吉林市重點中學(xué)2025屆物理高二上期末達標檢測模擬試題含解析

吉林市重點中學(xué)2025屆物理高二上期末達標檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，將直徑為d，電阻為R的閉合金屬環(huán)從勻強磁場B中拉出，這一過程中通過金屬環(huán)某一截面的電荷量為（）A. B.C. D.2、奧斯特實驗說明了（）A.磁場的存在B磁場具有方向性C.通電導(dǎo)線周圍存在磁場D.磁體間有相互作用3、如右圖甲所示，水平的光滑桿上有一彈簧振子，振子以O(shè)點為平衡位置，在a、b兩點之間做簡諧運動，其振動圖象如圖乙所示．由振動圖象可以得知()A.振子的振動周期等于t1B.在t＝0時刻，振子的位置在a點C.在t＝t1時刻，振子的速度為零D.從t1到t2，振子正從O點向b點運動4、在顯像管的電子槍中，從熾熱的金屬絲不斷放出的電子進入電壓為的加速電場，設(shè)其初速度為零，經(jīng)加速后形成橫截面積為S、電流為I的電子束。已知電子的電荷量為e、質(zhì)量為m，則在剛射出加速電場時，一小段長為的電子束內(nèi)的電子個數(shù)是（）A. B.C. D.5、如圖所示，三根長直導(dǎo)線垂直于紙面放置，通以大小相同、方向垂直紙面向外的電流，ac⊥bd，且ab＝ad＝ac，則a點處磁感應(yīng)強度的方向為（）A.沿紙面由a向bB.沿紙面由a向cC.垂直于紙面向外D.垂直于紙面向里6、如圖所示為地磁場的示意圖．從太陽和其他星體發(fā)射出的高能粒子流，稱為宇宙射線，在射向地球時，由于地磁場的存在，改變了帶電粒子的運動方向，對地球起到了保護作用，下列說法正確的是：A.地球內(nèi)部也存在磁場,地磁S極在地理南極附近B.地球表面任意位置的地磁場方向都與地面平行C.若帶正電的粒子流垂直射向赤道,在進入地球周圍的空間將向東偏轉(zhuǎn)D.若帶正電粒子流垂直射向赤道,在進入地球周圍的空間將向北偏轉(zhuǎn)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在垂直紙面向里的勻強磁場中放置一足夠長的絕緣棒，棒與水平方向夾角為，將帶電小球套在棒上，小球質(zhì)量為m，帶電量為-q，小球與棒間動摩擦因數(shù)為，小球由靜止開始下滑的過程中（）A.先加速后勻速B.先加速后減速最終勻速C.最大速度為D.最大加速度為gsin8、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r．當(dāng)滑動變阻器R2的滑片P向左滑動時，下列說法正確的是A.電阻R3消耗的功率變大B.電容器C上電荷量變大C.燈L變暗D.R1兩端的電壓變化量的絕對值小于R2兩端的電壓變化量的絕對值9、為了測量某化工廠的污水排放量，技術(shù)人員在該廠的排污管末端安裝了如圖所示的流量計，該裝置由絕緣材料制成，長、寬、高分別為a、b、c，左右兩端開口，在垂直于上、下底面方向加磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，在前、后兩個內(nèi)側(cè)固定有金屬板作為電極，污水充滿管口從左向右流經(jīng)該裝置時，電壓表將顯示兩個電極間的電壓U。若用Q表示污水流量（單位時間內(nèi)排出的污水體積），下列說法中正確的是（）A.若污水中正離子較多，則前表面比后表面電勢高B.前表面的電勢一定低于后表面的電勢，與哪種離子多少無關(guān)C.污水中離子濃度越高，電壓表的示數(shù)將越大D.污水流量Q與U成正比，與a、b無關(guān)10、如圖所示，M、N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板，兩板間電壓可取從零到某一最大值之間的各種數(shù)值．靜止的帶電粒子帶電荷量為＋q，質(zhì)量為m（不計重力），從點P經(jīng)電場加速后，從小孔Q進入N板右側(cè)的勻強磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直于紙面向外，CD為磁場邊界上的一絕緣板，它與N板的夾角為θ=30°，孔Q到板的下端C的距離為L，當(dāng)M、N兩板間電壓取最大值時，粒子恰垂直打在CD板上，則()A.兩板間電壓的最大值 B.CD板上可能被粒子打中區(qū)域的長度C.粒子在磁場中運動的最長時間 D.能打到N板上的粒子的最大動能為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用伏安法測某一電阻，如果采用如圖甲所示的電路，測量值為R1，如果采用如圖乙所示電路，測量值為R2，則電阻的真實值為R真，它們之間的關(guān)系是：R1___R真，R2____R真（填“＞”、“＝”或“＜”），這種誤差屬于_________誤差12．（12分）某同學(xué)利用單擺測量重力加速度（1）為了使測量誤差盡量小，下列說法正確的是（）A．組裝單擺須選用密度和直徑都較小的擺球B．組裝單擺須選用輕且不易伸長的細線C．實驗時須使擺球在同一豎直面內(nèi)擺動D．?dāng)[長一定的情況下，擺的振幅盡量大（2）下列擺動圖像真實地描述了對擺長約為1m的單擺進行周期測量的四種操作過程，圖中橫坐標原點表示計時開始，A、B、C均為30次全振動的圖象，已知sin5°=0.087，sin15°=0.26，這四種操作過程合乎實驗要求且誤差最小的是__________。（填字母代號）A.B.C.D.（3）如圖所示，在物理支架的豎直立柱上固定有擺長約1m的單擺。實驗時，由于僅有量程為20cm、精度為1mm的鋼板刻度尺。于是他先使擺球自然下垂，在豎直立柱上與擺球最下端處于同一水平面的位置做一標記點，測出單擺的周期T1；然后保持懸點位置不變，設(shè)法將擺長縮短一些，再次使擺球自然下垂，用同樣方法在豎直立柱上做另一標記點，并測出單擺的周期T2；最后用鋼板刻度尺量出豎直立柱上的兩標記點之間的距離△L。用上述測量結(jié)果，寫出重力加速度的表達式____________。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，BCDG是光滑絕緣的圓形軌道，位于豎直平面內(nèi)，軌道半徑為R，下端與水平絕緣軌道在B點平滑連接，整個軌道處在水平向左的勻強電場中，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶正電的小滑塊（可視為質(zhì)點）置于水平軌道上，滑塊受到的電場力大小為3mg，滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為0.5，若滑塊從水平軌道上距離B點距離為s＝4R的A點由靜止釋放（重力加速度為g）。求：(1)滑塊到達圓軌道最高點D點時的速度大小v0；(2)滑塊到達圓軌道最高點D點時受到軌道的作用力大小F。14．（16分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間距L=0.5m，導(dǎo)軌與水平面成θ=37°．導(dǎo)軌上端連接有E=6V、r=1Ω的電源和滑動變阻器．長度也為L的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置且與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒的質(zhì)量m=0.2kg、電阻R0=1Ω，整個裝置處在豎直向上的勻強磁場中，金屬棒一直靜止在導(dǎo)軌上．當(dāng)滑動變阻器的阻值R=1Ω時金屬棒剛好與導(dǎo)軌間無摩擦力．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）此時電路中電流I；（2）當(dāng)滑動變阻器接入電路的電阻為4Ω時金屬棒受到的摩擦力大小15．（12分）如圖1所示，將重物A通過細繩纏繞在發(fā)電機轉(zhuǎn)軸上．閉合開關(guān)后，讓重物下落，會發(fā)現(xiàn)小燈泡被點亮．發(fā)電機內(nèi)部由線框和磁場構(gòu)成，為了研究該問題，我們把它簡化為如圖2中的模型，虛線框內(nèi)存在豎直向上的勻強磁場，導(dǎo)體棒與水平放置的平行導(dǎo)軌始終垂直．導(dǎo)軌間距為L，磁感應(yīng)強度為B，重物質(zhì)量為，導(dǎo)體棒質(zhì)量為，燈泡電阻為R，不考慮燈泡電阻變化，忽略一切摩擦，不計導(dǎo)軌、導(dǎo)體棒電阻（1）結(jié)合該簡化模型，說明小燈泡為什么會被點亮；（2）重物加速下落過程中，當(dāng)其速度為v時，求此時導(dǎo)體棒的加速度大??；（3）在圖3的坐標系中定性畫出回路中電流隨時間變化的規(guī)律，并說明圖線與坐標軸圍成的面積的物理意義

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】金屬環(huán)的面積：由法拉第電磁感應(yīng)定律得：由歐姆定律得，感應(yīng)電流：感應(yīng)電荷量：q=I△t，解得：故A正確，BCD錯誤；故選A【點睛】本題考查了求磁通量的變化量、感應(yīng)電荷量等問題，應(yīng)用磁通量的定義式、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、電流定義式即可正確解題，求感應(yīng)電荷量時，也可以直接用公式計算2、C【解析】奧斯特將通電導(dǎo)線放于小磁針上方時發(fā)現(xiàn)小磁針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，說明了通電導(dǎo)線周圍存在著磁場A.磁場的存在．與結(jié)論不符，故A錯誤；B.磁場具有方向性．與結(jié)論不符，故B錯誤；C.通電導(dǎo)線周圍存在磁場．與結(jié)論相符，故C正確；D.磁體間有相互作用．與結(jié)論不符，故D錯誤3、D【解析】A中振子的振動周期等于2t1，故A不對；B中在t=0時刻，振子的位置在O點，然后向左運動，故B不對；C中在t=t1時刻，振子經(jīng)過平衡位置，此時它的速度最大，故C不對；D中從t1到t2，振子正從O點向b點運動，故D是正確的4、C【解析】根據(jù)動能定理得：得到：在剛射出加速電場時，一小段長為的電子束內(nèi)電子電量為：電子數(shù)為：聯(lián)立解得：故選C。5、A【解析】先用安培定則確定三根通電直導(dǎo)線在a點產(chǎn)生的磁場的方向，利用矢量的疊加分析疊加后磁場大小和方向，從而作出判斷；【詳解】根據(jù)安培定則知：直導(dǎo)線b在a點產(chǎn)生磁場與直導(dǎo)線d在a點產(chǎn)生磁場方向相反，大小相等，則合磁場為零；而直導(dǎo)線c在a點產(chǎn)生磁場，方向沿紙面由a向b，即為沿紙面由a向b，故A正確，BCD錯誤【點睛】解決本題時要知道磁感應(yīng)強度既有大小，又有方向，是矢量，它的合成遵循矢量合成的平行四邊形法則6、C【解析】根據(jù)題圖可知，考查地磁場以及帶電粒子在磁場中的運動．地球外部，地磁場從地理的南極指向地理的北極，帶正電的粒子，地磁場的方向在赤道的上空從南指向北，根據(jù)左手定則判斷出質(zhì)子流所受洛倫茲力的方向【詳解】A、由地磁場的特點可知，地磁S極在地理北極附近，故A錯誤；B、由地磁場磁感線分布特點可知，只有地球赤道的地磁場方向與地面平行，故B錯誤；CD、帶正電的粒子的運動方向從上而下射向地球表面，地磁場方向在赤道的上空從南指向北，根據(jù)左手定則，洛倫茲力的方向向東，所以向東偏轉(zhuǎn)．故C正確，D錯誤【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握地磁場的方向，以及會運用左手定則判斷洛倫茲力的方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】AB．小球下滑時受垂直斜桿向下的洛倫茲力，開始時速度較小，洛倫茲力較小，由，隨速度的增加，加速度減小，最后加速度減為零時做勻速運動，選項A正確，B錯誤；C．當(dāng)加速度為零時速度最大，即解得選項C錯誤；D．開始運動時加速度最大，即v=0時，解得a=gsinθ，選項D正確；故選AD.8、BCD【解析】A．當(dāng)滑動變阻器的滑片P向左滑動時，電阻變小，則外電路的總電阻變小，小電阻分小電壓，則外電壓變小，故消耗的功率：變小，故A錯誤；B．變小，外電路的總電阻變小，則干路總電流變大，而上電壓變小，則電流變小，故上電流變大，電壓變大，故電容器兩端電壓變大，，則電荷量變大，故B正確；C．變小，小電阻分小電壓，則的電壓變小，燈泡的電壓變小，故燈L變暗，故C正確；D．兩端的電壓變大，兩端的電壓變小，二者電壓之和等于外電壓，由前面分析之外電壓變小，故兩端增加的電壓小于兩端減小的電壓，故D正確9、BD【解析】AB.由左手定則知正離子向后表面偏轉(zhuǎn)，負離子向前表面偏轉(zhuǎn)，前表面的電勢一定低于后表面的電勢，與離子的多少無關(guān)，故B正確A錯誤；C.最終離子在電場力和洛倫茲力作用下平衡：解得則電壓表的示數(shù)與離子濃度無關(guān)，故C錯誤；D.由流量解得則Q與U成正比，與a、b無關(guān)，故D正確。故選BD。10、ACD【解析】畫出粒子運動軌跡的示意圖，如圖所示，A.當(dāng)M、N兩板間電壓取最大值時，粒子恰垂直打CD板上，可知粒子半徑r=L，在加速電場中，根據(jù)動能定理在偏轉(zhuǎn)磁場中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得可得兩板間電壓的最大值，故A正確；B.設(shè)粒子軌跡與CD相切于H點，此時粒子半徑為，粒子軌跡垂直打在CD邊上的G點，則GH間距離即為粒子打中區(qū)域的長度s，根據(jù)幾何關(guān)系解得，則可得粒子打中區(qū)域的長度故B錯誤；C.粒子在磁場中運動的周期，粒子在磁場中運動的最大圓心角，所以粒子在磁場中運動的最長時間為，故C正確；D.當(dāng)粒子在磁場的軌跡與CD邊相切時，即粒子半徑時，打到N板上的粒子的動能最大，最大動能為，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得qvB=m解得能打到N板上的粒子的最大動能為，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.<；②.>；③.系統(tǒng)；【解析】根據(jù)電流表接法確定電壓、電流的偏差，從而根據(jù)歐姆定律得到電阻偏差；根據(jù)誤差來源判斷誤差類型【詳解】電流表外接時，電壓表測得電壓為電阻兩端電壓，電流表測的電流為電阻和電壓表的總電流，故電流偏大，那么，電阻偏小，即；電流表內(nèi)接時，電壓表測得電壓為電阻和電流表兩端的電壓，故電壓偏大，電流表電流為通過電阻的電流，那么，電阻偏大，即；這些誤差是由實驗設(shè)計本身造成的，實驗方案不變，那么誤差不變；那么，按照誤差分類可知：這種誤差為系統(tǒng)誤差【點睛】伏安法測電阻實驗中，若最大電流大于電流表量程則采用分壓式接法，一般采用限流式接法；被測電阻較大，電流表采用內(nèi)接法；被測電阻較小，電流表采用外接法12、①.BC②.A③.【解析】（1）[1]．A．組裝單擺須選用密度較大、直徑較小的擺球，選項A錯誤；B．組裝單擺須選用輕且不易伸長的細線，選項B正確；C．實驗時須使擺球在同一豎直面內(nèi)擺動，不能成圓錐擺，選項C正確；D．?dāng)[長一定的情況下，擺的振幅不應(yīng)過大，否則就不是簡諧振動，選項D錯誤；故選BC.（2）[2]．當(dāng)擺角小于等于5°時，我們認為小球做單擺運動，所以振幅約為：A=lsin5°=1×0.087m=8.7cm，當(dāng)小球擺到最低點開始計時，誤差較小，測量周期時要讓小球做30-50次全振動，求平均值，所以A合乎實驗要求且誤差最小。（3）[3]．由單擺周期公式，根據(jù)題意看得：解得：；四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)4；(2)15mg【解析】（1）從A點到D點的過程，由動能定理得：qEs﹣μmgs﹣2mgR＝由題意知：qE＝3mg，μ=0.5，s＝4R代入數(shù)據(jù)解得：vD＝4（2）滑塊到達D點時，重力和軌道作用力的合力提供向心力，則有：mg+F′＝m解得：F′＝15mg根據(jù)牛頓第三定律知，滑塊到達圓軌道最高點D點時受到軌道的作用力大小為：F＝F′＝15mg14、（1）（2）【解析】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律，當(dāng)滑動變阻器的電阻為R1=1Ω時，電流（2）金屬棒受重力mg、安培力F和支持力FN如圖根據(jù)平衡條件可得，mgsinθ=F1cosθ

又F1=BI1l

聯(lián)立上式，解得磁感應(yīng)強度當(dāng)滑