浙江省寧波市海曙區(qū)效實(shí)中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測(cè)試題含解析

浙江省寧波市海曙區(qū)效實(shí)中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測(cè)試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，阻值為R的金屬棒從圖示位置ab分別以、的速度沿光滑導(dǎo)軌電阻不計(jì)勻速滑到位置，若：：2，則在這兩次過(guò)程中A.回路電流：：2B.產(chǎn)生的熱量：：4C.通過(guò)任一截面的電荷量：：2D.外力的功率：：22、如圖所示，環(huán)形導(dǎo)線周圍有三只小磁針a、b、c，閉合開(kāi)關(guān)S后，三只小磁針N極的偏轉(zhuǎn)方向是（）A.全向里 B.全向外C.a向里，b、c向外 D.a、c向外，b向里3、所謂元電荷是指（）A.電子 B.質(zhì)子C.中子 D.自然界中已知的最小電荷量4、如圖所示，16個(gè)電荷量均為+q（q>0）的小球（可視為點(diǎn)電荷），均勻分布在半徑為R的圓周上．若將圓周上P點(diǎn)的一個(gè)小球的電量換成-2q，則圓心O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為A. B.C. D.5、回旋加速器是用來(lái)加速帶電粒子使它獲得很大動(dòng)能的裝置，其核心部分是兩個(gè)"D"形金屬盒，置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與"D"形盒所在平面垂直，兩盒分別與高頻交流電源相連，帶電粒子獲得的最大動(dòng)能與哪個(gè)因有關(guān)A.加速的次數(shù) B.交流電的頻率C.加速電壓 D.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小6、兩個(gè)完全相同的小金屬球（皆可視為點(diǎn)電荷），所帶電荷量之比為5:1，它們?cè)谙嗑嘁欢ň嚯x時(shí)相互作用的吸引力為，如果讓它們充分接觸后再放回各自原來(lái)的位置上，此時(shí)相互作用力變?yōu)?，則為A.5：2 B.5：6C.5：4 D.5：9二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，質(zhì)量為m、帶電荷量為+qP環(huán)套在固定不光滑的水平長(zhǎng)直絕緣桿上，整個(gè)裝置處在垂直于桿的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．現(xiàn)給環(huán)一向右的初速度（），則A.環(huán)將向右減速，最后勻速B.環(huán)將向右減速，最后停止運(yùn)動(dòng)C.從環(huán)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最后達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，損失的機(jī)械能是D.從環(huán)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最后達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，損失的機(jī)械能是8、在同一平面內(nèi)有①、②、③三根等間距平行放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線，通入的電流強(qiáng)度分別為1A、2A、1A，②中的電流方向?yàn)閏→d且受到安培力的合力方向水平向右，則A.①的電流方向?yàn)閍→b B.①受到安培力的合力方向水平向右C.③的電流方向?yàn)閑→f D.③受到安培力的合力方向水平向左9、如圖所示，線圈的自感系數(shù)較大，開(kāi)關(guān)閉合電路穩(wěn)定后燈泡正常發(fā)光，則下列說(shuō)法正確的是（）A.開(kāi)關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定后，現(xiàn)突然斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)，燈泡立即熄滅B.開(kāi)關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定后，現(xiàn)突然斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)，燈泡慢慢熄滅C開(kāi)關(guān)S原先斷開(kāi)狀態(tài)，現(xiàn)突然閉合開(kāi)關(guān)S時(shí)，燈泡立即變亮D.開(kāi)關(guān)S原先斷開(kāi)狀態(tài)，現(xiàn)突然閉合開(kāi)關(guān)S時(shí)，燈泡慢慢變亮10、用標(biāo)有“6V，3W”的燈泡L1、“6V，6W”的燈泡L2與理想電壓表和理想電流表連接成如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路，其中電源電動(dòng)勢(shì)E=9V．圖乙是通過(guò)兩個(gè)燈泡的電流隨兩端電壓變化的曲線．當(dāng)其中一個(gè)燈泡正常發(fā)光時(shí)()A.電流表的示數(shù)為0.5AB.電壓表的示數(shù)為6VC.電路輸出功率為4WD.電源內(nèi)阻為1Ω三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）小寧同學(xué)用如圖所示的器材研究感應(yīng)電流的方向（1）在給出的實(shí)物圖中，用筆線代替導(dǎo)線將實(shí)驗(yàn)儀器連成完整的實(shí)驗(yàn)電路_______（2）將線圈插入線圈中，閉合開(kāi)關(guān)S瞬間，發(fā)現(xiàn)電流計(jì)指針右偏，則保持開(kāi)關(guān)閉合，以下操作中也能使電流計(jì)右偏的是_________A.插入鐵芯FB.拔出線圈C.使變阻器阻值R變大D.使變阻器阻值R變小12．（12分）濰坊高鐵北站于2018年12月26日正式投入使用，啟用前安裝電磁設(shè)備時(shí)，為減少地磁場(chǎng)的影響，技術(shù)人員用霍爾元件做成的設(shè)備測(cè)地磁場(chǎng)B的大小和方向，該設(shè)備的示意圖如圖所示，設(shè)備的MN端邊沿東西方向、NQ沿南北方向置于水平地面上，通入沿NQ自南向北方向的恒定電流I后，電壓表有讀數(shù)；以MN為軸，緩慢向上抬高PQ端，電壓表示數(shù)發(fā)生變化，當(dāng)它與地面成85°角時(shí)，電壓表讀數(shù)最大為U．若該霍爾元件的載流子M為自由電子，電量為e，單位體積內(nèi)的自由電子個(gè)數(shù)為n，MN和PQ兩端的截面積均為s，MN＝PQ＝d．則該處的地磁場(chǎng)B＝_____；方向_____；該元件電勢(shì)高的一側(cè)是_____（填“MP”或“NQ”）。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的固定平行光滑金屬導(dǎo)軌間的距離L1=1m，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ=，整個(gè)導(dǎo)軌平面內(nèi)存在垂直于導(dǎo)軌平面斜向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.5T，在導(dǎo)軌的底端連接一個(gè)阻值為R=0.5Ω的電阻．一根質(zhì)量m=1kg、電阻不計(jì)、垂直于導(dǎo)軌放置的金屬棒甲通過(guò)平行于導(dǎo)軌平面的絕緣輕繩和一個(gè)質(zhì)量M=1kg、邊長(zhǎng)L2=0.8m、電阻r=0.32Ω的正方形線框乙相連，輕繩繞過(guò)固定在天花板的光滑輕質(zhì)定滑輪．線框乙下方存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為B=0.5T的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，線框乙的下邊距離磁場(chǎng)的上邊界h=4.8m，磁場(chǎng)寬度大于線框邊長(zhǎng)．開(kāi)始時(shí)用外力作用于金屬棒甲，使整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，然后撤去外力，系統(tǒng)從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，線框乙進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)恰好做勻速運(yùn)動(dòng)．已知g=10m/s2，sin=0.6，cos=0.8，求：（1）線框乙剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)輕繩對(duì)金屬棒甲的拉力大小；（2）線框乙剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小以及從開(kāi)始釋放到線框乙剛進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；（3）線框乙從剛開(kāi)始進(jìn)入到完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框乙中產(chǎn)生的焦耳熱14．（16分）如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy中的第一象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第二、三、四象限存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，已知電場(chǎng)強(qiáng)度為E。從第一象限中坐標(biāo)為(L，L)的P點(diǎn)由靜止釋放帶正電的粒子(不計(jì)重力)，該粒子第一次經(jīng)過(guò)x軸時(shí)速度為v0，第二次經(jīng)過(guò)x軸時(shí)的位置坐標(biāo)為(－L,0)，求：(1)粒子的比荷及磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?2)粒子第三次經(jīng)過(guò)x軸時(shí)的速度大小及方向；(3)粒子第二次經(jīng)過(guò)y軸與第三次經(jīng)過(guò)y軸時(shí)兩點(diǎn)間的距離。15．（12分）如圖所示，長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩上端固定，下端連接一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，繩與豎直方向的夾角．已知小球所帶電荷量，勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)，取重力加速度，，．求：（1）小球帶正電還是負(fù)電？（2）小球所受電場(chǎng)力的大?。?）小球的質(zhì)量（4）將電場(chǎng)撤去，小球回到最低點(diǎn)時(shí)速度的大小

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】A．回路中感應(yīng)電流為：，則得A正確；B．產(chǎn)生的熱量為，則得B錯(cuò)誤；C．通過(guò)任一截面的電荷量為q與v無(wú)關(guān)，則得C錯(cuò)誤；D．由于棒勻速運(yùn)動(dòng)，外力的功率等于回路中的功率，即得P∝v2，則得D錯(cuò)誤故選A。2、D【解析】線圈中的電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?，根?jù)安培定則a、c向外，b向里,故D正確，ABC錯(cuò)誤3、D【解析】元電荷是自然界最小的電量，可作為電量的一種單位，不是實(shí)物粒子．故選D.【點(diǎn)睛】對(duì)于元電荷要注意理解，它不是質(zhì)子也不是電子；只是在數(shù)值上等于質(zhì)子或電子帶電量；任何帶電體的電量均為元電荷的整數(shù)倍4、C【解析】圓周上均勻分布的16個(gè)都是電量為+q的小球，由于圓周的對(duì)稱性，圓心處場(chǎng)強(qiáng)為0，則知P處q在圓心處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為E1=k，方向水平向左，可知其余15個(gè)+q在圓心處的場(chǎng)強(qiáng)E2=E1=k，方向水平向右，圖中-2q在圓心處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小E3=k，方向水平向右．根據(jù)電場(chǎng)的疊加有：E2+E3=E，則得E=，故選C【點(diǎn)睛】該題考查了場(chǎng)強(qiáng)疊加原理和點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)的公式還有對(duì)稱性的認(rèn)識(shí)．注意場(chǎng)強(qiáng)是矢量，疊加時(shí)滿足平行四邊形法則.5、D【解析】根據(jù)洛倫茲力提供粒子圓周運(yùn)動(dòng)的向心力得：最后粒子射出回旋加速器的速度為：則最大動(dòng)能為：所以影響粒子獲得的最大動(dòng)能的因素有粒子比荷的大小，回旋加速器內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和回旋加速器的半徑，故選D6、C【解析】?jī)蓚€(gè)球相互吸引，則帶異種電荷，則接觸帶電的原則是總電荷平分，根據(jù)得出接觸后再放回原處的庫(kù)侖力大小【詳解】它們?cè)谙嗑嘁欢ň嚯x時(shí)相互作用力為；兩電荷異性，接觸后再分開(kāi)，兩球電量的絕對(duì)值為2q，此時(shí)兩球的庫(kù)侖力，則F1：F2為5：4，故選C.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是掌握接觸帶電的原則，總電荷平分，同時(shí)要注意原來(lái)的電荷的電性，以及掌握庫(kù)侖定律的公式.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】環(huán)受重力、支持力、洛倫茲力以及摩擦力作用做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)洛倫茲力等于重力時(shí)，支持力為零，摩擦力等于零，環(huán)做勻速直線運(yùn)動(dòng)．根據(jù)能量守恒求出損失的機(jī)械能【詳解】AB．當(dāng)環(huán)受到重力、支持力、摩擦力和洛倫茲力，由于，支持力的方向向下；物體先向右做減速運(yùn)動(dòng)，速度減小，洛倫茲力減小，當(dāng)洛倫茲力等于重力時(shí)，支持力為零，摩擦力為零，環(huán)將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，A正確B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)能量守恒知，損失的機(jī)械能等于環(huán)動(dòng)能的減小量，勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)有，解得，損失的機(jī)械能，C錯(cuò)誤D正確8、CD【解析】根據(jù)右手螺旋定則可確定電流周圍的磁場(chǎng)方向，再根據(jù)左手定則可確定電流方向，即可求解.【詳解】由題，②的電流方向?yàn)閏→d且受到安培力的合力方向水平向右，則②所在處的磁場(chǎng)的方向向里．由于①③中電流的大小是相等的，所以如二者電流的方向相同，則它們?cè)冖谔幍拇艌?chǎng)的和必定等于0，所以①③中電流的方向必須相反，且它們?cè)冖谔幍拇艌?chǎng)的方向都向里．由安培定則可知，①中電流的方向向上，即從b向a；③中電流的方向向下，為e到f．故A錯(cuò)誤，C正確；②和③中電流的方向都向下，在①處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向都向里，根據(jù)左手定則可知，①受到安培力的合力方向水平向左．故B錯(cuò)誤；根據(jù)安培定則，①在③處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向向里，②在③處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向向外；由于②到③的距離比①到③的距離小，而且②的電流比較大，所以③的磁場(chǎng)的方向向外．由左手定則可知，③受到安培力的合力方向水平向左．故D正確．故選CD【點(diǎn)睛】考查右手螺旋定則、左手定則等規(guī)律，形成同向電流相互吸引，異向電流相互排斥的結(jié)論，便于以后解題應(yīng)用.9、AD【解析】AB．當(dāng)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S的瞬間，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，但是線圈與燈泡A在開(kāi)關(guān)斷開(kāi)后，不能形成回路，則燈A立即熄滅，B錯(cuò)誤A正確；CD．開(kāi)關(guān)S原先斷開(kāi)狀態(tài)，現(xiàn)突然閉合開(kāi)關(guān)S時(shí)，由于線圈的自感，電流只能慢慢增大，所以燈泡慢慢變亮，C錯(cuò)誤D正確。故選AD。10、AC【解析】因?yàn)閮蓚€(gè)燈泡串聯(lián)，所以通過(guò)兩燈泡的電流相等，L1的額定電流為I1=P1/U1=0.5A，L2的額定電流為I2=P2/U2=1A，電路中電流為0.5A，所以只有L1正常發(fā)光，故A正確；從圖像中可以看出，電流為0.5A時(shí)，L1兩端電壓為6V，L2兩端電壓為2V，電壓表示數(shù)為2V，故B錯(cuò)誤；電路中輸出功率為P=UI=（2V+6V）x0.5A=4W,故C正確；電源內(nèi)阻r=E-U/I=2Ω，故D錯(cuò)誤，C正確．所以AC正確，BD錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.圖見(jiàn)解析②.AD【解析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行實(shí)物圖連接即可；（2）根據(jù)題意確定電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與磁通量變化的關(guān)系，然后根據(jù)磁通量的變化判斷即可；【詳解】（1）將線圈和電流計(jì)串聯(lián)形成一個(gè)回路，將電鍵、滑動(dòng)變阻器、電源、線圈串聯(lián)而成另一個(gè)回路即可，實(shí)物圖如下所示：（2）當(dāng)線圈插入線圈中，閉合開(kāi)關(guān)S瞬間，穿過(guò)線圈的磁通量增強(qiáng)，從而使電流計(jì)指針右偏，當(dāng)插入鐵芯F或使變阻器阻值R變小導(dǎo)致電流增大都能使線圈的磁通量增強(qiáng)，從而使電流計(jì)指針右偏，故選項(xiàng)AD正確，BC錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題考查感應(yīng)電流的條件、根據(jù)題意判斷出穿過(guò)副線圈磁通量如何變化來(lái)判斷電流的方向以及變化12、①.②.與地面成5°斜向下③.MP【解析】[1]當(dāng)電子受到的電場(chǎng)力和洛倫茲力相等時(shí)，電壓達(dá)到穩(wěn)定，此時(shí)有電流的微觀表達(dá)式為解得[2]由于當(dāng)時(shí)電壓最大為U，此時(shí)磁場(chǎng)方向與霍爾元件垂直，即地磁場(chǎng)方向與地面成5°斜向下；[3]由與載流子為電子，由左手定則可知，電子朝NQ板聚集，即電勢(shì)較高的一側(cè)為MP。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）8N；（2）4m/s，3.2J；（3）1.6J【解析】(1)設(shè)線框乙剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)輕繩對(duì)金屬棒甲的拉力大小為F，系統(tǒng)剛釋放的瞬間，線框乙和金屬棒甲均無(wú)速度，故二者均不受安培力作用．分別對(duì)線框乙和金屬棒甲受力分析，由牛頓第二定律得Mg?F=MaF?mgsinθ=ma代入數(shù)據(jù)解得F=8N(2)當(dāng)線框乙剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框乙和金屬棒甲均做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)此時(shí)系統(tǒng)的速度為v，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，對(duì)線框乙：線框乙底邊切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E2=BL2v，線框乙中流過(guò)的電流線框乙受到的安培力F2=BI2L2，設(shè)此時(shí)繩中的張力為T，對(duì)線框乙由平衡條件得Mg=T+F2對(duì)金屬棒甲：金屬棒甲切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E1=BL1v，回路中流過(guò)的電流金屬棒甲受到的安培力F1=BI1L1，對(duì)金屬棒甲由平衡條件得mgsinθ+F1=T解得v=4m/s對(duì)系統(tǒng)由能量守恒定律得(Mg?mgsinθ)h=E0+(m+M)v2解得電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為E0=3.2J(3)線框乙從剛進(jìn)入磁場(chǎng)到完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，系統(tǒng)做