2025年人教版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、將平行板電容器C、電源E和電阻R等元件連接成如圖所示的電路．初始時電容器不帶電．閉合開關(guān)S；在電源向電容器充電的過程中，下列說法正確的是（）

A.電容器帶電量增大，兩板間電壓減小B.電容器帶電量減小，兩板間電壓增大C.電容器帶電量和兩板間電壓都增大D.電容器帶電量和兩板間電壓都減小2、a和b都是不帶電的小球，它們互相摩擦后，a帶的電荷，下列判斷中正確的是（）A.摩擦的過程中電子從b轉(zhuǎn)移到了aB.b在摩擦后一定帶的電荷C.在摩擦前a的內(nèi)部沒有任何電荷D.摩擦的過程中正電荷從b轉(zhuǎn)移到了a3、平時我們所處的地球表面，實際上可將其視為電場強度大小為100V/m的勻強電場，在地面立一金屬桿后空間中的等勢面如圖所示?？臻g中存在a、b、c三點，其中a點位于金屬桿正上方，b、c等高。則下列說法正確的是（）

A.b、c兩點的電勢差B.將一個電子從a移動到b，電場力做功為-100eVC.a點場強方向水平向右D.a點場強大小小于100V/m4、用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素如圖所示。設(shè)兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為。實驗中；極板所帶電荷量不變，若（）

A.保持d不變，減小S，則q不變B.保持d不變，減小S，則q變小C.保持S不變，增大d，則q變小D.保持S不變，增大d，則q變大5、如圖所示，圖1是某同學(xué)設(shè)計的電容式速度傳感器原理圖，其中上板為固定極板，下板為待測物體，在兩極板間電壓恒定的條件下，極板上所帶電量Q將隨待測物體的上下運動而變化，若Q隨時間t的變化關(guān)系為Q=（a、b為大于零的常數(shù)），其圖象如圖2所示，那么圖3、圖4中反映極板間場強大小E和物體速率v隨t變化的圖線可能是。

。

A.①和③B.①和④C.②和③D.②和④6、如圖所示，平行板電容器兩極板水平放置，現(xiàn)將其與二極管串聯(lián)接在電動勢為E的直流電源上，電容器下極板接地，靜電計所帶電荷量可忽略，二極管具有單向?qū)щ娦裕]合開關(guān)S，一帶電油滴恰好靜止于兩板間的P點；現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則下列說法正確的是()

A.平行板電容器的電容將變大B.靜電計指針張角變小C.帶電油滴的電勢能將增加D.油滴仍將保持靜止7、如圖所示電路中，已知R1=R2=R3，R1兩端電壓為3V，R3兩端電壓為1V，流過R1和R2的方向均為向右，R4、R5為定值電阻；則（）

A.R4可能等于R5B.A、B兩端電壓一定為7VC.R4兩端電壓可能為2VD.R4一定小于R58、如圖，電吉他的拾音器由磁體及繞在其上的線圈組成，磁體產(chǎn)生的磁場使金屬琴弦磁化，磁化的琴弦也有了磁性．當(dāng)某根琴弦被撥動而相對線圈振動時，線圈中就會產(chǎn)生相應(yīng)的電流，并最終還原為聲音信號．下列說法正確的是

A.若磁體失去磁性，電吉他仍能正常工作B.換用尼龍材質(zhì)的琴弦，電吉他仍能正常工作C.琴弦振動的過程中，線圈中電流的方向不會發(fā)生變化D.拾音器的作用是利用電磁感應(yīng)把琴弦的振動信號轉(zhuǎn)化為電信號評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖甲所示，兩個等量同種電荷P、Q固定于光滑絕緣水平面上，電荷量q=+1×10-3C、質(zhì)量m=0.02kg，的小球在該平面上從a點由靜止釋放，沿中垂線運動到電荷連線中點O，其v-t圖像如圖乙中圖線①所示，其中b點處為圖線切線斜率最大的位置，圖中②為過b點的切線；則下列說法正確的是（）

A.P、Q帶正電荷B.b點的場強C.a、b兩點間的電勢差為90VD.帶電小球由a運動到O點，電勢能減小10、圖中的實線表示電場線；虛線表示只受電場力作用的帶正電粒子的運動軌跡，粒子先經(jīng)過M點，再經(jīng)過N點，可以判定（）

A.M點的電勢大于N點的電勢B.M點的電勢小于N點的電勢C.粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力D.粒子在M點受到的電場力小于在N點受到的電場力11、如圖所示，有一個均勻帶正電荷的絕緣半圓環(huán)，圓心為坐標(biāo)原點O.同時y軸負(fù)方向上還有一個電量為＋Q的點電荷，原點O與點電荷的距離為L，此時在O點處產(chǎn)生的電場強度為0.現(xiàn)在將環(huán)的右半部折疊放于左半部圓環(huán)上，已知靜電力常量為k.關(guān)于此時O點的電場強度E的說法正確的是（）

A.E的方向沿x軸正方向B.E的方向指向第四象限C.E的大小為kD.E的大小為k12、如圖所示，棱長為L的正方體的上、下底面的每條棱上均固定有長直導(dǎo)線，導(dǎo)線間彼此絕緣且通過導(dǎo)線的電流大小均為已知通有電流為I的長直導(dǎo)線在距離d處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為正方體中心磁感應(yīng)強度的大小可能是（）

A.B.0C.D.13、Q是真空中的點電荷，它激發(fā)的電場的電場線在虛線右側(cè)的部分如圖所示。M、N是電場中的兩點，M與點電荷的距離小于N與點電荷的距離。下列說法正確的是（）

A.Q帶正電荷B.M點的電場強度大于N點的電場強度C.M點的電場強度小于N點的電場強度D.同一試探電荷在M點受到的電場力大于它在N點受到的電場力14、如圖P、Q放置兩個等量的異種電荷，它們連線的中點是O，N、a、b是中垂線上的三點，且oa=2ob，N處放置一負(fù)的點電荷；則（）

A.a處的場強的大小小于b處的場強的大小B.a、O間的電勢差大于a、b間的電勢差2倍C.a處的電勢小于b處的電勢D.電子在a處的電勢能大于電子在b處的電勢能15、如圖所示，虛線是某靜電場的一簇等勢線。實線是一帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，A、B、C為軌跡上的三點。下列判斷正確的是（）

A.軌跡在一條電場線上B.粒子帶正電C.場場強D.粒子的電勢能16、如圖所示，在xOy坐標(biāo)系中有以O(shè)點為中心、邊長為0.2m的正方形，頂點A、B、C、D分別在坐標(biāo)軸上，在該平面內(nèi)有一勻強電場（圖中未畫出），已知A、B、C三點的電勢分別為3V、則下列說法中正確的是（）

A.D點的電勢為B.該勻強電場的場強大小C.該勻強電場的場強大小D.電場場強方向與x軸正方向成=60°角17、如圖，兩平行金屬板a、b水平放置，兩板上正對位置開有小孔c、d，兩金屬板充電后與電源斷開。一帶電的液滴在c孔正上方某一高處由靜止釋放，恰好能運動到d孔。若其他條件不變，僅將a板平行b板向上平移一小段距離，不考慮板外電場的影響，油滴從原處釋放后，與a板移動前相比；油滴（）

A.在板間的加速度不變B.在板間的加速度變大C.不能從d孔穿出兩板D.能從d孔穿出兩板評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、用伏安法測量電阻時，MN接在恒定電壓上，當(dāng)S接a時電壓表的示數(shù)為10V，電流表的示數(shù)為0.2A；當(dāng)S接b時電壓表示數(shù)為12V，電流表的示數(shù)為0.15A；為了較準(zhǔn)確地測定S應(yīng)接在___點，的真實值為______Ω

19、描述電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量是________，其單位可用國際單位制中的基本單位表示為________。20、如圖所示，當(dāng)都閉合時，電壓表示數(shù)為1V；當(dāng)閉合，斷開時，電壓表示數(shù)為0.8V，則電源的電動勢_______V.內(nèi)阻_______Ω.

21、微波爐的加熱原理是：微波遇到食物中的______分子時，會產(chǎn)生微波效應(yīng)，將電磁能轉(zhuǎn)化為電能。22、如圖所示，空間內(nèi)存在水平向右的勻強電場，電場強度大小為E．A、B為勻強電場中的兩點，A、B兩點間距離為l，A、B兩點的連線與電場線間的夾角為θ．則A、B兩點間的電勢差為_________；將一正電荷q從A移到B，電場力所做功為__________．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)23、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

25、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共28分)26、某同學(xué)研究小滑塊與水平長木板之間的動摩擦因數(shù)；查閱資料得知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間．選用的實驗器材是：長木板；小滑塊(可安裝擋光片)、光電門、數(shù)字毫秒計、弧形斜面、擋光片、螺旋測微器、刻度尺．器材安裝如圖甲所示．

(1)主要的實驗過程如下：

①用螺旋測微器測量擋光片寬度d，讀數(shù)如圖乙所示，則d=___________mm；

②讓小滑塊從斜面上某一位置釋放；讀出小滑塊通過光電門時數(shù)字毫秒計示數(shù)t；

③用刻度尺量出小滑塊停止運動時擋光片與光電門間的距離L；

④求出小滑塊與木板間動摩擦因數(shù)μ=___________(用物理量g；d、L、t表示)

(2)為了減小測量動摩擦因數(shù)的誤差，可采用的方法是___________．27、在描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗中；實驗室提供的實驗器材有：

待測小燈泡

電流表（量程內(nèi)阻約）

電壓表（量程內(nèi)阻約）

滑動變阻器（額定電流為）

滑動變阻器（額定電流為）

電源（電動勢內(nèi)阻為）

開關(guān)；導(dǎo)線等。

（1）請畫出完整的電路圖_______，要求測量數(shù)據(jù)盡量精確，且燈泡兩端電壓、電流從零開始，滑動變阻器應(yīng)該選用___________。（填實驗器材代號）

（2）根據(jù)實驗得到的多組數(shù)據(jù)，描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖所示，圖像表明小燈泡燈絲材料的電阻率隨著溫度升高而___________。

（3）將小燈泡與的電阻組成串聯(lián)電路，電路兩端加上的恒定電壓，則在這種情況下小燈泡的功率為___________28、實驗老師指導(dǎo)小明和小華用一種更加精確的方法測量某金屬絲的電阻，實驗電路如圖1所示，老師告訴他們，這樣的電路在物理學(xué)中叫“電橋”。老師提供的實驗器材有：電源（電動勢約為3V，內(nèi)阻不可忽略），電阻箱R0（最大阻值9999Ω），定值電阻R1＝200Ω，R2＝500Ω；靈敏電流計G（0刻度在表盤正中央），待測金屬絲，開關(guān)S，導(dǎo)線若干，刻度尺。

（1）部分操作步驟如下：

①按電路圖連接電路；

②閉合電鍵S，調(diào)節(jié)R0，使靈敏電流計讀數(shù)為零，記下R0的讀數(shù)。

（2）若某次實驗中，當(dāng)靈敏電流計讀數(shù)為零時，R0的讀數(shù)如圖2所示，則此次實驗測得的電阻阻值Rx＝___；

（3）老師加大了實驗難度，提出假如R1、R2阻值未知，在不添加和更換任何電路元件的前提下，如何繼續(xù)使用電橋測出Rx_______（寫出必要的步驟和需要測量；記錄的物理量；同時物理量用相應(yīng)的字母表示）

（4）寫出（2）的結(jié)果表達(dá)式Rx＝_____（用測量、記錄的物理量的字母表示）。29、小明利用如圖所示的實驗裝置測量一干電池的電動勢和內(nèi)阻。

（1）圖中電流表的示數(shù)為__________A

（2）調(diào)節(jié)滑動變阻器；電壓表和電流表的示數(shù)記錄如下。

請根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在答題卡的方格紙上作出U-I圖線____________________．

由圖線求得：電動勢E=_________V，內(nèi)阻r=_________________Ω．

（3）實驗時，小明進(jìn)行了多次測量，花費了較長時間，測量期間一直保持電路閉合，其實從實驗誤差考慮，這樣的操作不妥，因為__________________________________．評卷人得分六、解答題(共4題，共40分)30、如圖，在真空中有兩個電容器C1和C2和一個豎直放置的熒光屏（平面狀），電容器C1的兩個極板豎直正對放置，極板上開有小孔a、b，小孔a、b連線與熒光屏垂直，交點為O，電容器C2的兩個極板水平正對放置。兩個電容器分別接有電源，電源電壓分別為U1和U2，C2的板長為L，板間距為d，熒光屏到C2極板右端距離為L1。一個質(zhì)量為m，電荷量為q的粒子，從a孔飄入（初動能可視為O）C1；經(jīng)過加速和偏轉(zhuǎn)后，粒子打在熒光屏上，不計粒子重力。（假設(shè)電容器極板正對的空間之外沒有電場）

(1)求粒子射出C2電場區(qū)域時的豎直分速度的大??；

(2)粒子打在熒光屏上激發(fā)出熒光，求發(fā)光點到O點的距離。

31、如圖所示，真空中A、B兩點分別固定電荷量均為的兩個點電荷，O為A、B連線的中點，C為A、B連線中垂線上的一點，C點與A點的距離為AC與AB的夾角為中垂線上距離A點為的點的電勢為（以無窮遠(yuǎn)處為零電勢點）。一個質(zhì)量為的點電荷（其電荷量遠(yuǎn)小于Q），以某一速度經(jīng)過C點，不計點電荷的重力，靜電力常量為

（1）畫出C點的電場強度方向；

（2）若經(jīng)過C點的點電荷的電荷量為速度方向由C指向O，要讓此點電荷能夠到達(dá)O點，求其在C點的速度最小值

（3）若經(jīng)過C點的點電荷的電荷量為要讓此點電荷能夠做過C點的勻速圓周運動，求其在C點的速度的大小和方向。

32、如圖所示，在勻強電場中，有A、B兩點，它們間距為4cm，兩點的連線與場強方向成60°角。將一個電量為-2×10-5C的電荷由A移到B；其電勢能增加了0.1J，求：

(1)B、A兩點的電勢差UBA；

(2)勻強電場的場強大小。

33、如圖所示的電路中，小量程電流表的內(nèi)阻滿偏電流

（1）當(dāng)和均斷開時；改裝所成的表是什么表，量程多大？

（2）當(dāng)和均閉合時；改裝所成的表是什么表，量程多大？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

初始時電容器不帶電，當(dāng)閉合開關(guān)S，在電源向電容器充電的過程中，因電容C不變，根據(jù)Q=CU可知，電容器的電量Q增大，且兩極板的電壓U也增大；

A．電容器帶電量增大；兩板間電壓減小，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；

B．電容器帶電量減??；兩板間電壓增大，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；

C．電容器帶電量和兩板間電壓都增大；與結(jié)論相符，選項C正確；

D．電容器帶電量和兩板間電壓都減小，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；2、B【分析】【詳解】

AD．摩擦起電的本質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移，互相摩擦后a帶的電荷，是a上的電子轉(zhuǎn)移到b上；此情況下正電荷不發(fā)生移動，故AD錯誤；

B．a(chǎn)原來是電中性，摩擦后帶上的正電荷，根據(jù)電荷守恒定律，可知b在摩擦后一定帶的負(fù)電荷；故B正確；

C．根據(jù)電荷守恒定律，可知電荷既不能憑空產(chǎn)生，也不能憑空消亡，只能從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，或從物體的一段轉(zhuǎn)移到另一端，故在摩擦前a內(nèi)部有電荷；故C錯誤；

故選B。3、B【分析】【詳解】

A．b、c兩點的電勢差

故A錯誤；

B．將一個電子從a移動到b，電場力做功為

故B正確；

C．場強方向與等勢面垂直，指向電勢降低的方向，a點場強方向豎直向下；故C錯誤；

D．等差等勢面的疏密表示場強強弱，地球表面可視為電場強度大小為100V/m的勻強電場，a點等勢面比地球表面密，所以a點場強大小大于100V/m；故D錯誤。

故選B。4、D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電容的決定式

得知，電容與極板的正對面積成正比，當(dāng)保持d不變，減小S時，電容減小，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由電容的定義式

分析可知板間電勢差增大，靜電計指針的偏角θ變大。故AB錯誤；

CD．根據(jù)電容的決定式

得知，電容與極板間距離成反比，當(dāng)保持S不變，增大d時，電容減小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式

分析可知板間電勢差增大，則靜電計指針的偏角θ變大；反之，保持S不變，減小d，則θ減小。故D正確；C錯誤；

故選D。5、C【分析】【詳解】

試題分析：電容式速度傳感器原理圖，其中上板為固定極板，下板為待測物體，由與得：Q與C成正比，而C與d成反比，則E與d成反比，所以E與Q成正比．則由Q與t關(guān)系可得，E與t的關(guān)系：選第②；Q隨時間t的變化關(guān)系為又由于Q與d成反比．所以d與t成線性關(guān)系．故選第③

故選C

考點：考查了常見傳感器工作原理。

點評：運用各公式去尋找變量間的關(guān)系，最終得出正確答案．6、D【分析】【詳解】

A．由公式可知，將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離時，即d增大；則平行板電容器的電容將變小，故A錯誤；

B．電容器與電源及二極管連接，電容器不能放電，電荷量一定，根據(jù)U＝可知；電壓增大，靜電計指針張角變大，故B錯誤；

C．依題意帶電油滴帶負(fù)電，而P點的電勢增加；所以帶電油滴的電勢能減少，故C錯誤；

D．根據(jù)得

可知電容器內(nèi)部電場強度不變；所以油滴仍將保持靜止，故D正確。

故選D。7、C【分析】【詳解】

題目中5個電阻并不是簡單的串并聯(lián)接法；抓住流入某點的電流等于流出某點的電流以及歐姆定律進(jìn)行分析即可。

C．設(shè)和兩端的電壓分別為和當(dāng)流過的電流方向向上時，

當(dāng)流過的電流方向向下時

故C正確。

B．設(shè)已知兩端電壓為3V，兩端電壓為1V，根據(jù)歐姆定律，流過的電流為流過的電流為因流過的電流方向不確定，故流過電阻的電流可能為也可能為

若流過的電流為則兩端電壓為2V，

若流過的電流為則兩端電壓為4V，故B錯誤。

A．如果電阻中無電流；故A錯誤。

D．若A、B兩端電壓為5V，電流流向如圖所示，說明電阻上端的電勢較高，下端的電勢較低，則兩端的電壓應(yīng)該高于兩端的電壓，故故D錯誤。

故選C。8、D【分析】【詳解】

A．若失去磁性則無法產(chǎn)生電磁感應(yīng)；因此吉他不能正常工作，故A錯誤；

B．電吉他不可以使用尼龍線做琴弦．若是尼龍線則不能構(gòu)成回路；不會產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B錯誤；

C．琴弦振動時；線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的大小和方向均是變化的，若是恒定，則聲音全是一種調(diào)，所以電流方向不可能不發(fā)生變化；而根據(jù)右手定則可知，電流方向一定是變化的．故C錯誤；

D．電吉他是屬于磁生電的應(yīng)用；是根據(jù)電磁感應(yīng)原理工作的．拾音器的作用是利用電磁感應(yīng)把琴弦的振動轉(zhuǎn)化成電信號，故D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)9、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．帶正電的小球從a點由靜止釋放，向上做加速運動可知，受到向上的電場力，則aO線上的電場豎直向上；故兩電荷帶負(fù)電，A錯誤；

B．圖象上斜率表示加速度在b點可得。

根牛頓第二定律得。

聯(lián)立解得。

B正確；

C．在ab由動能定理得。

由圖乙可得。

代入解得。

C正確；

D．由圖象乙可知，小球速度一直增大，電場力一直做正功，故電勢能一直減小，運動到O點時電勢能最??；D正確。

故選BCD。10、A:D【分析】【詳解】

試題分析：根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知；M點的電勢高于N點的電勢，故A正確，B錯誤；根據(jù)電場線的疏密來判定電場強度的強弱，M點的電場力小于N點，故D正確，C錯誤．

考點：電勢；電場強度。

【名師點睛】本題是電場中軌跡問題，關(guān)鍵要根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷出粒子所受的電場力方向，再抓住電場線的物理意義判斷場強、電勢等的大?。?1、A:C【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)＋Q在O處產(chǎn)生的電場強度為E0；

E0＝k指向y軸正方向，設(shè)圓環(huán)產(chǎn)生的電場強度為E′，E′與y軸負(fù)方向夾角為45°.如圖1所示。

2E′cos45°＝E合＝E0E′＝將圓環(huán)右半部折疊放于左半部圓環(huán)上時，O點電場強度E0和2E′合成．如圖2所示；

Ey合＝E0－2E′cos45°＝0Ex＝2E′sin45°＝E0＝k即E的方向沿x軸正方向，大小為k

故選AC。

12、B:C:D【分析】【詳解】

以垂直面的四根導(dǎo)線為例，導(dǎo)線電流方向改變時對應(yīng)的面中心合磁感應(yīng)強度大小總共有三種，分別是和若只考慮垂直某面的四根導(dǎo)線在該面中心產(chǎn)生的磁場，當(dāng)面中心磁場沿方向、面中心磁場沿方向，大小均為時，二者夾角為120°，正方體中心處的磁感應(yīng)強度大小為當(dāng)面中心磁場沿方向、中心磁場沿方向，大小均為時，二者夾角為60°，正方體中心處的磁感應(yīng)強度大小當(dāng)面中心磁場方向沿方向，面中心磁場方向沿方向，大小均為時，二者夾角為90°，正方體中心處的磁感應(yīng)強度大小當(dāng)面中心磁場方向沿方向、大小為面中心磁場方向沿方向、大小為時，二者夾角為90°，正方體中心處的磁感應(yīng)強度大小為故正方體中心的磁感應(yīng)強度大小可能為和

故選BCD。13、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由電場線的分布可知，Q帶正電荷；選項A正確；

BC．M點的電場線較N點密集，可知M點的電場強度大于N點的電場強度；選項B正確，C錯誤；

D．根據(jù)F=Eq可知，同一試探電荷在M點受到的電場力大于它在N點受到的電場力；選項D正確。

故選ABD。14、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)等量異種電荷與負(fù)的點電荷在兩處的電場強度，再結(jié)合矢量的疊加法則，可知Eb＞Ea；故A正確；

B．因P、Q兩點荷在a、b、o三點形成的電勢為零，則a、o和a、b之間的電勢差只由N點的電荷決定，即a、b間的場強小于b、o間的場強，因oa=2ob，根據(jù)U=Ed，因此a、o電勢差大于a、b電勢差的2倍；故B正確；

CD．從正電荷從a→b，PQ兩點荷對正電荷不做功，N對正電荷做正功，則電勢能減小，電勢減小，即a處電勢高于b處，電子在a處的電勢能小于電子在b處的電勢能；故CD錯誤；

故選AB．15、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．帶電粒子只在電場力作用下運動；要使軌跡與電場線重合，電場線一定為直線，由圖可知，軌跡并不是直線，故A錯誤；

B．電場線方向從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面；根據(jù)曲線運動的受力特點可以判斷粒子受力方向與電場線方向一致，故粒子帶正電，故B正確；

C．等差等勢面越密處電場強度越強，由圖可知，A處等勢面更密即A處電場強度更強；故C錯誤；

D．由圖可知，A處的電勢比C處電勢低；由于粒子帶正電，則。

故D正確。

故選BD。16、A:C【分析】【詳解】

A.因為空間是勻強電場，所以所以所以所以A正確。

BCD.根據(jù)題意可以求得：邊長為2cm，設(shè)過O點的等勢線與x軸夾角為有：解得：因為電場線垂直于等勢線，所以電場線與x軸正方向夾角C正確BD錯誤17、A:C【分析】【詳解】

AB．由于兩金屬板充電后與電源斷開，極板所帶電荷量不變，根據(jù)

可知板間場強不變，設(shè)油滴質(zhì)量為m、電量為q，與c孔距離為x，板間場強為E，板間距離為h，則由牛頓第二定律有

可知；油滴在板間的加速度不變，故A正確，B錯誤；

CD．根據(jù)動能定理有

當(dāng)僅將a板平行b板向上平移一小段距離，設(shè)油滴在板間運動的距離為有

得

油滴到不了d孔；故C正確，D錯誤。

故選AC。三、填空題(共5題，共10分)18、略

【分析】【詳解】

[1]S接a和接b時，電流表的示數(shù)變化較大，這說明電壓表的分流較大，因此接b點時；采用伏安法測電阻誤差較小。

[2]設(shè)電源的電壓為E，電流表的內(nèi)阻為由題得

則S接a時，有

即

S接b時

即

解得【解析】b7019、略

【分析】【詳解】

[1]描述電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量是電動勢；

[2]根據(jù)公式

可得【解析】電動勢20、略

【分析】【詳解】

[1][2]當(dāng)都閉合時，根據(jù)歐姆定律可得：

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：

當(dāng)斷開時，根據(jù)歐姆定律可得：

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：

可得：【解析】21.521、略

【分析】【詳解】

[1]微波爐的加熱原理是：微波遇到食物中的水分子（極性分子）時，會產(chǎn)生微波效應(yīng)，將電磁能轉(zhuǎn)化為電能?！窘馕觥克肿樱O性分子）22、略

【分析】【詳解】

A、B兩點間的電勢差為正電荷q從A移到B，電場力所做功為．【解析】ElcosθqElcosθ四、作圖題(共3題，共9分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥课濉嶒烆}(共4題，共28分)26、略

【分析】【詳解】

（1）①螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則可知

④因小球通過光電門的時間很短，因此可以將小球通過光電門的平均速度當(dāng)成小球通過光電門的瞬時速度，則小球的速度由勻變速運動的速度和位移關(guān)系可知

由牛頓第二定律可知

聯(lián)立解得

（2）可以用多次做實驗取平均值消除該實驗的偶然誤差，也可以采用圖像發(fā)擬合數(shù)據(jù)進(jìn)行求解小球偶然誤差，增大小球的釋放高度可以使小球通過光電門的速度增加，時間減小，使平均速度接近小球的瞬時速度來減小誤差．【解析】2.950多次測量取平均值;采用圖像法;增大釋放高度27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓式接法，燈泡正常發(fā)光時的電阻為

電流表內(nèi)阻約為10Ω；電壓表內(nèi)阻約為3kΩ，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，電路圖如圖所示。

[2]因滑動變阻器采用分壓式接法，為方便實驗操作滑動變阻器應(yīng)選R1。

（2）[3]由圖可知，隨電壓的升高，燈絲電阻變大，根據(jù)電阻定理可知燈絲材料的電阻率隨著溫度升高而增大。

（3）[4]將小燈泡與的電阻組成串聯(lián)電路，電路兩端加上的恒定電壓時，有

整理得

當(dāng)I=0.2A時，U=2.0V；當(dāng)I=0.