安徽省蚌埠市重點(diǎn)中學(xué)2025屆物理高二上期中檢測模擬試題含解析

安徽省蚌埠市重點(diǎn)中學(xué)2025屆物理高二上期中檢測模擬試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示為不帶電空腔球形導(dǎo)體，現(xiàn)將一個帶負(fù)電的小金屬球A放入腔中，當(dāng)導(dǎo)體處于靜電平衡狀態(tài)時(shí)，圖中a、b、c三點(diǎn)的電場強(qiáng)度E和電勢的關(guān)系是（）A．，B．，C．，D．，2、對于正常工作的電風(fēng)扇和電飯鍋，下列說法中正確的是（）A．電風(fēng)扇和電飯鍋消耗的電能均大于各自產(chǎn)生的內(nèi)能B．電風(fēng)扇和電飯鍋消耗的電能均等于各自產(chǎn)生的內(nèi)能C．電風(fēng)扇消耗的電能大于產(chǎn)生的內(nèi)能，電飯鍋消耗的電能等于產(chǎn)生的內(nèi)能D．電風(fēng)扇消耗的電能等于產(chǎn)生的內(nèi)能，電飯鍋消耗的電能大于產(chǎn)生的內(nèi)能3、如圖所示，電子在電勢差為U1的加速電場中由靜止開始運(yùn)動，然后射入電勢差為U2的兩塊平行極板間的電場中，入射方向跟極板平行．整個裝置處在真空中，電子的重力不計(jì)．在滿足電子能射出平行板區(qū)的條件下，下述四種情況中，一定能使電子的偏轉(zhuǎn)位移h變大的是A．U1變大 B．U1變小 C．U2變大 D．U2變小4、如圖所示,半徑為r的圓形空間內(nèi),存在著垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場,一個帶電粒子(不計(jì)重力)從A點(diǎn)以速度2ｖ0垂直于磁場方向射入磁場中,并從B點(diǎn)射出.若∠AOB=120°,則該帶電粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間為（）A． B． C． D．5、如圖，a、b是一條電場線上的兩點(diǎn)，將一個電子從a點(diǎn)處由靜止釋放，電子從a運(yùn)動到b過程中，它運(yùn)動的v-t圖線如圖所示，則以下判斷正確的是（）A．該電場可能是勻強(qiáng)電場B．電子在a點(diǎn)受到的電場力小于電子在b點(diǎn)受到的電場力C．a(chǎn)點(diǎn)的電勢低于b點(diǎn)的電勢D．從a運(yùn)動到b，電子的電勢能逐漸增大6、在如圖所示的電路中，電源的負(fù)極接地，其電動勢為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，A、V為理想電流表和電壓表。在滑動變阻器滑片P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是A．電壓表示數(shù)減小B．電流表示數(shù)減小C．電阻R2消耗的功率增大D．a(chǎn)點(diǎn)的電勢降低二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩個通電小球帶電后相互推斥，如圖所示。兩懸線跟豎直方向各有一個夾角a、，a＞且兩球在同一水平面上。則一定能判斷的是A．兩球的質(zhì)量大小關(guān)系B．兩球帶電量大小關(guān)系C．繩子中的拉力大小關(guān)系D．兩球帶同種電荷8、如圖所示，虛線a、b、c表示在O處某一點(diǎn)電荷的電場中的三個等勢面，設(shè)兩相鄰等勢面間的間距相等。一電子射入電場后的運(yùn)動軌跡如圖中實(shí)線所示，其中1、2、3、4表示電子的運(yùn)動軌跡與等勢面的一些交點(diǎn)。由此可以判定A．電子在1、2、3、4位置處所具有的電勢能與動能的總和一定相等B．O處的點(diǎn)電荷一定帶負(fù)電C．a(chǎn)、b、c三個等勢面的電勢關(guān)系是φa>φb>φcD．電子從位置1到2和從位置3到4的過程中電場力做功的關(guān)系是|W12|＝2W349、下列哪些做法可以減小平行板電容器的電容（）A．僅增大兩板間的距離B．增大兩板間的距離同時(shí)使兩板錯開一點(diǎn)C．在兩板之間插入云母D．減少極板上的電荷量10、某實(shí)驗(yàn)小組用圖示裝置探究影響平行板電容器電容的因素．若兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為θ．實(shí)驗(yàn)中，假定極板所帶電荷量不變，下列判斷中正確的是A．保持S不變，增大d，則C變小，θ變大B．保持S不變，增大d，則C變大，θ變小C．保持d不變，減小S，則C變小，θ變大D．保持d不變，減小S，則C變大，θ變小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器輸入的交流電的頻率是50Hz，則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔_______秒打一個點(diǎn)。若測得紙帶上打下的第5個到第15個點(diǎn)的距離為20.00cm，則物體在這段位移的平均速度為_________m/s。12．（12分）有一個小燈泡上有“4V2W”的字樣，現(xiàn)要描繪這個小燈泡的伏安特性曲線．現(xiàn)有下列器材供選用：A．電壓表（1～5V，內(nèi)阻11kΩ）B．電壓表（1～11V，內(nèi)阻21kΩ）C．電流表（1～1．3A，內(nèi)阻1Ω）D．電流表（1～1．6A，內(nèi)阻1．4Ω）E．滑動變阻器（11Ω，2A）F．滑動變阻器（1kΩ，1A）G．學(xué)生電源（直流6V），還有電鍵、導(dǎo)線若干（1）電流表應(yīng)選，滑動變阻器應(yīng)選（用序號字母表示）．（2）為使實(shí)驗(yàn)誤差盡量減小，要求從零開始多取幾組數(shù)據(jù)，請?jiān)诜娇騼?nèi)畫出滿足實(shí)驗(yàn)要求的電路圖．（3）若該同學(xué)已正確選用器材，并連接好部分實(shí)驗(yàn)電路．如圖所示，請?jiān)趫D中完成其余的電路連接四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）被截去1/4的圓形軌道與直軌道相切于A點(diǎn)，整個軌道固定在水平桌面上，空間足夠大范圍存在勻強(qiáng)電場,場強(qiáng)大小為E，方向與直軌道成θ=37°夾角，俯視圖如圖．質(zhì)量為m，電量為q的帶正電小球緊貼桌面，靠著軌道某點(diǎn)P靜止釋放，軌道與桌面絕緣和光滑，圓軌道半徑為R．已知sin37°=0.6，cos37°=0.1．求：(1)若PA=R，小球剛進(jìn)入圓軌道時(shí)對軌道的壓力大?。?2)改變釋放點(diǎn)P與A的距離，使小球能沿著軌道運(yùn)動到D點(diǎn)，則小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度至少多大．14．（16分）子從容器A下方的狹縫S1飄入（初速度為零）電壓為U的加速電場區(qū)，加速后再通過狹縫S2后再從狹縫S3垂直于磁場邊界射入偏轉(zhuǎn)磁場，該偏轉(zhuǎn)磁場是一個以直線MN為上邊界、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，離子經(jīng)偏轉(zhuǎn)磁場后最終到達(dá)照相底片D上，不考慮離子間的相互作用．（1）若離子的電荷量為q，它最終打在照相底片D上的位置到狹縫S2的距離為d，求粒子的質(zhì)量m；（2）若容器A中有大量如（1）中所述的離子，它們經(jīng)過電場加速后由狹縫S3垂直進(jìn)入磁場時(shí)，可認(rèn)為速度大小相等，但速度方向并不都嚴(yán)格垂直于邊界，其中偏離垂直于MN方向的最大偏角為θ，則照相底片D上得到的譜線的寬度為多少？（3）若容器A中有電荷量相等的銅63和銅65兩種離子，它們經(jīng)電場加速后垂直于MN進(jìn)入磁場中會發(fā)生分離，但實(shí)際工作時(shí)加速電壓的大小會在范圍內(nèi)微小變化，為使這兩種離子將來打在照相底片上的區(qū)域不發(fā)生交疊，應(yīng)小于多少？（結(jié)果用百分?jǐn)?shù)表示，保留兩位有效數(shù)字）；15．（12分）如圖(甲)所示，一對間距為d的水平放置的平行金屬板A、B，兩板的中央各有一小孔O1、O2，在a、b兩端加上如圖(乙)所示的電壓，同時(shí)在c、d兩端加上如圖(丙)所示的電壓。當(dāng)t＝0時(shí)，開關(guān)S接1處，此時(shí)，一質(zhì)量為m帶電量為-q的帶負(fù)電微粒P恰好靜止于兩孔連線的中點(diǎn)處(P、O1、O2在同一豎直線上)。重力加速度為g，兩金屬板外的電場及空氣阻力不計(jì)。（1）U0應(yīng)為多大？（2）若在時(shí)刻將開關(guān)S從1瞬間扳至2，微粒P可以恰好運(yùn)動至O1點(diǎn)，則周期T為多少？（3）若在到t＝T之間的某個時(shí)刻，把開關(guān)S從1瞬間扳至2，可使微粒P以最大的動能從A板中央的O1小孔射出，則周期至少為多少？以及微粒P再次回到O1時(shí)為哪一時(shí)刻？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】

當(dāng)導(dǎo)體處于靜電平衡狀態(tài)時(shí)，空腔球形導(dǎo)體內(nèi)表面感應(yīng)出正電荷，外表面感應(yīng)出負(fù)電荷.根據(jù)電場線的分布可知，由于a處電場線較密，c處電場線較疏，b處場強(qiáng)為零.則Ea>Ec>Eb.順著電場線方向，電勢逐漸降低.整個空腔球形導(dǎo)體是一個等勢體，表面是一個等勢面，分析可知電勢關(guān)系是.A．，，與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；B．，，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯誤；C．，，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯誤；D．，，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯誤；2、C【解析】試題分析：在計(jì)算電功率的公式中，總功率用P=IU來計(jì)算，發(fā)熱的功率用P=I2R來計(jì)算，如果是計(jì)算純電阻的功率，這兩個公式的計(jì)算結(jié)果是一樣的，但對于電動機(jī)等非純電阻，第一個計(jì)算的是總功率，第二個只是計(jì)算發(fā)熱的功率，這兩個的計(jì)算結(jié)果是不一樣的．解：電風(fēng)扇屬于非純電阻，輸入的功率一部分會發(fā)熱，但更多的是對外做功，所以電風(fēng)扇消耗的電能要大于產(chǎn)生的內(nèi)能，電飯鍋屬于純電阻，輸入的功率全部的用來發(fā)熱產(chǎn)生內(nèi)能，所以電飯鍋消耗的電能等于產(chǎn)生的內(nèi)能，所以ABD錯誤，C正確．故選C．【點(diǎn)評】對于電功率的計(jì)算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公式是不一樣的．3、BC【解析】

試題分析：設(shè)電子的質(zhì)量是m，電荷量為e，經(jīng)電勢差為的電場加速后，由動能定理可得，經(jīng)平行金屬板射出時(shí)，其水平速度和豎直速度分別為，，由此可得,，當(dāng)l，d一定時(shí)，減小或者增大都能使偏轉(zhuǎn)角增大，所以BC正確，考點(diǎn)：本題考查了帶電粒子在電場中的運(yùn)動點(diǎn)評：對于力電綜合問題仍然要進(jìn)行受力分析，運(yùn)動狀態(tài)分析和過程分析，若物體參與兩個方向上的運(yùn)動，做復(fù)雜的曲線運(yùn)動，則利用動能定理和能量守恒的方式求解4、C【解析】

由圖可知，粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為60°，R=r；轉(zhuǎn)過的弧長為；則運(yùn)動所用時(shí)間，故選C．5、C【解析】

AB：由電子的速度時(shí)間圖象可得，電子從a到b做加速度減小的加速運(yùn)動，電子所受電場力逐漸減小，則電子在a點(diǎn)受到的電場力大于電子在b點(diǎn)受的電場力，a點(diǎn)電場強(qiáng)度大于b點(diǎn)電場強(qiáng)度。故AB兩項(xiàng)錯誤。C：電子從a到b做加速運(yùn)動，所受電場力的方向由a指向b，場強(qiáng)方向由b指向a，則φa<φD：電子從a到b做加速運(yùn)動，從a到b過程中電場力做正功，電子的電勢能減小。故D項(xiàng)錯誤。6、D【解析】

A.在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器在路電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大，則電壓表示數(shù)變大，故A錯誤；B.電阻R2兩端的電壓U2＝E?I（R1＋r），I增大，則U2變小，則通過電阻R2的電流，所以I2減小，干路電流I增大，I2減小，故支路電流I1增大，故B錯誤；C.電阻R2兩端的電壓變小，電阻不變，由，所以電阻R2消耗的功率變??；故C錯誤；D.根據(jù)外電路中順著電流方向，電勢降低，可知，a的電勢大于零，a點(diǎn)的電勢等于R2兩端的電壓，U2變小，則a點(diǎn)的電勢降低，故D正確；二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

D、兩個球相互排斥,故一定帶同種電荷,故D對

A、對左側(cè)小球受力分析,受重力mg,拉力T和靜電斥力F,如圖

根據(jù)平衡條件,有F=Tsinmg=Tcos計(jì)算得：F=mgtan再對右側(cè)小球受力分析,同理有F=Mgtan兩個小球之間的庫侖力相等，因?yàn)閍＞，所以m<M，故A對；B、兩個小球之間的庫侖力相等，根據(jù)F=kC、根據(jù)勾股定理可知T=F2+故選ACD【點(diǎn)睛】兩球相互排斥,故帶同種電荷,根據(jù)牛頓第三定律可以知道相互排斥力相等,與帶電量無關(guān);再根據(jù)平衡條件得到排斥力的表達(dá)式進(jìn)行分析.

本題關(guān)鍵是對小球受力分析,根據(jù)平衡條件得到電場力表達(dá)式,然后再結(jié)合牛頓第三定律進(jìn)行分析判斷.8、AB【解析】

A．電子在運(yùn)動的整個過程中只受電場力，故只有電場力做功，電場力做功等于電勢能的減小量，總功又等于動能的增加量,故電勢能和動能之和守恒,所以A正確;B．因?yàn)榍€運(yùn)動的合力應(yīng)該指向內(nèi)側(cè),故從電子的運(yùn)動軌跡可以看出,電子受到排斥力,故O處的場源電荷是負(fù)電荷，故B正確;C．因?yàn)閳鲈措姾墒秦?fù)電荷，又因?yàn)檠刂妶鼍€電勢降低,故結(jié)合負(fù)點(diǎn)電荷的電場線分布規(guī)律可以知道：故C錯誤;D．因?yàn)樨?fù)點(diǎn)電荷的電場不是勻強(qiáng)電場,電場線越密的地方，等差等勢面也越密；故從位置1到位置2電場力做的功大于從位置3到位置4電場力做功的兩倍,故D錯誤;故選AB.9、AB【解析】

根據(jù)電容的決定式：C=εS4πkd可知，減小平行板電容器的電容方法有：減小電容器極板間的正對面積，或增大電容器極板間的距離，故AB正確；根據(jù)電容的決定式：C=εS4πkd可知，在兩板之間插入云母電容將會增大，故C錯誤；電容的定義式：C=QU可知，電容C與極板的帶電量、電壓均無關(guān)，由電容器本身決定，故10、AC【解析】根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板間距離成反比，當(dāng)保持S不變，增大d時(shí)，電容減小，因極板所帶電荷量Q不變，由電容的定義式，分析可知板間電勢差增大，靜電計(jì)指針的偏角θ變大．故A正確，B錯誤．根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板的正對面積成正比，當(dāng)保持d不變，減小S時(shí)，電容C減小，極板所帶電荷量Q不變，則由電容的定義式，可知板間電勢差U增大，靜電計(jì)指針的偏角θ變大．故C正確，D錯誤．故選AC．點(diǎn)睛：本題是電容動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵抓住兩點(diǎn)：一是電容器的電量Q不變；二是關(guān)于電容的兩個公式:決定式和定義式．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.021【解析】

[1][2]交變電流的頻率是50Hz，則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02s打一個點(diǎn)．平均速度為：12、（1）DE（2）（3）【解析】試題分析：（1）因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應(yīng)稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數(shù)不準(zhǔn)確；故只能選用1～5V的電壓表．由P=UI得，燈泡的額定電流I=1．5A，故電流表應(yīng)選擇1～1．6A的量程，故電流表選D；而由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，而分壓接法中應(yīng)選總阻值小的滑動變阻器，故選E；（2）在用伏安法描繪這個燈泡的I一U圖線的實(shí)驗(yàn)中，電壓要從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法；由于燈泡的電阻較小，所以選擇電流表外接法．所以電路圖如圖．（3）按電路圖畫出實(shí)際電路圖為考點(diǎn)：描繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)．【名師點(diǎn)睛】（1）儀表的選擇應(yīng)本著安全準(zhǔn)確的原則；電壓表要測量燈泡兩端的電壓，故應(yīng)通過燈泡的額定電壓值判斷需要的電壓表；由流過燈泡的電流判斷需要的電流表；由題意判斷需要的滑動變阻器；（2）根據(jù)滑動變阻器分壓及限流接法的不同作用，結(jié)合題意選擇滑動變阻器的接法；由電流表、電壓表與燈泡內(nèi)阻間的大小關(guān)系確定電流表的接法．本題考查實(shí)驗(yàn)中的儀表選擇及接法的選擇；應(yīng)注意滑動變阻器分壓及限流接法的區(qū)別及應(yīng)用，同時(shí)還應(yīng)明確內(nèi)外接法的不同及判斷．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)2.2qE；(2)【解析】

(1)從P到A由動能定理可知：在A點(diǎn)由牛頓第二定律可得：解得