浙江省武義第三中學2025屆高二物理第一學期期末達標檢測試題含解析

浙江省武義第三中學2025屆高二物理第一學期期末達標檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一物體從A點沿光滑面AB與AC分別滑到同一水平面上的B點與C點，則下列說法中正確的是()A.到達斜面底端時的速度相同B.到達斜面底端時的動能相同C.沿AB面和AC面運動時間一樣長D.沿AC面運動時間長2、某平行板電容器的電容為C，帶電量為Q，相距為d，今在板間中點放一個電量為q的點電荷，則它受到的電場力的大小為（）A. B.C. D.3、如圖所示為小型旋轉電樞式交流發(fā)電機，電阻r＝1Ω的矩形線圈在磁感應強度為B的勻強磁場中，繞垂直于磁場方向的固定軸OO'勻速轉動，線圈的兩端經集流環(huán)和電刷與電路連接，滑動變阻器R的最大阻值為6Ω，滑片P位于滑動變阻器距下端處，定值電阻R1＝2Ω，其他電阻不計，線圈勻速轉動的周期T＝0.02s．閉合開關S，從線圈平面與磁場方向平行時開始計時，線圈轉動過程中理想電壓表示數是5V．下列說法正確的是()A.電阻R1消耗的功率為WB.0.02s時滑動變阻器R兩端的電壓瞬時值為零C.線圈產生的電動勢e隨時間t變化的規(guī)律是VD.線圈從開始計時到s的過程中，通過R1的電荷量為C4、如圖所示，勻強電場中三點A、B、C是一個三角形的三個頂點，∠ABC＝∠CAB＝30°，BC＝2m．已知電場線平行于△ABC所在的平面，一個電荷量q＝﹣1×10﹣6C的點電荷由A移到B的過程中，電勢能增加了1.2×10﹣5J，由B移到C的過程中電場力做功6×10﹣6J，下列說法正確的是（）A.B、C兩點的電勢差UBC＝3VB.該電場的場強為2V/mC.正電荷由C點移到A點的過程中，電勢能減少D.A點的電勢低于B點的電勢5、如圖所示，在光滑水平面上有兩塊木塊A和B，質量均為m，B的左側固定一輕質彈簧．開始時B靜止，A以初速度v0向右運動與彈簧接觸，則在相互作用的過程中（）A.任意時刻，A、B系統(tǒng)的總動能恒定不變B.當彈簧恢復到原長時，A與B具有相同的速度C.當彈簧壓縮到最短長度時，A與B具有相同的速度D.當彈簧壓縮到最短時，系統(tǒng)彈性勢能是A初始動能的6、兩條長直導線AB和CD相互垂直，彼此相隔一很小距離，通以如圖所示方向的電流，其中AB固定，CD可以其中心為軸自由轉動或平動，則CD的運動情況是（）A.順時針方向轉動，同時靠近導線ABB.順時針方向轉動，同時離開導線ABC.逆時針方向轉動，同時離開導線ABD.逆時針方向轉動，同時靠近導線AB二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，光滑平行金屬導軌PP′和QQ′都處于同一水平面內，P和Q之間連接一電阻R，整個裝置處于豎直向下的勻強磁場中。現垂直于導軌放置一根導體棒MN，用一水平向右的力F拉動導體棒MN，以下關于導體棒MN中感應電流方向和它所受安培力的方向的說法正確的是（）A.感應電流方向是N→M B.感應電流方向是M→NC.安培力方向水平向左 D.安培力方向水平向右8、如圖所示是用電子射線管演示帶電粒子在磁場中受洛侖茲力的實驗裝置，圖中虛線是電子的運動軌跡，那么下列關于此裝置的說法正確的有A.A端接的是高壓直流電源的負極B.A端接的是高壓直流電源的正極C.C端是蹄形磁鐵的S極D.C端是蹄形磁鐵的N極9、如圖所示，水平放置的平行板電容器上極板帶正電，從上極板的左端A點緊貼上極板以水平初速度v0向右射入一個帶正電的粒子，粒子重力不計．當它的水平分速度與豎直分速度的大小之比為1︰2時，恰好從下極板的右端B點射出．設極板長為L，板間距為d，則A.d=LB.d=2LC.若粒子初速度為2v0，則粒子從電容器中飛出時距上極板D.若粒子初速度為2v0，則粒子從電容器中飛出時距上極板10、A、B兩個點電荷在真空中所產生電場的電場線(方向未標出)如圖所示．圖中C點為兩點電荷連線的中點，MN為兩點電荷連線的中垂線，D為中垂線上的一點，電場線的分布關于MN左右對稱．則下列說法中正確的是()A.這兩點電荷一定是同種電荷B.這兩點電荷一定是異種電荷C.DC兩點電場強度相等D.C點的電場強度比D點的電場強度大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一內阻未知（約2kΩ~6kΩ）、量程（0~3V）的直流電壓表．某同學用一多用電表的歐姆檔，直接去測量該電壓表的內阻，則歐姆檔的選擇開關應撥至倍率“×_________”檔。該同學先將紅黑表筆短接調零后，應選圖___________（選填“甲”或“乙”）的方式連接。在實驗中，歐姆表的刻度盤如圖丙所示，則電壓表的電壓應為_______________Ω。12．（12分）現有一合金制成的圓柱體用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑，用游標卡尺測量該圓柱體的長度，螺旋測微器和游標卡尺的示數如圖甲和圖乙所示，由圖甲讀得圓柱體的直徑為____mm，由圖乙讀得圓柱體的長度為____cm。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，線段A為某電源的U－I圖線，線段B為某電阻R的U－I圖線，由上述電源和電阻組成閉合電路時，求：（1）電源的輸出功率P出是多大？（2）電源內部損耗的電功率P內是多少？（3）電源的效率η是多大？14．（16分）如圖所示，M為一線圈電阻的電動機，，電源電動勢當S斷開時，電流表的示數為，當開關S閉合時，電流表的示數為求：（1）電源內阻r；（2）開關S閉合時流過R電流；（3）開關S閉合時電動機輸出的機械功率15．（12分）如圖所示，有一寬度為的足夠長的固定U形平行光滑金屬導軌，導軌平面與水平面的夾角為，空間存在范圍足夠大的勻強磁場，磁感應強度大小為，方向與導軌平面垂直．將根質量為．電阻為的金屬棒ab垂直放在導軌上，ab始終與導軌接觸良好．用平行于導軌平面的拉力F作用于ab上，使ab由靜止開始沿導軌向上運動，拉力F的功率始終為6W，當ab棒運動了獲得穩(wěn)定速度，在此過程中，ab棒產生的熱量為，不計導軌電阻，取求棒達到的穩(wěn)定速度；棒從靜止開始到達到穩(wěn)定速度的時間內，通過ab棒橫截面的電荷量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A、B、物體沿斜面下滑，只有重力做功，根據動能定理，有mgh=mv2解得v=即末速度大小與斜面的坡角無關，故A錯誤，B正確；C、D、物體受到的合力為F合=mgsinθ①根據牛頓第二定律，有F合=ma②由運動學公式s==at2③由①②③三式，解得t=即斜面的坡角越大，下滑的越短，故C錯誤，D也錯誤；故選B2、C【解析】由公式聯立解得故選C。3、D【解析】A、根據電壓表示數，結合功率表達式，即可求解；B、從線圈平面與磁場方向平行時開始計時，電壓瞬時值最大；C、從線圈處于垂直中性面開始計時，線圈中感應電動勢的瞬時值表達式e=Emcosωt；D、由電流的平均值可得轉過90°的過程中通過電阻R的電荷量【詳解】滑動片P位于滑動變阻器距下端1/3處，即2Ω，與定值電阻R1=2Ω并聯，再與4Ω串聯，且電壓表示數為5V，則電路中的電流，因此電阻R1電流I1=0.5A；那么阻R1消耗的功率為P=I12R1=0.52×2=0.5W；故A錯誤；因從線圈處于垂直中性面開始計時，線圈中感應電動勢的瞬時值表達式為：e=Emcosωt，因此0.02

s時滑動變阻器R兩端的電壓瞬時值為最大值，故B錯誤；由A選項分析可知，線圈產生感應電動勢有效值為E=I（R+r）=1×（5+1）=6V，那么感應電動勢的最大值為6V，；因此線圈中感應電動勢的瞬時值表達式為：e=6cos100πt（V），故C錯誤；圖示位置磁通量為NBS，從開始計時到1/200s的過程中，由圖示位置轉過90°角的過程中，磁通量由BS減為零，故磁通量的變化為：△?=BS，感應電動勢的平均值為：．感應電流的平均值為：．則線圈從圖示位置轉過90°的過程中通過電阻R的電荷量為：，那么經過R1的電荷量為，故D正確．故選D【點睛】本題涉及交流電壓與交流電流的瞬時值、最大值、有效值和平均值；瞬時值要注意確定相位，對于電表讀數、求產生的熱量均由交變電的有效值來確定，而涉及到耐壓值時，則由最大值來確定，而通過某一電量時，則用平均值來求4、B【解析】根據電勢差的定義式求B、C兩點的電勢差，勻強電場的電場線為相互平行間隔相等的平行線，而等勢線與電場線垂直，由題意知AB連線上一定有一點的電勢與C點相等，故可以找到一條等勢線，根據電場線與等勢線的特點可確定電場線的方向，再根據公式求出電場強度；【詳解】A、由B移到C的過程中電場力做功，則B、C兩點的電勢差為：，故A錯誤；B、同理可知：，由于，則可知：，在AB連線取一點D為該線中點，所以，由于，則，所以C、D電勢相等，所以CD連線為等勢線，而三角形ABC為等腰三角形，所以電場強度方向沿著AB方向，由A指向B．因為，由幾何關系得：，所以，所以該電場的場強為，故B正確；C、由于，根據得：正電荷由C移到A的過程中，電場力做負功，所以電勢能增加，故C錯誤；D、點電荷由A移到B的過程中，電勢能增加，知電場力做功，A、B兩點的電勢差，所以A點的電勢高于B點的電勢，故D錯誤【點睛】本題的關鍵在于找出等勢面，然后才能確定電場線，要求學生明確電場線與等勢線的關系，能利用幾何關系找出等勢點，再根據等勢線的特點確定等勢面，知道公式應用時為沿著電場線方向的距離5、C【解析】A以v0速度向右運動與B發(fā)生無機械能損失的碰撞，根據能量守恒得彈簧的勢能增大過程，A、B系統(tǒng)的總動能減小，故A錯誤；彈簧恢復原長時彈簧彈性勢能為零，系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0＝mvA+mvB，由能量守恒定律得：，解得：vA＝0，vB＝v0，故B錯誤；當彈簧壓縮到最短長度時，A與B具有相同的速度，系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0＝2mv，由能量守恒定律得：EP，解得：vv0，，故C正確，D錯誤；6、D【解析】電流AB產生的磁場在右邊垂直紙面向里，在左邊垂直紙面向外，在CD左右兩邊各取一小電流元，根據左手定則，左邊的電流元所受的安培力方向向下，右邊的電流元所受安培力方向向上，知CD導線逆時針方向轉動，當CD導線轉過90°后，兩電流為同向電流，相互吸引。所以導線CD逆時針方向轉動，同時靠近導線AB，故D正確，ABC錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】以導體棒MN為研究對象，所處位置磁場方向向下、運動方向向右。由右手定則可知，感應電流方向是N→M；再由左手定則可知，安培力方向水平向左。故BD錯，AC對。故選AC。8、AD【解析】AB．由圖可知，電子是從A端射出，則A端是高壓直流電源的負極．故A正確，B錯誤；CD．電子是從A向B運動，且洛倫茲力向下，則由左手定則可得磁場方向由C向D，C端是蹄形磁鐵的N極，故D正確，C錯誤。故選AD。9、AD【解析】帶正電粒子在勻強電場中做類平拋運動，豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，帶電粒子在水平方向做勻速直線運動，水平速度恒為v0，當粒子恰好從下端點B射出，它的水平速度與豎直速度的大小之比為1：2，故豎直分速度為2v0，豎直方向的平均速度為v0，再根據運動的等時性，可得d與L的關系【詳解】帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，水平方向上做勻速直線運動，速度恒為v0，豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運動；當粒子恰好從下端點B射出時，它的水平速度與豎直速度的大小之比為1：2，故豎直方向的末速度為2v0，由勻變速直線的運動規(guī)律可知：豎直方向的平均速度為v0，水平分運動和豎直分運動的運動時間相同，設為t，故，故B錯誤，A正確．若粒子初速度為2v0，則粒子飛出電場時時間變?yōu)樵瓉淼囊话耄鶕芍?，從電容器中飛出時距上極板的距離變?yōu)樵瓉淼?/4，即d/4，選項C錯誤，D正確；故選AD10、BD【解析】AB．根據電場線的特點，從正電荷出發(fā)到負電荷終止可以判斷，這兩點電荷是兩個等量異種電荷．故A錯誤，B正確；BD．在兩等量異號電荷連線的中垂線上，中間點電場強度最大，也可以從電場線的疏密判斷，所以C點的電場強度比D點的電場強度大，故D正確，C錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.100②.甲③.4000【解析】[1]當歐姆表的指針指在中間位置附近時，測量值較為準確，電壓表內阻約為，表盤中央刻度線約為30，為準確測量電壓表內阻，應選擇×100擋;[2]歐姆表的正極插孔與內部電源的負極相連，與電壓表構成一閉合回路，電流從負極流出，進入電壓表的正極，應選擇圖甲正確；[3]由圖示表盤可知，電壓表內阻為。12、①.2.710②.3.975【解析】[1]．由圖所示可知，螺旋測微器固定刻度示數為2.5mm，可動刻度示數為21.0×0.01mm=0.210mm，螺旋測微器示數為2.5mm+0.210mm=2.710mm；[2]．由圖乙所示可知，游標卡尺主尺示數為3.9cm=39mm，游標尺示數為15×0.05mm=0.75mm，游標