2025年人教新起點必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點必修3物理下冊階段測試試卷29考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖，真空中有兩個點電荷分別位于A點和B點，它們所帶電荷量分別為Q(Q>0）和-4Q。則A、B連線上；電場強度為零的位置在。

A.A點左側(cè)B.B點右側(cè)C.A、B之間且靠近點D.A、B之間且靠近B點2、如圖所示電路中（電源內(nèi)阻忽略不計），L1、L2為兩只完全相同、阻值恒定的燈泡，R為光敏電阻（光照越強，阻值越小）。閉合開關S后；隨著光照強度逐漸增強（）

A.L1逐漸變暗，L2逐漸變亮B.L1逐漸變亮，L2逐漸變暗C.兩燈都變亮D.兩燈都變暗3、生活科技上處處存在靜電現(xiàn)象，有些是靜電的應用，有些是要防止靜電，下列關于靜電的說法錯誤的是（）A.在地毯中夾雜的不銹鋼絲導電纖維，是防止靜電危害B.靜電復印機應用了靜電吸附原理C.印染廠應該保持空氣干燥，避免靜電積累帶來的潛在危害D.在超高壓帶電作業(yè)中，電工所穿的高壓工作服內(nèi)有編織的金屬絲，這樣做能起到靜電屏蔽的作用4、如圖所示，一個“V”形玻璃管ABC倒置于豎直平面內(nèi)，并處于場強大小為方向垂直向下的勻強電場中，一個重力電荷量的帶負電小滑塊從A點由靜止開始運動，小滑塊與管壁的動摩擦因數(shù)已知管長傾角B點是一段很短的光滑圓弧管，重力加速度下列說法正確的是（）

A.B、A兩點間的電勢差為B.小滑塊從A點第一次運動到B點的過程中電勢能增大C.小滑塊第一次速度為零的位置在C處D.從開始運動到最后靜止，小滑塊通過的總路程為5、下列表述正確的是（）A.電子的比荷就是電子的質(zhì)量與電子的電荷量之比B.根據(jù)可知，導體的電阻與導體兩端所加的電壓成正比，與通過它的電流成反比C.電容器所帶的電荷量與電容器兩極板之間的電勢差之比（）叫作電容器的電容D.電源是通過靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的裝置6、一只額定電壓為110V，額定功率為50W的燈泡，接在下列四個電路中，已知四個電路中電源的輸出電壓恒為220V，四個電路中的定值電阻不計燈泡電阻的變化，則能讓燈泡正常發(fā)光的電路為（）A.B.C.D.7、如圖1所示，用充電寶為一手機電池充電，其等效電路如圖2所示。在充電開始后的一段時間t內(nèi)，充電寶的輸出電壓U、輸出電流I可認為是恒定不變的，設手機電池的內(nèi)阻為r，則時間t內(nèi)（）

A.充電寶輸出的電功率為B.充電寶產(chǎn)生的熱功率為C.手機電池產(chǎn)生的焦耳熱為D.手機電池儲存的化學能為8、A、B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內(nèi)側(cè)表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球。兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，其中R1為光敏電阻，R2為滑動變阻器，R3為定值電阻。當R2的滑動觸頭P在a端時閉合開關S。此時電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為電源電動勢E和內(nèi)阻r一定。以下說法正確的是（）

A.若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大B.若僅增大B板間距離，則小球重新達到穩(wěn)定后變大C.若僅用更強的光照射R1，則I增大，U增大D.若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變9、采用如圖所示的電路，通過改變外電路電阻R，測出多組U、I的數(shù)據(jù)，作出圖像；利用圖像可以求解出電源的電動勢和內(nèi)電阻；某同學考慮到實驗中使用的電壓表和電流表的實際特點，認為本實驗是存在系統(tǒng)誤差的；關于該實驗的系統(tǒng)誤差，下列分析正確的是（）

A.滑動變阻器接入電路的阻值越大，系統(tǒng)誤差越小B.滑動變阻器接入電路的阻值大小對系統(tǒng)誤差沒有影響C.電流表的分壓作用導致該實驗產(chǎn)生系統(tǒng)誤差D.電壓表的分流作用導致該實驗產(chǎn)生系統(tǒng)誤差評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖，為勻強電場中的四個點，它們正好是矩形的四個頂點，電場線與矩形平面平行，已知點電勢為點電勢為點電勢為一電荷量為的粒子從點以的速度射入電場，入射方向與成45°，一段時間后經(jīng)過點；不計粒子重力，下列判斷正確的是（）

A.點電勢為B.場強方向由指向C.粒子帶正電D.粒子從運動到克服電場力做功為11、如圖所示電路中，閉合開關S后，穩(wěn)定時，連接帶電小球P的絕緣細線與豎直方向的夾角為θ，現(xiàn)將滑動變阻器R2的滑片向右滑動，下列說法正確的是()

A.A1的示數(shù)增大，A2的示數(shù)減?。籚1和V2的示數(shù)均增大B.L變亮，θ增大C.若R2不變，只減小R4，可以使θ增大D.12、如圖所示，在勻強電場中有一個半徑為R=1m的圓，電場方向與圓的平面平行，P、O兩點間電勢差為4V，一個質(zhì)子在該勻強電場中在僅受電場力作用下運動，從P點運動到Q點且在P、Q兩點上速度方向與圓的切線一致，速度大小均為PF、QE分別為圓的直徑。則（）

A.質(zhì)子可能從P點沿圓周運動到Q點B.粒子一定能過F點，且速度為v0C.該勻強電場的電場強度E=4V/mD.O點與圓周上電勢最低的點電勢差為4V13、某實驗小組用如圖甲所示的電路完成了蓄電池的電動勢E和內(nèi)電阻r的測量；該小組的同學測量了多組數(shù)據(jù)，并根據(jù)測量的數(shù)據(jù)描繪了如圖乙所示的圖線。已知兩電表均為理想電表，則下列說法正確的是（）

A.E=1.20V，r=3.50ΩB.E=1.40V，r=1.00ΩC.調(diào)節(jié)滑動變阻器使其阻值為零時，流過電源的電流為0.40AD.調(diào)節(jié)滑動變阻器使電壓表的讀數(shù)為1.20V時，電流表的讀數(shù)I′=0.20A14、如圖，在紙面內(nèi)坐標系的第一、二象限內(nèi)存在磁感應強度大小為方向垂直紙面向里的勻強磁場。x軸和y軸上有兩條足夠長且相互垂直的絕緣直導線和二者的交點在坐標系的原點O。導線上通有大小為I，方向沿x軸負方向的恒定電流，導線L2上通有大小為2I，方向沿y軸正方向的恒定電流。若無限長通電直導線形成的磁場在空間某點處的磁感應強度大小為（k為比例系數(shù)，r為該點到導線的距離，I為導線的電流強度），已知導線在N點產(chǎn)生的磁感應強度大小為下列說法正確的有（）

A.導線上的電流在M點處產(chǎn)生的磁感應強度大小為B.導線上的電流在N點處產(chǎn)生的磁感應強度大小為C.N點處的合磁感應強度大小為D.M點處的合磁感應強度大小為15、如圖，在傾角為的光滑絕緣斜面上固定一個擋板，在擋板上連接一根勁度系數(shù)為k0的絕緣輕質(zhì)彈簧，彈簧另一端與A球連接。A、B、C三個帶電小球質(zhì)量均為M，其中A球的電荷量qA=q0>0，B球的電荷量當系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)時，三小球等間距排列。已知靜電力常量為k，重力加速度為g；小球間距離遠大于小球的半徑，則（）

A.C球的電荷量B.彈簧伸長量為C.A球受到的庫侖力大小為D.相鄰兩小球間距為16、圖中是兩個點電荷，它們的電荷量分別為是連線的中垂線，是中垂線上的一點。下列哪種情況能使點場強方向指向的左側(cè)（）

A.都是正電荷，且B.是正電荷，是負電荷，且C.是負電荷，是正電荷，且D.都是負電荷，且17、如圖所示，等邊三角形ABC的三個頂點A、B、C分別固定有電荷量為的點電荷，A點處電荷受到的電場力方向平行于BC，B點處電荷受到的A電場力方向垂直于BC，O為三角形的中點，P和O在紙面內(nèi)關于AC對稱；無窮遠處電勢為零，則下列說法正確的是（）

A.B.O點電勢與P點電勢相等C.將A點的點電荷沿直線移到O點，其電勢能增大D.將A點的點電荷沿直線移到P點，電場力做正功18、如圖所示，ABC為等邊三角形，電荷量為+q的點電荷固定在A點．先將一電荷量也為+q的點電荷Q1從無窮遠處（電勢為0）移到C點，此過程中，電場力做功為-W．再將Q1從C點沿CB移到B點并固定．最后將一電荷量為-2q的點電荷Q2從無窮遠處移到C點．下列說法正確的有。

A.Q1移入之前，C點的電勢為B.Q1從C點移到B點的過程中，所受電場力做的功為0C.Q2從無窮遠處移到C點的過程中，所受電場力做的功為2WD.Q2在移到C點后的電勢能為-4W評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)19、如圖所示,A、B為相互接觸的用絕緣支柱支撐的金屬導體,起初它們不帶電,在它們的下部貼有金屬箔片,C是帶正電的小球。當C移近A時,A、B上的金屬箔片都張開。

(1)若撤去C,A、B下部金屬箔片是_________(選填“張開”或“閉合”)

(2)若先分離A、B,再撤去C,A、B下部金屬箔片是_________(選填“張開”或“閉合”)。在分離A、B的過程中,A、B組成的系統(tǒng)電勢能_______(選填“增大”“不變”或“減小”)

(3)靜電感應的原因是金屬導體中存在大量的_____________。20、（1）自由電子：金屬中原子的外層電子脫離___________的束縛而在金屬中___________；這種電子叫作自由電子。

（2）離子：失去自由電子的___________便成為帶正電的離子。21、判斷下列說法的正誤。

（1）電壓表中串聯(lián)的電阻的作用是分去一部分電流。____

（2）電流表中并聯(lián)的電阻的作用是分去一部分電壓。____

（3）若將電阻串聯(lián)在電流表上改裝成電壓表后，增大了原電流表的滿偏電壓。____

（4）若將電阻并聯(lián)在電流表兩端改裝成電流表后，電阻兩端的電壓和電流表兩端的電壓相等。____22、如圖（a），電路中電源的內(nèi)阻可忽略不計，其電動勢E=6V，R1為可變電阻。電阻R的U–I特性曲線如圖（b）所示。當通過電阻R的電流強度為2.0mA時，R的阻值為________Ω。將可變電阻阻值調(diào)到750Ω時，R兩端的電壓為_________V。

23、在勻強磁場中有一根長為的導線，它與磁場方向垂直.當通以電流時，它受到的作用力為則該磁場的磁感強度是_______T；當導線在原位置縮短為原長的一半時，磁感強度為_______T評卷人得分四、實驗題(共1題，共3分)24、多用電表的簡化電路圖如圖甲所示；請完成下列問題。

（1）當選擇開關S旋到位置6時，電表用來測量_________；當S旋到位置_________時；多用電表測電流時量程較大。

（2）某同學用多用表測量某電學元件的電阻，把選擇開關旋到“”位置，測量發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)很小，因此需將選擇開關旋到_________（填“”或“”）位置。

（3）某實驗小組探究“改變歐姆擋倍率的方式”；實驗電路如圖乙；丙所示，實驗器材如下：

A．干電池（電動勢為內(nèi)阻不計）；

B．電流計（量程內(nèi)阻）；

C．可變電阻器

D．定值電阻

E．導線若干；紅黑表筆各一只。

①在乙圖中，左側(cè)表筆是_________（“紅”；“黑”）表筆；

②在丙圖中，將與電流計并聯(lián)，相當于歐姆表更換倍率。用圖乙和圖丙分別測量兩個電阻，兩表指針位置相同，則兩電阻的阻值大小之比_________。

③如果在使用過程中電池電動勢變?yōu)榈钥梢詺W姆調(diào)零。在這種情況下，測量值和真實值之比為_________。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

由電場的疊加原理可知，在AB連線之間的合場強不可能為0，由點電荷場強公式可知，場強為0的點應離電荷量較小的更近，所以電場強度為零的位置在A點左側(cè)；故A正確。

故選A。2、A【分析】【分析】

【詳解】

R為光敏電阻（光照越強，阻值越?。?，閉合開關S后，隨著光照強度逐漸增強，R阻值越來越?。还孰娐返目傠娮枰苍絹碓叫?，根據(jù)閉合電路歐姆定律有。

則電路的總電流越來越大，所以L2逐漸變亮；根據(jù)閉合電路歐姆定律有。

則L1兩端電壓越來越小，所以L1逐漸變暗。

故選A。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．地毯中不銹鋼絲的作用是把鞋底與地毯摩擦產(chǎn)生的電荷傳到大地上；以免發(fā)生靜電危害，屬于防止靜電危害，故D正確；

B．靜電復印機是利用靜電工作的；應用了靜電吸附原理，故B正確；

C．印刷車間中；紙張間摩擦產(chǎn)生大量靜電，所以印刷車間中保持適當?shù)臐穸?，及時把靜電導走，避免靜電造成的危害，故C錯誤；

D．在超高壓帶電作業(yè)中；電工所穿的高壓工作服內(nèi)有編織的金屬絲，這樣做能起到靜電屏蔽的作用，故D正確。

本題選錯誤項，故選C。4、D【分析】【詳解】

A．B、A兩點間的電勢差

故A項錯誤。

B．小滑塊從A點第一次運動到B點的過程中電場力做正功；電勢能減小，故B項錯誤。

C．假設“V”形管是光滑的，則根據(jù)對稱性，從A點靜止釋放小滑塊后，正好能滑動到C點，但由于小滑塊與管壁之間存在摩擦力，所以小滑塊第一次速度為零的位置不在C處；故C項錯誤。

D．滑塊最后應該靜止于B點，設從開始運動到最后靜止，小滑塊通過的總路程為x，由動能定理有

解得

所以小滑塊通過的總路程為故D項正確。

故選D。5、C【分析】【詳解】

A．電子的比荷就是電子的電荷量與電子的質(zhì)量之比；故A錯誤；

B．根據(jù)電阻定律

可知，導體的電阻除了與電阻率有關外，還與導體的長度成正比，與導體的導體的橫截面積成反比，而

是電阻的定義式，因此導體的電阻和電壓U及電流I無關；故B錯誤；

C．電容器所帶的電荷量與電容器兩極板之間的電勢差之比（）叫作電容器的電容；故C正確；

D．電源是通過非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的裝置；故D錯誤。

故選C。6、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)

解得燈泡的電阻為

圖中

據(jù)串聯(lián)電路的特點可知；此時燈泡兩端的電壓大于110V，燈泡不能正常發(fā)光，A錯誤；

B．圖中，R并聯(lián)；此時燈泡兩端的電壓為220V，燈泡不能正常發(fā)光，B錯誤；

C．圖中，燈泡和的并聯(lián)電阻為

據(jù)串聯(lián)電路的特點可知；此時燈泡兩端的電壓小于110V，燈泡不能正常發(fā)光，C錯誤；

D．圖中，燈泡和串聯(lián)后與并聯(lián)，由于

據(jù)串聯(lián)電路的特點可知；此時燈泡兩端的電壓為110V，燈泡能正常發(fā)光，D正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

A．充電寶的輸出電壓U、輸出電流I，所以充電寶輸出的電功率為

故A錯誤；

B．充電寶內(nèi)的電流也是I；但其內(nèi)阻未知，所以無法判斷充電寶產(chǎn)生的熱功率，故B錯誤；

C．U是充電寶的輸出電壓，不是手機電池的內(nèi)電壓，所以不能用計算手機電池產(chǎn)生的焦耳熱，應為

故C錯誤；

D．充電寶輸出的電能一部分轉(zhuǎn)化為手機電池儲存的化學能，一部分轉(zhuǎn)化為手機電池產(chǎn)生的焦耳熱，故根據(jù)能量守恒定律可知手機電池儲存的化學能為

故D正確。

故選D。8、D【分析】【詳解】

A．滑動變阻器處于含容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變。故A錯誤；

B．將AB兩板間的距離拉大，電場強度變小，電場力變小，θ減小。故B錯誤；

CD．用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，電流增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，即U減小，所以U的變化量的絕對值等于內(nèi)電壓的增加量

故C錯誤；D正確。

故選D。9、D【分析】【詳解】

AB．本實驗中的誤差來自于電壓表的分流作用；滑動變阻器接入電路部分的阻值越大，則電壓表分流越大，誤差越大，故A；B錯誤；

C．電流表采用的是內(nèi)接法；其內(nèi)阻不會對測量帶來影響，故不產(chǎn)生系統(tǒng)誤差，C錯誤；

D．由于電壓表的分流作用使電流測量值偏?。粡亩a(chǎn)生系統(tǒng)誤差，故D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)10、A:C【分析】【詳解】

A．勻強電場中，沿電場線方向每前進相同的距離，電勢變化速度相同，因為ad=bc=2L可得

所以φc=16V；故A正確；

B．設ad連線中點為O點，連接Ob和Oc；如下圖所示。

可得其電勢故Oc為等勢面，電場線與等勢面垂直，而由幾何知識易得Oc垂直O(jiān)b，則電場線方向由b指向O；故B錯誤；

C．由上可知，電場線方向由b指向O，粒子從b偏轉(zhuǎn)到c；則受力方向斜向上，故粒子帶正電，故C正確；

D．根據(jù)粒子從b運動到c，電場力做功為

故D錯誤。

故選AC。11、A:D【分析】【詳解】

AB．將滑動變阻器R2的滑片向右滑動，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，由“串反并同”可知，由圖可知，A1與滑動變阻器并聯(lián)，所以A1的示數(shù)增大，A2與滑動變阻器串聯(lián)，所以A2的示數(shù)減小，V1與滑動變阻器并聯(lián)，所以V1的示數(shù)增大，V2與滑動變阻器并聯(lián)，所以V2的示數(shù)增大，燈泡L與滑動變阻器串聯(lián)，所以燈泡L的電功率變小，即變暗，R3與滑動變阻器串聯(lián)，所以R3兩端電壓變小，由于MN兩板與R3并聯(lián)，所以MN兩板間電壓變小，MN間的場強變小，所以變??；故A正確，B錯誤；

C．由于R4未接入電路中，所以若R2不變，只減小R4，MN兩板間電壓不變，MN間的場強不變，所以不變；故C錯誤；

D．A2的示數(shù)減小，所以R3兩端電壓變小，由于V2的示數(shù)增大，由串聯(lián)電路特點可知，

所以

則有

故D正確。

故選AD。12、C:D【分析】【詳解】

質(zhì)子在該勻強電場中僅受電場力作用下運動，且在P，Q兩點上速度方向與圓的切線一致，速度大小相同，說明電場力做功微粒，故P、Q的連線為等勢面；畫出電場線；如圖所示。

A．電場力為恒力；故質(zhì)子不可能做勻速圓周運動，是類似斜拋運動，故A錯誤；

B．在Q點將質(zhì)點的速度分解為沿場強方向和垂直場方向，沿場強方向做勻加速，垂直場強方向做勻減速，當垂直場強方向速度減為0，此時質(zhì)子的速度恰好與圓相切，此后以沿場強方向的速度做勻加速直線運動，所以質(zhì)子不可能到達F點；故B錯誤；

C．P、O兩點間電勢差為4V，則電場強度為

故C正確；

D．O點與圓周上電勢最低的點電勢差為

故D正確。

故選CD。

13、B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得

結(jié)合乙圖，可得

故A錯誤；B正確；

C．調(diào)節(jié)滑動變阻器使其阻值為零時，流過電源的電流為

故C錯誤；

D．調(diào)節(jié)滑動變阻器使電壓表的讀數(shù)為1.20V時，電流表的讀數(shù)滿足

解得

故D正確。

故選BD。14、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．無限長通電直導線形成的磁場在空間某點處的磁感應強度大小為已知導線在N點產(chǎn)生的磁感應強度大小為則導線上的電流在M點處產(chǎn)生的磁感應強度大小為故A錯誤；

B．已知導線在N點產(chǎn)生的磁感應強度大小為則

導線上的電流在N點處產(chǎn)生的磁感應強度大小為

故B錯誤；

C．根據(jù)題意可知，兩導線在N點磁場均向里，N點處的合磁感應強度大小為

故C正確；

D．導線上的電流在M點處產(chǎn)生的磁感應強度大小為

根據(jù)題意，上的電流在M點處磁場向里，上的電流在M點處磁場向外，則

故D正確。

故選CD。15、A:C【分析】【詳解】

AD．設相鄰兩小球間距為r，對C球受力分析可知C球帶正電，根據(jù)平衡條件有

對B球受力分析，根據(jù)平衡條件有

兩式聯(lián)立解得

A正確；D錯誤；

B．對三個小球整體受力分析，根據(jù)平衡條件有

彈簧伸長量

B錯誤；

C．對A球受力分析，根據(jù)平衡條件有

解得A球受到的庫侖力為

C正確。

故選AC。16、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．Q1，Q2都是正電荷，對放在P點的正試探電荷都是排斥力，故合力在兩個排斥力之間的某個方向，由于故Q2的排斥力較大；故合力偏向左側(cè)，故電場強度偏向左側(cè)，A正確；

B．Q1是正電荷，Q2是負電荷；電場線由正電荷出發(fā)指向負電荷，因此場強的方向偏向右側(cè)，B錯誤；

C．Q1是負電荷，Q2是正電荷；電場線由正電荷指向負電荷，故電場強度偏向左側(cè)，C正確；

D．Q1，Q2都是負電荷，且對放在P點的正試探電荷都是吸引力，故合力在兩個吸引力之間的某個方向，由于故Q2的吸引力較大；故合力偏向右側(cè)，故電場強度偏向右側(cè)，D錯誤。

故選AC。17、A:D【分析】【詳解】

A．由題意可知，和在A點產(chǎn)生的場強平行于BC向右，設等邊三角形邊長為根據(jù)點電荷場強公式

可得

則有

和在B點產(chǎn)生的場強垂直于BC向下，則有

可得

則有

故A正確；

B．O、P兩點在A、C兩處點電荷的電場中電勢相等，在B點電荷電場中O點電勢比P點電勢高，故O點電勢高于P點電勢；故B錯誤；

C．在兩點的點電荷電場中，BC垂直平分線是等勢線，因此將A點的點電荷沿直線移到O點；該點電荷的電勢能不變，故C錯誤；

D．在兩點的點電荷電場中，A點電勢比P點電勢高，因此將A點的點電荷沿直線移到P點；電勢能減小，電場力做正功，故D正確。

故選AD。18、A:B:D【分析】【詳解】

A.由題意可知，C點的電勢為。

故A正確；

B.由于B、C兩點到A點()的距離相等，所以B、C兩點的電勢相等，所以從C點移到B點的過程中；電場力先做負功再做正功，總功為0，故B正確；

C.由于B、C兩點的電勢相等，所以當在B點固定后，C點的電勢為所以從無窮遠移到C點過程中；電場力做功為：

故C錯誤；

D.由于C點的電勢為所以電勢能為。

故D正確。三、填空題(共5題，共10分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）當帶正電的小球C靠近AB時；由靜電感應A帶負電