2025年冀少新版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀少新版高二物理上冊月考試卷194考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在粗糙的地面上勻速移動桌子，采用下列施力方式，其中施力最小的是(

)

A.B.C.D.2、一個帶電粒子，沿垂直于磁場的方向射入一勻強磁場，粒子的一段徑跡如圖所示，徑跡上的每一小段可近似看成圓弧.

由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小(

帶電量不變).

從圖中可以確定(

)

A.粒子從a

到b

帶正電B.粒子從b

到a

帶正電C.粒子從a

到b

帶負電D.粒子從b

到a

帶負電3、如圖甲，AB是某電場中的一條電場線，若有一電荷量恒定且?guī)д姷牧Ｗ右阅骋怀跛俣?，僅在電場力的作用下，沿AB由A運動到B。其速度圖像如圖乙所示。下列關(guān)于A、B兩點的電勢φ和電場強度E的判斷正確的是()A.EA>EBφA>φBB.EABφA<φBC.EA>EBφA<φBD.EABφA>φB4、用力F拉一物體使其以加速度a在水平面上做勻加速直線運動,力F的水平分量為F1,如圖所示.若以與F1大小、方向都相同的力F’代替力F拉此物體,使物體產(chǎn)生的加速度為2,則（）A.當該水平面光滑時,a’B.當該水平面光滑時,a’=aC.當該水平面粗糙時,a’D.當該水平面粗糙時,a’>a5、如圖所示，把兩個完全一樣的環(huán)形線圈互相垂直地放置，它們的圓心位于一個共同點O上，當通以相同大小的電流時，O點處的磁感應(yīng)強度與一個線圈單獨產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小之比是()A.1∶1B.∶1C.1∶D.2∶16、關(guān)于靜電場的下列說法中正確的是A.電場中電勢較高處的電場強度一定較大B.由電場強度的定義式E=F/q可知，電場中某點電場強度的大小與檢驗電荷在該點所受的電場力成正比，與檢驗電荷的電量成反比C.電場中某點的場強方向就是該點所放電荷受到的電場力的方向D.電場中的電場線一定與等勢面垂直相交7、如圖所示用兩根等長的絕緣細線各懸掛質(zhì)量分別為mA和mB的小球，懸點為O，兩小球均帶正電荷，當小球由于靜電力作用張開一角度時，A球懸線與豎直線夾角為α，B球懸線與豎直線夾角為β，如果α=30°，β=60°，則兩小球mA和mB之比為（）

A.

：1B.1：2C.1：D.2：18、如圖所示為大型電子地磅電路圖，電源電動勢為E，內(nèi)阻不計。不稱物體時，滑片P滑到A端，滑動變阻器接入電路的有效電阻最大，電流較??；稱重物時，在壓力作用下使滑片P下滑，滑動變阻器有效電阻變小，電流變大，這樣把電流對應(yīng)的重量值刻在刻度盤上，就可以讀出被稱物體的重量值，若滑動變阻器上A、B間距離為L，最大阻值等于電阻阻值R0，已知兩只彈簧的總彈力與形變量成正比，其比例系數(shù)為k，所稱重物的重量G與電流大小I的關(guān)系為（）A.G=2kL+B.G=2kL-C.G=+kLD.G=kIL評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)9、模塊機器人具有三個部分，它們分別是____器，控制器和執(zhí)行器，如果模塊機器人有2種傳感器，3種控制方式，4種執(zhí)行器，那么從理論上可以有____種組合方式．10、在如圖所示的勻強電場中有A、B點，AB=0.1m，AB和電場方向成60°角，一個電荷量為q=4×10-8C的正電荷從A移到B電場力做功為W=1.2×10-6J求：1.A、B兩點的電勢差UAB2.勻強電場的場強E11、把一個矩形線圈從有理想邊界的勻強磁場中勻速拉出如圖．第一次速度為V1，第二次速度為v2，且V2=2V1，則兩情況下拉力的功之比=______，拉力的功率之比=______：線圈中產(chǎn)生的焦耳熱之比=______．12、一個質(zhì)量為0.1kg

的小球，從5m

高處下落，若落地時受到1.6NS

的合外力的沖量作用，則小球反跳速率是____(

g

=10m/s2).

13、如圖所示，一個運動的中子與一個靜止的中子發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程中動量____（“一定”、“可能”或“一定不”）守恒，碰撞后A中子____（“靜止”“向右運動”或“向左運動”）．

14、如圖所示，在一次救災(zāi)工作中，一架離水面高為H，沿水平直線飛行的直升機A，用懸索(重力可忽略不計)救護困在湖水中的傷員B，已知傷員B的質(zhì)量為m，不計空氣阻力，在直升機A和傷員B以相同的水平速度水平勻速運動的同時，懸索將傷員吊起。A、B之間的距離l隨時間t的變化規(guī)律為：l="H"-kt2(SI制單位，k為給定常數(shù))，則在時間t內(nèi)傷員的機械能增加了________；t時刻懸索拉力的瞬時功率為______________。15、電流表G的滿偏電流時3mA，內(nèi)阻是100Ω，把它改裝成量程為3V的電壓表，應(yīng)____（填串或并）連一個阻值為____Ω的電阻．若把它改裝成一個大量程的電流表應(yīng)____（填串或并）連一個電阻．16、在遠距離送電時，如果輸送電壓為2000V，輸送功率為10kW，輸電線的電阻為20Ω，則輸電線上損失功率為______，損失電壓為______，用戶得到電壓為______，用戶得到的功率為______．17、李明最近購買了一臺冷熱兩用的空調(diào)；這臺空調(diào)的說明書中主要數(shù)據(jù)如表所示．

。電源電壓220V頻率50Hz額定制冷功率1320W額定制熱功率1420W(1)

空調(diào)工作時應(yīng)選如圖中______孔插座(

填“二”或“三”)

(2)

空調(diào)正常制冷時電流為______A

連續(xù)正常制冷30min

消耗的電能為______kW?h

．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

23、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）24、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）25、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）26、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、計算題(共2題，共10分)27、（8分）如圖所示，擺長為L的單擺，當擺球由A經(jīng)平衡位置O向右運動的瞬間，另一小球B以速度v同時通過平衡位置向右運動，B與水平面無摩擦，與豎直墻壁碰撞無能量損失，問OC間距離x滿足什么條件，才能使B返回時與A球相遇？28、圖（甲）為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，線圈的匝數(shù)n=100、電阻r=10Ω；線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)與電阻R連接，電阻R=90Ω，與R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表．在t=0時刻，線圈平面與磁場方向平行，穿過每匝線圈的磁通量隨時間t按圖（乙）所示正弦規(guī)律變化．求：

（1）交流發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢的最大值；

（2）從線框經(jīng)過圖示位置開始計時；寫出交流發(fā)電機產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式；

（3）電路中交流電壓表的示數(shù)．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】解：C

和D

受力相同；摩擦力和外力的大小相等，B

中F

有向下的分力，因為是粗糙的地面，所以摩擦力增大，相反，A

中F

有向上的分力，壓力減小，摩擦力減小，所以A

施力最小．

故選A．

對物體受力分析；根據(jù)拉力的方向可以判斷物體受到的摩擦力的大小從而找出拉力最小的情況．

物體受到的是滑動摩擦力，滑動摩擦力的大小是與物體對接觸面的正壓力成正比的．【解析】A

2、B【分析】解：由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小，速度逐漸減小，根據(jù)粒子在磁場中運動的半徑公式r=mvqB

可知；粒子的半徑逐漸的減小；

所以粒子的運動方向是從b

到a

再根據(jù)左手定則可知，粒子帶正電，所以B正確．

故選：B

．

根據(jù)粒子在磁場中運動的半徑公式r=mvqB

來分析粒子的運動的方向；在根據(jù)左手定則來分析電荷的性質(zhì)．

根據(jù)r=mvqB

可知，粒子運動的半徑與速度的大小有關(guān)，根據(jù)半徑的變化來判斷粒子的運動的方向，這是解決本題的關(guān)鍵．【解析】B

3、C【分析】【解析】試題分析：由圖可知，電子在A點加速度較大，則可知A點所受電場力較大，由F=Eq可知，A點的場強要大于B點場強；而電子從A到B的過程中，速度減小，動能減小，則可知電場力做負功，故電勢能增加，故?A＜?B且電子帶負電，由可知，A點的電勢要大于B點電勢，故C正確，考點：考查了電勢差與電場強度的關(guān)系【解析】【答案】C4、B|C【分析】如果水平面光滑，沒有摩擦力，則兩種情況合外力相同，加速度相同，B對；如果有摩擦力第二種情況則a’【解析】【答案】BC5、B【分析】試題分析：以環(huán)形電流的磁場為知識背景，考查對安培定則的應(yīng)用和磁場疊加的運算能力。設(shè)每個通電環(huán)形線圈在O點的磁感應(yīng)強度大小為B，由安培定則可判斷B的方向分別為垂直紙面向內(nèi)和豎直向上，其磁感應(yīng)強度的矢量和為故與一個線圈單獨產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小之比為∶1?？键c：安培定則磁場疊加平行四邊形定則【解析】【答案】B6、D【分析】試題分析：A中電場強度與電場線的疏密有關(guān)，與電勢的高低無關(guān)，故A不對；B中電場強度的大小與檢驗電荷在該點所受到的電場力無關(guān)，只與該點在電場中的位置有關(guān)，受到的電場力大，但電荷量還大，故其比值是不變的，B不對；C中電場中某點的場強方向應(yīng)該是該點所放正電荷受到的電場力的方向，故C是不對的；D中電場中的電場線一定與等勢面垂直相交是正確的，故選D。考點：電場強度的概念?！窘馕觥俊敬鸢浮緿7、A【分析】【解答】解：對兩球受力分析；

根據(jù)共點力平衡和幾何相似比得：

根據(jù)正弦定理，則有，

綜上所述，mA：mB===故A正確；BCD錯誤．

故選：A．

【分析】對小球受力分析，根據(jù)受力平衡可得出小球的傾角與電量、重力的關(guān)系，則可得出兩小球的質(zhì)量的大小關(guān)系．8、B【分析】解：由胡克定律可知；kx=G；

得：x=

此時滑動變阻器接入電路中的電阻R′=R0=R0

由閉合電路歐姆定律可知：I=

解得：G=2kL-

故B正確ACD錯誤。

故選：B。

由胡克定律可求得彈簧的形變量，由電阻定律可求得滑動變阻器接入電阻；而滑動變阻器與R0串聯(lián)；由閉合電路歐姆定律可求得電路中的電流。

本題綜合考查閉合電路歐姆定律及胡克定律等有關(guān)內(nèi)容，綜合性較強；要注意尋找題目中的隱含條件，建立各知識點間的聯(lián)系?！窘馕觥緽二、填空題(共9題，共18分)9、略

【分析】

模塊機器人由傳感器；控制器和執(zhí)行器三個模塊組成；相當于人的感覺器官、大腦和肌肉．

根據(jù)數(shù)學(xué)組合可知；若選擇一個傳感器，一個控制方式，則有四種組合，因此共有24種組合．

故答案為：傳感；24

【解析】【答案】模塊機器人由傳感器；控制器和執(zhí)行器三個模塊組成．

10、略

【分析】（1）W=Eql*cosE==600N/C(2)UAB=El*cos=30V【解析】【答案】1.600N/C2.30V11、略

【分析】解：兩情況下；由于位移相同，所以拉力的功與拉力成正比，而拉力與安培力相等，則拉力做的功與安培力成正比，而安培力卻與速度成正比，所以拉力做的功與速度成正比，即1：2；

在兩種情況下；拉力的功率與拉力及速度的乘積成正比，所以功率之比為1：4．

而線圈產(chǎn)生的焦耳熱與拉力做功相等；所以焦耳熱之比1：2．

故答案為：1：2；1：4，1：2

在恒力作用下；矩形線圈以不同速度被勻速拉出，則拉力做功等于拉力與位移的乘積，而拉力功率等于拉力與速度的乘積，線圈產(chǎn)生的焦耳熱等于拉力做的功．

通電導(dǎo)線在磁場中受到的安培力與運動速度有關(guān)，而且是唯一與速度有關(guān)的一個力．同時通過本題讓學(xué)生掌握去尋找要求的量與已知量的關(guān)系，其他不變的量均可去除．【解析】1：2；1：4；1：212、6m/s【分析】【分析】根據(jù)速度位移公式求出小球落地的速度，通過動量定理求出小球反跳的速度大小。本題考查了動量定理的基本運用，知道動量定理的矢量性，求解時注意速度、沖量的方向?！窘獯稹啃∏蚵涞氐乃俣?；

規(guī)定向上為正方向；根據(jù)動量定理得，I=mv2鈭?mv1

則1.6=0.1v2+0.1隆脕10

解得v2=6m/s

方向向上。

故填：6m/s

【解析】6m/s

13、略

【分析】

一個運動的中子與一個靜止的中子發(fā)生彈性碰撞；由動量守恒定理可得：碰撞過程中動量是守恒的．

因為發(fā)生的是彈性碰撞；且兩個中子質(zhì)量是一樣的，所以運動的A中子的能量無損失的傳遞給B中子，故碰撞后：A靜止，B速度與A原來的速度相等．

故答案為：一定；靜止．

【解析】【答案】考查動量守恒定理；應(yīng)用動能定理分析解決．

14、略

【分析】【解析】試題分析：飛機t=0時刻離水面高為H，經(jīng)t時間后，A、B之間的距離為L=H-kt2，故豎直分位移為y=kt2，故初始速度為零，加速度為ay=2k，速度為vy=2kt；所以動能的增加量為：重力勢能的增加量為：mgh=mgkt2；所以機械能的增加量為2mk2t2+mgkt2；設(shè)t時刻懸索拉力為F，則解得F=(2k+g)m，所以t時刻懸索拉力的瞬時功率為2ktm（2k+g）考點：考查機械能守恒、功率的計算【解析】【答案】2mk2t2+mgkt2、2ktm（2k+g）15、串900并【分析】【解答】解：把電流表改裝成3V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；

串聯(lián)電阻阻值：R=﹣Rg=﹣100=900Ω；

把電流表改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻；

故答案為：串；900；并．

【分析】把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，把電流表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)分流電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．16、略

【分析】解：由P=UI可知，導(dǎo)線中的電流I===5A；

則損失的功率P損=I2R=25×20=500W；

損失的電壓U損=IR=20×5=100V；

則用戶得到的功率P用=P-P損=10000-500=9500W；

用戶得到的電壓U用=U-U損=2000-100=1900V；

故答案為：500；100；9500；1900．

由P=UI可求得電流，由P=I2R可求得損失功率；由U=RI可求得損失電壓；則可求得用戶得到的功率及電壓．

本題考查遠距離輸電中的能量損耗，要注意正確理解電路，明確輸送電壓及損耗電壓的區(qū)別與聯(lián)系．【解析】500；100；9500；190017、略

【分析】解：(1)

為了防止當空調(diào)漏電時；發(fā)生觸電事故，所以使外殼接上地線，空調(diào)工作時應(yīng)使用三孔插座．

(2)

空調(diào)工作時的制冷功率P脌盲=1320W

I=PU=1320220=6A

正常制冷30min

消耗的電能：

W=P脌盲t=1.32kW隆脕0.5h=0.66kW?h

．

故答案為：(1)

三；(2)60.66

(1)

家用電器都使用三孔插座；是由于這些用電器的外殼是金屬，金屬是導(dǎo)體，當用電器漏電時，會使外殼帶電，若接上地線，即便漏電，電流也就通過地線，流入大地，而防止了觸電事故的發(fā)生．

(2)

利用電功率公式P=UI

計算電流；利用電功公式W=Pt

計算消耗的電能．

本題考查三孔插座的應(yīng)用，了解空調(diào)正常工作的電流、功率及節(jié)能措施，增強節(jié)能減排的意識．【解析】三；60.66

三、判斷題(共9題，共18分)18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?3、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．24、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．25、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．26、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處