2024-2025學(xué)年遼寧省名校聯(lián)盟高三上學(xué)期10月聯(lián)考物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1遼寧省名校聯(lián)盟2024年高三10月份聯(lián)合考試物理注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上.2.答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑.如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào).答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上.寫在本試卷上無效.3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回.一、選擇題1.“玉兔二號(hào)”巡視器在月球上從處運(yùn)動(dòng)到處的照片如圖所示，軌跡OA段是直線，AB段是曲線。已知巡視器質(zhì)量為135kg，運(yùn)動(dòng)過程中速度的大小不變，則巡視器（）A.受到月球的引力大小為1350NB.在OA段運(yùn)動(dòng)與在AB段運(yùn)動(dòng)的平均速度相同C.在AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)一定有加速度D.從到B的位移大小等于軌跡OAB的長(zhǎng)度【答案】C【解析】A．在月球上的g與地球不同，故質(zhì)量為135kg的巡視器受到月球的引力不是1350N，故A錯(cuò)誤；B．平均速度的方向與位移方向相同，由圖可知OA段與AB段位移方向不同，故平均速度方向不相同，故B錯(cuò)誤；C．由于在AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)做曲線運(yùn)動(dòng)，速度方向一定改變，一定有加速度，故C正確；.D．根據(jù)位移的定義可知從O到B的位移大小等于OB的連線長(zhǎng)度，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，某建筑工人正用鐵夾夾起五塊磚從車上卸下來.已知每塊磚的質(zhì)量均為，重力加速度為，不計(jì)鐵夾重力，下列說法正確的是（）A.工人對(duì)鐵夾的作用力一定始終等于5mgB.若5塊磚保持靜止，則磚塊A受到的摩擦力等于磚塊C受到的摩擦力C.若5塊磚保持靜止，則磚塊B對(duì)磚塊A摩擦力平行接觸面向上D.若5塊磚保持靜止，增大磚塊之間的彈力，則磚塊間的摩擦力也增大【答案】B【解析】A．工人卸磚過程中，鐵夾及磚塊有加速、減速過程，所以工人對(duì)鐵夾及磚塊整體的作用力可能大于、等于或小于5mg，A錯(cuò)誤；BC．整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，故磚塊A、C所受的摩擦力都與其重力是一對(duì)平衡力，故二者受到的摩擦力相等。將5塊磚作為整體受力分析，則有再單獨(dú)對(duì)A受力分析，則有解得方向豎直向下，B正確，C錯(cuò)誤；D．增大磚塊之間的彈力，由于磚塊間的摩擦是靜摩擦，跟磚塊間的彈力無關(guān)，始終等于磚塊的重力，D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，半徑為的鼓形輪可繞固定的光滑水平軸轉(zhuǎn)動(dòng)。在輪上沿相互垂直的直徑方向固定四根直桿，桿上分別固定有質(zhì)量為的A、B、C、D，4個(gè)小球，球心與的距離均為2R?，F(xiàn)讓鼓形輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，若某時(shí)刻B、D兩球所在直桿恰好位于水平方向，小球B的速度大小為，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為，下列說法正確的是（）A.鼓形輪的角速度為 B.桿對(duì)小球C的作用力一定豎直向上C.桿對(duì)小球D的作用力為 D.桿對(duì)小球A的作用力一定大于mg【答案】D【解析】A．鼓形輪的角速度為故A錯(cuò)誤；B．小球C所需的向心力大小為若則桿對(duì)小球C的作用力豎直向下，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)于小球D，豎直方向有水平方向有則桿對(duì)小球D的作用力為故C錯(cuò)誤；D．對(duì)于小球A，根據(jù)牛頓第二定律可得可知桿對(duì)小球A的作用力一定大于mg，故D正確。故選D。4.甲、乙兩輛玩具車在兩條平行直軌道上運(yùn)動(dòng)，它們運(yùn)動(dòng)的圖像如圖所示。初始時(shí)刻，兩車在運(yùn)動(dòng)方向上相距m，甲在后、乙在前，下列說法正確的是（）A.甲車的加速度大小為B.時(shí)間內(nèi)，甲，乙兩車之間的距離先增大后減小C.時(shí)刻甲車的速度大小為4D.在時(shí)刻甲、乙兩車相遇【答案】B【解析】由可得由圖像可知，甲車初速度，加速度，所以甲車做初速度為、加速度為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙車做的勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；C．由可得兩車共速時(shí)，設(shè)時(shí)刻甲車速度為，則有解得故C錯(cuò)誤；BD．由可得則時(shí)間內(nèi)，甲車的位移為乙車的位移為兩車相距即時(shí)兩車未相遇，所以時(shí)間內(nèi)，兩車之間的距離逐漸增大，共速后逐漸減小，故B正確，D錯(cuò)誤。故選B5.與地球公轉(zhuǎn)軌道“外切”的小行星甲和“內(nèi)切”的小行星乙的公轉(zhuǎn)軌道如圖所示，假設(shè)這些小行星與地球的公轉(zhuǎn)軌道都在同一平面內(nèi)，已知地球的公轉(zhuǎn)半徑為，公轉(zhuǎn)周期為，小行星甲的遠(yuǎn)日點(diǎn)到太陽(yáng)的距離為，小行星乙的近日點(diǎn)到太陽(yáng)的距離為，引力常量為，下列說法正確的是（）A.小行星甲與太陽(yáng)的連線和小行星乙與太陽(yáng)的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等B.小行星乙在遠(yuǎn)日點(diǎn)的加速度大小等于地球公轉(zhuǎn)的加速度大小C.小行星甲的公轉(zhuǎn)周期為D.太陽(yáng)的密度為【答案】B【解析】A．根據(jù)開普勒第二定律可知，同一行星與太陽(yáng)的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等，但小行星甲與小行星乙在不同軌道上，所以小行星甲與太陽(yáng)的連線和小行星乙與太陽(yáng)的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過的面積不相等，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第二定律可得可得由于小行星乙在遠(yuǎn)日點(diǎn)離太陽(yáng)距離等于地球離太陽(yáng)距離，則小行星乙在遠(yuǎn)日點(diǎn)的加速度大小等于地球公轉(zhuǎn)的加速度大小，故B正確；C．根據(jù)開普勒第三定律可得解得小行星甲的公轉(zhuǎn)周期為故C錯(cuò)誤；D．設(shè)太陽(yáng)質(zhì)量為，太陽(yáng)半徑為，太陽(yáng)的密度為，則有地球繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力可得聯(lián)立可得太陽(yáng)的密度為故D錯(cuò)誤。故選B。6.北方冬天的雪景十分壯觀，如圖甲所示，質(zhì)量為的小孩坐在質(zhì)量為的雪橇上，大人拉著輕質(zhì)細(xì)繩A使雪橇在水平雪地上向前做勻速運(yùn)動(dòng)，簡(jiǎn)圖如圖乙所示。已知拴接在雪橇兩側(cè)的細(xì)繩所在的平面與水平面的夾角，細(xì)繩A與兩側(cè)細(xì)繩在同一平面內(nèi)，兩側(cè)細(xì)繩等長(zhǎng)且細(xì)繩間的夾角不變，雪橇與雪地的動(dòng)摩擦因數(shù)，下列說法正確的是（）A.逐漸減小，地面對(duì)雪橇的作用力方向始終不變B.逐漸減小，地面對(duì)雪橇的作用力先變小后變大C.逐漸減小，細(xì)繩A的拉力一直變大D.當(dāng)時(shí)，兩側(cè)細(xì)繩的拉力最小【答案】A【解析】A．地面對(duì)雪橇的作用力為對(duì)雪橇的支持力和滑動(dòng)摩擦力的合力，設(shè)地面對(duì)雪橇的作用力與豎直方向的夾角為，則有可得則逐漸減小，地面對(duì)雪橇的作用力方向始終不變，故A正確；BCD．以雪橇和雪橇兩側(cè)的細(xì)繩為整體，受重力、地面對(duì)雪橇的作用力和細(xì)繩A的拉力，如圖所示逐漸減小，地面對(duì)雪橇的作用力和細(xì)繩A的拉力的合力保持不變，由圖可知，地面對(duì)雪橇的作用力逐漸變大；細(xì)繩A的拉力先變小后變大；當(dāng)細(xì)繩A的拉力與地面對(duì)雪橇的作用力垂直時(shí)，即時(shí)，細(xì)繩A的拉力最小，則兩側(cè)細(xì)繩的拉力最小，故BCD錯(cuò)誤。故選A。7.如圖所示，工程隊(duì)向峽谷對(duì)岸平臺(tái)拋射重物，初速度大小為30，與水平方向的夾角為，拋出點(diǎn)和落點(diǎn)的連線與水平方向夾角也為，重力加速度取10，忽略空氣阻力。重物在此運(yùn)動(dòng)過程中（）A.運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為4s B.落地速度與水平方向的夾角為C.PQ連線距離為180m D.軌跡最高點(diǎn)與落點(diǎn)的高度差為45m【答案】C【解析】設(shè)PQ兩點(diǎn)的水平距離和豎直高度分別為x、y，由斜拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知聯(lián)立解得t=6sy=90m則PQ連線距離為落地速度與水平方向的夾角為則故選C。8.物理課本封面上的沙漏照片如圖所示，由于相機(jī)存在固定的曝光時(shí)間，照片中的砂粒在空中時(shí)看不出砂粒本身的形狀，而是形成了一條條模糊的痕跡，砂粒的疏密分布也不均勻。若近似認(rèn)為砂粒大小相同，砂粒下落的初速度為0，忽略空氣阻力，不計(jì)砂粒間的相互影響，設(shè)砂粒隨時(shí)間均勻漏下，下列說法正確的是（）A.出口下方9cm處的砂粒速度約是3cm處的倍B.出口下方9cm處砂粒的痕跡長(zhǎng)度約是3cm處的3倍C.出口下方范圍內(nèi)的砂粒數(shù)與范圍內(nèi)的砂粒數(shù)近似相等D.出口下方范圍內(nèi)的砂粒數(shù)與范圍內(nèi)的砂粒數(shù)近似相等【答案】AD【解析】AB．砂粒做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)可知砂粒的速度為則出口下方9cm處的砂粒速度約是3cm處的倍；相機(jī)曝光的時(shí)間很短，徑跡的長(zhǎng)度為可知出口下方9cm處砂粒的痕跡長(zhǎng)度約是3cm處的倍，故A正確；B錯(cuò)誤；C．根據(jù)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)通過相等位移所用時(shí)間之比為可知從出口下落與的時(shí)間之比為；因砂粒隨時(shí)間均勻漏下，可知出口下方范圍內(nèi)砂粒數(shù)與范圍砂粒數(shù)的比值為即出口下方范圍內(nèi)砂粒數(shù)約為范圍砂粒數(shù)的倍，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)初速度為零的勻變速運(yùn)動(dòng)在相鄰相等時(shí)間內(nèi)的位移之比為，可知從出口下落與的時(shí)間是相等的，因砂粒隨時(shí)間均勻漏下，可知出口下方范圍內(nèi)的砂粒數(shù)與范圍的砂粒數(shù)近似相等，故D正確。故選AD。9.如圖所示，在水平地面上有一個(gè)表面光滑的直角三角形物塊，一輕桿下端用光滑鉸鏈連接于點(diǎn)（點(diǎn)固定于地面上），上端連接小球，小球靠在物塊左側(cè)，同時(shí)對(duì)物塊施加水平向左的推力，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)撤去推力，經(jīng)過一段時(shí)間小球和物塊分離，分離時(shí)物塊的速度為，輕桿與水平方向的夾角，已知重力加速度為，下列說法正確的是（）A.分離時(shí)小球的速度大小為B.分離時(shí)小球的加速度大小為C.分離時(shí)小球的角速度大小為D.從撤去推力F到小球落地前瞬間，輕桿的彈力一直增大【答案】BC【解析】B．小球與物塊分離時(shí)，兩者水平方向加速度和速度相等，兩者之間的作用力為0，物塊表面光滑，之后物塊開始做勻速運(yùn)動(dòng)，所以小球在水平方向上的加速度也為0，又因?yàn)闂U為可動(dòng)桿，作用力沿桿，若桿有作用力則必然有水平方向的分力，與實(shí)際不符，故小球與物塊分離時(shí)，輕桿中無作用力，小球只受重力，加速度為g，故B正確；A．小球做圓周運(yùn)動(dòng)，實(shí)際速度與輕桿垂直，設(shè)兩者分離時(shí)小球的速度為，將其分解為水平速度和豎直速度，則有解得故A錯(cuò)誤；C．分離時(shí)小球重力沿桿方向的分力提供向心力，則解得則角速度為故C正確；D．從撤去推力F到小球落地前瞬間，桿的彈力先減小后增大，先背離圓心后指向圓心，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖甲所示，一水平淺色傳送帶上放置一煤塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），初始時(shí)，兩者都是靜止的.現(xiàn)讓傳送帶在電機(jī)帶動(dòng)下先加速后減速，傳送帶的速度一時(shí)間圖像如圖乙所示，s時(shí)煤塊與傳送帶共速，設(shè)傳送帶足夠長(zhǎng)，最終煤塊在傳送帶上留下了一段黑色痕跡，重力加速度g取10.整個(gè)過程中，下列說法正確的是（??）A.煤塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.24 B.煤塊的位移大小為60mC.煤塊相對(duì)傳送帶的位移大小為28m D.黑色痕跡的長(zhǎng)度為16m【答案】ABD【解析】A．煤塊的加速度s時(shí)煤塊與傳送帶共速，速度為在v-t圖上作出煤塊的速度—時(shí)間圖像，斜率為加速度則得故A正確；B．根據(jù)幾何關(guān)系可知，圖像與傳送帶的圖像交于5s，12m/s；然后減速，交t軸于10s，v-t圖線與時(shí)間軸圍成面積代表位移，煤塊的位移大小為故B正確；CD．由圖可知，煤塊先相對(duì)皮帶向左滑動(dòng)的相對(duì)位移為共速后煤塊相對(duì)皮帶往右滑動(dòng)的相對(duì)位移為則痕跡應(yīng)取較長(zhǎng)的相對(duì)位移為16m，煤塊相對(duì)傳送帶的總位移為故C錯(cuò)誤，D正確。故選ABD。二、非選擇題11.某同學(xué)在家中用一根輕彈簧、水瓶、細(xì)繩、圖釘和貼在墻上的白紙等物品，驗(yàn)證了力的平行四邊形定則.實(shí)驗(yàn)步驟如下；①先用圖釘將彈簧一端固定在白紙上，彈簧另一端通過細(xì)繩懸掛一瓶礦泉水（與墻、紙無摩擦），如圖甲所示；②將另一細(xì)繩拴于細(xì)繩與彈簧連接處的點(diǎn)，并將細(xì)繩水平拉直后用圖釘固定在白紙上，記下A、B、O的位置，如圖乙所示；③在保證O點(diǎn)位置不變的情況下，交換彈簧與細(xì)繩的位置，使其方向與步驟②中對(duì)應(yīng)方向平行，如圖丙所示；④按照上述方法改變彈簧與細(xì)繩的夾角多次測(cè)量.（1）對(duì)于本實(shí)驗(yàn)，下列說法或操作正確的是________；（填選項(xiàng)前的字母）A.需要知道彈簧的勁度系數(shù)B.不需要測(cè)量彈簧的原長(zhǎng)，只需要測(cè)量甲、乙、丙三圖中彈簧的長(zhǎng)度C.步驟④中每次重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，O點(diǎn)位置不需要與第一次實(shí)驗(yàn)記錄的位置一致（2）圖乙中細(xì)繩的拉力大小________（填“大于”“等于”或“小于”）圖丙中彈簧的彈力大小；（3）該同學(xué)在進(jìn)行步驟③時(shí)由于粗心將水瓶中的水灑落了少許，但彈簧和細(xì)繩的方向都與步驟②中平行，O點(diǎn)位置也與步驟②中重合，這一操作________（填“會(huì)”或“不會(huì)”）造成誤差.【答案】（1）C（2）等于（3）會(huì)【解析】【小問1詳解】AB．根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，圖甲可測(cè)量合力，乙、丙兩圖測(cè)量分力，結(jié)合胡克定律可知，需要測(cè)量彈簧的原長(zhǎng)以及圖甲、乙、丙中彈簧的長(zhǎng)度，以便測(cè)量三個(gè)力的大小，三個(gè)力的大小均與勁度系數(shù)成正比，則形變量大小可以表示力的大小關(guān)系，故AB錯(cuò)誤；C．步驟④中每次重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，不需要保證O點(diǎn)位置與第一次實(shí)驗(yàn)記錄的位置一致，從而使實(shí)驗(yàn)更具有普遍性，故C正確。故選C?！拘?詳解】根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，圖甲測(cè)量合力，乙、丙兩圖測(cè)量分力，所以圖乙中細(xì)繩的拉力大小等于圖丙中彈簧的彈力大小?！拘?詳解】水瓶中的水灑落了少許，即合力減小，雖然彈簧和細(xì)繩的方向都與步驟②中平行，O點(diǎn)位置也與步驟②中重合，但彈簧彈力會(huì)變小，從而造成實(shí)驗(yàn)誤差。12.一物理老師設(shè)計(jì)了一款研究向心力大小的實(shí)驗(yàn)裝置，其簡(jiǎn)化示意圖如圖所示，裝置固定在水平桌面上，在可調(diào)速的電機(jī)上固定一個(gè)半圓形有機(jī)玻璃凹槽（表面光滑，可忽略摩擦的影響），凹槽在電機(jī)的帶動(dòng)下能繞過凹槽圓心的豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)，旁邊豎直固定一標(biāo)尺，其上是可調(diào)高度的激光筆，激光筆發(fā)出水平方向的激光，初始時(shí)刻，凹槽與標(biāo)尺在同一平面內(nèi).實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）將鋼球放入凹槽底部，上下移動(dòng)激光筆對(duì)準(zhǔn)凹槽圓心，此時(shí)激光筆所在位置讀數(shù)記為.（2）接通電源，開啟電機(jī)調(diào)速開關(guān)，鋼球開始隨凹槽轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)鋼球到達(dá)某一高度后隨凹槽做穩(wěn)定的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，上下移動(dòng)激光筆，當(dāng)激光對(duì)準(zhǔn)鋼球球心位置時(shí)，記錄此時(shí)激光筆所在位置讀數(shù)為，記.（3）利用光電傳感器探測(cè)鋼球運(yùn)動(dòng)的周期.每當(dāng)激光筆發(fā)出的激光照在鋼球上時(shí)，光電傳感器便會(huì)接收信號(hào)計(jì)次，若第1次光電傳感器接收到信號(hào)時(shí)數(shù)字計(jì)時(shí)器開始計(jì)時(shí)，并記錄為0次，達(dá)到次時(shí)計(jì)時(shí)器停止計(jì)時(shí)，記錄總時(shí)間，則鋼球運(yùn)動(dòng)的周期________（用題中所給字母符號(hào)表示）.（4）若適當(dāng)調(diào)大電機(jī)的轉(zhuǎn)速，則激光筆應(yīng)________（填“上移”“不動(dòng)”或“下移”）.（5）改變電機(jī)轉(zhuǎn)速，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，將得到的多組和的數(shù)據(jù)記錄到表格中，并繪制________（填“”或“”）圖像，根據(jù)圖像的斜率可以進(jìn)一步求出當(dāng)?shù)刂亓铀俣萠_______（用題中所給字母符號(hào)表示）.【答案】（3）（4）上移（5）【解析】（3）[1]由于鋼球運(yùn)動(dòng)一周的過程中，光電傳感器接收到2次信號(hào)，則鋼球運(yùn)動(dòng)的周期（4）[2]若適當(dāng)調(diào)大電機(jī)的轉(zhuǎn)速，則鋼球向上運(yùn)動(dòng)，則激光筆應(yīng)上移；（5）[3][4]設(shè)當(dāng)某時(shí)刻鋼球所在位置與凹槽圓心位置的連線與豎直方向夾角為θ，凹槽半徑為R，則對(duì)鋼球分析可知由幾何關(guān)系可知?jiǎng)t將得到多組和的數(shù)據(jù)記錄到表格中，并繪制圖像，根據(jù)圖像的斜率可得可以進(jìn)一步求出當(dāng)?shù)刂亓铀俣?3.滑梯是非常受兒童歡迎的娛樂設(shè)施，其簡(jiǎn)化模型如圖所示，可看成是由一傾斜軌道AB和一水平軌道BC平滑連接（無能量損失），已知滑梯材料與衣物間的動(dòng)摩擦因數(shù)在范圍內(nèi)，滑梯最高點(diǎn)到水平地面的投影點(diǎn)的距離為2m，重力加速度取10.（1）若兒童能自由下滑，則OB間距離應(yīng)小于多少？（2）若，m要求兒童不能滑出端，則BC間長(zhǎng)度至少為多大？【答案】（1）2.5m（2）2.5m【解析】【小問1詳解】設(shè)軌道AB傾角為，若兒童能自由下滑，則有即則有動(dòng)摩擦因數(shù)取最大值0.8，解得【小問2詳解】由題意可得即下滑過程中，根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得在BC段動(dòng)摩擦因數(shù)取最小值0.5，根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得14.一種可測(cè)量轉(zhuǎn)動(dòng)角速度的簡(jiǎn)易裝置如圖所示?！癡”形光滑支架固定在水平底座上，可隨底座繞中軸線旋轉(zhuǎn)，支架兩桿與水平面間夾角均為，兩側(cè)的桿長(zhǎng)均為2L。一原長(zhǎng)為的輕彈簧套在AB桿上，彈簧一端固定于桿的上端A點(diǎn)，另一端與一套在桿上的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）拴接。支架靜止時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為1.5L，現(xiàn)讓小球隨支架做勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，已知小球的質(zhì)量為，重力加速度為g，。（1）求輕彈簧的勁度系數(shù)；（2）求彈簧恰好為原長(zhǎng)時(shí)，支架轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度；（3）若支架轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，求此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳解】靜止時(shí)彈簧伸長(zhǎng)了，由平衡條件可得解得【小問2詳解】輕彈簧恰為原長(zhǎng)時(shí)，小球只受重力和桿的支持力，由幾何關(guān)系豎直方向水平方向解得【小問3詳解】若支架轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，彈簧壓縮，設(shè)形變量為，則有其中解得彈簧的長(zhǎng)度為15.如圖所示，質(zhì)量分別為kg和kg的兩個(gè)滑塊和放置在靜止于水平地面上的薄板上，板質(zhì)量為kg，滑塊與板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，滑塊與板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。現(xiàn)對(duì)施加一與水平方向夾角為斜向上的恒力，N，作用s后撤去，在運(yùn)動(dòng)過程中A、B不相碰，也不會(huì)掉下薄板，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度取10，，。（1）撤掉拉力前，判斷是否相對(duì)滑動(dòng)（寫出相關(guān)過程）；（2）撤掉拉力前，若相對(duì)滑動(dòng)，該過程相對(duì)滑動(dòng)的距離為多少；若相對(duì)不滑動(dòng)，它們一起運(yùn)動(dòng)的距離為多少；（3）求從開始運(yùn)動(dòng)到停止的過程中，相對(duì)地面的位移大?。ńY(jié)果保留2位小數(shù)）?！敬鸢浮浚?）相對(duì)滑動(dòng)，過程見解析（2）相對(duì)滑動(dòng)，（3）0.26m【解析】小問1詳解】設(shè)A、B、C三者一起做加速運(yùn)動(dòng)，有解得設(shè)A、C間的摩擦力為，有解得C間最大靜摩擦力所以A與C發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)?！拘?詳解】撤掉拉力F前，對(duì)A有解得對(duì)B、C整體有解得B的最大加速度為所以B、C相對(duì)靜止，一起做加速運(yùn)動(dòng)。在時(shí)間內(nèi)，A向右相對(duì)于地面的位移大小C向右相對(duì)于地面的位移大小則A相對(duì)C滑動(dòng)的距離【小問3詳解】時(shí)，A的速度大小C的速度大小之后A做減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小對(duì)B、C有解得B、C仍一起做加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)再經(jīng)過t后三者共速，有解得，此段時(shí)間，C向右相對(duì)于地面的位移大小設(shè)A、B、C一起做減速運(yùn)動(dòng)，有B、C發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，所以A、C一起做減速運(yùn)動(dòng)，有解得減速到0的過程中，C向右相對(duì)于地面的位移大小則C相對(duì)地面的位移大小遼寧省名校聯(lián)盟2024年高三10月份聯(lián)合考試物理注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上.2.答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑.如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào).答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上.寫在本試卷上無效.3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回.一、選擇題1.“玉兔二號(hào)”巡視器在月球上從處運(yùn)動(dòng)到處的照片如圖所示，軌跡OA段是直線，AB段是曲線。已知巡視器質(zhì)量為135kg，運(yùn)動(dòng)過程中速度的大小不變，則巡視器（）A.受到月球的引力大小為1350NB.在OA段運(yùn)動(dòng)與在AB段運(yùn)動(dòng)的平均速度相同C.在AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)一定有加速度D.從到B的位移大小等于軌跡OAB的長(zhǎng)度【答案】C【解析】A．在月球上的g與地球不同，故質(zhì)量為135kg的巡視器受到月球的引力不是1350N，故A錯(cuò)誤；B．平均速度的方向與位移方向相同，由圖可知OA段與AB段位移方向不同，故平均速度方向不相同，故B錯(cuò)誤；C．由于在AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)做曲線運(yùn)動(dòng)，速度方向一定改變，一定有加速度，故C正確；.D．根據(jù)位移的定義可知從O到B的位移大小等于OB的連線長(zhǎng)度，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，某建筑工人正用鐵夾夾起五塊磚從車上卸下來.已知每塊磚的質(zhì)量均為，重力加速度為，不計(jì)鐵夾重力，下列說法正確的是（）A.工人對(duì)鐵夾的作用力一定始終等于5mgB.若5塊磚保持靜止，則磚塊A受到的摩擦力等于磚塊C受到的摩擦力C.若5塊磚保持靜止，則磚塊B對(duì)磚塊A摩擦力平行接觸面向上D.若5塊磚保持靜止，增大磚塊之間的彈力，則磚塊間的摩擦力也增大【答案】B【解析】A．工人卸磚過程中，鐵夾及磚塊有加速、減速過程，所以工人對(duì)鐵夾及磚塊整體的作用力可能大于、等于或小于5mg，A錯(cuò)誤；BC．整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，故磚塊A、C所受的摩擦力都與其重力是一對(duì)平衡力，故二者受到的摩擦力相等。將5塊磚作為整體受力分析，則有再單獨(dú)對(duì)A受力分析，則有解得方向豎直向下，B正確，C錯(cuò)誤；D．增大磚塊之間的彈力，由于磚塊間的摩擦是靜摩擦，跟磚塊間的彈力無關(guān)，始終等于磚塊的重力，D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，半徑為的鼓形輪可繞固定的光滑水平軸轉(zhuǎn)動(dòng)。在輪上沿相互垂直的直徑方向固定四根直桿，桿上分別固定有質(zhì)量為的A、B、C、D，4個(gè)小球，球心與的距離均為2R?，F(xiàn)讓鼓形輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，若某時(shí)刻B、D兩球所在直桿恰好位于水平方向，小球B的速度大小為，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為，下列說法正確的是（）A.鼓形輪的角速度為 B.桿對(duì)小球C的作用力一定豎直向上C.桿對(duì)小球D的作用力為 D.桿對(duì)小球A的作用力一定大于mg【答案】D【解析】A．鼓形輪的角速度為故A錯(cuò)誤；B．小球C所需的向心力大小為若則桿對(duì)小球C的作用力豎直向下，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)于小球D，豎直方向有水平方向有則桿對(duì)小球D的作用力為故C錯(cuò)誤；D．對(duì)于小球A，根據(jù)牛頓第二定律可得可知桿對(duì)小球A的作用力一定大于mg，故D正確。故選D。4.甲、乙兩輛玩具車在兩條平行直軌道上運(yùn)動(dòng)，它們運(yùn)動(dòng)的圖像如圖所示。初始時(shí)刻，兩車在運(yùn)動(dòng)方向上相距m，甲在后、乙在前，下列說法正確的是（）A.甲車的加速度大小為B.時(shí)間內(nèi)，甲，乙兩車之間的距離先增大后減小C.時(shí)刻甲車的速度大小為4D.在時(shí)刻甲、乙兩車相遇【答案】B【解析】由可得由圖像可知，甲車初速度，加速度，所以甲車做初速度為、加速度為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙車做的勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；C．由可得兩車共速時(shí)，設(shè)時(shí)刻甲車速度為，則有解得故C錯(cuò)誤；BD．由可得則時(shí)間內(nèi)，甲車的位移為乙車的位移為兩車相距即時(shí)兩車未相遇，所以時(shí)間內(nèi)，兩車之間的距離逐漸增大，共速后逐漸減小，故B正確，D錯(cuò)誤。故選B5.與地球公轉(zhuǎn)軌道“外切”的小行星甲和“內(nèi)切”的小行星乙的公轉(zhuǎn)軌道如圖所示，假設(shè)這些小行星與地球的公轉(zhuǎn)軌道都在同一平面內(nèi)，已知地球的公轉(zhuǎn)半徑為，公轉(zhuǎn)周期為，小行星甲的遠(yuǎn)日點(diǎn)到太陽(yáng)的距離為，小行星乙的近日點(diǎn)到太陽(yáng)的距離為，引力常量為，下列說法正確的是（）A.小行星甲與太陽(yáng)的連線和小行星乙與太陽(yáng)的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等B.小行星乙在遠(yuǎn)日點(diǎn)的加速度大小等于地球公轉(zhuǎn)的加速度大小C.小行星甲的公轉(zhuǎn)周期為D.太陽(yáng)的密度為【答案】B【解析】A．根據(jù)開普勒第二定律可知，同一行星與太陽(yáng)的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等，但小行星甲與小行星乙在不同軌道上，所以小行星甲與太陽(yáng)的連線和小行星乙與太陽(yáng)的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過的面積不相等，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第二定律可得可得由于小行星乙在遠(yuǎn)日點(diǎn)離太陽(yáng)距離等于地球離太陽(yáng)距離，則小行星乙在遠(yuǎn)日點(diǎn)的加速度大小等于地球公轉(zhuǎn)的加速度大小，故B正確；C．根據(jù)開普勒第三定律可得解得小行星甲的公轉(zhuǎn)周期為故C錯(cuò)誤；D．設(shè)太陽(yáng)質(zhì)量為，太陽(yáng)半徑為，太陽(yáng)的密度為，則有地球繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力可得聯(lián)立可得太陽(yáng)的密度為故D錯(cuò)誤。故選B。6.北方冬天的雪景十分壯觀，如圖甲所示，質(zhì)量為的小孩坐在質(zhì)量為的雪橇上，大人拉著輕質(zhì)細(xì)繩A使雪橇在水平雪地上向前做勻速運(yùn)動(dòng)，簡(jiǎn)圖如圖乙所示。已知拴接在雪橇兩側(cè)的細(xì)繩所在的平面與水平面的夾角，細(xì)繩A與兩側(cè)細(xì)繩在同一平面內(nèi)，兩側(cè)細(xì)繩等長(zhǎng)且細(xì)繩間的夾角不變，雪橇與雪地的動(dòng)摩擦因數(shù)，下列說法正確的是（）A.逐漸減小，地面對(duì)雪橇的作用力方向始終不變B.逐漸減小，地面對(duì)雪橇的作用力先變小后變大C.逐漸減小，細(xì)繩A的拉力一直變大D.當(dāng)時(shí)，兩側(cè)細(xì)繩的拉力最小【答案】A【解析】A．地面對(duì)雪橇的作用力為對(duì)雪橇的支持力和滑動(dòng)摩擦力的合力，設(shè)地面對(duì)雪橇的作用力與豎直方向的夾角為，則有可得則逐漸減小，地面對(duì)雪橇的作用力方向始終不變，故A正確；BCD．以雪橇和雪橇兩側(cè)的細(xì)繩為整體，受重力、地面對(duì)雪橇的作用力和細(xì)繩A的拉力，如圖所示逐漸減小，地面對(duì)雪橇的作用力和細(xì)繩A的拉力的合力保持不變，由圖可知，地面對(duì)雪橇的作用力逐漸變大；細(xì)繩A的拉力先變小后變大；當(dāng)細(xì)繩A的拉力與地面對(duì)雪橇的作用力垂直時(shí)，即時(shí)，細(xì)繩A的拉力最小，則兩側(cè)細(xì)繩的拉力最小，故BCD錯(cuò)誤。故選A。7.如圖所示，工程隊(duì)向峽谷對(duì)岸平臺(tái)拋射重物，初速度大小為30，與水平方向的夾角為，拋出點(diǎn)和落點(diǎn)的連線與水平方向夾角也為，重力加速度取10，忽略空氣阻力。重物在此運(yùn)動(dòng)過程中（）A.運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為4s B.落地速度與水平方向的夾角為C.PQ連線距離為180m D.軌跡最高點(diǎn)與落點(diǎn)的高度差為45m【答案】C【解析】設(shè)PQ兩點(diǎn)的水平距離和豎直高度分別為x、y，由斜拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知聯(lián)立解得t=6sy=90m則PQ連線距離為落地速度與水平方向的夾角為則故選C。8.物理課本封面上的沙漏照片如圖所示，由于相機(jī)存在固定的曝光時(shí)間，照片中的砂粒在空中時(shí)看不出砂粒本身的形狀，而是形成了一條條模糊的痕跡，砂粒的疏密分布也不均勻。若近似認(rèn)為砂粒大小相同，砂粒下落的初速度為0，忽略空氣阻力，不計(jì)砂粒間的相互影響，設(shè)砂粒隨時(shí)間均勻漏下，下列說法正確的是（）A.出口下方9cm處的砂粒速度約是3cm處的倍B.出口下方9cm處砂粒的痕跡長(zhǎng)度約是3cm處的3倍C.出口下方范圍內(nèi)的砂粒數(shù)與范圍內(nèi)的砂粒數(shù)近似相等D.出口下方范圍內(nèi)的砂粒數(shù)與范圍內(nèi)的砂粒數(shù)近似相等【答案】AD【解析】AB．砂粒做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)可知砂粒的速度為則出口下方9cm處的砂粒速度約是3cm處的倍；相機(jī)曝光的時(shí)間很短，徑跡的長(zhǎng)度為可知出口下方9cm處砂粒的痕跡長(zhǎng)度約是3cm處的倍，故A正確；B錯(cuò)誤；C．根據(jù)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)通過相等位移所用時(shí)間之比為可知從出口下落與的時(shí)間之比為；因砂粒隨時(shí)間均勻漏下，可知出口下方范圍內(nèi)砂粒數(shù)與范圍砂粒數(shù)的比值為即出口下方范圍內(nèi)砂粒數(shù)約為范圍砂粒數(shù)的倍，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)初速度為零的勻變速運(yùn)動(dòng)在相鄰相等時(shí)間內(nèi)的位移之比為，可知從出口下落與的時(shí)間是相等的，因砂粒隨時(shí)間均勻漏下，可知出口下方范圍內(nèi)的砂粒數(shù)與范圍的砂粒數(shù)近似相等，故D正確。故選AD。9.如圖所示，在水平地面上有一個(gè)表面光滑的直角三角形物塊，一輕桿下端用光滑鉸鏈連接于點(diǎn)（點(diǎn)固定于地面上），上端連接小球，小球靠在物塊左側(cè)，同時(shí)對(duì)物塊施加水平向左的推力，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)撤去推力，經(jīng)過一段時(shí)間小球和物塊分離，分離時(shí)物塊的速度為，輕桿與水平方向的夾角，已知重力加速度為，下列說法正確的是（）A.分離時(shí)小球的速度大小為B.分離時(shí)小球的加速度大小為C.分離時(shí)小球的角速度大小為D.從撤去推力F到小球落地前瞬間，輕桿的彈力一直增大【答案】BC【解析】B．小球與物塊分離時(shí)，兩者水平方向加速度和速度相等，兩者之間的作用力為0，物塊表面光滑，之后物塊開始做勻速運(yùn)動(dòng)，所以小球在水平方向上的加速度也為0，又因?yàn)闂U為可動(dòng)桿，作用力沿桿，若桿有作用力則必然有水平方向的分力，與實(shí)際不符，故小球與物塊分離時(shí)，輕桿中無作用力，小球只受重力，加速度為g，故B正確；A．小球做圓周運(yùn)動(dòng)，實(shí)際速度與輕桿垂直，設(shè)兩者分離時(shí)小球的速度為，將其分解為水平速度和豎直速度，則有解得故A錯(cuò)誤；C．分離時(shí)小球重力沿桿方向的分力提供向心力，則解得則角速度為故C正確；D．從撤去推力F到小球落地前瞬間，桿的彈力先減小后增大，先背離圓心后指向圓心，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖甲所示，一水平淺色傳送帶上放置一煤塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），初始時(shí)，兩者都是靜止的.現(xiàn)讓傳送帶在電機(jī)帶動(dòng)下先加速后減速，傳送帶的速度一時(shí)間圖像如圖乙所示，s時(shí)煤塊與傳送帶共速，設(shè)傳送帶足夠長(zhǎng)，最終煤塊在傳送帶上留下了一段黑色痕跡，重力加速度g取10.整個(gè)過程中，下列說法正確的是（??）A.煤塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.24 B.煤塊的位移大小為60mC.煤塊相對(duì)傳送帶的位移大小為28m D.黑色痕跡的長(zhǎng)度為16m【答案】ABD【解析】A．煤塊的加速度s時(shí)煤塊與傳送帶共速，速度為在v-t圖上作出煤塊的速度—時(shí)間圖像，斜率為加速度則得故A正確；B．根據(jù)幾何關(guān)系可知，圖像與傳送帶的圖像交于5s，12m/s；然后減速，交t軸于10s，v-t圖線與時(shí)間軸圍成面積代表位移，煤塊的位移大小為故B正確；CD．由圖可知，煤塊先相對(duì)皮帶向左滑動(dòng)的相對(duì)位移為共速后煤塊相對(duì)皮帶往右滑動(dòng)的相對(duì)位移為則痕跡應(yīng)取較長(zhǎng)的相對(duì)位移為16m，煤塊相對(duì)傳送帶的總位移為故C錯(cuò)誤，D正確。故選ABD。二、非選擇題11.某同學(xué)在家中用一根輕彈簧、水瓶、細(xì)繩、圖釘和貼在墻上的白紙等物品，驗(yàn)證了力的平行四邊形定則.實(shí)驗(yàn)步驟如下；①先用圖釘將彈簧一端固定在白紙上，彈簧另一端通過細(xì)繩懸掛一瓶礦泉水（與墻、紙無摩擦），如圖甲所示；②將另一細(xì)繩拴于細(xì)繩與彈簧連接處的點(diǎn)，并將細(xì)繩水平拉直后用圖釘固定在白紙上，記下A、B、O的位置，如圖乙所示；③在保證O點(diǎn)位置不變的情況下，交換彈簧與細(xì)繩的位置，使其方向與步驟②中對(duì)應(yīng)方向平行，如圖丙所示；④按照上述方法改變彈簧與細(xì)繩的夾角多次測(cè)量.（1）對(duì)于本實(shí)驗(yàn)，下列說法或操作正確的是________；（填選項(xiàng)前的字母）A.需要知道彈簧的勁度系數(shù)B.不需要測(cè)量彈簧的原長(zhǎng)，只需要測(cè)量甲、乙、丙三圖中彈簧的長(zhǎng)度C.步驟④中每次重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，O點(diǎn)位置不需要與第一次實(shí)驗(yàn)記錄的位置一致（2）圖乙中細(xì)繩的拉力大小________（填“大于”“等于”或“小于”）圖丙中彈簧的彈力大??；（3）該同學(xué)在進(jìn)行步驟③時(shí)由于粗心將水瓶中的水灑落了少許，但彈簧和細(xì)繩的方向都與步驟②中平行，O點(diǎn)位置也與步驟②中重合，這一操作________（填“會(huì)”或“不會(huì)”）造成誤差.【答案】（1）C（2）等于（3）會(huì)【解析】【小問1詳解】AB．根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，圖甲可測(cè)量合力，乙、丙兩圖測(cè)量分力，結(jié)合胡克定律可知，需要測(cè)量彈簧的原長(zhǎng)以及圖甲、乙、丙中彈簧的長(zhǎng)度，以便測(cè)量三個(gè)力的大小，三個(gè)力的大小均與勁度系數(shù)成正比，則形變量大小可以表示力的大小關(guān)系，故AB錯(cuò)誤；C．步驟④中每次重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，不需要保證O點(diǎn)位置與第一次實(shí)驗(yàn)記錄的位置一致，從而使實(shí)驗(yàn)更具有普遍性，故C正確。故選C?！拘?詳解】根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，圖甲測(cè)量合力，乙、丙兩圖測(cè)量分力，所以圖乙中細(xì)繩的拉力大小等于圖丙中彈簧的彈力大小?！拘?詳解】水瓶中的水灑落了少許，即合力減小，雖然彈簧和細(xì)繩的方向都與步驟②中平行，O點(diǎn)位置也與步驟②中重合，但彈簧彈力會(huì)變小，從而造成實(shí)驗(yàn)誤差。12.一物理老師設(shè)計(jì)了一款研究向心力大小的實(shí)驗(yàn)裝置，其簡(jiǎn)化示意圖如圖所示，裝置固定在水平桌面上，在可調(diào)速的電機(jī)上固定一個(gè)半圓形有機(jī)玻璃凹槽（表面光滑，可忽略摩擦的影響），凹槽在電機(jī)的帶動(dòng)下能繞過凹槽圓心的豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)，旁邊豎直固定一標(biāo)尺，其上是可調(diào)高度的激光筆，激光筆發(fā)出水平方向的激光，初始時(shí)刻，凹槽與標(biāo)尺在同一平面內(nèi).實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）將鋼球放入凹槽底部，上下移動(dòng)激光筆對(duì)準(zhǔn)凹槽圓心，此時(shí)激光筆所在位置讀數(shù)記為.（2）接通電源，開啟電機(jī)調(diào)速開關(guān)，鋼球開始隨凹槽轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)鋼球到達(dá)某一高度后隨凹槽做穩(wěn)定的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，上下移動(dòng)激光筆，當(dāng)激光對(duì)準(zhǔn)鋼球球心位置時(shí)，記錄此時(shí)激光筆所在位置讀數(shù)為，記.（3）利用光電傳感器探測(cè)鋼球運(yùn)動(dòng)的周期.每當(dāng)激光筆發(fā)出的激光照在鋼球上時(shí)，光電傳感器便會(huì)接收信號(hào)計(jì)次，若第1次光電傳感器接收到信號(hào)時(shí)數(shù)字計(jì)時(shí)器開始計(jì)時(shí)，并記錄為0次，達(dá)到次時(shí)計(jì)時(shí)器停止計(jì)時(shí)，記錄總時(shí)間，則鋼球運(yùn)動(dòng)的周期________（用題中所給字母符號(hào)表示）.（4）若適當(dāng)調(diào)大電機(jī)的轉(zhuǎn)速，則激光筆應(yīng)________（填“上移”“不動(dòng)”或“下移”）.（5）改變電機(jī)轉(zhuǎn)速，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，將得到的多組和的數(shù)據(jù)記錄到表格中，并繪制________（填“”或“”）圖像，根據(jù)圖像的斜率可以進(jìn)一步求出當(dāng)?shù)刂亓铀俣萠_______（用題中所給字母符號(hào)表示）.【答案】（3）（4）上移（5）【解析】（3）[1]由于鋼球運(yùn)動(dòng)一周的過程中，光電傳感器接收到2次信號(hào)，則鋼球運(yùn)動(dòng)的周期（4