2025年新科版必修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年新科版必修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，實(shí)線是一簇由負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)線．一帶正電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下通過(guò)電場(chǎng)，圖中虛線為粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b是軌跡上的兩點(diǎn)．下列判斷正確的是（）

A.a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)B.a點(diǎn)電勢(shì)大于b點(diǎn)電勢(shì)C.帶電粒子從a到b動(dòng)能減小D.帶電粒子從a到b電勢(shì)能減小2、如圖所示，A、B兩個(gè)帶電小球的質(zhì)量均為m，所帶電量分別為＋q和－q，兩球間用絕緣細(xì)線連接，A球又用絕緣細(xì)線懸掛在天花板上，細(xì)線長(zhǎng)均為L(zhǎng).現(xiàn)在兩球所在的空間加上一方向向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度A、B兩球最后會(huì)達(dá)到新的平衡位置；則在這個(gè)過(guò)程中，兩個(gè)小球（）

A.總重力勢(shì)能減少了mgLB.總重力勢(shì)能增加了mgLC.總電勢(shì)能減少了mgLD.總電勢(shì)能減少了mgL3、用可拉伸的材料制成長(zhǎng)為l、直徑為d的圓柱形容器，在其中充滿電解液，經(jīng)測(cè)量可知電解液的阻值為8Ω。假設(shè)電解液的阻值的變化趨勢(shì)與金屬絲的阻值的變化趨勢(shì)相同，在保持容器體積不變的情況下，將該容器的長(zhǎng)度均勻地拉長(zhǎng)到原來(lái)的1.25倍，則此時(shí)該電解液的阻值為（）A.5.12ΩB.6.4ΩC.12.5ΩD.25Ω4、如圖所示；A；B為相互接觸的用絕緣支架支撐的金屬導(dǎo)體，在它們的下部貼有金屬箔片，起初它們不帶電，C是用絕緣棒連接的帶正電的小球，A、B、C均可自由移動(dòng)，實(shí)驗(yàn)中把C移近導(dǎo)體A，關(guān)于實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象和分析下列說(shuō)法正確的是（）

A.A上的金屬箔片張開(kāi)且?guī)д?，B上的金屬箔片不張開(kāi)B.A上的金屬箔片張開(kāi)且?guī)ж?fù)電，B上的金屬箔片不張開(kāi)C.A上的金屬箔片張開(kāi)且?guī)д?，B上的金屬箔片張開(kāi)且?guī)ж?fù)電D.A上的金屬箔片張開(kāi)且?guī)ж?fù)電，B上的金屬箔片張開(kāi)且?guī)д?、如圖所示，平行板電容器保持與直流電源連接，下極板接地。一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離；下列說(shuō)法中正確的是（）

A.油滴帶正電B.電容器的電容變大C.油滴將向下運(yùn)動(dòng)D.P點(diǎn)的電勢(shì)保持不變?cè)u(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、有三個(gè)質(zhì)量相等、分別帶有正電與負(fù)電及不帶電的微粒，從極板左側(cè)中央以相同的水平初速度v先后垂直場(chǎng)強(qiáng)射入，分別落到極板A、B、C處；如圖所示．則下列說(shuō)法正確的有（）

A.粒子A帶負(fù)電，B不帶電，C帶正電B.三個(gè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不相等C.三個(gè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度aA<aB<aCD.三個(gè)粒子到達(dá)極板時(shí)的動(dòng)能EA>EB>EC7、如圖所示，豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣，兩個(gè)帶有同種電荷的小球A、B分別處于豎直墻面和水平地面上，且處于同一豎直平面內(nèi)，若用圖示方向的水平推力F作用于小球B；則兩球靜止于圖示位置，如果將小球B向左推動(dòng)少許，待兩球重新達(dá)到平衡時(shí)，則兩個(gè)小球的受力情況與原來(lái)相比（）

A.豎直墻面對(duì)小球A的彈力減小B.地面對(duì)小球B的彈力一定不變C.推力F將增大D.兩個(gè)小球之間的距離增大8、如圖所示，在一電場(chǎng)強(qiáng)度沿紙面方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，用一絕緣絲線系一帶電小球，小球的質(zhì)量為m、電荷量為q，為了保證當(dāng)絲線與豎直方向的夾角為θ＝60°時(shí)；小球處于平衡狀態(tài)，則勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小可能為。

A.B.C.D.9、A、B兩物體質(zhì)量均為m，其中A帶正電，帶電量為+q，B不帶電，通過(guò)勁度系數(shù)為k的絕緣輕質(zhì)彈簧相連放在水平面上，如圖所示，開(kāi)始時(shí)A、B都處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)在施加豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度式中g(shù)為重力加速度；若不計(jì)空氣阻力，不考慮A物體電量的變化，則以下判斷正確的是（）

A.剛施加電場(chǎng)的瞬間，A的加速度大小為2gB.從施加電場(chǎng)開(kāi)始到B剛要離開(kāi)地面的過(guò)程中，A物體速度大小一直增大C.從施加電場(chǎng)開(kāi)始到B剛要離開(kāi)地面的過(guò)程中，A物體的機(jī)械能增加量始終等于A物體電勢(shì)能的減少量D.B剛要離開(kāi)地面時(shí)，A的速度大小為10、如圖所示，ABDC為正方形，帶電荷量為的點(diǎn)電荷固定在A點(diǎn)。先將一帶電荷量也為的點(diǎn)電荷從無(wú)窮遠(yuǎn)處（電勢(shì)為0）移到B點(diǎn)，此過(guò)程電場(chǎng)力做的功為再將從B點(diǎn)沿某一路徑移到C點(diǎn)并固定，此后將一帶電荷量為的點(diǎn)電荷從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到D點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）

A.移入之前，B點(diǎn)的電勢(shì)為B.移到D點(diǎn)后，B點(diǎn)的電勢(shì)等于零C.從B點(diǎn)移到C點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功D.從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到D點(diǎn)的過(guò)程中，所受電場(chǎng)力做的功小于4W評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)11、把負(fù)電荷q=5×10?5C從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到電場(chǎng)中A點(diǎn),克服電場(chǎng)力做功4.0×10?6J,再把q從A點(diǎn)移到B點(diǎn),電場(chǎng)力對(duì)電荷做1×10?4J的功,A點(diǎn)電勢(shì)為_(kāi)_______V,B點(diǎn)電勢(shì)為_(kāi)_________V。12、恒定電流：大小、___________都不隨時(shí)間變化的電流。13、電磁波通信：電磁波可以通過(guò)電纜、光纜進(jìn)行有線傳輸，也可實(shí)現(xiàn)無(wú)線傳輸。電磁波的頻率_____，相同時(shí)間內(nèi)傳遞的信息量_____。14、左圖讀數(shù)為_(kāi)__________cm；右圖讀數(shù)為_(kāi)__________mm。

15、在一點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，電荷量為+q的粒子在某點(diǎn)的電勢(shì)能Ep與該點(diǎn)到Q的距離r的關(guān)系如圖所示。設(shè)電場(chǎng)中距Q的距離為L(zhǎng)、3L處的電勢(shì)分別為φ1、φ2，電場(chǎng)強(qiáng)度分別為E1、E2，則Q帶____（選填“正”或“負(fù)”）電，φ1：φ2=____，E1：E2=____。

16、帶電粒子在電場(chǎng)中的加速。

分析帶電粒子的加速問(wèn)題有兩種思路：

（1）利用___________定律結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式分析。適用于電場(chǎng)是___________且涉及___________等描述運(yùn)動(dòng)過(guò)程的物理量，公式有qE=___________，v=v0＋___________等。

（2）利用靜電力做功結(jié)合動(dòng)能定理分析。適用于問(wèn)題涉及___________、___________等動(dòng)能定理公式中的物理量或___________電場(chǎng)情景時(shí)，公式有qEd=mv2-mv（勻強(qiáng)電場(chǎng)）或qU=mv2-mv（任何電場(chǎng)）等。17、如圖甲所示為一測(cè)量電解液電阻率的玻璃容器，P、Q為電極，設(shè)a=1m，b=0.2m，c=0.1m，當(dāng)里面注滿某電解液，且P、Q加上電壓后，其U-I圖線如圖乙所示，當(dāng)U=10V時(shí)，求電解液的電阻率ρ是_______Ω·m

評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共8分)18、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)按照?qǐng)D所示連接電路。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將開(kāi)關(guān)S擲向1，一段時(shí)間后，將開(kāi)關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計(jì)算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時(shí)間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為_(kāi)_______（選填選項(xiàng)前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個(gè)放電過(guò)程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動(dòng)勢(shì)E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時(shí)電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時(shí)間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時(shí)間將變短19、如圖所示是某電場(chǎng)中的電場(chǎng)線，請(qǐng)畫(huà)出點(diǎn)a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向和電荷-q在b點(diǎn)所受電場(chǎng)力的方向。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共30分)20、某同學(xué)利用實(shí)驗(yàn)室的器材研究一粗細(xì)均勻的導(dǎo)體棒（約為4Ω）的電阻率。

電壓表V（量程15.0V；內(nèi)阻約1kΩ）

電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻）

定值電阻（阻值）

滑動(dòng)變阻器（最大阻值10Ω）

學(xué)生電源E（電動(dòng)勢(shì)20V）

開(kāi)關(guān)S和若干導(dǎo)線。

(1)如圖甲，用螺旋測(cè)微器測(cè)得導(dǎo)體棒的直徑為_(kāi)_____mm；如圖乙，用游標(biāo)卡尺測(cè)得導(dǎo)體棒的長(zhǎng)度為_(kāi)_____cm；

(2)請(qǐng)根據(jù)提供的器材，在圖丙所示的方框中設(shè)計(jì)一個(gè)實(shí)驗(yàn)電路，盡可能精確地測(cè)量金屬棒的阻值；______

(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使開(kāi)關(guān)閉合后兩電表的示數(shù)從零開(kāi)始，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)選擇合適標(biāo)度描點(diǎn)，在方格紙上作圖（如圖丁），通過(guò)分析可得導(dǎo)體棒的電阻R=______Ω（保留一位小數(shù)），再根據(jù)電阻定律即可求得電阻率。從系統(tǒng)誤差的角度分析，電阻______（填“>”“<”或“=”）21、圖a為某同學(xué)組裝完成的簡(jiǎn)易多用電表的電路圖。圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA，內(nèi)阻為480Ω。虛線方框內(nèi)為換擋開(kāi)關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個(gè)擋位；5個(gè)擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆×100Ω擋。

(1)圖a中的A端與______（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。

(2)關(guān)于R6的使用，下列說(shuō)法正確的是_______（填正確答案標(biāo)號(hào)）。

A．在使用多用電表之前，調(diào)整R6使電表指針指在表盤(pán)左端電流“0”位置。

B．使用歐姆擋時(shí)，先將兩表筆短接，調(diào)整R6使電表指針指在表盤(pán)右端電阻“0”位置。

C．使用電流擋時(shí)，調(diào)整R6使電表指針盡可能指在表盤(pán)右端電流最大位置。

(3)根據(jù)題給條件可得R1＋R2=_______Ω，R4=________Ω。

(4)某次測(cè)量時(shí)該多用電表指針位置如圖b所示。若此時(shí)B端是與“1”相連的，則多用電表讀數(shù)為_(kāi)______；若此時(shí)B端是與“3”相連的，則讀數(shù)為_(kāi)_______；若此時(shí)B端是與“5”相連的，則讀數(shù)為_(kāi)__________。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）22、某實(shí)驗(yàn)小組準(zhǔn)備測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

(1)先用多用電表“直流2.5V擋”粗測(cè)該干電池的電動(dòng)勢(shì)，讀數(shù)為_(kāi)__________V。

(2)為了更精確地測(cè)量該干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；實(shí)驗(yàn)小組用實(shí)驗(yàn)室提供的下列器材進(jìn)行下一步實(shí)驗(yàn)：

A.電流表A（量程為50mA，內(nèi)阻rg=10Ω）

B.電阻箱R（最大阻值為99.99Ω）

C.定值電阻R0=2Ω

D.開(kāi)關(guān)；導(dǎo)線若干。

①根據(jù)以上提供的器材設(shè)計(jì)了如圖所示的測(cè)量電路。

②用筆畫(huà)線替代導(dǎo)線，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖在實(shí)物圖上完成連線___________。

③改變電阻箱的阻值R，測(cè)出對(duì)應(yīng)的電流表A的示數(shù)I，根據(jù)測(cè)量的數(shù)據(jù)作出的圖線，如圖所示。由圖線可求得該干電池的電動(dòng)勢(shì)E=___________V，內(nèi)阻r=___________Ω。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共7分)23、A、B兩平行金屬板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向如圖。電場(chǎng)中兩點(diǎn)相距連線與電場(chǎng)線成角，點(diǎn)距A板點(diǎn)距B板求。

（1）電勢(shì)差

（2）用外力把電荷量為的正電荷（不計(jì)重力）由點(diǎn)勻速移動(dòng)到點(diǎn)，那么外力做的功是多少?如果點(diǎn)為零電勢(shì)，該正電荷在點(diǎn)具有的電勢(shì)能是多少？

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．a(chǎn)點(diǎn)的電場(chǎng)線較密，故a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)；A錯(cuò)誤；

B．從圖像上看，a點(diǎn)所在的等勢(shì)面與b點(diǎn)所在的等勢(shì)面不重合，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，a點(diǎn)電勢(shì)小于b點(diǎn)電勢(shì)；B錯(cuò)誤；

CD．帶電粒子受到的電場(chǎng)力向左，粒子從a到b的位移與電場(chǎng)力的夾角大于90度；電場(chǎng)力做負(fù)功，粒子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，C正確，D錯(cuò)誤；

故選C。2、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．加上電場(chǎng)后B球向右運(yùn)動(dòng)；達(dá)到平衡后，由于。

由平衡條件對(duì)整體研究可知，A球不動(dòng)，B球向右偏轉(zhuǎn)上升的高度為：

則總重力勢(shì)能增加了：

故AB錯(cuò)誤；

CD．B球沿電場(chǎng)力方向移動(dòng)的距離為：

電場(chǎng)力做正功；則總電勢(shì)能減少了為：

故C錯(cuò)誤；D正確；

故選D。3、C【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電阻定律。

保持容器的體積不變，電解液仍充滿整個(gè)容器，將容器的長(zhǎng)度均勻地拉長(zhǎng)到原來(lái)的1.25倍，則容器的截面積變?yōu)樵瓉?lái)的電阻變?yōu)椤?/p>

故選C。4、D【分析】【詳解】

當(dāng)帶正電的小球C靠近A；B時(shí)；由靜電感應(yīng)A帶負(fù)電B帶正電，A、B上的金屬箔片由于同種電荷相斥都張開(kāi)。

故選D。5、C【分析】【詳解】

A．由帶電油滴原來(lái)處于平衡狀態(tài)可知，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度方向向下，而電場(chǎng)力方向豎直向上，則油滴帶負(fù)電。故A錯(cuò)誤。

B．上極板上移時(shí)，則d增大，由

可知，C減小，故B錯(cuò)誤。

C．將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)

得知板間場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴所受的電場(chǎng)力減小，則油滴將向下運(yùn)動(dòng)。故C正確。

D．場(chǎng)強(qiáng)E減小，而P點(diǎn)與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差將減小，而P點(diǎn)的電勢(shì)高于下極板的電勢(shì)，則知P點(diǎn)的電勢(shì)將降低，故D錯(cuò)誤；

故選C。二、多選題(共5題，共10分)6、B:C【分析】【分析】

【詳解】

ABC．三個(gè)微粒的初速度相等，水平位移根據(jù)水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以由公式

得

三個(gè)微粒在豎直方向上的位移相等，根據(jù)

得

從而得知B僅受重力作用；A受電場(chǎng)力向上，C所受的電場(chǎng)力向下，所以B不帶電，A帶正電，C帶負(fù)電，A錯(cuò)誤，BC正確；

D．根據(jù)動(dòng)能定理，三個(gè)微粒重力做功相等，A電場(chǎng)力做負(fù)功，C電場(chǎng)力做正功，所以C的動(dòng)能變化量最大，A的動(dòng)能變化量最小，初動(dòng)能相等，所以三個(gè)微粒到達(dá)極板時(shí)的動(dòng)能為

D錯(cuò)誤。

故選BC。7、A:B:D【分析】【詳解】

整體法可知地面對(duì)小球B的彈力一定不變，B正確；假設(shè)A球不動(dòng)，由于A、B兩球間距變小，庫(kù)侖力增大，A球上升，庫(kù)侖力與豎直方向夾角變小，而其豎直分量不變，故庫(kù)侖力變小A、B兩球間距變大，D正確；但水平分量減小，豎直墻面對(duì)小球A的彈力減小，推力F將減??；故A正確，C錯(cuò)誤。

故選ABD。8、A:C:D【分析】【詳解】

小球受重力、電場(chǎng)力和拉力處于平衡，根據(jù)平行四邊形定則，當(dāng)電場(chǎng)力方向與拉力方向垂直時(shí)，電場(chǎng)力最小，F(xiàn)min=mgsin60°，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值

由此可知只要電場(chǎng)強(qiáng)度大于等于即符合題意．

A．．故A符合題意．

B．．故B不符合題意．

C．．故C符合題意．

D．．故D符合題意．9、A:B:D【分析】【詳解】

A．在未施加電場(chǎng)時(shí)，A物體處于平衡狀態(tài)，當(dāng)施加上電場(chǎng)力瞬間，A物體受到的合力為施加的電場(chǎng)力，故

解得

方向向上；故A正確；

B．B剛要離開(kāi)地面時(shí)，地面對(duì)B彈力為0，即

對(duì)A物體

即A物體合力為0；因此從開(kāi)始到B剛要離開(kāi)地面過(guò)程，A物體做加速度逐漸變小的加速運(yùn)動(dòng)，即A物體速度一直增大，故B正確；

C．從開(kāi)始到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程；A物體的機(jī)械能增量等于電勢(shì)能的減少量與彈性勢(shì)能的減少量之和，從彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)到B剛要離開(kāi)地面的過(guò)程，A物體的機(jī)械能增量等于電勢(shì)能的減少量與彈性勢(shì)能的增加量之差，故C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)B離開(kāi)地面時(shí)，此時(shí)B受到彈簧的彈力等于B的重力，從施加電場(chǎng)力到B離開(kāi)地面，彈簧的彈力做功為零，A上升的距離為

根據(jù)動(dòng)能定理可知

解得

故D正確。

故選ABD。10、A:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系知，在B點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能

則B點(diǎn)電勢(shì)

A正確；

B．電荷量為的點(diǎn)電荷從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到D點(diǎn)后，B點(diǎn)的電勢(shì)相當(dāng)于帶電荷量均為q的、在A、D兩點(diǎn)的等量異種點(diǎn)電荷和在C、D兩點(diǎn)的等量異種點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電勢(shì)的疊加，B點(diǎn)到A、D兩點(diǎn)的距離相等，則在A、D兩點(diǎn)的等量異種點(diǎn)電荷在B點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)和為零，對(duì)于在C、D兩點(diǎn)的等量異種點(diǎn)電荷，B點(diǎn)到負(fù)點(diǎn)電荷的距離近，則B點(diǎn)的電勢(shì)小于零（點(diǎn)撥：可結(jié)合等量異種點(diǎn)電荷模型解題）；B錯(cuò)誤；

C．在A點(diǎn)的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，B、C兩點(diǎn)處于同一等勢(shì)面上，從B點(diǎn)移到C點(diǎn)的過(guò)程中；電場(chǎng)力做的總功為0，但由于路徑未知，該過(guò)程中電場(chǎng)力做功的情況未知，C錯(cuò)誤；

D．將移到C點(diǎn)固定后，再將從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到D點(diǎn)，點(diǎn)電荷對(duì)的庫(kù)侖力做的功為2W，A處的點(diǎn)電荷對(duì)做的功小于2W；可知D正確。

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)11、略

【分析】【詳解】

[1]無(wú)窮遠(yuǎn)間與A的電勢(shì)差為

無(wú)窮遠(yuǎn)電勢(shì)為零，由得A點(diǎn)電勢(shì)：

[2]A、B間電勢(shì)差為:

因則B點(diǎn)電勢(shì)【解析】-0.081.9212、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)定義可知，恒定電流為大小、方向都不隨時(shí)間變化的電流?！窘馕觥糠较?3、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電磁波通信：電磁波可以通過(guò)電纜、光纜進(jìn)行有線傳輸，也可實(shí)現(xiàn)無(wú)線傳輸。電磁波的頻率越高，相同時(shí)間內(nèi)傳遞的信息量越大?！窘馕觥竣?越高②.越大14、略

【分析】【詳解】

[1]由左圖可知，游標(biāo)卡尺為十分度游標(biāo)卡尺，則讀數(shù)為

[2]由右圖可知，螺旋測(cè)微器讀數(shù)為【解析】1.141.73015、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，粒子離電荷越遠(yuǎn)，電勢(shì)能越低，說(shuō)明遠(yuǎn)離電荷時(shí)，電場(chǎng)力做正功，即電荷與粒子之間是斥力，所以電荷Q帶正電；

[2]由圖可知，電荷在L處的電勢(shì)能為6E0，在3L處的電勢(shì)能為2E0，根據(jù)公式

兩點(diǎn)電勢(shì)之比為

[3]根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式

兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度之比為【解析】正3∶19∶116、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3][4][5]利用牛頓第二定律結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式分析。適用于電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)且涉及運(yùn)動(dòng)時(shí)間等描述運(yùn)動(dòng)過(guò)程的物理量，公式有

（2）[6][7][8]利用靜電力做功結(jié)合動(dòng)能定理分析。適用于問(wèn)題涉及位移、速率等動(dòng)能定理公式中的物理量或非勻強(qiáng)電場(chǎng)情景時(shí)，公式有qEd=mv2-mv（勻強(qiáng)電場(chǎng)）

或qU=mv2-mv（任何電場(chǎng)）【解析】①.牛頓第二②.勻強(qiáng)電場(chǎng)③.運(yùn)動(dòng)時(shí)間④.ma⑤.at⑥.位移⑦.速率⑧.非勻強(qiáng)17、略

【分析】【詳解】

由圖乙可求得電解液的電阻為由圖甲可知電解液長(zhǎng)為截面積為結(jié)合電阻定律可得【解析】40四、作圖題(共2題，共8分)18、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個(gè)放電過(guò)程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時(shí)間減小；選項(xiàng)AC錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減??；選項(xiàng)D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動(dòng)勢(shì)E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項(xiàng)A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時(shí)電阻箱阻值大小，選項(xiàng)B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時(shí)間將變長(zhǎng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變小；放電的時(shí)間將變短，選項(xiàng)D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD19、略

【分析】【詳解】

電場(chǎng)線上每一點(diǎn)的切線方向即為該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向；負(fù)電荷受電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，如圖所示。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共30分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]用螺旋測(cè)微器測(cè)得導(dǎo)體棒的直徑為4.5mm+0.01mm×12.0=4.620mm

用游標(biāo)卡尺測(cè)得導(dǎo)體棒的長(zhǎng)度為10.1cm+0.1mm×4=10.14cm

(2)[3]要求盡可能精確地測(cè)量金屬棒的阻值，而滑動(dòng)變阻器的總阻值較小，則用分壓式可以多測(cè)幾組數(shù)據(jù)；電壓表的量程為15V，則待測(cè)電阻的電流最大為

則0.6A的電流表量程太?。徊话踩?，而電流表內(nèi)阻已知，且有定值電阻，則可以用電流表與定值電阻串聯(lián)，定值電阻能分部分電壓且能精確的得到待測(cè)電阻阻值，而電流表選擇內(nèi)接法可以消除系統(tǒng)誤差，故電路圖如圖。

(3)[4][5]根據(jù)伏安法可