江西2024年高考仿真卷物理試卷含解析

江西名校2024年高考仿真卷物理試卷

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、絕緣光滑水平面上有A方O三點，以。點為坐標原點，向右方向為正方向建立直線坐標軸x軸，A點坐標為一2m,

8點坐標為2m,如圖甲所示。4、B兩點間的電勢變化如圖乙，左側(cè)圖線為四分之一圓弧，右側(cè)圖線為一條傾斜線段。

現(xiàn)把一質(zhì)量為小，電荷量為q的負點電荷，由4點靜止釋放，則關(guān)于負點電荷的下列說法中正確的是（忽略負點電荷

形成的電場）（）

A.負點電荷在AO段的加速度大于在OB段的加速度

B.負點電荷在AO段的運動時間小于在04段的運動時間

C.負點電荷由A點運動到。點過程中，隨著電勢的升高電勢能變化越來越快

D.當負點電荷分別處于一gm和0m時，電場力的功率相等

2、科學(xué)家對物理學(xué)的發(fā)展做出了巨大貢獻，也創(chuàng)造出了許多物理學(xué)方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、

建立物理模型法、類比法和科學(xué)假設(shè)法等，以下關(guān)于物理學(xué)史和所用物理學(xué)方法敘述正確的是（）

A.卡文迪許巧妙地運用扭秤實驗測出引力常量，采用了理想實驗法

B.牛頓通過比較月球公轉(zhuǎn)的向心加速度和地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度，對萬有引力定律進行了“月一地

檢驗”，證實了萬有引力定律的正確性

C.在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質(zhì)點來代替物體的方法叫假設(shè)法

D.在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后用各

小段的位移之和代表物體的位移，這里采用了微元法

3、2018年1月12日，我國成功發(fā)射北斗三號組網(wǎng)衛(wèi)星.如圖為發(fā)射衛(wèi)星的示意圖，先將衛(wèi)星發(fā)射到半徑為r的圓軌

道上做圓周運動，到A點時使衛(wèi)星加速進入橢圓軌道，到橢圓軌道的遠地點B點時，再次改變衛(wèi)星的速度，使衛(wèi)星進

入半徑為2i?的圓軌道.已知衛(wèi)星在橢圓軌道時距地球的距離與速度的乘積為定值，衛(wèi)星在橢圓軌道上A點時的速度

為v,衛(wèi)星的質(zhì)量為m,地球的質(zhì)量為M,引力常量為G,則發(fā)動機在A點對衛(wèi)星做的功與在B點對衛(wèi)星做的功之差

為（忽略衛(wèi)星的質(zhì)量變化）（）

53GMm

B.—2mv------------

84r

3GMm

C.

44r

5,3GMm

D.—mv

84r

4、某理想氣體的初始壓強po=3atm,溫度T1150K,若保持體積不交，使它的壓強變?yōu)?atm,則此時氣體的溫度為

()

A.100KB.200KC.250KD.300K

5、平行板電容器。與二個可控電阻修、&、R3以及電源連成加圖所示的電路.閉合開關(guān)S.待電路穩(wěn)定后.電容器

C兩極板帶有一定的電荷，要使電容器所帶電荷量減少。以下方法中可行的是（）

B.只增大修,其他不變

C.只減小心,其他不變

D.只減小。、方兩極板間的距離，其他不變

6、北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)是中國自行研制的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。為了兼顧高緯度地區(qū)的定位和導(dǎo)航需要，該系統(tǒng)已布置了

10余顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星（IGSO）,其軌道是與赤道平面呈一定夾角的圓形，圓心為地心，運行周期與地球自轉(zhuǎn)

周期相同。關(guān)于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星，下列說法正確的是（）

A.該衛(wèi)星不可能經(jīng)過北京上空

B.該衛(wèi)星距地面的高度與同步軌道靜止衛(wèi)星相同

C.與赤道平面夾角為30的傾斜地球同步軌道只有唯一一條

D.該衛(wèi)星運行的速度大于第一宇宙速度

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、下列說法正確的是____________

A.同種物質(zhì)在不同條件下所生成的晶體的微粒都按相同的規(guī)律排列

B.熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體

C.因為布朗運動的激烈程度跟溫度有關(guān)，所以布朗運動叫分子熱運動

D.知道阿伏伽德羅常數(shù)，氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可以估算出該氣體中分子間的平均距離

E.當水面上方的水蒸氣達到飽和狀態(tài)時，水中還會有水分子飛出水面

8、如圖所示，x軸上方有兩條曲線均為正弦曲線的半個周期，其高和底的長度均為/,在x軸與曲線所圍的兩區(qū)域內(nèi)

存在大小均為孫方向如圖所示的勻強磁場，MNP。為一邊長為/的正方形導(dǎo)線框，其電阻為A,MN與x軸重合，

在外力的作用下.線框從圖示位置開始沿x軸正方向以速度了勻速向右穿越磁場區(qū)域，則下列說法中正確的是（）

A.線框的PN邊到達x坐標為!處時，感應(yīng)電流最大

2

3/

B.線框的PN邊到達x坐標為亍處時，感應(yīng)電流最大

C.穿越破場的整個過程中，線框中產(chǎn)生的焦耳熱為黑士

D.穿越磁場的整個過程中，外力所做的功為也1

2R

9、真空中質(zhì)量為，〃的帶正電小球由A點無初速自由下落，秒，在，秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強電場，再經(jīng)

過，秒小球又回到A點。小球電荷量不變且小球從未落地，重力加速度為外則

A.整個過程中小球電勢能變化了2〃吆千

B.整個過程中小球速度增量的大小為2gr

C.從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能變化了機

D.從A點到最低點小球重力勢能變化了g〃吆2產(chǎn)

10、如圖所示，以。為圓心、半徑為A的虛線圓位于足夠大的勻強電場中，圓所在平面與電場方向平行，股、N為圓

周上的兩點。帶正電粒子只在電場力作用卜運動，在M點速度方向如圖所示，經(jīng)過N兩點時速度大小相等。已知

M點電勢高于。點電勢，且電勢差為U,下列說法正確的是（）

N

??????

M............................\

A.MfN兩點電勢相等

B.粒子由M點運動到N點，電勢能減小

C.該勻強電場的電場強度大小為華

D.粒子在電場中可能從M點沿圓弧運動到N點

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）一般的話筒用的是一塊方形的電池（層疊電池），如圖甲所示，標稱電動勢為9V。某同學(xué)想要測量該電池實

際的電動勢和內(nèi)阻.實驗室提供了以下器材：

A.待測方形電池

B.電壓表（量程0?3V,內(nèi)阻約為4kC）

C.電流表（量程0~0.6A,內(nèi)阻為1.0。）

D.電流表（量程0~3A,內(nèi)阻為LOQ）

E.電阻箱（阻值范圍0-999.9。）

F.電阻箱（阻值范圍0-9999.9C）

G滑動變阻器（阻值范圍0-20。）

H.滑動變阻器（阻值范圍0~20kH）

L開關(guān)、導(dǎo)線若干

（1）該同學(xué)根據(jù)現(xiàn)有的實驗器材，設(shè)計了如圖乙所示的電路圖。根據(jù)如圖乙所示電路圖和如圖丙所示圖像，為完成該實

驗，電流表應(yīng)選____,電阻箱應(yīng)選______,滑動變阻器應(yīng)選_______（均填寫器材前字母標號）

⑵實驗需要把電壓表量程擴大為。?9V。該同學(xué)按圖乙連接好實驗器材，檢查電路無誤后，將R的滑片移到最左端，

將電阻箱治調(diào)為零，斷開S3,閉合5,將S2接〃，適當移動拈的滑片，電壓表示數(shù)為2.40V；保持此接入電路中的

阻值不變，改變電阻箱R的阻值，當電壓表示數(shù)為V時，完成擴大量程，斷開舟。

⑶保持電阻箱R2阻值不變，開關(guān)S2接兒閉合S3、S1,從右到左移動Ri的滑片，測出多組U、，，并作出U-/圖線

如圖丙所示，可得該電池的電動勢為V,內(nèi)阻為Q。

12.（12分）在“測定一節(jié)干電池電動勢和內(nèi)阻”的實驗中：

（1）第一組同學(xué)利用如圖甲所示的實驗裝置測量，電壓表選擇量程“3V”，實驗后得到了如圖乙的U-/圖像，則電池內(nèi)

⑵第二組同學(xué)也利用圖甲的實驗裝置測量另一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，初始時滑片尸在最右端，但由于滑動變阻器

某處發(fā)生斷路，合上開關(guān)后發(fā)現(xiàn)滑片尸向左滑動的過程中，電流表的示數(shù)先始終為零，滑過一段距離后，電流表的示

數(shù)才逐漸增大。該組同學(xué)記錄了多組電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)、滑片P向左滑動的距離心然后根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，分

別作出了圖象、圖象，如圖丙所示，則根據(jù)圖像可知，電池的電動勢為V,內(nèi)阻為

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，粗糙水平地面上靜止放著相距d=lm的兩塊相同長木板A、B,每塊木板長L=9m,與地面的

動摩擦因數(shù)〃尸0.2。一可視為質(zhì)點的物塊C以%=10m/s的初速度水平向右滑上木板A的左端，C的質(zhì)量為每塊木板

質(zhì)量的2倍，C與木板的動摩擦因數(shù)0.4。若A、"碰后速度相同但不粘連，碰撞時間極短，最大靜摩擦力等于滑

動摩擦力，重力加速度g取lOm/s?。求：

⑴木板4經(jīng)歷多長時間與木板B相碰？

⑵物塊C剛滑離木板A時，4的速度大?。?/p>

（3）A、8最終停下時，兩者間的距離。

14.（16分）在地面上方足夠高的地方，存在一個高度d=0.5m的“相互作用區(qū)域”（下圖中畫有虛線的部分）.一個小圓

環(huán)A套在一根均勻直桿B上，A和B的質(zhì)量均為小，若它們之間發(fā)生相對滑動時，會產(chǎn)生F/=0.5mg的摩擦力。開始

時A處于8的最下端，B豎直放置，A距“相互作用區(qū)域”的高度力=0.8m,讓A和B一起從靜止開始下落，只要A

處于“相互作用區(qū)域”就會受到豎直向上、大小的恒力作用，而“相互作用區(qū)域”對處于其中的桿B不產(chǎn)生作用

力。桿B在下落過程中始終保持豎直，且桿的長度能夠保證圓環(huán)A與桿不會分離。不計空氣阻力，取g=10m/s2.求:

(1)桿B的最下端剛進人“相互作用區(qū)域”時的速度大?。?/p>

⑵圓環(huán)A通過“相互作用區(qū)域”所用的時間；

⑶為保證圓環(huán)A在空中運動過程中始終與桿不會分離，桿的最小長度。

15.(12分)如圖所示為玻璃制成的長方體，已知長48=，=0.6m,寬d=4O=0.2m,Sh=AAi=^—mt底面中心。點

10

有一個點光源，玻璃對光的折射率為L5,俯視看A3CD面的一部分會被光照亮，求：照亮部分的面積。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

A.在電勢隨兩點間距離的變化圖線中，圖線的斜率的絕對值表示電場強度的大小，設(shè)C點的坐標值為一0m,則C

點圓弧切線斜率大小等于直線斜率的絕對值，即此時電場強度大小相等，由牛頓第二定律可知，此時加速度大小相等,

故A錯誤；

B.由于沿場強方向電勢降低，所以A”段場強沿方向，04段場強沿OO方向，負點電荷在八。段做加速度減小

的加速運動，在OR段做勻減速運動，由于B點電勢等于A點電勢，所以負點電荷在〃點速度為零，則40段的平均

速度大于03段的平均速度，所以A。沒的運動時間小于03段的運動時間，故B正確；

C.相等距離上電勢能變化越快，說明?亥處電場力越大，即場強越大，由A到。點場強逐漸減小，所以電勢能變化應(yīng)

越來越慢，故C錯誤；

D.當負點電荷分別處于一0m和gm時，電荷所受電場力相等，但一行m處的速度大于近m處的速度，所以

電場力的功率不相等，故D錯誤。

故選B。

2、D

【解析】

A.卡文迪許巧妙地運用扭秤實驗，用了放大法成功測出引力常量，故A錯誤；

B.牛頓通過比較月球公轉(zhuǎn)的周期，根據(jù)萬有引力充當向心力，對萬有引力定律進行了“月地檢驗”，故B錯誤。

C.在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質(zhì)點來代替物體的方法叫理想模型法，故C錯誤。

D.在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后用各小

段的位移之和代表物體的位移，這里采用了微元法，故D正確。

3、B

【解析】

由G卓二機手可知，衛(wèi)星在軌道半徑為r的圓軌道上運動的線速度大小匕二J”,在半徑為2r的圓軌道上做圓

周運動的線速度大小為鞏"，設(shè)衛(wèi)星在橢圓軌道上S點的速度為%,由“=0?2乙可知在A點時發(fā)動機對

V2r

衛(wèi)星做功叱在8點時發(fā)動機對衛(wèi)星做的功為嗎=；〃必-；加弓）2,因此

5，3GMm…、口

W.-W,=-mv~-------------,B正確，ACD錯誤.

-84廠

故選：B.

4、C

【解析】

理想氣體體積不變，發(fā)生等容變化，則華二’,代入數(shù)據(jù)得：=解得：T=250K.故C項正確，ABD三

/（）/150T

項錯誤.

【點睛】

在理想氣體狀態(tài)方程和氣體實驗定律應(yīng)用中，壓強、體積等式兩邊單位一樣即可，不需要轉(zhuǎn)化為國際單位；溫度的單

位一定要用國際單位（開爾文），不能用其它單位.

5、A

【解析】

A.只增大打，其他不變，電路中的電流變小，&兩端的電壓減小，根據(jù)Q=C6,知電容器所帶的電量減小，A符

合要求；

B.只增大與，其他不變，電路中的電流變小，內(nèi)電壓和Q上的電E減小，電動勢不變，所以R兩端的電壓增大，

根據(jù)。=cq，知電容器所帶的電量增大，R不符合要求；

C.只減小心,其他不變，在整個電路中相當于導(dǎo)線，所以電容器的電量不變，C不符合要求；

D.減小功間的距離，根據(jù)。=棄7知電容C增大，而兩端間的電勢差不變，所以所帶的電量增大，D不符合要

4乃以

求。

故選A。

6、B

【解析】

A.根據(jù)題目描述，傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的軌道是與赤道平面呈一定夾角的圓形，圓心為地心，所以有可能在運動

過程中經(jīng)過北京上空，所以A錯誤；

B.由題意可知，傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的周期與地球同步衛(wèi)星的周期相同，根據(jù)

7=同

VGM

可知，該衛(wèi)星的軌道半徑與地球同步衛(wèi)星的軌道半徑相同，即該衛(wèi)星距地面的高度與同步軌道靜止衛(wèi)星相同，所以B

正確；

C.由題意可知，圓心在地心，與赤道平面成30的圓形軌道有無數(shù)個，所以C錯誤；

D.根據(jù)公式

可知，衛(wèi)星軌道半徑越大，運行速度越小，而第一宇宙速度是最大的環(huán)繞速度，所以該衛(wèi)星的運行速度比第一宇宙速

度小，D錯誤。

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BDE

【解析】

A.同種物質(zhì)在不同條件下所生成的晶體的微粒都按不同的規(guī)律排列，顯示處不同的性質(zhì)，如金剛石和石墨，故A錯

誤；

B.根據(jù)熱力學(xué)第二定律知熱量只能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體，但也可以通過熱機做功實現(xiàn)從低溫物體傳遞到

高溫物體，故B正確；

C.因為布朗運動的激烈程度跟溫度有關(guān)，但它不是分子的熱運動，它反映了液體分子無規(guī)則的熱運劭，故C錯誤；

D.利用阿伏伽德羅常數(shù)，氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可以估算出氣體分子間的平均距離，故D正確；

E.當水面上方的水蒸氣達到飽和狀態(tài)時，單位時間內(nèi)從水中出來的水分子和從空氣進入水中的水分子個數(shù)相等，達到

一種動態(tài)平衡，故E正確.

8、BC

【解析】

AB.電流和切割長度成正比，所以線框的PN邊到達x坐標為《處時，相當于長度為，的邊框來切割磁感線，線框的

2

3/

PN邊到達x坐標為彳處時，相當于兩個長度為，的邊框來切割磁感線，兩個電動勢疊加，所以線框的PN邊到達x

2

3/

坐標為工處時，感應(yīng)電流最大為

2

IBLv

Ir=------

皿R

故A錯誤，B正確;

C.因為電流的變化符合交流電的特征，所以線框的PN邊到達x坐標為《處時，產(chǎn)生的焦耳熱為

2

Qi=i：R，=R*嚓

2R

線框的PN邊從,到21處時，產(chǎn)生的焦耳熱為

2

2B*

?7??—=

R

線框的PN邊從2/到1處時，產(chǎn)生的焦耳熱為

2

/_

。3=￥處=A----------

2Rv2R

所以產(chǎn)生的總焦耳熱為

3研\(zhòng)

Q=2十。2+R

又因為外力所做的功就等于焦耳熱，所以C正確，D錯誤。

故選BC.

9、AB

【解析】

小球先做自由落體運動，后做勻減速運動，兩個過程的位移大小相等、方向相反。設(shè)電場強度大小為瓦加電場后小

球的加速度大小為4,取豎直向下方向為正方向，則由=-（W-,又V=gt,解得。=3g,則小球回到4點

時的速度為y'=y?〃U?21；整個過程中小球速度增量的大小為Ay=/=?2G，速度增量的大小為2厚。由牛頓第二定律得

a=qEfig,聯(lián)立解得，qE=4mg，、=qE2gF=2mg干,故A正確；從加電場開始到小球運動到最低點時

小球動能減少了二旦=16（切）2,故C錯誤。設(shè)從A點到最低點的高度為M根據(jù)動能定理得

〃吆〃一4七（〃-3?/2）=（）解得，/?=2g/，從A點到最低點小球重力勢能減少了-與,=〃吆〃=1吆D錯誤。

10、AC

【解析】

E

A.帶電粒子僅在電場力作用下，由于粒子在"、N兩點動能相等，則電勢能也相等，根據(jù)8可知M、N兩點電

q

勢相等，A正確；

B.因為勻強電場，所以兩點的連線M.V即為等勢面。根據(jù)等勢面與電場線垂直和沿電場線方向電勢降低的特性，從

而畫出電場線CO如圖

由曲線運動條件可知，正電粒子所受的電場力沿著CO方向；可知，速度方向與電場力方向夾角先大于90。后小于90。,

電場力對粒子先做負功后做正功，所以電勢能先增大后減小，B錯誤；

C.勻強電場的電場強度&/=U式中的d是沿著電場強度方向的距離，則

U41U

Hc=________-_____

"/?sin45°-R

C正確；

D.粒子在勻強電場受到的是恒定的電場力，不可能做圓周運動，D錯誤。

故選AC,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、DFG0.808.942.0

【解析】

(1)口]由圖示圖象可知，所測最大電流約為2A,則電流表應(yīng)選擇D；

[2]電源電動勢約為9V,需要把電壓表改裝成9V的電壓表，串聯(lián)電阻分壓為6V,是電壓表量程的2倍，由串聯(lián)電路

特點可知，分壓電阻阻值為電壓表內(nèi)阻的2倍，約為8KC,電阻箱應(yīng)選擇F；

[31由于要測量該電池實際的電動勢和內(nèi)阻，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇G；

(2)[4]把量程為3V的電壓表量程擴大為9V,分壓電阻分壓為6V,分壓電阻分壓是電壓表兩端電壓的2倍，由題意可

知，電壓表所在支路電壓為2.40V,分壓電阻兩端電壓為電壓表兩端電壓的2倍，實驗時應(yīng)保持R1位置不變，改變R：

阻值，當電壓表示數(shù)為0.80V,此時電阻箱分壓L60V,完成電壓表擴大量程；

(3)[5]分壓電阻箱兩端電壓是電壓表兩端電壓的2倍，電壓表示數(shù)為則路端電壓為3U,在閉合電路中，電源電

動勢

E=3U+/(，+&)

整理可得

33

由圖示圖象可知，圖象縱軸截距

/?=-E=2.98V

3

電源電動勢

E=8.94V

網(wǎng)圖象斜率的絕對值

.r+R2.98—1.01

k=------A=--------=1

31.98

電源內(nèi)阻

r=2.0Q

12、1.51.51

【解析】

(1)[11.由圖乙圖像可知，電源內(nèi)阻

△U1.45-1.00^i

r=----=-----------。=1.5。

A/().3()

⑵⑵[3],由圖示圖像可知，x=10cm時，U=1.20V,/=O.3OA：當x=5cm時，6/=1.35V,/=().15A,則

由U=E-lr可得

1.20=E-0.3r

1.35=E-0.15r

解得：

r=in

E=1.5V

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)ls(2)lm/s(3)1.5m

【解析】

(1)設(shè)每塊木板的質(zhì)量為則。的質(zhì)量為2m,假設(shè)4、B碰撞時，C仍在A上且速度大于A,C、A相互作用的

過程中，對A由牛頓運動定律有：

?2mg-(jn+2m)g=max

對C由牛頓運動定律有：

-2mg=ma2

代人數(shù)據(jù)得：

=2m/s2

2

a2=4m/s

A發(fā)生位移d與板8相碰，由運動規(guī)律有：

」1，

"=5砧

C發(fā)生的位移：

12

芯=%

代入數(shù)據(jù)解得：

r1=is

$=8m

此時。與A右端的距離：

s=L+d-*=2m

碰撞前4的速度為：

匕二46

代入數(shù)據(jù)得；

V1=2m/s

碰撞前C的速度為：

匕=%-%%

代入數(shù)據(jù)得：

v,=6m/s

故假設(shè)成立，所以A滑至與B相碰時所經(jīng)歷的時間為：

%=ls

（2）4、8相碰過程中動量守恒，有：

m\\=（m+2m）v3

代入數(shù)據(jù)得：

v3=lni/s

碰后，4B兩板所受的合外力

F合=4?2〃吆-內(nèi)（加+2Mg=0

故兩板一起做勻速運動，所以，。剛滑離木板4時，4的速度為:

=VB=lm/s

（3）設(shè)從A、5相碰到C剛滑上8板經(jīng)歷的時間為L

有：

1,

”吆一不卬2

代人數(shù)據(jù)得：

t2=0.5