關于運動和力的敘述中，正確的是（）a物體所受合力方向與運動方向相反，該物體一定做直線運動b物體做圓周運動，所受的合力一定指向圓心c做曲線運動的物體，其加速度方向一定是變化的d物體運動的速率在增加，所受合力方向一定與運動方向相同7（4分）（2013秋龍城區(qū)校級月考）“兒童蹦極”中，拴在腰間左右兩側的是彈性極好的橡皮繩質量為m的小明如圖靜止懸掛時，兩橡皮繩的拉力大小均恰為mg，若此時小明左側橡皮繩斷裂，則小明此時（）a速度為零b加速度a=g，方向豎直向下c加速度a=g，沿未斷裂繩的方向斜向上d加速度a=g，沿原斷裂繩的方向斜向下8（4分）（2007江蘇）假設太陽系中天體的密度不變，天體直徑和天體之間距離都縮小到原來的一半，地球繞太陽公轉近似為勻速圓周運動，則下列物理量變化正確的是（）a地球的向心力變?yōu)榭s小前的一半b地球的向心力變?yōu)榭s小前的c地球繞太陽公轉周期與縮小前的相同d地球繞太陽公轉周期變?yōu)榭s小前的一半9（4分）（2013沙坪壩區(qū)校級模擬）關于環(huán)繞地球運動的衛(wèi)星，下列說法正確的是（）a沿橢圓軌道運行的一顆衛(wèi)星，在軌道不同位置可能具有相同的速率b分別沿圓軌道和橢圓軌道運行的兩顆衛(wèi)星，不可能具有相同的周期c在赤道上空運行的兩顆地球同步衛(wèi)星它們的軌道半徑有可能不同d沿不同軌道經過北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面一定會重合10（4分）（2015涼州區(qū)校級模擬）一個質點正在做勻加速直線運動，用固定的照相機對該質點進行閃光照相，閃光時間間隔為1s，分析照片得到的數據，發(fā)現(xiàn)質點在第1次、第2次閃光的時間間隔內移動了0.2m；在第3次、第4次閃光的時間間隔內移動了0.8m，由上述條件可知（）a質點運動的加速度是0.3m/s2b質點運動的加速度是0.6m/s2c第1次閃光時質點的速度是0.05m/sd第1次閃光時質點的速度是0.1m/s二、填空題（本題共4小題，每空2分，其中第14題為4分，共22分）11（8分）（2012太湖縣校級一模）如圖1所示為“用dis（位移傳感器、數據采集器、計算機）研究加速度和力與質量的關系”的實驗裝置（1）該實驗應用的研究方法是法；（2）在小車總質量不變時，改變所掛鉤碼的數量，多次重復測量，可畫出af關系圖線（如圖2所示）分析此圖線的oa段可得出的實驗結論是此圖線的ab段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是（3）若保持所掛鉤砝數量不變，改變小車質量，多次重復測量，可以研究加速度a與小車質量m的關系，則應該繪制關系圖線12（6分）（2012江西模擬）某實驗小組設計了如圖（a）所示的實驗裝置，通過改變重物的質量，利用計算機可得滑塊運動的加速度a和所受拉力f的關系圖象他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條af圖線，如圖（b）所示（1）圖線是在軌道左側抬高成為斜面情況下得到的（選填“”或“”）；（2）滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質量m=kg；滑塊和軌道間的動摩擦因數=13（4分）（2013上海）放射性元素衰變?yōu)?，此衰變過程的核反應方程是；用此衰變過程中發(fā)出的射線轟擊，可得到質量數為22的氖（ne）元素和另一種粒子，此核反應過程的方程是14（4分）（2013福建）將靜置在地面上，質量為m（含燃料）的火箭模型點火升空，在極短時間內以相對地面的速度v0豎直向下噴出質量為m的熾熱氣體忽略噴氣過程重力和空氣阻力的影響，則噴氣結束時火箭模型獲得的速度大小是（）av0bv0cv0dv0三、計算題（本題共4小題，15、16、17題各9分，18題11分，共38分，計算時必須有必要的文字說明和解題步驟，有數值計算的要注明單位）15（9分）（2013秋龍城區(qū)校級月考）水平傳送帶被廣泛地應用于機場和火車站，用于對旅客的行李進行安全檢查如圖為一水平傳送帶裝置示意圖緊繃的傳送帶ab始終保持v=1m/s的恒定速率運行旅客把行李無初速度地放在a處，設行李與傳送帶之間的動摩擦因數=0.1，ab間的距離為2m，g取10m/s2若乘客把行李放到傳送帶的同時也以v=1m/s的恒定速度平行于傳送帶運動去取行李，求：（1）行李到達b的時間和乘客到達b的時間各是多少？（2）若傳送帶速度足夠大，則行李最快要多長時間到達b？16（9分）（2014春吉州區(qū)校級月考）如圖所示，質量為m的小球置于正方體的光滑盒子中，盒子的邊長略大于球的直徑某同學拿著該盒子在豎直平面內做以o為圓心，半徑為r的勻速圓周運動，已知重力加速度為g，空氣阻力不計（1）要使盒子運動到最高點時，與小球之間恰好無作用力，則該同學拿著盒子做勻速圓周運動的周期為多少？（2）該同學拿著盒子以第（1）問中周期的做勻速圓周運動，當盒子運動到圓心o點正右方時，小球對盒子的哪些面有作用力？作用力的大小分別為多少？17（9分）（2011江蘇校級模擬）嫦娥一號”探月衛(wèi)星在空中運動的簡化示意圖如下衛(wèi)星由地面發(fā)射后，經過發(fā)射軌道進入停泊軌道，在停泊軌道經過調速后進入地月轉移軌道，再次調速后進入工作軌道已知衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道運行半徑分別為r和r1，地球半徑為r，月球半徑為r1，地表面重力加速度為g，月球表面重力加速度為求：（1）衛(wèi)星在停泊軌道上運行的線速度；（2）衛(wèi)星在工作軌道上運行的周期18（11分）（2104春南昌縣校級期末）如圖所示，一根勻質繩質量為m，其兩端固定在天花板上的a、b兩點，在繩的中點懸掛一重物，質量為m，懸掛重物的繩pq質量不計設、分別為繩子端點和中點處繩子的切線方向與豎直方向的夾角，試求的大小2013-2014學年遼寧省朝陽三中高三（上）第二次月考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共10小題，每題4分，共40分有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確，選得不全的得2分）1（4分）（2013上海）當用一束紫外線照射鋅板時，產生了光電效應，這時（）a鋅板帶負電b有正離子從鋅板逸出c有電子從鋅板逸出d鋅板會吸附空氣中的正離子考點：光電效應專題：光電效應專題分析：當用一束紫外線照射鋅板時，產生了光電效應，有光電子從鋅板逸出解答：解：紫外線照射鋅板，發(fā)生光電效應，此時鋅板中有電子逸出，鋅板失去電子帶正電故c正確，a、b、d錯誤故選c點評：解決本題的關鍵知道光電效應的實質，知道鋅板失去電子帶正電2（4分）（2013秋龍城區(qū)校級月考）下列實例屬于超重現(xiàn)象的是（）a蕩秋千的小孩通過最低點b汽車駛過拱形橋頂端c跳水運動員被跳板彈起，離開跳板向上運動d火箭點火后勻速升空過程中考點：超重和失重分析：當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度；當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度；如果沒有壓力了，那么就是處于完全失重狀態(tài)，此時向下加速度的大小為重力加速度g解答：解：a、蕩秋千的小孩通過最低點時，由支持力和重力的合力提供向心力合力向上，所以支持力大于重力，處于超重狀態(tài)，所以a正確；b、超重是物體受到接觸面豎直向上的支持力或繩的拉力大于重力在汽車駛過拱形橋頂端時，由重力的分力提供做圓周運動向心力，所以支持力小于重力，處于失重狀態(tài)，所以b錯誤；c、跳水運動員離開跳板向上運動時，與跳板分離，沒有支持力，完全失重，所以c錯誤；d、火箭點火加速升空的過程中，有向上的加速度，是由支持力和重力的合力提供，處于超重狀態(tài)，所以d正確故選：ad點評：本題考查了學生對超重失重現(xiàn)象的理解，掌握住超重失重的特點，本題就可以解決了3（4分）（2010秋泉州校級期末）一輛空車和一輛滿載貨物的同型號汽車，在同一路面上以相同的速度向同一方向行駛兩輛汽車同時緊急剎車后（即車輪不滾動只滑動），以下說法正確的是（）a滿載貨物的汽車由于慣性大，滑行距離較大b滿載貨物的汽車由于受的摩擦力較大，滑行距離較小c兩輛汽車滑行的距離相同d滿載貨物的汽車比空車先停下來考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系專題：牛頓運動定律綜合專題分析：根據牛頓第二定律比較出兩車的加速度，從而根據速度位移公式比較出剎車滑行的距離大小解答：解：a、剎車后的加速度a=，兩車的動摩擦因數相同，則兩車勻減速運動的加速度相等，根據x=知，兩車滑行的距離相同故a、b錯誤，c正確 d、根據t=知，兩車滑行的時間相等故d錯誤故選c點評：本題考查通過對汽車的受力，根據牛頓第二定律得出加速度的大小從而得知加速度與汽車的質量無關4（4分）（2014紅崗區(qū)校級模擬）如圖所示，帶支架的平板小車沿水平面向左做直線運動，小球a用細線懸掛于支架前端，質量為m的物塊b始終相對于小車靜止地擺放在右端（b與小車間的動摩擦因數為）某時刻觀察到細線偏離豎直方向角，則此刻小車對物塊b產生作用力的大小和方向為（）amg，豎直向上b，斜向左上方cmgtan，水平向右dmg向右上方考點：牛頓第二定律；力的合成與分解的運用專題：牛頓運動定律綜合專題分析：先以a為研究對象，根據牛頓第二定律求出加速度再對b研究，由牛頓第二定律求解小車對物塊b產生的作用力的大小和方向解答：解：以a為研究對象，分析受力如圖，根據牛頓第二定律得：magtan=maa，解得a=gtan，方向水平向右再對b研究得：f=ma=mgtan，方向水平向右，即小車對物塊b產生的靜摩擦力的大小為mgtan，方向向右小車對物塊b的支持力向上，與重力平衡，故n=mg；故小車對物塊b產生作用力為：f=n2+f2=mg，斜向右上方；故選d點評：本題要抓住小球、物塊b和小車的加速度相同的特點，根據牛頓第二定律采用隔離法研究5（4分）（2012江蘇）將一只皮球豎直向上拋出，皮球運動時受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比下列描繪皮球在上升過程中加速度大小a與時間t關系的圖象，可能正確的是（）abcd考點：豎直上拋運動專題：壓軸題；直線運動規(guī)律專題分析：受力分析后根據牛頓第二定律判斷加速度的變化規(guī)律，同時結合特殊位置（最高點）進行判斷解答：解：b、d、皮球豎直向上拋出，受到重力和向下的空氣阻力，根據牛頓第二定律，有：mg+f=ma根據題意，空氣阻力的大小與速度的大小成正比，有：f=kv聯(lián)立解得：a=g+a、c、由于速度不斷減小，故加速度不斷減小，到最高點速度為零，阻力為零，加速度為g，不為零，故bd均錯誤；根據bd的結論a=g+，有，由于加速度減小，故也減小，故也減小，故at圖象的斜率不斷減小，故a錯誤，c正確；故選：c點評：本題關鍵是受力分析后得到加速度的表達式，然后結合速度的變化得到阻力變化，最后判斷出加速度的變化規(guī)律6（4分）（2014春黃石港區(qū)校級期中）下列關于運動和力的敘述中，正確的是（）a物體所受合力方向與運動方向相反，該物體一定做直線運動b物體做圓周運動，所受的合力一定指向圓心c做曲線運動的物體，其加速度方向一定是變化的d物體運動的速率在增加，所受合力方向一定與運動方向相同考點：物體做曲線運動的條件專題：物體做曲線運動條件專題分析：物體運動軌跡是曲線的運動，稱為“曲線運動”當物體所受的合外力和它速度方向不在同一直線上，物體就是在做曲線運動物體做勻速圓周運動，所受的合力一定指向圓心；物體運動的速率在增加，所受合力方向一定與運動方向之間的夾角是銳角解答：解：a、根據曲線運動的條件，若物體所受合力方向與運動方向相反，該物體一定做直線運動故a正確；b、物體做勻速圓周運動，所受的合力一定指向圓心若不是勻速圓周運動，則不指向圓心故b錯誤；c、在恒力作用下物體的加速度不變，物體可以做曲線運動，如平拋運動，故c錯誤；d、物體運動的速率在增加，所受合力方向一定與運動方向之間的夾角是銳角故d錯誤故選：a點評：本題關鍵是對質點做曲線運動的條件的考查，勻速圓周運動，平拋運動等都是曲線運動，對于它們的特點要掌握住7（4分）（2013秋龍城區(qū)校級月考）“兒童蹦極”中，拴在腰間左右兩側的是彈性極好的橡皮繩質量為m的小明如圖靜止懸掛時，兩橡皮繩的拉力大小均恰為mg，若此時小明左側橡皮繩斷裂，則小明此時（）a速度為零b加速度a=g，方向豎直向下c加速度a=g，沿未斷裂繩的方向斜向上d加速度a=g，沿原斷裂繩的方向斜向下考點：共點力平衡的條件及其應用；力的合成與分解的運用專題：共點力作用下物體平衡專題分析：小明靜止時受到重力和兩根橡皮條的拉力，處于平衡狀態(tài)，三力平衡時，三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線；撤去一個力后，其余兩個力未變，故合力與撤去的力等值、反向、共線，求出合力后根據牛頓第二定律求解加速度解答：解：小明靜止時受到重力和兩根橡皮條的拉力，處于平衡狀態(tài)，如圖由于t1=t2=mg，故兩個拉力的合力一定在角平分線上，且在豎直線上，故兩個拉力的夾角為120，當右側橡皮條拉力變?yōu)榱銜r，左側橡皮條拉力不變，重力也不變；由于三力平衡時，三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線，故左側橡皮條拉力與重力的合力與右側橡皮條斷開前的彈力反方向，大小等于mg，故加速度為g，沿原斷裂繩的方向斜向下；故選：d點評：本題關鍵是對小明受力分析后，根據三力平衡時，三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線來確定撤去一個力后的合力，再根據牛頓第二定律求解加速度8（4分）（2007江蘇）假設太陽系中天體的密度不變，天體直徑和天體之間距離都縮小到原來的一半，地球繞太陽公轉近似為勻速圓周運動，則下列物理量變化正確的是（）a地球的向心力變?yōu)榭s小前的一半b地球的向心力變?yōu)榭s小前的c地球繞太陽公轉周期與縮小前的相同d地球繞太陽公轉周期變?yōu)榭s小前的一半考點：萬有引力定律及其應用專題：計算題；壓軸題分析：由密度不變，半徑變化可求得天體的質量變化；由萬有引力充當向心力可得出變化以后的各量的變化情況解答：解：由于天體的密度不變而半徑減半，導致天體的質量減小，所以有地球繞太陽做圓周運動由萬有引力充當向心力所以有所以b正確，a錯誤；由，整理得與原來相同，c正確d錯誤；故選bc點評：天體的運動中都是萬有引力充當向心力，因向心力的表達式有多種，故應根據題目中的實際情況確定該用的表達式9（4分）（2013沙坪壩區(qū)校級模擬）關于環(huán)繞地球運動的衛(wèi)星，下列說法正確的是（）a沿橢圓軌道運行的一顆衛(wèi)星，在軌道不同位置可能具有相同的速率b分別沿圓軌道和橢圓軌道運行的兩顆衛(wèi)星，不可能具有相同的周期c在赤道上空運行的兩顆地球同步衛(wèi)星它們的軌道半徑有可能不同d沿不同軌道經過北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面一定會重合考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用專題：人造衛(wèi)星問題分析：根據開普勒定律求解了解同步衛(wèi)星的含義，即同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉周期相同物體做勻速圓周運動，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向軌道平面的中心通過萬有引力提供向心力，列出等式通過已知量確定未知量解答：解：a、沿橢圓軌道運行的一顆衛(wèi)星，在軌道對稱的不同位置具有相同的速率，故a正確b、分別沿圓軌道和橢圓軌道運行的兩顆衛(wèi)星，可能具有相同的周期，故b錯誤c、根據萬有引力提供向心力，列出等式：=m（r+h），其中r為地球半徑，h為同步衛(wèi)星離地面的高度由于同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉周期相同，所以t為一定值，根據上面等式得出：同步衛(wèi)星離地面的高度h也為一定值故c錯誤d、沿不同軌道經過北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面不一定重合，但圓心都在地心，故d錯誤故選a點評：地球質量一定、自轉速度一定，同步衛(wèi)星要與地球的自轉實現(xiàn)同步，就必須要角速度與地球自轉角速度相等，這就決定了它的軌道高度和線速度大小10（4分）（2015涼州區(qū)校級模擬）一個質點正在做勻加速直線運動，用固定的照相機對該質點進行閃光照相，閃光時間間隔為1s，分析照片得到的數據，發(fā)現(xiàn)質點在第1次、第2次閃光的時間間隔內移動了0.2m；在第3次、第4次閃光的時間間隔內移動了0.8m，由上述條件可知（）a質點運動的加速度是0.3m/s2b質點運動的加速度是0.6m/s2c第1次閃光時質點的速度是0.05m/sd第1次閃光時質點的速度是0.1m/s考點：勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用專題：直線運動規(guī)律專題分析：根據連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量求出質點運動的加速度，根據某段時間內平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出兩次閃光中間時刻的速度，結合速度時間公式求出第1次閃光的速度解答：解：a、根據得加速度為：a=故a正確，b錯誤c、根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度知，第一次和第二次閃光中間時刻的速度為：，則第一次閃光時的速度為：故c正確，d錯誤故選：ac點評：解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷二、填空題（本題共4小題，每空2分，其中第14題為4分，共22分）11（8分）（2012太湖縣校級一模）如圖1所示為“用dis（位移傳感器、數據采集器、計算機）研究加速度和力與質量的關系”的實驗裝置（1）該實驗應用的研究方法是控制變量法法；（2）在小車總質量不變時，改變所掛鉤碼的數量，多次重復測量，可畫出af關系圖線（如圖2所示）分析此圖線的oa段可得出的實驗結論是質量一定的情況下，加速度與合外力成正比此圖線的ab段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是沒有使小車質量遠大于鉤碼質量（3）若保持所掛鉤砝數量不變，改變小車質量，多次重復測量，可以研究加速度a與小車質量m的關系，則應該繪制a關系圖線考點：探究加速度與物體質量、物體受力的關系專題：實驗題；牛頓運動定律綜合專題分析：研究加速度和力與質量的關系，采用的實驗方法是控制變量法；根據af圖線得出加速度與合外力的關系，圖線偏離直線的原因是沒有使小車質量遠大于鉤碼質量為了得出a與m的關系，應該作a圖線解答：解：（1）研究加速度和力與質量的關系，需先控制一個物理量不變，采用的研究方法是控制變量法（2）由圖線oa段可知，a與f的圖線是傾斜的直線，可知質量一定的情況下，加速度與合外力成正比因為圖線的斜率表示物體的質量，ab段明顯偏離直線，此時小車的質量不再遠大于鉤碼的質量，斜率為鉤碼和小車總質量的倒數（3）研究加速度與小車質量的關系，若作出am圖線，圖線是曲線，無法得出a與m的定量關系，應該作a圖線，圖線為過原點的直線，說明a與m成反比故答案為：（1）控制變量法，（2）質量一定的情況下，加速度與合外力成正比，沒有使小車質量遠大于鉤碼質量（3）a點評：本實驗采用控制變量法進行研究，在實驗中抓住兩個認為：1、認為繩子的拉力等于小車的合力，（前提需平衡摩擦力）2、認為鉤碼的總重力等于繩子的拉力，（前提是小車的質量遠大于鉤碼的質量）12（6分）（2012江西模擬）某實驗小組設計了如圖（a）所示的實驗裝置，通過改變重物的質量，利用計算機可得滑塊運動的加速度a和所受拉力f的關系圖象他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條af圖線，如圖（b）所示（1）圖線是在軌道左側抬高成為斜面情況下得到的（選填“”或“”）；（2）滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質量m=kg；滑塊和軌道間的動摩擦因數=考點：牛頓第二定律；滑動摩擦力專題：牛頓運動定律綜合專題分析：知道滑塊運動的加速度a和所受拉力f的關系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質量的倒數對滑塊受力分析，根據牛頓第二定律求解解答：解：（1）由圖象可知，當f=0時，a0也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高所以圖線是在軌道右側抬高成為斜面情況下得到的（2）根據f=ma得a=所以滑塊運動的加速度a和所受拉力f的關系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質量的倒數由圖形b得加速度a和所受拉力f的關系圖象斜率k=2，所以滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質量m=0.5kg 由圖形b得，在水平軌道上f=1n時，加速度a=0，根據牛頓第二定律得fmg=0解得=0.2故答案為：（1）；（2）0.5，0.2點評：通過作出兩個量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的關系運用數學知識和物理量之間關系式結合起來求解13（4分）（2013上海）放射性元素衰變?yōu)椋怂プ冞^程的核反應方程是+he；用此衰變過程中發(fā)出的射線轟擊，可得到質量數為22的氖（ne）元素和另一種粒子，此核反應過程的方程是he+ne+h考點：原子核衰變及半衰期、衰變速度專題：衰變和半衰期專題分析：根據電荷數守恒、質量數守恒確定粒子的電荷數和質量數，從而寫出核反應方程解答：解：放射性元素衰變?yōu)?，知電荷數?，質量數少4，知放出一個粒子，核反應方程為：+he用粒子轟擊，可得到質量數為22的氖（ne），知另一種粒子的電荷數為1，質量數為1，核反應方程為：he+ne+h故答案為：+he，he+ne+h點評：解決本題的關鍵知道核反應方程中電荷數守恒、質量數守恒以及知道常見粒子的電荷數和質量數14（4分）（2013福建）將靜置在地面上，質量為m（含燃料）的火箭模型點火升空，在極短時間內以相對地面的速度v0豎直向下噴出質量為m的熾熱氣體忽略噴氣過程重力和空氣阻力的影響，則噴氣結束時火箭模型獲得的速度大小是（）av0bv0cv0dv0考點：動量守恒定律專題：壓軸題；動量定理應用專題分析：以火箭為研究對象，由動量守恒定律可以求出火箭的速度解答：解：取向上為正方向，由動量守恒定律得： 0=（mm）vmv0則火箭速度v=故選：d點評：在發(fā)射火箭過程中，系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律即可正確解題三、計算題（本題共4小題，15、16、17題各9分，18題11分，共38分，計算時必須有必要的文字說明和解題步驟，有數值計算的要注明單位）15（9分）（2013秋龍城區(qū)校級月考）水平傳送帶被廣泛地應用于機場和火車站，用于對旅客的行李進行安全檢查如圖為一水平傳送帶裝置示意圖緊繃的傳送帶ab始終保持v=1m/s的恒定速率運行旅客把行李無初速度地放在a處，設行李與傳送帶之間的動摩擦因數=0.1，ab間的距離為2m，g取10m/s2若乘客把行李放到傳送帶的同時也以v=1m/s的恒定速度平行于傳送帶運動去取行李，求：（1）行李到達b的時間和乘客到達b的時間各是多少？（2）若傳送帶速度足夠大，則行李最快要多長時間到達b？考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系專題：傳送帶專題分析：行李在傳送帶上先加速運動，然后再和傳送帶一起勻速運動，由牛頓第二定律和運動學公式求出時間若行李一直做勻加速運動時，運動時間最短解答：解：由牛頓第二定律得：mg=ma得：a=g=0.110=1m/s2設行李做勻加速運動的時間為t，行李加速運動的末速度為：v=1m/s由v=at1 代入數值得：t1=1s，勻加速運動的位移大小為：x=0.5m，勻速運動的時間為：t2=1.5s，故行李從a到b的時間為：t=t1+t2=2.5s而乘客一直做勻速運動，從a到b的時間為：t人=2sd、若行李一直做勻加速運動時，運動時間最短由l=得：t2m=4s解得：tm=2s；答：（1）行李到達b的時間為2.5s；乘客到達b的時間為2s；（2）若傳送帶速度足夠大，則行李最快要2s到達b點評：該題考查是的傳送帶問題，行李在傳送帶上先加速運動，然后再和傳送帶一起勻速運動，若要時間最短，則行李一直做勻加速運動16（9分）（2014春吉州區(qū)校級月考）如圖所示，質量為m的小球置于正方體的光滑盒子中，盒子的邊長略大于球的直徑某同學拿著該盒子在豎直平面內做以o為圓心，半徑為r的勻速圓周運動，已知重力加速度為g，空氣阻力不計（1）要使盒子運動到最高點時，與小球之間恰好無作用力，則該同學拿著盒子做勻速圓周運動的周期為多少？（2）該同學拿著盒子以第（1）問中周期的做勻速圓周運動，當盒子運動到圓心o點正右方時，小球對盒子的哪些面有作用力？作用力的大小分別為多少？考點：向心力專題：勻速圓周運動專題分析：（1）要使盒子在最高點時盒子與小球之間恰好無作用力，由重力提供向心力，由牛頓第二定律求得線速度v，周期t0=（2）小球的向心加速度為，結合第1問的結果得到an根據牛頓運動定律，運用正交分解法分別研究水平和豎直兩個方向小球受到的作用力解答：解：（1）設此時盒子的運動周期為t0，因為在最高點時盒子與小球之間剛好無作用力，因此小球僅受重力作用根據牛頓運動定律得：又周