四川省成都市2023-2024學(xué)年高三物理上學(xué)期國慶假期理綜訓(xùn)練試題一含解析

（滿分300分，時(shí)間150分）注意事項(xiàng)：本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。第Ⅰ卷（選擇題）1-7頁，第Ⅱ卷（非選擇題）8-18頁，共18頁；滿分300分，考試時(shí)間150分鐘?？赡苡玫降南鄬?duì)原子質(zhì)量：H—1C—12N—14O—16Na—23S—32Cl—35.5Br—80Pt—195第Ⅰ卷（126分）一、選擇題：本題共8小題，每題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-5題中只有一項(xiàng)符合題目要求，第6-8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.如圖所示為一乒乓球發(fā)球機(jī)，不僅可上下調(diào)整出球俯仰角度，還可以任意設(shè)置發(fā)球速度。某次利用該乒乓球發(fā)球機(jī)從同一位置向前方依次水平射出兩個(gè)速度不同的乒乓球，分別為直發(fā)球和雙跳球，圖中O點(diǎn)為發(fā)球點(diǎn)，A點(diǎn)為直發(fā)球的第一次落點(diǎn)，B點(diǎn)為雙跳球的第二次落點(diǎn)，測(cè)得OA和OB的距離相等，忽略空氣阻力的影響，關(guān)于直發(fā)球在OA間和雙跳球在OB間的運(yùn)動(dòng)，下列描述正確的是（）A.直發(fā)球和雙跳球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為B.直發(fā)球和雙跳球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為C.直發(fā)球和雙跳球的發(fā)球速度之比為D.直發(fā)球和雙跳球的發(fā)球速度之比為【答案】D【解析】【詳解】以直發(fā)球?yàn)檠芯繉?duì)象，將乒乓球速度分解為水平和豎直兩個(gè)方向兩個(gè)分速度，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)可將雙跳球按落點(diǎn)分為兩段路程，根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況可知，第一落點(diǎn)到O點(diǎn)的距離應(yīng)為第一落點(diǎn)到第二落點(diǎn)的一半。由于兩種發(fā)球在同一位置，即兩球第一次落到球臺(tái)上的所有的時(shí)間相等?？傻?，直發(fā)球和雙跳球的發(fā)球速度之比為，直發(fā)球和雙跳球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為，D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。2.具有完全自主知識(shí)產(chǎn)權(quán)的“復(fù)興號(hào)”動(dòng)車組以安全快捷、平穩(wěn)舒適、高品質(zhì)的運(yùn)營服務(wù)成為中國高鐵的一張亮麗名片。若保持不動(dòng)的共有8節(jié)車廂的“復(fù)興號(hào)”動(dòng)車組從吉安市高鐵站開出時(shí)，做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，車頭經(jīng)過路邊一保持不動(dòng)的工作人員時(shí)速度大小為6m/s，車尾經(jīng)過該工作人員時(shí)速度大小為8m/s。每節(jié)車廂的長度相等，則前4節(jié)車廂經(jīng)過工作人員的時(shí)間與后4節(jié)車廂經(jīng)過工作人員的時(shí)間之比為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】前4節(jié)剛通過該工作人員時(shí)，動(dòng)車的速度大小為則前4節(jié)車廂經(jīng)過工作人員的時(shí)間后4節(jié)車廂經(jīng)過工作人員的時(shí)間則故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。3.如圖所示，一木塊緊靠長方體形空鐵箱后壁（未粘連），在水平拉力F的作用下一起向右做直線運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)逐漸減小水平拉力，當(dāng)拉力減小到F時(shí)木塊恰能和鐵箱保持相對(duì)靜止，繼續(xù)減小拉力，木塊始終沒有與后壁分離，從拉力開始減小到木塊未落到箱底前，下列說法正確的是（）A.鐵箱對(duì)木塊支持力先不變后減小 B.鐵箱對(duì)木塊的摩擦力先不變后減小C.鐵箱對(duì)木塊的摩擦力一直減小 D.鐵箱可能先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】【詳解】A．木塊始終沒有與后壁分離，則木塊和空鐵箱水平方向的加速度相同，水平拉力F逐漸減小，則整體加速度a逐漸減小，鐵箱對(duì)木塊的支持力逐漸減小，故A錯(cuò)誤；BC．木塊與空鐵箱相對(duì)靜止時(shí)，摩擦力等于重力，不變，當(dāng)木塊與空鐵箱相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，鐵箱對(duì)木塊的摩擦力逐漸減小，故B正確，C錯(cuò)誤；D．鐵箱不可能做減速運(yùn)動(dòng)，如果做減速運(yùn)動(dòng)，則木塊做也要做減速運(yùn)動(dòng)需要水平向左的力，而鐵箱給木塊的彈力水平向右，因此不能減速，木塊會(huì)與后壁分離，故D錯(cuò)誤。故選B。4.試卷讀卡器的原理可簡化成如圖所示的模型，搓紙輪與答題卡之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，答題卡與答題卡之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，答題卡與底部摩擦片之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，正常情況下，讀卡器能做到“每次只進(jìn)一張答題卡”。搓紙輪沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)第一張答題卡向左運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A.第一張答題卡受到搓紙輪摩擦力向右B.后一張答題卡受到前一張答題卡的摩擦力向右C.最后一張答題卡受到摩擦片的摩擦力向右D.【答案】C【解析】【詳解】A．搓紙輪轉(zhuǎn)動(dòng)帶動(dòng)第一張答題卡運(yùn)動(dòng)時(shí)，答題卡有相對(duì)搓紙輪向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，受到搓紙輪的摩擦力向左，故A錯(cuò)誤；B．前一張答題卡有相對(duì)后一張答題卡向左運(yùn)動(dòng)或運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，則后一張答題卡受到前一張答題卡的摩擦力向左，故B錯(cuò)誤；C．最后一張答題卡有相對(duì)摩擦片向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，受到摩擦片的摩擦力向右，故C正確；D．對(duì)第一張答題卡，能向左運(yùn)動(dòng)，有，最后一張答題卡不能有相對(duì)滑動(dòng)，有，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為2m的小箱子放在臺(tái)秤的托盤上，箱內(nèi)有一質(zhì)量為m的物體A，A的上端用輕彈簧與箱子的頂部連接，A的下端用細(xì)線系在箱子的底部，細(xì)線繃緊，拉力大小為mg，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將細(xì)線剪斷，物體A向上運(yùn)動(dòng)，不計(jì)輕彈簧和細(xì)線的質(zhì)量，下列說法不正確的是（）A.未剪斷細(xì)線前，臺(tái)秤讀數(shù)為3mgB.剪斷細(xì)線的瞬間，臺(tái)秤讀數(shù)突然變大C.剪斷細(xì)線的瞬間，物體的加速度為g，方向豎直向上D.剪斷細(xì)線后，物體A向上運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過程中，臺(tái)秤讀數(shù)先減小后增大【答案】D【解析】【詳解】A.未剪斷繩子前，對(duì)小球和箱子整體分析，得臺(tái)秤示數(shù)故A正確；BCD．剪斷細(xì)線前，對(duì)小球受力分析剪斷細(xì)線的瞬間，對(duì)小球受力分析得方向豎直向上，由此可知，小球向上做加速后減速，整個(gè)系統(tǒng)先處于超重后處于失重，故臺(tái)秤讀數(shù)先變大后變小，故BC正確，D錯(cuò)誤。本題選不正確的，故選D。6.小明同學(xué)放假回到家里，給他3歲的妹妹帶了一塊巧克力，不過他并沒有直接給她，而是將巧克力放在伸開的手掌里在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，叫妹妹去抓，將其簡化為如圖所示的模型，下方方塊為手掌，上方方塊為巧克力，則手掌在abcd四個(gè)位置時(shí)（ab與圓心O在同一水平線上，cd與圓心O在同一豎直平線上），下列說法正確的是（）A.在a位置時(shí)，巧克力對(duì)手掌的壓力大于巧克力的重力B.在b位置時(shí)，巧克力靠靜摩擦力提供向心力C.在c位置時(shí)，巧克力靠靜摩擦力提供向心力D.在d位置時(shí)，巧克力處于失重狀態(tài)【答案】B【解析】分析】【詳解】A．在a位置時(shí)巧克力在豎直方向受力平衡，所以巧克力受到的支持力的大小等于巧克力的重力的大小，根據(jù)牛頓第三定律得到巧克力對(duì)手掌的壓力與巧克力受到的支持力大小相等，故A錯(cuò)誤；B．在b位置時(shí)向心加速度方向水平向右，在水平方向只受靜摩擦力的作用，所以巧克力靠靜摩擦力提供向心力，故B正確；C．在c位置時(shí)，重力與支持力的合力提供向心力，巧克力不受靜摩擦力，故C錯(cuò)誤；D．在d位置時(shí)由牛頓第二定律可得可得所以巧克力處于超重狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，輕繩繞過光滑定滑輪系著箱子，在輕繩的另一端O施加適當(dāng)?shù)睦，恰好使箱子在水平地面上向右做勻速運(yùn)動(dòng)，則（）A.O點(diǎn)速率變小B.拉力F逐漸減小C.箱子受到地面的支持力大小不變D.拉力F的功率一直減小【答案】AD【解析】【詳解】A．設(shè)繩子與水平方向的夾角為，則箱子的速度大小與O點(diǎn)速度大小之間的關(guān)系為在箱子向右勻速運(yùn)動(dòng)的過程中不變，會(huì)逐漸增大，減小，故O點(diǎn)速度大小逐漸減小，故A正確；B．對(duì)箱子進(jìn)行受力分析有而由于解得其中?？梢耘袛喈?dāng)時(shí)力F有最小值，而根據(jù)題意無法確定是從多大開始增大，故在逐漸增大的過程中，F(xiàn)可能先減小后增大，也可能逐漸增大，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)B選項(xiàng)的分析可得可知當(dāng)逐漸增大時(shí)，逐漸減小，故C錯(cuò)誤；D．拉力的功率大小為可知當(dāng)逐漸增大時(shí)，拉力的功率逐漸減小，故D正確。故選AD。8.如圖所示為波輪式洗衣機(jī)的工作原理示意圖，當(dāng)甩衣桶在電機(jī)的帶動(dòng)下高速旋轉(zhuǎn)時(shí)，衣服緊貼在甩衣桶器壁上，從而迅速將水甩出。衣服（帶水，可視為質(zhì)點(diǎn)）質(zhì)量為m，衣服和器壁的動(dòng)摩擦因數(shù)約為，甩衣桶的半徑為r，洗衣機(jī)的外桶的半徑為R，當(dāng)角速度達(dá)到時(shí)，衣服上的水恰好被甩出，假設(shè)滑動(dòng)摩擦力和最大靜摩擦力相等，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.衣服（帶水）做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)B.電動(dòng)機(jī)的角速度至少為時(shí)，衣服才掉不下來C.當(dāng)時(shí)，水滴下落高度打到外筒上D.當(dāng)時(shí)，水滴下落高度打到外筒上【答案】BD【解析】【詳解】A．衣服（帶水）做變速曲線運(yùn)動(dòng)，因?yàn)槠湎蛐募铀俣纫彩亲兓?，A錯(cuò)誤；B．豎直方向，根據(jù)平衡條件有由于彈力提供向心力，由牛頓第二定律有聯(lián)立解得B正確；CD．當(dāng)時(shí)，水滴打到外筒上，則水滴下落高度為h，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有聯(lián)立解得C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。第Ⅱ卷（非選擇題，共174分）二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第9-12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第13-26題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題（129分）9.欲測(cè)量一只量程已知的電壓表內(nèi)阻，提供的器材如下：A.待測(cè)電壓表V：量程3V，內(nèi)阻約為2.5B.電流表A：量程3A，內(nèi)阻約為0.02C.定值電阻R1：阻值為2，額定電流為50mAD.定值電阻R2：阻值為5，額定電流為1AE.電池組E：電動(dòng)勢(shì)小于3V，內(nèi)阻可忽略F.多用電表一個(gè)G.開關(guān)S1、S2、導(dǎo)線若干有一同學(xué)利用上述所給的器材，進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)操作。（1）用多用電表進(jìn)行粗測(cè)，該多用電表電阻擋有三個(gè)倍率，分別是“100”、“10”和“1”。該同學(xué)選擇“1”倍率時(shí)，用正確的操作方法測(cè)量，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太小（如圖所示）。為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)選用___________（填“100”或“10”）倍率。換用倍率后，在測(cè)量之前，______________（填“需要”或“不需要”）再進(jìn)行歐姆調(diào)零。（2）為了更準(zhǔn)確地測(cè)出此電壓表內(nèi)阻的大小，該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲、乙、丙所示的三個(gè)實(shí)驗(yàn)電路，你認(rèn)為其中最為合理的是___________電路（填“甲”、“乙”或“丙”）?！敬鸢浮竣?×100②.需要③.乙【解析】【詳解】（1）[1]歐姆表的讀數(shù)等于指針示數(shù)乘以倍率，指針偏角過小即指針的示數(shù)偏大，要使指針的示數(shù)減小就要增大倍率，故選用倍率；[2]歐姆表每次換倍率之后都需要再次進(jìn)行歐姆調(diào)零；（2）[3]甲圖中因電壓表的內(nèi)阻太大，導(dǎo)致電路中電流太小，電流表很難測(cè)出通過電壓表的電流；丙圖R2阻值太小，故電阻中R2的電流基本就等于電流表中的電流，電壓表中幾乎沒有電流，故也很難測(cè)出電壓表內(nèi)阻；而乙圖中R1的與電壓表內(nèi)阻相差不大，如果開關(guān)閉合時(shí)電壓表示數(shù)為，斷開時(shí)示數(shù)為，則有代入數(shù)據(jù)即可計(jì)算出電壓表的內(nèi)阻，故最為合理的是乙電路圖。10.學(xué)校物理興趣小組用圖甲裝置探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系，其中桌面與細(xì)線已調(diào)至水平。（1）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說法正確是________。A．必須用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量B．砂和砂桶的總質(zhì)量必須遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量C．應(yīng)當(dāng)先釋放小車，再接通電源D．需要改變砂和砂桶的總質(zhì)量，打出多條紙帶（2）經(jīng)正確操作，得到如圖乙所示的紙帶，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電源的頻率為，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，則小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小為________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）若小車的加速度大小a與力傳感器示數(shù)F的關(guān)系如圖丙所示，則小車的質(zhì)量為________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（4）不斷增加砂桶中砂的質(zhì)量，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)小車的加速度最后趨近于某一數(shù)值。若當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間，則經(jīng)理論分析可知，該數(shù)值為_________。【答案】①.D②.2.4③.2.9④.【解析】【詳解】（1）[1]AB．本題拉力可以由力傳感器來測(cè)出，不需要用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使小桶(包括砂)的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，故AB錯(cuò)誤；C．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器運(yùn)用時(shí)，都是先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，故C錯(cuò)誤；D．該實(shí)驗(yàn)探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系，需要改變沙和沙桶的總質(zhì)量，打出多條紙帶，故D正確。故選D。（2）[2]打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電源的頻率為，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔根據(jù)逐差法可得加速度（3）[3]設(shè)小車質(zhì)量為，根據(jù)牛頓第二定律可得可知圖象斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)，即解得（4）[4]設(shè)砂桶和砂的質(zhì)量為,繩子拉力為,對(duì)砂桶和砂根據(jù)牛頓第二定律可得對(duì)小車聯(lián)立可得當(dāng)無窮大時(shí)，加速度的值趨近于。11.如圖所示，一質(zhì)量為1kg的小球套在一根固定的直桿上，直桿與水平面夾角θ為30°?，F(xiàn)小球在F=20N的豎直向上的拉力作用下，從A點(diǎn)靜止出發(fā)向上運(yùn)動(dòng)，已知桿與球間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。試求：（1）若F作用1.2s后撤去，小球上滑過程中距A點(diǎn)最大距離；（2）若從撤去力F開始計(jì)時(shí)，小球經(jīng)多長時(shí)間將經(jīng)過距A點(diǎn)上方為2.25m的B點(diǎn)?！敬鸢浮浚?）4m；（2）0.2s或【解析】【詳解】（1）由力的平衡條件和牛頓第二定律得解得a1=2.5m/s2撤去F時(shí)速度為撤去F前位移為撤除F后由牛頓第二定律得解得a2=7.5m/s2從撤去F到達(dá)最高點(diǎn)所用時(shí)間，小球上滑過程中距A點(diǎn)最大距離為（2）撤除F到B點(diǎn)位移設(shè)從撤去F到上滑到B點(diǎn)所用時(shí)間為t，則代入數(shù)據(jù)解得t=0.2s或t=0.6s（舍去）因?yàn)樾∏蛏仙阶罡唿c(diǎn)返回時(shí)的加速度不再等于a2，根據(jù)牛頓第二定律得解得a3=2.5m/s2從最高點(diǎn)返回到B點(diǎn)的位移因?yàn)榻獾脛t即從撤去力F開始計(jì)時(shí)，小球經(jīng)0.2s或經(jīng)過距A點(diǎn)上方為2.25m的B點(diǎn)。12.如圖所示，一傾斜固定的傳送帶與水平面間夾角θ＝37°，上下兩端間距L=2.0m，傳送帶以v＝1.0m/s的速率沿順時(shí)針方向勻速運(yùn)行。從距離傳送帶底端x0＝1.0m的O點(diǎn)由靜止釋放一質(zhì)量m＝1.0kg的小滑塊，滑塊運(yùn)動(dòng)到傳送帶底端時(shí)與固定擋板P碰撞，碰撞時(shí)間極短且碰撞前后速率相等?；瑝K與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g＝10m/s2，傳送帶與輪子間無相對(duì)滑動(dòng)，不計(jì)輪軸處的摩擦。求：（1）滑塊與擋板P第一次碰撞時(shí)的速度大小v1；（2）滑塊與擋板P碰撞后離開擋板的最大距離xm；（3）若滑塊與擋板P第一次碰撞后立即在滑塊上加一方向沿傳送帶斜向上、大小F=4.0N的恒力，一段時(shí)間后撤去。要使滑塊能滑至傳送帶最上端，恒力持續(xù)作用的最短時(shí)間t?！敬鸢浮浚?）2m/s；（2）0.4m；（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)滑塊向下運(yùn)動(dòng)的加速度為a1，根據(jù)牛頓第二定律可得由勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律有聯(lián)立解得v1=2m/s（2）滑塊第一次與擋板碰撞后速度大于傳送帶速度，滑塊減速上滑，設(shè)碰后運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a2，則減速至與皮帶速度相等時(shí)運(yùn)動(dòng)的距離為x1，則之后滑塊繼續(xù)減速上滑至速度為零，加速度大小為a1，則離開擋板的最大距離為xm=x1+x2聯(lián)立解得xm=0.4m（3）滑塊與擋板碰撞后，在恒力作用下的加速度大小設(shè)為a3，根據(jù)牛頓第二