2025年粵教版高一物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高一物理上冊階段測試試卷488考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、某實驗小組設計一個實驗；尋找與彈簧的彈力有關的因素，實驗數(shù)據(jù)作得如圖，為一輕質彈簧的長度和彈力大小的關系．根據(jù)圖象判斷，下列說法中正確的是（）

A.由圖可知；彈簧的勁度系數(shù)為1N/m．

B.由圖可知；彈簧的彈力大小為2N的時候，彈簧形變量相等。

C.由圖可知；彈簧彈力的大小與彈簧的長度成正比。

D.由圖可知；彈簧伸長0.04m和0.08m時，彈力的大小均為2N

2、長為L的輕懸線；一端固定于O點，另一端栓一個質量為m的小球．在O點的正下方L/2處釘有一顆釘子P，把懸線沿水平方向拉直，如圖所示，無初速度釋放，當懸線碰到釘子后的瞬時（線沒有斷），則（）

A.小球的角速度不變。

B.小球的線速度突然減小到零。

C.小球的向心加速度突然增加為碰釘前的2倍。

D.懸線的拉力突然增加為碰釘前的2倍。

3、在同一點O

拋出的三個物體，做平拋運動的軌跡如圖所示，則三個物體做平拋運動的初速度VAVBVC

的關系和三個物體做平拋運動的時間tAtBtC

的關系分別是()

A.VA>VB>VCtA>tB>tC

B.VA=VB=VCtA=tB=tC

C.VA<VB<VCtA>tB>tC

D.VA>VB>VCtA<tB<tC

4、在如圖所示的四種情況中，物體AB

之間一定有彈力的是()A.B.C.D.5、水平恒力F兩次作用在同一物體上，使物體沿力的方向發(fā)生相同位移，第一次是在光滑的水平面上，第二次是在粗糙的水平面上，兩次F做的功和功率的大小關系是A.W1=W2，P1>P2B.W1>W2，P1=P2C.W1>W2，P1>P2D.W1=W2，P1=P26、如下圖所示；光滑的斜槽由槽板AB；BC組成，AB與BC的夾角大于90°，質量為m的球放在斜槽中，當斜槽和球一起沿水平面向右運動時，則（）

A.球對AB槽板的壓力可能大于mg

B.球對AB槽板的壓力可能等于零。

C.球對于BC槽板的壓力可能大于mg

D.球對BC槽板的壓力可能小于mg

7、在勻速圓周運動中，下列關于向心加速度的說法，正確的是（）A.向心加速度的方向保持不變B.向心加速度是恒定的C.向心加速度的大小不斷變化D.向心加速度的方向始終與速度的方向垂直評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、共點力的大小分別為8N、3N，它們之間的夾角可任意變化，若用一個力來替代，則可用（）A.3NB.8NC.10ND.15N9、物體運動的初速度為6m/s

經(jīng)過10s

速度的大小變?yōu)?0m/s

則加速度大小可能是(

)

A.0.8m/s2

B.1.4m/s2

C.2.0m/s2

D.2.6m/s2

10、如圖所示，皮帶傳動裝置，皮帶輪O1

和O2

上的三點ab

和c

皮帶不打滑.

則皮帶輪轉動時abc

三點的情況是()

A.婁脴a=婁脴cva>vc

B.婁脴a=婁脴cva=vc

C.婁脴a<婁脴bva=vb

D.婁脴a=婁脴cva>vb

11、如圖所示，一根輕繩上端固定在O

點，下端拴一個重量為G

的小球，開始時輕繩處于豎直狀態(tài)，輕繩所能承受的最大拉力為2

G

，現(xiàn)對小球施加一個始終水平向右的拉力F

；使球緩慢地移動，則在輕繩被拉斷之前，下列說法正確的是。

A.力F

逐漸增大B.力F

的值不超過3

G

C.力F

的值不超過2

G

D.輕繩與豎直方向夾角的值不超過婁脠

=30鈭?

12、如圖所示，兩個傾角相同的滑竿上分別套有AB

兩個質量均為m

圓環(huán)，兩個圓環(huán)上分別用細線懸吊兩個質量均為M

的物體CD

當它們都沿滑竿向下滑動并保持相對靜止時，A

的懸線與桿垂直，B

的懸線豎直向下.

下列結論正確的是(

)

A.A

環(huán)受滑竿的作用力大小為(m+M)gcos婁脠

B.B

環(huán)受到的摩擦力f=mgsin婁脠

C.C

球的加速度a=gsin婁脠

D.D

受懸線的拉力T=Mg

13、如圖所示，一小球自A

點由靜止開始自由下落，到達B

點時與彈簧接觸，到達C

點時彈簧被壓縮至最短.

若不計彈簧質量和空氣阻力，在小球由A

至B

到C

的運動過程中

A.小球的重力勢能一直減小B.小球在B

點時動能最大C.小球由B

到C

加速度先減小后增大D.小球由B

到C

的過程中，彈性勢能一直增加14、如圖甲所示，用一輕質繩拴著一質量為m

的小球，在豎直平面內(nèi)做圓周運動(

不計一切阻力)

小球運動到最高點時繩對小球的拉力為T

小球在最高點的速度大小為v

其T鈭?v2

圖象如圖乙所示，則

A.輕質繩長為amb

B.當?shù)氐闹亓铀俣葹閍m

C.當v2=c

時，輕質繩的拉力大小為acb+a

D.若將輕繩換為輕桿，則ab

兩點間為實線15、如圖所示，一物體在水平力F1

作用下，在水平面上做速度為v1

的勻速運動，F(xiàn)1

的功率為P0

若該物體在斜向上的力F2

作用下，在同一水平面上做速度為v2

的勻速運動，F(xiàn)2

的功率也為P0

則下列說法中正確的是(

)

A.F2

可能小于F1

B.F2

可能等于F1

C.v1

一定小于v2

D.v1

可能小于v2

16、洗衣機的甩干筒在轉動時有一衣物附在筒壁上；如圖，則此時(

)

A.衣物受到重力、筒壁的彈力和摩擦力的作用B.衣物隨筒壁做圓周運動的向心力是由筒壁的彈力的作用提供C.筒壁的彈力隨筒的轉速增大而增大D.筒壁對衣物的摩擦力隨轉速增大而增大評卷人得分三、雙選題(共9題，共18分)17、標準狀況下，有rm{壟脵6.72L}甲烷，rm{壟脷3.01隆脕10^{23}}個rm{HCl}分子，rm{壟脹13.6gH_{2}S}rm{壟脺0.2mol}氨氣，則下列四種氣體的關系表示正確的是A.體積：rm{壟脺<壟脵<壟脷<壟脹}B.質量：rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}C.密度：rm{壟脵<壟脹<壟脺<壟脷}D.氫原子數(shù)：rm{壟脷<壟脺<壟脹<壟脵}18、關于化學反應過程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過程中吸收能量B.斷鍵過程中吸收能量C.成鍵過程中放出能量D.斷鍵過程中放出能量19、下列大氣污染物中，能與人體中血紅蛋白結合而引起中毒的氣體是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}20、標準狀況下，有rm{壟脵6.72L}甲烷，rm{壟脷3.01隆脕10^{23}}個rm{HCl}分子，rm{壟脹13.6gH_{2}S}rm{壟脺0.2mol}氨氣，則下列四種氣體的關系表示正確的是A.體積：rm{壟脺<壟脵<壟脷<壟脹}B.質量：rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}C.密度：rm{壟脵<壟脹<壟脺<壟脷}D.氫原子數(shù)：rm{壟脷<壟脺<壟脹<壟脵}21、關于化學反應過程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過程中吸收能量B.斷鍵過程中吸收能量C.成鍵過程中放出能量D.斷鍵過程中放出能量22、下列大氣污染物中，能與人體中血紅蛋白結合而引起中毒的氣體是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}評卷人得分四、填空題(共3題，共30分)23、我們的銀河系的恒星中大約四分之一是雙星。某雙星由質量不等的星體A和B構成，兩星在相互之間的萬有引力作用下繞兩者連線上某一定點C做勻速圓周運動。由天文觀察測得其運動周期為T，A和B的距離為r，已知引力常量為G。由此可求出兩星的質量之和為____。24、在做“研究牛頓第二定律”的實驗時：

（1）甲同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的小車的加速度a和小車所受拉力F的圖象為如圖所示中的直線Ⅰ，乙同學畫出的圖象為圖中的直線Ⅱ．直線Ⅰ、Ⅱ在縱軸或橫軸上的截距較大．明顯超出了誤差范圍，下面給出了關于形成這種情況原因的四種解釋，其中可能正確的是______．

（A）實驗前甲同學沒有平衡摩擦力。

（B）甲同學在平衡摩擦力時；把長木板的末端抬得過高了。

（C）實驗前乙同學沒有平衡摩擦力。

（D）乙同學在平衡摩擦力時；把長木板的末端抬得過高了。

（2）在研究小車的加速度a和拉力F的關系時，由于始終沒有滿足M＞＞m的關系，結果應是下圖中的圖______．

25、如圖，某同學用手拉著小車靜止在傾角為30鈭?

的光滑斜面上，已知小車的質量為m=1kg

重力加速度g=10m/s2

則繩子對小車的拉力F=

______N

斜面對小車的支持力大小FN=

______N.

評卷人得分五、實驗探究題(共2題，共8分)26、某同學用如圖甲所示裝置做“探究物體的加速度跟力的關系”的實驗.

實驗時保持小車的質量不變；用鉤碼所受的重力作為小車受到的合力，用打點計時器和小車后端拖動的紙帶測出小車運動的加速度．

(1)

實驗時先不掛鉤碼；反復調整墊木的左右位置，直到小車做勻速直線運動，這樣做的目的是______．

(2)

圖乙為實驗中打出的一條紙帶的一部分；從比較清晰的點跡起，在紙帶上標出了連續(xù)的5

個計數(shù)點ABCDE

相鄰兩個計數(shù)點之間都有4

個點跡沒有標出，測出各計數(shù)點到A

點之間的距離，如圖乙所示.

已知打點計時器接在頻率為50Hz

的交流電源兩端，則此次實驗中小車運動的加速度的測量值a=

______m/s2.(

結果保留兩位有效數(shù)字)

(3)

實驗時改變所掛鉤碼的質量，分別測量小車在不同外力作用下的加速度.

根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)畫出a鈭?F

關系圖線，如圖丙所示.

試分析：圖線不通過坐標原點O

的原因是______；曲線上部彎曲的原因______．27、在探究自由落體運動的過程中，我們利用電火花打點計時器記錄重物的下落過程，以下是某組同學在該實驗中得到的一條紙帶，如圖所示，已知每兩個計數(shù)點間的時間間隔是T=0.02秒，用直尺測得S1=1.9mm，S2=5.8mm，S3=9.7mm，S4=13.6mm，S5=17.5mm，S6=21.4mm．

（1）實驗時，下列說法正確的是______．

A；打點計時器的安裝放置要求兩限位孔在同一豎直線上。

B；開始打點計時的時候應先放紙帶再接通電源。

C；打點計時器應接在220V的交流電源上。

D；打點計時器應接在4～6V的交流電源上。

E；影響實驗精確度的主要因素是重物和紙帶受到的空氣阻力的摩擦力。

（2）計算出打下點5時重物的瞬時速度是v5=______m/s（結果保留兩位有效數(shù)字）

（3）根據(jù)逐差法求出重力加速度大小g=______m/s2（結果保留三位有效數(shù)字）

（4）如果當時電網(wǎng)中交變電流的頻率是f=51Hz，而做實驗的同學并不知道，那么加速度的測量值與實際值相比______（選填：偏大、偏小或不變）．評卷人得分六、證明題(共2題，共12分)28、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況分別談了自己的看法；甲同學認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運動，而乙同學則依據(jù)平時看到的自己的影子的運動情況，認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運動，你認為甲、乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．29、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況分別談了自己的看法；甲同學認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運動，而乙同學則依據(jù)平時看到的自己的影子的運動情況，認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運動，你認為甲、乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】

A、6cm為原長，4cm時彈力為2N，根據(jù)F=kx，得故A錯誤；

B；由圖可知；彈簧的彈力大小為2N的時候，彈簧長度為4cm或8cm，形變量都是2cm，故B正確；

C；由圖可知；彈簧彈力的大小與彈簧的長度的改變量成正比，故C錯誤；

D；由圖可知；彈簧長度為0.04m和0.08m時，彈力的大小均為2N，故D錯誤；

故選B．

【解析】【答案】從圖象可以直接得到彈簧彈力與其長度的變化量的關系：6cm為原長；小于6cm有彈力，大于6cm也有彈力．

2、C【分析】

A、B把懸線沿水平方向拉直后無初速度釋放，當懸線碰到釘子的前后瞬間，線速度大小不變，半徑變小，根據(jù)v=rω；則角速度增大．故AB錯誤．

C、當懸線碰到釘子后，半徑是原來的一半，線速度大小不變，則由a=分析可知；向心加速度突然增加為碰釘前的2倍．故C正確．

D；根據(jù)牛頓第二定律得：

懸線碰到釘子前瞬間：T1-mg=m得，T1=mg+m

懸線碰到釘子后瞬間：T2-mg=m得，T2=mg+2m

由數(shù)學知識知：T2＜2T1．故D錯誤．

故選C．

【解析】【答案】把懸線沿水平方向拉直后無初速度釋放，當懸線碰到釘子的前后瞬間，線速度大小不變，半徑減小，根據(jù)v=rω、a=判斷角速度；向心加速度大小的變化；根據(jù)牛頓第二定律判斷懸線拉力的變化．

3、C【分析】【分析】研究平拋運動的方法是把平拋運動分解到水平方向和豎直方向去研究，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，兩個方向上運動的時間相同。本題考查平拋運動規(guī)律，平拋運動可以分解為在水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動來求解?！窘獯稹?/p>

三個物體都做平拋運動；取一個相同的高度，此時物體的下降的時間相同，水平位移大的物體的初速度較大，如圖所示；

由h=12ht2

可知，物體下降的高度決定物體運動的時間，所以tA>tB>tC

由圖可知：vA<vB<vC

故C正確，ABD錯誤。故選C?！窘馕觥緾

4、B【分析】【分析】根據(jù)彈力產(chǎn)生的兩個條件：一是直接接觸；二是物體發(fā)生彈性形變來判斷，也可以采用假設法判斷。本題考查了物體的彈性和彈力。判斷彈力是否存在常用兩種方法：一是條件法；二是假設法，根據(jù)平衡條件判斷?！窘獯稹緼.AB

兩個球盡管接觸，由于兩細繩豎直，但相互沒有擠壓，沒有發(fā)生彈性形變，兩者之間不存在彈力，故A錯誤；B.兩球存在相互擠壓，發(fā)生了彈性形變，兩球之間存在彈力，故B正確；C.AB

兩個球盡管接觸，但相互沒有擠壓，沒有發(fā)生彈性形變，兩者之間不存在彈力，故C錯誤；D.由于細繩豎直，重力與細繩的拉力平衡，斜面對球沒有彈力，否則小球受到本身三個力，合力不可能為零，小球就不能平衡，與題條件不符，故D錯誤。故選B?！窘馕觥緽

5、A【分析】【解析】【答案】A6、A|B|D【分析】

A、B、對小球受力分析，受重力G、BC板的支持力N1、AB板可能有支持力，設為N2；如圖所示；

①假設物體勻速；加速度為零，故。

N2=0

②假設物體向右加速；設加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律，有。

水平方向：N2sinθ=ma

豎直方向：N2cosθ+N1=mg

解得。

AB斜槽對球的支持力與球對AB斜槽的壓力是相互作用力；等大；

故球對AB槽板的壓力可能大于；等于、小于球的重力；故A正確，B正確；

C、D、由于≤mg；故C錯誤，D正確；

故選ABD．

【解析】【答案】對小球受力分析，受重力G、BC板的支持力N1、AB板可能有支持力，設為N2；根據(jù)牛頓第二定律列式分析討論即可．

7、D【分析】解：

物體做勻速圓周運動時；合外力提供向心力，加速度大小不變，但是方向指向圓心，時刻發(fā)生變化，故ABC錯誤，D正確．

故選：D

物體做勻速圓周運動時；合外力提供向心力，加速度大小不變，但是方向指向圓心，時刻發(fā)生變化，加速度方向與速度方向始終垂直，因此根據(jù)向心加速度的特點可正確解答本題．

勻速圓周運動要注意，其中的勻速只是指速度的大小不變，合力作為向心力始終指向圓心，合力的方向也是時刻在變化的，因此向心加速度大小不變，但是方向時刻變化．【解析】【答案】D二、多選題(共9題，共18分)8、BC【分析】解：根據(jù)F1+F2≥F≥|F1-F2|．知合力的范圍為：5N≤F≤11N．在合力范圍內(nèi)的大小都有可能．故B；C正確；A、D錯誤．

故選：BC．

兩力合成時，合力隨夾角的增大而減小，當夾角為零時合力最大，夾角180°時合力最小，并且F1+F2≥F≥|F1-F2|．

兩力合成時，合力的大小滿足F1+F2≥F≥|F1-F2|，在此范圍內(nèi)所有的值均是有可能的．【解析】【答案】BC9、BD【分析】解：已知初速度v0=6m/s

末速度v=20m/s

或鈭?20m/s

時間鈻?t=10s

設物體的加速度為a

由速度時間關系式：v=v0+at

分別代入不同的末速度得：a=1.4m/s2

或a=鈭?2.6m/s2

加速度的大小取絕對值．

故選：BD

末速度大小為20m/s

有兩種可能：末速度的方向可以與初速度方向相同，也可以與初速度方向相反．

本題是勻變速直線運動規(guī)律的直接應用，要注意矢量的方向性．【解析】BD

10、AC【分析】略【解析】AC

11、AB【分析】【分析】對小球受力分析，重力和F

的方向不變，F(xiàn)

和T

的合力始終與重力等大反向，由圖解法分析。本題考查是力的動態(tài)平衡問題，運用平衡條件結合圖解法分析即可?！窘獯稹緼.對小球受力分析；如圖：

由平衡條件得：F=mgtan婁脠婁脠

逐漸增大，則F

逐漸增大，故A正確；

BCD.

如圖，小球緩慢地移動過程中，婁脠

逐漸增大，T

的最大值為2G

則可得cos婁脠=G2G=12婁脠=60鈭?

此時F

達到最大值為：3G

故B正確，CD錯誤。。

故選AB。

【解析】AB

12、ACD【分析】解：ACC

球做直線運動；對其受力分析，如圖。

由牛頓第二定律；得到：

Mgsin婁脠=Ma壟脵

細線拉力為：T=Mgcos婁脠壟脷

再對A

環(huán)受力分析；如下圖。

根據(jù)牛頓定律；有。

mgsin婁脠鈭?f=ma壟脹

N=mgcos婁脠+T壟脺

由壟脵壟脷壟脹壟脺

解得：

f=0

N=(M+m)gcos婁脠

故A正確；C正確；

B；D

對D

球受力分析；受重力和拉力，由于做直線運動，合力與速度在一條直線上，故合力為零，物體做勻速運動，細線拉力等于Mg

再對B

求受力分析；如圖，受重力；拉力、支持力，由于做勻速運動，合力為零，故必有向后的摩擦力；

根據(jù)平衡條件；有。

(M+m)gsin婁脠=f

N=(M+m)cos婁脠

故B錯誤；D正確；

故選：ACD

由C

球的運動情況結合曲線運動的條件得到C

環(huán)受力情況并求解出加速度；然后對A

環(huán)受力分析并求解A

環(huán)受滑竿的作用力大??；由D

球的運動情況結合曲線運動的條件得到D

環(huán)受力情況并求解出加速度．

本題關鍵靈活地選擇研究對象，受力分析后根據(jù)牛頓第二定律或者平衡條件列式求解，同時要明確直線運動的條件是合力與速度共線．【解析】ACD

13、ACD【分析】【分析】開始小球做自由落體運動；小球從B

點接觸彈簧，彈力逐漸增大，開始小于重力，到BC

間某位置等于重力，后大于重力，因此，小球從B

到C

過程中先做加速運動，后做減速運動，到C

點速度減為零，彈簧壓縮到最短，因此明確了整個過程中小球的運動情況，根據(jù)功能關系可正確解答本題。

本題關鍵是明確小球的運動情況和整個過程中能量的轉化情況，特別是小球從B

到C

的過程，先做加速度不斷減小的加速運動，后做加速度不斷增加的減速運動?！窘獯稹緼.小球所受重力一直做正功，故重力勢能一直減小，故A正確；B.當小球重力等于彈力時；加速度為零，速度最大，即動能最大，該位置處于B

與C

之間，故B錯誤；

C.小球從B

到C

的過程；先做加速度不斷減小的加速運動，后做加速度不斷增加的減速運動，故C正確；

D.小球從B

到C

的過程中彈簧彈力做負功；彈性勢能的一直增加，故D正確。

故選ACD?！窘馕觥緼CD

14、BD【分析】【分析】小球在豎直面內(nèi)做圓周運動，到最高點時由繩對小球的拉力和重力的合力提供向心力，根據(jù)圖象、應用向心力公式、牛頓第二定律分析答題；根據(jù)牛頓第二定律和機械能守恒列式求解小球在最低點和最高點時繩的拉力差。本題主要考查了圓周運動向心力公式和機械能守恒定律的綜合應用，關鍵要正確分析小球圓周運動的向心力。【解答】A.在最高點時，繩對小球的拉力和重力的合力提供向心力，則得：mg+T=mv2L

得：mv2L鈭?mg壟脵

由圖象知，T=0

時，v2=b

圖象的斜率k=ab

則得：ml=ab

得繩長為L=mba

故A錯誤；B.當v2=0

時，T=鈭?a

由壟脵

得：鈭?a=鈭?mg

得：g=am

故B正確；C.當v2=c

時，代入壟脵

得：T=mcL鈭?mg=abc鈭?a

故C錯誤；D.若將輕繩換為輕桿，因為桿上的力可以是拉力，也可以是支持力，則abab兩點間為實線，故D正確。故選BD?！窘馕觥緽D

15、ABC【分析】解：物體都做勻速運動；受力平衡，設F2

與水平方向的夾角為婁脠

則有：

F1=婁脤mg

F2cos婁脠=婁脤(mg鈭?F2sin婁脠)

解得：2(cos婁脠+婁脤sin婁脠)=F1壟脵

根據(jù)F1

與F2

功率相同得：F1v1=F2v2cos婁脠壟脷

由壟脵壟脷

解得：v2v1=cos婁脠+婁脤sin婁脠cos婁脠=1+婁脤tan婁脠

所以v1<v2

而F1

與F2

的關系無法確定；大于；等于、小于都可以.

故ABC正確．

故選ABC

物體都做勻速運動；受力平衡，根據(jù)平衡條件列式，再根據(jù)F1

與F2

功率相同列式，聯(lián)立方程分析即可求解．

該題要抓住物體都是勻速運動受力平衡及功率相等列式求解，難度適中．【解析】ABC

16、ABC【分析】解：A

衣服做圓周運動受重力、桶壁的彈力和靜摩擦力作用.

故A正確．

B、衣服做圓周運動，靠彈力提供向心力，由N=mr婁脴2

知；轉速增大，則桶壁對衣服的彈力增大.

故BC正確．

D；在豎直方向上；衣服受重力和靜摩擦力平衡，轉速增大，靜摩擦力不變.

故D錯誤．

故選：ABC

衣物附在筒壁上隨轉筒一起做圓周運動；靠徑向的合力提供向心力，豎直方向上受靜摩擦力和重力平衡．

解決本題的關鍵知道衣服做圓周運動向心力的來源，結合牛頓第二定律進行分析．【解析】ABC

三、雙選題(共9題，共18分)17、BD【分析】【分析】該題是中等難度的試題，試題綜合性強，在注重對基礎知識考查的同時，更側重對學生能力的培養(yǎng)。該題學生需要注意的是在進行物質的量的有關計算時，關鍵是熟練應用幾個關系式rm{n=m/M}特別還要注意氣體摩爾體積的使用條件，即只能適用于氣體，且只有在標準狀況下，氣體的摩爾體積才是rm{22.4L/mol}【解答】根據(jù)題意可知，甲烷、氯化氫、rm{H_{2}S}的物質的量分別是rm{壟脵}rm{壟脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{壟脹}氨氣。A.根據(jù)阿伏加德羅定律可知，氣體的體積大小關系是rm{壟脹}故A錯誤；B.甲烷的質量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氫的質量是rm{壟脺0.2mol}氨氣。氨氣的質量是rm{壟脺0.2mol}所以質量關系是rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}故B正確；C.在相同條件下，氣體的密度之比是相對分子質量之比，故C錯誤；D.氫原子的物質的量分別是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}則氫原子數(shù)rm{1.2mol}故D正確。故選BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}18、BC【分析】【分析】本題考查了化學反應中的能量變化，理解化學鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關鍵。

【解答】化學鍵的斷裂和形成是化學反應中能量變化的原因，破壞化學鍵要吸收能量，形成新的化學鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC?！窘馕觥縭m{BC}19、BD【分析】【分析】本題主要考查物質的性質方面的知識，解答時要理解一氧化碳、一氧化氮等物質能夠與血紅蛋白結合，從而引起中毒?！窘獯稹緼.二氧化硫對眼和呼吸道有強烈刺激作用，吸入高濃度二氧化硫可引起喉水腫、肺水腫、聲帶水腫及rm{(}或rm{)}痙攣導致窒息，rm{SO_{2}}還會導致糖及蛋白質的代謝障礙；從而引起腦；肝、脾等組織發(fā)生退行性變，故A錯誤；

B.一氧化碳容易與血液中的血紅蛋白結合，使人中毒；故B正確；

C.二氧化氮的毒作用主要是損害深部呼吸道；故C錯誤；

D.一氧化氮容易與血液中的血紅蛋白結合；使人中毒，故D正確。

故選BD?！窘馕觥縭m{BD}20、BD【分析】【分析】該題是中等難度的試題，試題綜合性強，在注重對基礎知識考查的同時，更側重對學生能力的培養(yǎng)。該題學生需要注意的是在進行物質的量的有關計算時，關鍵是熟練應用幾個關系式rm{n=m/M}特別還要注意氣體摩爾體積的使用條件，即只能適用于氣體，且只有在標準狀況下，氣體的摩爾體積才是rm{22.4L/mol}【解答】根據(jù)題意可知，甲烷、氯化氫、rm{H_{2}S}的物質的量分別是rm{壟脵}rm{壟脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{壟脹}氨氣。A.根據(jù)阿伏加德羅定律可知，氣體的體積大小關系是rm{壟脹}故A錯誤；B.甲烷的質量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氫的質量是rm{壟脺0.2mol}氨氣。氨氣的質量是rm{壟脺0.2mol}所以質量關系是rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}故B正確；C.在相同條件下，氣體的密度之比是相對分子質量之比，故C錯誤；D.氫原子的物質的量分別是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}則氫原子數(shù)rm{1.2mol}故D正確。故選BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}21、BC【分析】【分析】本題考查了化學反應中的能量變化，理解化學鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關鍵。

【解答】化學鍵的斷裂和形成是化學反應中能量變化的原因，破壞化學鍵要吸收能量，形成新的化學鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC?！窘馕觥縭m{BC}22、BD【分析】【分析】本題主要考查物質的性質方面的知識，解答時要理解一氧化碳、一氧化氮等物質能夠與血紅蛋白結合，從而引起中毒?！窘獯稹緼.二氧化硫對眼和呼吸道有強烈刺激作用，吸入高濃度二氧化硫可引起喉水腫、肺水腫、聲帶水腫及rm{(}或rm{)}痙攣導致窒息，rm{SO_{2}}還會導致糖及蛋白質的代謝障礙；從而引起腦；肝、脾等組織發(fā)生退行性變，故A錯誤；

B.一氧化碳容易與血液中的血紅蛋白結合，使人中毒；故B正確；

C.二氧化氮的毒作用主要是損害深部呼吸道；故C錯誤；

D.一氧化氮容易與血液中的血紅蛋白結合；使人中毒，故D正確。

故選BD?！窘馕觥縭m{BD}四、填空題(共3題，共30分)23、略

【分析】【解析】試題分析：設兩顆恒星的質量分別為做圓周運動的半徑分別為角速度分別為．根據(jù)題意有①②根據(jù)萬有引力定律和牛頓定律，有聯(lián)立以上各式解得⑤根據(jù)解速度與周期的關系知⑥聯(lián)立③⑤⑥式解得⑦考點：萬有引力定律及其應用．【解析】【答案】24、略

【分析】解：（1）A；B：甲圖象表明在小車的拉力為0時；小車的加速度大于0，合外力大于0，說明平衡摩擦力過度，即把長木板的末端抬得過高了．故A錯誤、B正確．

C；D乙圖象說明在拉力大于0時；物體的加速度還為0，說明合外力為0，即繩子的拉力被摩擦力平衡了，即沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，也就是沒有將長木板的末端抬高或抬高不夠．故C正確、D錯誤．

故選BC．

（2）設繩子上拉力為F，對小車根據(jù)牛頓第二定律有：F=Ma，對砂桶和砂有：mg-F=ma，由此解得：F=由此可知當M＞＞m時，F(xiàn)≈mg，而當沒有滿足M＞＞m的關系時，由于F＜mg，隨著m的增大，M的加速度a=＜即實際的加速度小于理論值，圖象將會發(fā)生彎曲．故ABC正確，D錯誤．

故選D．

故答案為：（1）BC．（2）D．

（1）甲圖象表明在小車的拉力為0時；合外力大于0，說明平衡摩擦力過度．

乙圖象說明在拉力大于0時；物體的加速度為0，說明繩子的拉力被摩擦力平衡了，即沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．

（2）在驗證加速度與質量的關系時；在重物質量m遠小于小車質量M時，可近似認為小車受到的拉力等于重物的重力．

解決本題的關鍵是掌握實驗原理，知道本實驗應控制條件，就能順利解決此類題目，就能舉一反三，所以要注意基本原理的學習．【解析】BC；D25、略

【分析】解：因為小車是靜止的；受力如圖：

根據(jù)平衡條件有：

F=mgsin30鈭?=0.5隆脕1隆脕10=5N

FN=mgcos30鈭?=32隆脕1隆脕10=53N

故答案為：553

對小車進行受力分析；小車受到重力；斜面對小車的支持力和拉力，小車處于靜止狀態(tài)，故受力平衡，這樣就可以根據(jù)平衡條件解得拉力F

和斜面對小車的支持力．

本題考查了共點力平衡的條件應用，解題的關鍵是能正確對物體進行受力分析，該題難度不大，屬于基礎題．【解析】553

五、實驗探究題(共2題，共8分)26、略

【分析】解：(1)

實驗時繩的下端先不掛鉤碼；反復調整墊木的左右位置，直到小車做勻速直線運動，以使小車的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小車的合力就是繩子的拉力.

這樣做的目的是平衡小車運動中所受的摩擦阻力．

(2)

計數(shù)點間的時間間隔T=0.02s隆脕5=0.1s

由鈻?x=aT2

可得：小車的加速度a=xCE鈭?xAC4T2=21.60鈭?8.79鈭?8.794脳0.12隆脕10鈭?2m/s2=1.0m/s2

．

(3)

從圖象可以看出當有了一定的拉力F

時；小車的加速度仍然是零，小車沒動說明小車的合力仍然是零；

即小車還受到摩擦力的作用；說明摩擦力還沒有平衡掉，或者是平衡摩擦力了但是平衡的還不夠，沒有完全平衡掉摩擦力；

所以圖線不通過坐標原點的原因是實驗前該同學未平衡(

或未完全平衡)

摩擦力．

圖線上部彎曲的原因是鉤碼的質量太大，或小車的質量太小，沒有滿足m<<M

．

故答案為：

(1)

平衡小車運動中受到的摩擦阻力；

(2)1.0

(3)

沒有平衡摩擦力或摩擦力平衡不夠；未滿足拉車的鉤碼質量遠小于小車質量．

(1)

探究物體加速度與力的關系實驗中；要使小車受到的拉力等于鉤碼的重力，在實驗前應平衡摩擦力；

(2)

根據(jù)紙帶數(shù)據(jù)，由鈻?x=at2

可求小車的加速度．

(3)

圖線不通過坐標原點；當F