河北省魏縣第五中學2025屆物理高二上期中教學質量檢測試題含解析

河北省魏縣第五中學2025屆物理高二上期中教學質量檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于電阻率的說法,正確的是()A．超導材料的電阻率總是為零B．電阻率ρ大的導體,電阻可以很小C．電阻率ρ與導體的長度L和橫截面積S有關D．電阻率表征了導體材料的導電能力的強弱，由導體的長度決定,與溫度無關2、如圖所示是顯像管的原理圖，沒有磁場時陰極射線（電子束）將打在熒光屏正中的Ｏ點，要使電子束打在圖中的Ａ點，偏轉磁場應該沿著什么方向：A．沿著紙面向上；B．沿著紙面向右；C．垂直于紙面向外；D．垂直于紙面向里．3、如圖所示，由M、N兩塊相互靠近的平行金屬板組成的平行板電容器，極板N與靜電計的金屬球相接，極板M與靜電計的外殼均接地。給電容器充電，靜電計指針張開一定角度．以下實驗過程中電容器所帶電荷量可認為不變。下面操作能使靜電計指針張開角度變大的是（）A．將M板沿水平向右方向靠近N板B．在M、N之間插入有機玻璃板C．在M、N之間插入金屬板，且不和M、N接觸D．將M板向上平移4、某電場區(qū)域的電場線如圖所示．把一個電子從A點移到B點時（）A．電子所受的電場力增大，電子克服電場力做功B．電子所受的電場力減小，電場力對電子做正功C．電子所受的電場力增大，電勢能減少D．電子所受的電場力增大，電勢能增大5、如圖為四種電場的電場線的分布圖，一正電荷q僅在電場力作用下由a點向b點做加速運動，且加速度越來越小，則該電荷所在的電場是圖中的()A． B． C． D．6、磁電式電流表(表頭)最基本的組成部分是磁鐵和放在磁鐵兩極之間的線圈，由于線圈的導線很細，允許通過的電流很弱，所以在使用時還要擴大量程．已知某一表頭G，內阻Rg＝30Ω，滿偏電流Ig＝5mA，要將它改裝為量程為0～3A的電流表，所做的操作是()A．串聯(lián)一個570Ω的電阻B．并聯(lián)一個570Ω的電阻C．串聯(lián)一個0.05Ω的電阻D．并聯(lián)一個0.05Ω的電阻二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，物體在水平力F作用下沿粗糙斜面向上加速運動，則（）A．物體機械能的改變量等于力F所做的功B．物體動能的改變量等于合外力所做的功C．物體重力勢能的增加量等于物體克服重力所做的功D．運動過程中由于摩擦產生的內能等于物體機械能的減少8、勻速圓周運動屬于A．勻速運動 B．勻加速運動C．變速運動 D．變加速運動9、如圖所示，在垂直紙面向里，磁感應強度為B的勻強磁場中，質量為m，帶電量為的小球穿在足夠長的水平固定絕緣的直桿上處于靜止狀態(tài)，小球與桿間的動摩擦因數(shù)為現(xiàn)對小球施加水平向右的恒力，在小球從靜止開始至速度最大的過程中，下列說法中正確的是A．直桿對小球的彈力方向不變B．直桿對小球的摩擦力先減小后增大C．小球運動的最大加速度為D．小球的最大速度為10、如圖所示，水平向右的勻強電場中有一絕緣斜面，一帶電金屬滑塊以Ek0＝30J的初動能從斜面底端A沖上斜面，到頂端B時返回，已知滑塊從A滑到B的過程中克服摩擦力做功10J，克服重力做功24J，則()A．滑塊帶正電，上滑過程中電勢能減小4JB．滑塊上滑過程中機械能增加4JC．滑塊返回到斜面底端時動能為15JD．滑塊上滑到斜面中點時重力勢能增加12J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）兩同學驗證反沖運動中動量守恒，如圖所示，兩質量分別為mA、mB玩具小車放置在水平桌面上，中間夾一彈簧，自某一位置突然放開，兩小車做反沖運動，一段時間后，同時止住運動的小車，測出兩小車運動的距離分別為sA、sB忽略小車與桌面間的摩擦，請用以上物理量符號寫出反沖前后動量守恒表達式_________________；已知課本寬度為L，并以此計量小車運動的距離分別,可知兩小車質量之比：=______．12．（12分）分別使用游標卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，某次測量的示數(shù)如圖（a）和圖（b）所示，長度為____cm，直徑為____mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,電源的電動勢1.5V、內阻為1Ω,電阻R1=R2=2Ω、R3=4Ω,電容器C的電容為2μF,閉合開關S，電路達到穩(wěn)定狀態(tài)后。求：(1)電容器C所帶的電荷量；(2)若電阻R1發(fā)生斷路故障，電路再次達到穩(wěn)定時，電容器所帶電荷量。14．（16分）如圖的電路中，電源的電動勢，內阻；電阻，，，；電容器的電容電容器原來不帶電，接通電鍵求：流過電源的電流；電阻兩端的電壓；從接通電鍵K達到穩(wěn)定過程中流過的總電量．15．（12分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長8cm，兩板間距離d=8cm，A板比B板電勢高300V，一帶正電的粒子電荷量q=10﹣10C，質量m=10﹣20kg，沿電場中心線RO垂直電場線飛入電場，初速度υ0=2×106m/s，粒子飛出平行板電場后經(jīng)過界面MN、PS間的無電場區(qū)域后，進入固定在O點的點電荷Q形成的電場區(qū)域，（設界面PS右邊點電荷的電場分布不受界面的影響），已知兩界面MN、PS相距為12cm，D是中心線RO與界面PS的交點，O點在中心線上，距離界面PS為9cm，粒子穿過界面PS最后垂直打在放置于中心線上的熒光屏bc上．（靜電力常數(shù)k=9.0×109N?m2/C2）（粒子重力忽略不計）（1）求粒子穿過界面MN時偏離中心線RO的距離多遠？到達PS界面時離D點多遠？（2）確定點電荷Q的電性并求其電荷量的大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A.超導材料的電阻率并不總是為零，只有達到一定溫度時其電阻才能為零，故A錯誤；B.導體電阻由導體電阻率、導體長度、橫截面積決定．導體的電阻率很大，但如果導線很短，截面積很大，則電阻可以很小，故B正確；C.電阻率表征了導體材料的導電能力的強弱，與導體的長度、和截面積無關，與溫度有關，故CD錯誤．故選B.2、C【解析】

帶負電的電子向右運動，根據(jù)左手定則可以得知，電子開始上偏，故磁場的方向垂直紙面向外，故選C.【點睛】本題就是對洛倫茲力的考查，掌握住左手定則即可解決本題．在解答的過程中要注意電子帶負電，電子運動的方向與電流的方向相反.3、D【解析】

將M板沿水平向右方向靠近N板，極板間距d變小，根據(jù)根據(jù)C=εS4πkd，電容增大；Q一定，根據(jù)C=QU，電壓減?。还熟o電計指針張角變??；故A錯誤；在M、N之間插入機玻璃板，根據(jù)C=εS4πkd，電容變大；Q一定，根據(jù)C=QU，電壓減小；故靜電計指針張角變??；故B錯誤；在M、N之間插入金屬板，根據(jù)C=εS4πkd，電容變大；Q一定，根據(jù)C=QU，電壓減??；故靜電計指針張角變小；故C錯誤；將M【點睛】本題是電容動態(tài)變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關于電容的兩個公式C=εS4πkd和4、C【解析】

由圖可知，B處電場線密，電場強度較大，所以電子在B受到的電場力較大，電子所受電場力方向與電場線方向相反，所以從A運動到B，電場力對電子做正功，故AB錯誤；電子從A點移到B點時，電場力增大，而電場力做正功，其電勢能減小，故C正確，D錯誤．5、B【解析】

A圖中是勻強電場，電場強度不變，則粒子受到的電場力不變，加速度不變，故A錯誤。B.正電荷受電場力向右，粒子加速，電場線變稀疏，電場強度變小，電場力變小，加速度減小，故B正確。C.正電荷受電場力向左，所以粒子減速運動，故C錯誤。D.正電荷受電場力向右，粒子加速，電場線變密集，電場強度變大，電場力變大，加速度變大，故D錯誤。6、D【解析】

改裝成電流表是要擴大電流的量程，使用并聯(lián)電路的分流原理；要并聯(lián)的阻值為：；故選D．【點睛】改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流，電阻值等于滿偏電壓除以所分最大電流，改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，電阻值等于量程除以滿偏電流減去原內阻．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A．物體機械能的改變量等于外力所做的功，在整個過程中外力為F和摩擦力，故做功之和為F和摩擦力之和，故A錯誤；

B．由動能定理可知，物體的動能的該變量等于物體合外力所做的功，故B正確；

C．物體重力勢能的增加量等于物體克服重力所做的功，故C正確；

D．根據(jù)能量守恒即可判斷，運動過程中摩擦產生的內能不等于物體機械能的減少，故D錯誤。8、CD【解析】

勻速圓周運動的速度方向在變化，不是勻速運動，是變速運動；勻速圓周運動的加速度大小不變，方向始終指向圓心，不是勻加速運動，是變加速運動。故選CD。9、BC【解析】

小球從靜止開始運動，受到重力、支持力、洛倫茲力、摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律表示出加速度，進而分析出最大速度和最大加速度及加速度的變化過程．【詳解】小球開始下滑時有，隨v增大，a增大，當時，a達最大值，摩擦力減??；此時洛倫茲力等于mg，支持力等于1，此后隨著速度增大，洛倫茲力增大，支持力增大，反向，此后下滑過程中有：，隨v增大，a減小，摩擦力增大，當時，a=1．此時達到平衡狀態(tài)，速度不變，所以整個過程中，v先增大后不變，a先增大后減小，BC正確，AD錯誤．【點睛】解決本題的關鍵是正確地進行受力分析，抓住當速度增大時，洛倫茲力增大，比較洛倫茲力與重力的大小關系，分清摩擦力的變化是解決問題的關鍵．10、AD【解析】

由動能定理知上滑過程中W電-WG-Wf=△Ek，代入數(shù)值得W電=4J，電場力做正功，滑塊帶正電，電勢能減小4J，故A正確；由功能關系知滑塊上滑過程中機械能的變化量為△E=W電-Wf=-6J，即機械能減小6J，故B錯誤；由動能定理知2Wf=Ek0-Ek，所以滑塊返回到斜面底端時動能為10J，故C錯誤．由題意知滑塊上滑到斜面中點時克服重力做功為12J，即重力勢能增加12J，故D正確；故選AD．【點睛】解決本題的關鍵掌握功能關系，知道重力做功等于重力勢能的減小量，合力做功等于動能的增加量，除重力以外其它力做功等于機械能的變化量，電場力做功等于電勢能的減小量．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、;3:4;【解析】

忽略小車與桌面間的摩擦，系統(tǒng)的總動量守恒，速度用位移與時間之比表示，即可求得．【詳解】忽略小車與桌面間的摩擦，反沖后兩車都做勻速運動，則反沖后A、B兩車的速度大小分別為，取向右為正方向，由動量守恒定律得：代入得：所以反沖前后動量守恒表達式：已知，，代上式解得：【點睛】本題是運用等效思維方法，用位移代替速度，這樣將不便驗證的方程變成容易驗證．12、5.01cm5.312mm;【解析】

游標卡尺的讀法，先確定分度數(shù)，從而確定精確度，先讀固定部分再讀可動部分，從而得出最終讀數(shù)；螺旋測微器的讀法要用主尺的整刻度加可動刻度數(shù)乘以精確度，注意在讀轉動部分時要估讀【詳解】由圖可知，游標卡尺是10分度的，其精確度為0.1mm則圖示讀數(shù)為：50+1×0.1=50.1mm=5.01cm螺旋測微器的不動刻度為5，可動刻度為31.2×0.01mm則讀數(shù)為5+31.2×0.01=5.312mm故答案為：5.01

5.312四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)10-6【解析】

(1)R1與R2串聯(lián)的電阻為：4Ω，電路中的總電阻為：2Ω所以總電流為：I=1.5路端電壓為：U=1VR2兩端電壓為：UR所以電容器所帶電荷量為：Q1(2)若電阻R1發(fā)生斷路故障，電容器兩端電壓為零，所以電容器所帶電荷量為零。14、（1）A（1）1V（3）1．0×10－4C【解析】試題分析：（1）電鍵K閉合后，閉合電路的總電阻為通過電源的電流（1）電源兩端的電壓U＝E－Ir＝V電阻R3兩端的電壓．（3）通過R4的總電荷量就等于電容器所帶的電荷量Q＝CU′＝1．0×10－4C．考點：閉合電路的歐姆定律；電容器【名師點睛】對于含有電容器的問題，關鍵是確定電容器的電壓．知道電路穩(wěn)定時電容器的電壓等于其并聯(lián)電路兩端的電壓．15、（1）3cm12cm（2）1.04×10﹣8C【解析】試題分析：帶電粒子垂直進入勻強電場后，做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速直線