2025屆上海市莘莊中學物理高二上期中考試模擬試題含解析

2025屆上海市莘莊中學物理高二上期中考試模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,將平行板電容器接在電源兩極間,電容器兩極板間的帶電塵埃恰好處于靜止狀態(tài).若將兩極板緩慢地錯開一些,其他條件不變,則(

)A．電容器帶電荷量不變B．電源中將有電流從正極流出C．塵埃仍靜止D．電流計中將有電流通過,電流方向由2、如圖所示，用帶有正電的帶電體A，靠近（不接觸）不帶電的驗電器的上端金屬球，則A．驗電器金箔張開，因為整個驗電器都帶上了正電B．驗電器金箔張開，因為整個驗電器都帶上了負電C．驗電器金箔張開，因為驗電器下部箔片都帶上了正電D．驗電器金箔不張開，因為帶電體A沒有和驗電器的金屬球接觸3、在示波管中，電子槍3s內(nèi)發(fā)射6×1013個電子，則示波管中的電流為（）A．3.2×10-6A B．4.8×10-6A C．9.6×10-6A D．1.6×10-6A4、如圖，兩根相互平行的長直導線分別通有方向相反的電流和，且；a、b、c、d為導線某一橫截面所在平面內(nèi)的四點，且a、b、c與兩導線共面；b點在兩導線之間，b、d的連線與導線所在平面垂直．磁感應強度可能為零的點是A．a(chǎn)點 B．b點 C．c點 D．d點5、在具有一定厚度的空心金屬球殼的球心位置處放一正電荷，圖中的四個圖畫出了其空間電場的電場線情況，符合實際情況的是（）A．B．C．D．6、在如圖所示的電場中，關于a、b兩點的電場強度Ea,Eb,和電勢φa和φb，下列說法正確的是()A．Ea=Eb,φa=φbB．Ea>Eb,φa<φbC．Ea>Eb,φa>φbD．Ea<Eb,φa<φb二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一電爐的電阻絲和一臺電動機線圈電阻相同，現(xiàn)將它們以串聯(lián)方式聯(lián)接，接通合適的電源后，電動機正常運轉，下列說法正確的是（）A．電爐和電動機的熱功率相等B．電動機消耗的電功率大于電爐消耗的電功率C．電爐兩端電壓小于電動機兩端電壓D．電爐和電動機兩端電壓相等8、電容式麥克風是利用電容器的充放電原理以超薄的金屬或鍍金的塑料薄膜為振膜感應音壓。以改變導體間的靜電壓直接轉化成電能訊號。如圖所示，振膜與基板構成了一個電容器，當振膜在聲波的作用下振動時，電容發(fā)生變化，電路中電流隨之變化。則當振膜向右振動時A．電容器的電容量增大B．電容器的帶電量增大C．電容器兩極板間的場強不變D．電阻R上電流方向是向下的9、如圖，兩根平行長直導線相距2l，通有大小相等、方向相同的恒定電流：a、b、c是導線所在平面內(nèi)的三點，左側導線與它們的距離分別為、l和3l．關于這三點處的磁感應強度，下列判斷正確的是A．a(chǎn)處的磁感應強度大小比c處的大B．b、c兩處的磁感應強度大小相等C．a(chǎn)、c兩處的磁感應強度方向相同D．b處的磁感應強度為零10、如圖所示，A、B兩點各放一電荷量均為Q的等量異種電荷，有一豎直放置的光滑絕緣細桿在兩電荷連線的垂直平分線上，a、b、c是桿上的三點，且ab＝bc＝l，b、c關于兩電荷連線對稱．質(zhì)量為m、帶正電荷q的小環(huán)套在細桿上，自a點由靜止釋放，則（）A．小環(huán)通過b點時速度為B．小環(huán)通過c點時速度為C．小環(huán)從b到c速度可能先減小后增大D．小環(huán)做勻加速直線運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學為了測量一段電阻絲AB的電阻率ρ做了以下實驗(1)首先利用螺旋測微器測量電阻絲的直徑d．轉動旋鈕使測微螺桿與測砧接觸時，示數(shù)如圖1所示，將電阻絲置于測微螺桿與測砧間正確測量時，示數(shù)如圖2所示，則電阻絲的直徑d=__________mm．(2)該同學設計了如圖3所示的電路．已知滑片P與電阻絲接觸良好，其它連接導線電阻不計．現(xiàn)有以下器材：A．待測電阻絲ABB．電源(已知電動勢為E，內(nèi)阻不計)C．電流表AD．阻值為R的定值電阻E.毫米刻度尺F.開關S，導線若干①連接好電路，閉合開關S，調(diào)節(jié)滑片P的位置，測出電阻絲AP的長度x和電流表的讀數(shù)/；改變P的位置，共測得多組x與Ⅰ的值．②根據(jù)測出的Ⅰ的值，計算出的值，并根據(jù)這些數(shù)據(jù)點作出-x圖像如圖4所示．③由~x圖像可得電阻絲電阻率ρ=__________．并可測得電流表A的內(nèi)阻RA=__________．(均用題給符號表示)12．（12分）在伏安法測電阻的實驗中，電流表有內(nèi)外兩種接法，根據(jù)你所學知識分析內(nèi)外接法讀數(shù)準確的電表，實驗中引起誤差的電表，并推導測量值和真實值之間的大小關系。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）質(zhì)量為m的帶電液滴，在電場強度為E，方向豎直向上的勻強電場中處于靜止狀態(tài)，試求：（1）該液滴的帶電性質(zhì)和所帶的電荷量；（2）當場強方向保持不變，而大小突然減為原來的一半時，求液滴的加速度。14．（16分）如圖甲所示，A、B為兩塊平行金屬板，極板間電壓為UBA=1125V，兩板中央各有小孔O和O′．現(xiàn)有足夠多的電子源源不斷地從小孔O由靜止進入A、B之間．在B板右側，平行金屬板M、N長度相同，L1=4×10－2m，板間距離d=4×10－3m，在距離M、N右側邊緣L2=0.1m處有一熒光屏P，當M、N之間未加電壓時電子沿M板的下邊沿穿過，打在熒光屏上的O″點并發(fā)出熒光．現(xiàn)在金屬板M、N之間加一個如圖乙所示的變化電壓u，在t=0時刻，M板電勢低于N板電勢．已知電子質(zhì)量為me=9.0×10－31kg，電荷量為e=1.6×10－19C．（1）每個電子從B板上的小孔O′射出時的速度為多大？（2）電子打在熒光屏上的范圍是多少？15．（12分）如圖所示的電路中，當開關S接a點時，標有“4V8W”的小燈泡L正常發(fā)光，當開關S接b點時，通過電阻R的電流為1A，這時電阻R兩端的電壓為5V。求：（1）電阻R的阻值；（2）電源的電動勢和內(nèi)阻。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

帶電塵埃原來處于靜止狀態(tài)，電場力與重力平衡，將兩板緩慢地錯開一些后，分析板間場強有無變化，判斷塵埃是否仍保持靜止；根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，由電容的定義式分析電量的變化，確定電路中電流的方向；【詳解】A、將兩板緩慢地錯開一些，兩板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容減小，而電壓不變，則電容器帶電量減小，故A錯誤；B、因電量減小，電容器放電，故電流計G中有a到b方向的短時電流，即沒有電流從正極流出，故BD錯誤；C、由于板間電壓和距離不變，則由可知，板間場強不變，塵埃所受電場力不變，仍處于靜止狀態(tài)，故C正確．【點睛】本題電容器動態(tài)變化問題，要抓住電壓不變，根據(jù)電容的決定式和電容的定義式結合進行分析．2、C【解析】

使帶電的帶電體A靠近不帶電的驗電器，驗電器發(fā)生靜電感應，帶電體A帶正電，靠近驗電器，驗電器上的小球帶負電，下端金屬箔帶等量的正電，金屬箔張開.驗電器的金箔之所以張開，是因為它們都帶有正電荷，而同種電荷相互排斥，張開角度的大小決定于兩金箔帶電荷量的多少，帶電的實質(zhì)是電子在物體內(nèi)部發(fā)生了轉移，故ABD錯誤，C正確.3、A【解析】

每個電子的電荷量大小為e=1.6×10-19C，6×1013個電子總電荷量為q=6×1013×1.6×10-19C=9.6×10-6C則示波管中電流大小為：A.3.2×10-6A與計算結果相符，故A正確。B.4.8×10-6A與計算結果不符，故B錯誤。C.9.6×10-6A與計算結果不符，故C錯誤。D.1.6×10-6A與計算結果不符，故D錯誤。4、C【解析】試題分析：兩電流在該點的合磁感應強度為0，說明兩電流在該點的磁感應強度滿足等大反向關系，根據(jù)右手螺旋定則在兩電流的同側磁感應強度方向相反，則為或，又，所以該點距遠距近，所以是點，故選項C正確，選項ABD錯誤．考點：通電直導線和通電線圈周圍磁場的方向【名師點睛】由安培定則可判出兩導線在各點磁感線的方向，再由矢量的合成方法可得出磁感應強度為零的點的位置；本題考查了安培定則及矢量的合成方法，特別應注意磁場的空間性，注意培養(yǎng)空間想象能力．5、D【解析】解：把正電荷放在金屬球殼內(nèi)部，由于靜電感應的作用，在球殼的內(nèi)壁會感應出負電荷，在球殼的外壁會感應出正電荷，所以在金屬球殼的殼壁之間，由于正電荷的電場和感應電場的共同的作用，在金屬球殼的殼壁之間的電場強度為零，所以在金屬球殼的殼壁之間沒有電場線，對于球殼外部的電場分布情況不會受到影響，所以正確的是D．故選D考點：電場線；靜電場中的導體．分析：當正電荷放入不帶電金屬球殼內(nèi)部的時候，由于靜電感應的作用，在金屬球殼的殼壁之間的電場強度為零，在球殼外的電場的分布不受球殼的影響．點評：本題是考查學生對于靜電感應現(xiàn)象的理解情況，在球殼的內(nèi)壁放電荷的時候，球殼不會對球殼外部的電場產(chǎn)生影響，只影響殼壁之間的電場的分布情況．6、C【解析】

由圖示可知，a處的電場線密，b處的電場線稀疏，因此a點的電場強度大，b點的場強小，即Eb＜Ea；沿著電場線的方向，電勢逐漸降低，由圖示可知，φb＜φa，選項ABD錯誤，C正確；故選C。【點睛】電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布．電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】

A.電爐電路和電動機電路焦耳定律都適用．根據(jù)焦耳定律:得電爐和電動機的電阻相同，電流相同，則在相同的時間內(nèi)電爐和電動機產(chǎn)生的電熱相等．故A正確．B.電動機消耗的電能一部分轉化為內(nèi)能，另一部分轉化為機械能，電爐消耗的電能全部轉化為內(nèi)能，而相等時間內(nèi)它們產(chǎn)生的熱量相等，則在相同的時間內(nèi)，電動機消耗的電能大于電爐消耗的電能，電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率．故B正確．CD.設電流為I，則電爐兩端電壓：電動機兩端電壓，所以，即電動機兩端電壓大于電爐兩端電壓．故C正確，D錯誤．8、ABD【解析】當振膜向右振動時相當于減小板間距離，根據(jù)電容決定式：，可知電容將增大，故A正確；因為電壓不變，根據(jù)電容定義式：，可知電量增大，電容器將充電，則電阻R上電流方向是向下的，故BD正確；根據(jù)場強定義式：，可知場強變大，故C錯誤。所以ABD正確，C錯誤。9、AD【解析】

由安培定則可以判斷，a、c兩處的磁場是兩電流在a、c處產(chǎn)生的磁場相加，但a距離兩導線比c近，故a處的磁感應強度大小比c處的大，故A對；ｂ、c與右側電流距離相同，故右側電流對此兩處的磁場要求等大反向，但因為左側電流要求此兩處由大小不同、方向相同的磁場，故b、c兩處的磁感應強度大小不相等，故B錯；由安培定則可知，a處磁場垂直紙面向里，c處磁場垂直紙面向外，故C錯；b與兩導線距離相等，故兩磁場疊加為零，故D對．10、AD【解析】

A、D圖中ac是一條等勢線，小環(huán)下落過程中電場力不做功，而在豎直方向小環(huán)只受到重力作用，故小環(huán)做初速度為零的勻加速直線運動．由初速度為零的勻加速直線運動的速度與位移關系可得：即：，AD正確．B、由初速度為零的勻加速直線運動的速度與時間關系可得：，B錯誤．C、中垂線上各點的合場強均為水平向右，與環(huán)的運動方向垂直，導致電場力不做功，而在豎直方向小環(huán)只受到重力作用，小環(huán)從b到c速度不斷增加，故C錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解析】

（1）由圖1所示可知，螺旋測微器的誤差為：0mm+11.5×0.01mm=0.115mm，由圖2所示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：0.5mm+37.0×0.01mm=0.870mm，則金屬絲的直徑：d=0.870mm-0.115mm=0.755mm；（2）根據(jù)電阻定律，有：，由閉合電路的歐姆定律：E=I(R+RA+ρ)，即，則由圖像可得：；，則；解得：.12、見解析【解析】

當電流表內(nèi)接時，則由于電流表的分壓作用使得電壓表的測量值大于電阻兩端電壓的真實值，由于電流表的讀數(shù)等于待測電阻上的電流，根據(jù)可知使得電阻的測量值大于真實值；當電流表外接時，則由于電壓表的分流作用使得電流表的測量值大于電阻上電流的真實值，由于電壓表的讀數(shù)等于待測電阻上的電壓，根據(jù)可知使得電阻的測量值小于真實值；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）帶正電，且q=mgE【解析】試題分析：（1）液滴處于靜止狀態(tài)，所受電場力豎直向上，電場也豎直向上，所以應帶正電荷，由平衡條件得：qE=mg，得q=mg（2）場強減半后，液滴豎直向下做加速直線運動，由牛頓第二定律，有：mg-q×12E=ma考點：本