2025年蘇教版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教版選修3物理上冊階段測試試卷480考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、用豆粒模擬氣體分子；可以模擬氣體壓強產(chǎn)生的原理．如圖所示，從距秤盤80cm高處把1000粒的豆粒連續(xù)均勻地倒在秤盤上，持續(xù)作用時間為1s，豆粒彈起時豎直方向的速度大小變?yōu)榕銮暗囊话耄较蛳喾矗裘總€豆粒只與秤盤碰撞一次，且碰撞時間極短(在豆粒與秤盤碰撞極短時間內(nèi)，碰撞力遠大于豆粒受到的重力)，已知1000粒的豆粒的總質(zhì)量為100g．則在碰撞過程中秤盤受到的壓力大小約為()

A.0.2NB.0.6NC.1.0ND.1.6N2、質(zhì)量為4kg的物體，原來以的速度做勻速直線運動，現(xiàn)受到跟運動方向相同的沖量的作用，歷時5s，物體的動量大小變?yōu)锳.B.C.D.3、如圖的電路中，電池的電動勢為E，內(nèi)阻為和是兩個阻值固定的電阻。當(dāng)可變電阻的滑片向點移動時，通過的電流和通過的電流將發(fā)生如下的變化（）

A.變大，變小B.變大，變大C.變小，變大D.變小，變小4、下列說法中正確的是（）A.物體是由大量分子組成的B.無論是無機物質(zhì)的分子，還是有機物質(zhì)的大分子，其分子大小的數(shù)量級都是10﹣10mC.本節(jié)中所說的“分子”，只包含化學(xué)中的分子，不包括原子和離子D.分子的質(zhì)量是很小的，其數(shù)量級為10﹣10kg5、在國際單位制中，電容的單位是A.法拉B.伏特C.安培D.庫侖6、如圖所示，扇形區(qū)域AOB內(nèi)存在有垂直平面向內(nèi)的勻強磁場，OA和OB互相垂直是扇形的兩條半徑，長度為R．一個帶電粒子1從A點沿AO方向進入磁場，從B點離開，若與該粒子完全相同的帶電粒子2以同樣的速度從C點平行AO方向進入磁場，C到AO的距離為R/2；則下列說法錯誤的是（）

A.1粒子從B點離開磁場時，速度方向沿OB方向B.粒子帶正電C.2粒子仍然從B點離開磁場D.兩粒子在磁場中運動時間之比為4：3評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、在如圖所示的電路中，電源電動勢為3V，內(nèi)阻不計，L1、L2、L3為3個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖所示．當(dāng)開關(guān)閉合后，下列判斷正確的是（）

A.燈泡L1的電阻比燈泡L2的電阻大B.通過燈泡L1的電流為燈泡L2電流的2倍C.燈泡L1消耗的電功率為0.75WD.燈泡L2消耗的電功率為0.30W8、電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路；當(dāng)滑動變阻器的觸頭向上滑動時，下列說法正確的是。

A.定值電阻R2的電功率減小B.電壓表和電流表的示數(shù)都減小C.電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小D.通過滑動變阻器R中的電流增大9、下列說法正確的是（）A.理想氣體的壓強與單位體積的分子數(shù)、溫度以及氣體的摩爾質(zhì)量有關(guān)B.1mol的理想氫氣和1mol的理想氧氣，氣體溫度相同時，氧氣分子的平均速率較小C.兩個分子在靠近的過程中，分子勢能可能先減小后增大E.農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中，鋤松地面的土壤，目的是為了破壞土壤表面層的毛細管，減少水分的蒸發(fā)E.農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中，鋤松地面的土壤，目的是為了破壞土壤表面層的毛細管，減少水分的蒸發(fā)10、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a經(jīng)a-b-c-a完成一個循環(huán)，已知該理想氣體的內(nèi)能與熱力學(xué)溫度的關(guān)系是U=kT（k為比例系數(shù)，T為熱力學(xué)溫度），氣體在狀態(tài)a時的溫度為T0；下列說法正確的是（）

A.氣體在狀態(tài)b時的溫度為6T0B.從狀態(tài)b到狀態(tài)c過程中氣體放出的熱量是4kT0C.從狀態(tài)c到狀態(tài)a過程中氣體對外界做功為p0V0D.完成整個循環(huán)的過程中，氣體吸收的熱量與放出的熱量相等11、關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的是_____A.量子技術(shù)可以使物體的最低溫度達到絕對零度B.系統(tǒng)的內(nèi)能增量可能小于系統(tǒng)從外界吸收的熱量C.熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體E.一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大方向進行E.一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大方向進行12、通有電流的導(dǎo)線處在同一平面（紙面）內(nèi)，放置方式及電流方向如圖甲、乙所示，其中是固定的，可繞垂直紙面的中心軸轉(zhuǎn)動，則下列判定正確的是（）

A.繞軸按順時針轉(zhuǎn)動B.繞軸按逆時針轉(zhuǎn)動C.繞軸按順時針轉(zhuǎn)動D.繞軸按逆時針轉(zhuǎn)動13、如圖所示，均勻金屬圓環(huán)的總電阻為4R，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直穿過圓環(huán)。金屬桿OM的長為l，阻值為R，M端與環(huán)接觸良好，繞過圓心O的轉(zhuǎn)軸以恒定的角速度ω順時針轉(zhuǎn)動。阻值為R的電阻一端用導(dǎo)線和圓環(huán)最下端的A點連接，另一端和金屬桿的轉(zhuǎn)軸O處的端點相連接。下列判斷正確的是（）

A.金屬桿OM旋轉(zhuǎn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢恒為B.通過電阻R的電流的最小值為方向從Q到PC.通過電阻R的電流的最大值為D.OM兩點間電勢差絕對值的最大值為14、如下圖所示，空間固定兩個小球帶等量正電荷，兩球連線水平，為其中點，為豎直中垂線上的兩對稱點．在點有一個電子，若給電子一個垂直于連線的初速度電子只在電場力作用下運動，并經(jīng)過點．關(guān)于電子從運動到的過程中；以下敘述正確的有:

A.若豎直向下，電子一定做直線運動，速度先增后減B.若豎直向下，電子一定做直線運動，加速度先增后減C.若垂直紙面向外，電子可能做勻速圓周運動D.無論怎么運動，電子到達點的速度大小一定還等于15、我國“西電東送”采用高壓直流輸電,繼三峽至常州500kV直流輸電工程后,又實現(xiàn)了三峽至廣東的500kV直流輸電工程.這種輸電方式是在高壓交流遠距離輸電的基礎(chǔ)上,增加了把交流變?yōu)橹绷鞯摹罢鳌痹O(shè)備,用戶端用專用的”逆變”設(shè)備把直流變?yōu)榻涣麝P(guān)于高壓近距離直流輸電,下列說法正確的有()A.“整流”設(shè)備應(yīng)放在升壓變壓器后,而“逆變”設(shè)備放在降壓變壓器前B.有利于消除輸電線路中感抗和容抗的影響C.可以實現(xiàn)不同頻率的交流電網(wǎng)絡(luò)之間的電力傳輸D.高壓遠距離直流輸電對輸電線路絕緣性能無要求評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、質(zhì)量為0.1kg的彈性小球從高為1.25m處自由下落至一光滑而堅硬的水平板上，碰撞后彈回到0.8m高處，碰撞時間為0.01s，則小球與水平板碰撞過程中動量變化大小為_____________kg·m/s，小球與水平板間的平均撞擊力大小為____________N．17、如圖所示，質(zhì)量為m的帶正電小球能沿著豎直的絕緣墻豎直下滑，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場方向水平，并與小球運動方向垂直。若小球電荷量為q，球與墻間的動摩擦因數(shù)為μ，則小球下滑的最大速度為________，最大加速度為________。18、蒸汽機、內(nèi)燃機等熱機以及電冰箱工作時都利用了氣體狀態(tài)變化來實現(xiàn)能量的轉(zhuǎn)移和轉(zhuǎn)化，我們把這些氣體稱為工質(zhì)。某熱機經(jīng)過一個循環(huán)后，工質(zhì)從高溫?zé)嵩次鼰酫1，對外做功W，又向低溫?zé)嵩捶艧酫2，工質(zhì)完全恢復(fù)初始狀態(tài)，內(nèi)能沒有變化。根據(jù)熱力學(xué)第一定律，在工質(zhì)的一個循環(huán)中，Q1、Q2、W三者之間滿足的關(guān)系是____。熱機的效率不可能達到100%，從能量轉(zhuǎn)化的角度，說明___能不能完全轉(zhuǎn)化為___能而不產(chǎn)生其他影響。19、A、B兩根粗細相同的不同導(dǎo)線，電阻率之比1:2，長度之比為4:1，則它們的電阻之比RA:RB="__________"；然后分別加上相同的電壓，相同時間內(nèi)通過兩導(dǎo)線橫截面的電荷量之比qA:qB=__________；消耗的電功率之比PA:PB=__________。20、盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型認為，核外電子繞原子核做高速的圓周運動．設(shè)想氫原子的核外電子繞核做勻速圓周運動，且核外電子離原子核最近的軌道半徑為經(jīng)典物理學(xué)知識認為核外電子受到原子核對它的庫侖力作用而做圓周運動，則氫原子的核外電子在此軌道上運動時的周期為______s，速度為_______m/s．（電子的質(zhì)量為）21、如圖所示，在水平向左的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細線長度為L，一端拴一個質(zhì)量為m電荷量為q的帶負電小球，另一端固定在O點。把小球拉到使細線水平伸直的位置A然后將小球由靜止釋放，小球沿弧線運動到細線與水平方向成θ=60°的位置B時速度為零。則電場強度E=_____________，小球運動過程中的最大速率為____________。

____評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)25、欲測量某種材料的電阻率ρ；現(xiàn)提供以下實驗器材：

A．20分度的游標卡尺。

B．螺旋測微器。

C．電流表A1(量程為50mA，內(nèi)阻r1=100Ω)；

D．電流表A2(量程為100mA，內(nèi)阻r2約為40Ω)；

E．滑動變阻器R1(0~10Ω；額定電流為2A)；

F．直流電源E(電動勢為3V；內(nèi)阻很小)

G．導(dǎo)電材料R2(長約為5cm；電阻約為100Ω)；

H．開關(guān)一只；導(dǎo)線若干．

請回答下列問題：

（1）用游標卡尺測得該材料的長度如圖甲所示，其示數(shù)L=___________cm，用螺旋測微器測得該材料的外直徑如圖乙所示，其示數(shù)D=___________mm．

（2）某小組設(shè)計了如圖丙、丁所示的兩種實驗方案的電路圖，為了盡可能精確地測量該材料的電阻率ρ應(yīng)選用圖___________(填“丙”或“丁”)所示電路．

（3）某次實驗中電流表A1和電流表A2的示數(shù)分別為I1和I2，用所測得的物理量符號和已知物理量的符號表示該材料的電阻率ρ=___________．26、某同學(xué)要準確測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻．現(xiàn)有實驗器材如下：

A.待測干電池(電動勢約為1.5V；內(nèi)阻約為1Ω)

B.電流表A(量程內(nèi)阻為19Ω)

C.電阻箱R(最大阻值9999.9Ω)

D.定值電阻R0=1Ω

E.開關(guān)；導(dǎo)線若干。

(1)該同學(xué)想改裝一個大量程的電流表，他需要把電流表A和定值電阻__________(填“并聯(lián)”或“串聯(lián)”)．

(2)使用改裝好的電流表(表盤未改動)和其他實驗器材，設(shè)計實驗電路，并把電路原理圖畫在圖甲虛線框內(nèi)________________．

(3)該同學(xué)在圖乙的坐標系中根據(jù)實驗記錄的數(shù)據(jù)進行了描點(I表示電流表A的示數(shù))，根據(jù)圖像，求得電源電動勢為__________V，內(nèi)阻為__________Ω(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)．27、在探究單擺運動的實驗中：

（1）甲是用力傳感器對單擺運動過程進行測量的裝置圖，乙是與力傳感器連接的計算機屏幕所顯示的F-t圖象，根據(jù)圖乙的信息可得，從t=0時刻開始擺球第一次擺到最低點的時刻為________s，擺長為_____m（取當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮=10m/s2）．

（2）單擺振動的回復(fù)力是____________．

A.擺球所受的重力。

B.擺球重力在垂直擺線方向上的分力。

C.擺線對擺球的拉力。

D.擺球所受重力和擺線對擺球拉力的合力參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

豆粒下落到秤盤上的速度

反彈后速度大小為

設(shè)向上為正方向，在豆粒與秤盤碰撞極短時間內(nèi)，由于碰撞力遠大于豆粒受到的重力，則可忽略豆粒的重力，每個豆粒只與秤盤碰撞一次，可認為碰完后豆粒都離開了秤盤平臺，根據(jù)動量定理得

解得

由牛頓第三定律可知；在碰撞過程中秤盤受到的壓力大小為0.6N

故選B。2、C【分析】【分析】

根據(jù)動量定理合外力對物體的沖量等于物體動量的變化量即可求解.

【詳解】

根據(jù)動量定理得：故C正確，ABD錯誤．

【點睛】

本題主要考查了動量定理的直接應(yīng)用．3、C【分析】【詳解】

當(dāng)可變電阻的滑片向點移動時，連入電路中的電阻變小，電路總電阻減小，總電流增大，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得路端電壓減小，即兩端電壓減小，所以通過的電流減小，而總電流增大，并且

所以通過的電流變大。

故選C。4、A【分析】【詳解】

A項：根據(jù)分子動理論的內(nèi)容可知；物體是由大量分子組成的，故A正確；

B項：除了一些有機物質(zhì)的大分子，多數(shù)分子大小的數(shù)量級為10﹣10m；故B錯誤；

C項：本節(jié)中所說的“分子”；包含化學(xué)中的分子，也包括原子和離子，故C錯誤；

D項：分子的質(zhì)量很小，一般情況的數(shù)量級是10﹣26kg；故D錯誤；

故選：A。5、A【分析】【詳解】

在國際單位制中，電容的單位是“法拉”；“伏特”是電壓單位；“安培”是電流單位；“庫侖”是電量單位，故選A.6、D【分析】【分析】

由粒子可以進入磁場，得到在A點的偏轉(zhuǎn)方向；進而得到電荷符號；再根據(jù)粒子速度方向及粒子運動的兩點得到粒子運動半徑，進而得到出射點及偏轉(zhuǎn)角度，從而得到運動時間之比．

【詳解】

帶電粒子從A點沿AO方向進入磁場，從B點離開，那么粒子在A點向右上方偏轉(zhuǎn)，則由左手定則可判定粒子帶正電，故B說法正確；粒子1從A點正對圓心射入，恰從B點射出，粒子在磁場中運動的圓心角為90°，1粒子從B點離開磁場時，速度方向沿OB方向，故A說法正確；粒子2以同樣的速度從C點平行AO方向進入磁場軌跡如圖所示：

設(shè)對應(yīng)的圓心為O1，運動的軌道半徑也為BO=R，連接O1C、O1B，O1COB是平行四邊形，O1B=CO，則粒子2一定從B點射出磁場，故C說法正確；粒子1的速度偏轉(zhuǎn)角連接PB，可知P為O1C的中點，由數(shù)學(xué)知識可知粒子在磁場中運動的周期為：兩粒子的周期相等，粒子在磁場中運動時間：運動時間之比：故D說法錯誤．所以選D．二、多選題(共9題，共18分)7、A:C:D【分析】【詳解】

A項：由圖1可知，燈泡L1兩端的電壓比L2兩端電壓更大；由圖2可知，燈泡兩端電壓越大，電阻越大，故A正確；

B項：由圖1可知，燈泡L1兩端的電壓為3V，燈泡L2兩端的電壓為1.5V，由圖2可知，燈泡L1電流為0.25A，燈泡L2的電流為0.2A；故B錯誤；

C項：由圖可知，燈泡L1兩端的電壓為3V，電流為0.25A，則燈泡L1消耗的電功率為故C正確；

D項：燈泡L2兩端的電壓為1.5V，電流為0.2A，則燈泡L2消耗的電功率為故D正確．

故應(yīng)選ACD．8、B:D【分析】【詳解】

當(dāng)滑動變阻器的觸頭向上滑動時，R連入電路的電阻減小，故電路總電阻減小，總電流增大，根據(jù)可知路端電壓減小，即電壓表示數(shù)減??；總電流增大，即兩端電壓增大，而路端電壓是減小的，故并聯(lián)電路兩端電壓減小，即兩端電壓減小，所以電流表示數(shù)減小，而根據(jù)可知的功率增大，AC錯誤B正確；干路電流增大，而的電流減小；故通過R的電流增大，D正確．

【點睛】在分析電路動態(tài)變化時，一般是根據(jù)局部電路變化（滑動變阻器，傳感器電阻）推導(dǎo)整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據(jù)閉合回路歐姆定律推導(dǎo)所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數(shù)變化），也就是從局部→整體→局部．9、B:C:E【分析】【詳解】

A．理想氣體的壓強與單位體積的分子數(shù)；溫度有關(guān)；與氣體的摩爾質(zhì)量無關(guān)，故A錯誤；

B．1mol的理想氫氣和1mol的理想氧氣；氣體溫度相同時，分子的平均動能相同，但氧氣分子質(zhì)量較大，所以氧氣分子的平均速率較小，故B正確；

C．兩個分子在靠近的過程中；分子力可能做正功也可能做負功，分子勢能可能先減小后增大，故C正確；

D．干濕泡濕度計的濕泡溫度計與干泡溫度計的示數(shù)差距越大；說明濕泡處的水分蒸發(fā)越快，說明空氣濕度越小，故D錯誤；

E．農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中；鋤松地面的土壤，目的是為了破壞土壤表面層的毛細管，減少水分的蒸發(fā)；

故E正確；

故選BCE。10、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．從a到b；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，可得。

解得。

故A正確；

B．從狀態(tài)b到狀態(tài)c過程；氣體體積不變，根據(jù)查理定律，可得。

解得。

根據(jù)熱力學(xué)第一定律；可得。

依題意；有。

聯(lián)立；可得。

所以從狀態(tài)b到狀態(tài)c過程中氣體放出的熱量是4kT0。故B正確；

C．從狀態(tài)c到狀態(tài)a過程，氣體體積由變成外界對氣體做功為。

故C錯誤；

D．從狀態(tài)a到b過程；氣體對外界做功大小等于如圖所示面積大小。

0

從外界吸收熱量為。

從狀態(tài)b到c過程為等容變化；即。

W=0從狀態(tài)c到a過程；體積減小，外界對氣體做功大小等于如圖所示面積大小。

b→c→a過程向外界釋放熱量為。

由于。

W1>W2所以。

故D錯誤。

故選AB。11、B:C:E【分析】【詳解】

絕對零度無法達到；故A錯誤；做功和熱傳遞都能改變內(nèi)能；物體內(nèi)能的增量等于外界對物體做的功和物體吸收熱量的和，當(dāng)系統(tǒng)從外界吸熱并對外做功時，系統(tǒng)的內(nèi)能增量就小于系統(tǒng)從外界吸收的熱量，故B正確；根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，故C正確；熱力學(xué)第二定律可表述為不可能從單一熱源吸取熱量，使之完全變?yōu)橛杏霉Χ划a(chǎn)生其他影響，故D錯誤；熱力學(xué)第二定律可表述為一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大方向進行，故E正確．故選BCE．

點睛：本題考查熱學(xué)中的基本規(guī)律，重點掌握熱力學(xué)第一定律、熱力學(xué)第二定律與分子動理論，其中關(guān)于熱力學(xué)第二定律的幾種不同的說法，一定要牢記．12、B:C【分析】【詳解】

AB.圖甲中，根據(jù)安培定則可知，導(dǎo)線產(chǎn)生磁場方向；上方的磁場方向垂直紙面向外，離導(dǎo)線。

越遠，磁場越弱，由左手定則可知，通電導(dǎo)線處于垂直紙面向外的磁場，且越靠近安。

培力越強，從而出現(xiàn)繞軸O按逆時針方向轉(zhuǎn)動；故B正確，A錯誤；

CD.圖乙中O點上方導(dǎo)線所受安培力向右，O點下方導(dǎo)線所受安培力向左，即繞軸O按。

順時針轉(zhuǎn)動，故C正確，D錯誤．13、A:D【分析】【詳解】

A．M端線速度為v＝ωl，OM切割磁感線的平均速度為

OM轉(zhuǎn)動切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢恒為

故A正確；

B．當(dāng)M端位于最上端時，圓環(huán)兩部分電阻相等，并聯(lián)電阻最大，電路的總電阻最大，通過R的電流最小，因R并=×2R=R

通過電阻R的電流的最小值為

根據(jù)右手定則可知電流方向從Q到P；故B錯誤；

C．當(dāng)M位于最下端時圓環(huán)被短路，此時通過電阻R的電流最大，為

故C錯誤；

D．OM作為電源，外電阻增大，總電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，所以外電阻最大時，OM兩點間電勢差的絕對值最大，其最大值為U=Imin·2R＝

故D正確。

故選AD。14、A:C:D【分析】等量的同種正電荷中垂線上電場強度在O點為零兩邊的電場方向沿中垂線向外，且兩邊對稱，先增大后減小．所以電子受電場力方向都指向O點，電場力先做正功后做負功，動能先增加后減小，A對；O點場強為零，所以電場力先減小后增大，則加速度先減小后增大，B錯；如果電場力恰好滿足圓周運動所需向心力，則剛好做勻速圓周運動，C對；由到O，和由O到由于場強對稱分布，電場力不做功，由動能定理可知動能不變，所以速度大小仍等于D對．

15、A:B:C【分析】【詳解】

A項：變壓器只對交流電起到變壓的作用；故“整流”設(shè)備應(yīng)放在升壓變壓器后，而“逆變”設(shè)備放在降壓變壓器前，故A正確；

B項：高壓恒定的直流輸電消除了輸電線中感抗和容抗的影響；故B正確；

C項：直流電無頻率；所以可實現(xiàn)不同頻率的交流電網(wǎng)絡(luò)之間的電力傳輸，故C正確；

D項：高壓直流輸電沒有降低輸電線路絕緣性能的要求，故D錯誤．三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

由于小球做自由落體運動，則其與水平面碰撞前的速度為：所以與水平面碰撞前的動量為：P1=mv1=0.1×5kg?m/s=0.5kg?m/s，方向豎直向下．與水平面碰后，小球做豎直上拋運動，上升的最大高度為0.8m，則碰后小球速度為方向豎直向上；此時小球的動量為：P2=mv2=0.1×4kg?m/s=0.4kg?m/s，方向豎直向上，動量的變化量為：．設(shè)向上為正方向，根據(jù)動量定理，合外力的沖量等于物體動量的變化．小球所受外力有重力mg和水平面對它的彈力N，則有：（N-mg）t=P2-P1，代入數(shù)據(jù)解得：N=91N，方向豎直向上．【解析】0.99117、略

【分析】小球靜止時只受重力，則加速度為g，下滑后，小球受洛倫茲力、重力、支持力及摩擦力，洛倫茲力水平向左，摩擦力豎直向上，小球向下做加速運動，速度越大，洛倫茲力越大，則摩擦力越大，加速度越小，當(dāng)加速度等于零時，速度最大，則得此后小球做勻速直線運動，加速度為0，故開始時加速度最大：

點睛：本題要注意分析帶電小球的運動過程，屬于牛頓第二定律的動態(tài)應(yīng)用與磁場結(jié)合的題目，此類問題要求能準確找出物體的運動過程，并能分析各力的變化?！窘馕觥縢18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學(xué)第一定律，熱量、做功、內(nèi)能的符號規(guī)定得Q1＋（－Q2）＋（－W）＝0，即Q1－Q2＝W。

[2][3]再由熱力學(xué)第二定律知，內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化成機械能而不產(chǎn)生其他影響。【解析】Q1－Q2＝W內(nèi)機械19、略

【分析】【詳解】

[1]A、B兩根粗細相同，橫截面積相等，根據(jù)電阻定律

得

[2]由歐姆定律得，電流I=

電壓U相同，則電流之比

由電量q=It

得相同時間內(nèi)通過兩導(dǎo)線橫截面的電荷量之比

[3]消耗的電功率之比【解析】2:11:21:220、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)庫侖力提供向心力

解得

[2]根據(jù)庫侖力提供向心力

解得【解析】21、略

【分析】【詳解】

[1]由動能定理可知

解得

[2]設(shè)小球在運動中細線與水平方向的夾角為α，則對任一時刻應(yīng)有

解得

當(dāng)時，v最大，為【解析】四、作圖題(共3題，共12分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描