2025屆遼寧省大連市海灣高級中學高三上物理期中學業(yè)水平測試試題含解析

2025屆遼寧省大連市海灣高級中學高三上物理期中學業(yè)水平測試試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、以下說法正確的是A．電流的定義式是B．我們從教學樓一樓爬到5樓、6樓，樓梯臺階對我們的支持力做了正功C．庫侖發(fā)現(xiàn)了電荷間相互作用的規(guī)律，并由此提出了“場”的概念D．洛倫茲力總是不做功的2、如圖所示，某轉筆高手能讓筆繞O點勻速轉動，A是筆尖上的點，B是A和O的中點．A、B兩點線速度大小分別是vA、vB，角速度大小分別是ωA、ωB，向心加速度大小分別是aA、aB，周期大小分別是TA、TB，則()A．vA＝2vBB．ωA＝2ωBC．a(chǎn)A＝aBD．TA＝2TB3、在靜電場中，關于場強、電勢和電勢差的說法正確的是（）A．電勢為零的地方場強也一定為零，場強為零的地方電勢也一定為零B．電勢降落的方向必定是電場強度的方向，場強在數(shù)值上等于單位距離上的電勢差C．電勢高的地方電場強度不一定大，電場強度大的地方電勢不一定高D．沿著電場線方向，任何相同距離上的電勢降落必定相同4、風速儀結構如圖（a）所示．光源發(fā)出的光經(jīng)光纖傳輸，被探測器接收，當風輪旋轉時，通過齒輪帶動凸輪圓盤旋轉，當圓盤上的凸輪經(jīng)過透鏡系統(tǒng)時光被擋?。阎L輪葉片轉動半徑為r，每轉動n圈帶動凸輪圓盤轉動一圈．若某段時間Δt內(nèi)探測器接收到的光強隨時間變化關系如圖（b）所示，則該時間段內(nèi)風輪葉片A．轉速逐漸減小，平均速率為B．轉速逐漸減小，平均速率為C．轉速逐漸增大，平均速率為D．轉速逐漸增大，平均速率為5、北斗導航系統(tǒng)又被稱為“雙星定位系統(tǒng)”，具有導航、定位等功能．如圖所示，北斗導航系統(tǒng)中的兩顆工作衛(wèi)星均繞地心做勻速圓周運動，且軌道半徑均為r，某時刻工作衛(wèi)星1、2分別位于軌道上的A、B兩個位置，若兩衛(wèi)星均沿順時針方向運行，地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛(wèi)星間的相互作用力，下列判斷正確的是()A．這兩顆衛(wèi)星的加速度大小相等，均為B．衛(wèi)星1由A位置運動到B位置所需的時間是C．衛(wèi)星1由A位置運動到B位置的過程中萬有引力做正功D．衛(wèi)星1向后噴氣就一定能夠追上衛(wèi)星26、一質(zhì)點做勻加速直線運動，在時間t內(nèi)發(fā)生得而位移為x．已知該質(zhì)點的加速度為，則該質(zhì)點的末動能與初動能的之比為()A．3B．4C．9D．16二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，AB為斜面，BC為水平面．從A點以水平速度v向右拋出小球時，其落點與A點的水平距離為s1；從A點以水平速度3v向右拋出小球時，其落點與A點的水平距離為s2.不計空氣阻力，則s1∶s2可能為A．1∶3 B．1∶8 C．1∶12 D．1∶248、如圖所示，在直角坐標系xOy的第Ⅰ象限存在著方向平行于y軸的勻強電場，場強大小為5×103N/C．一個可視為質(zhì)點的帶電小球在t=0時刻從y軸上的a點以沿x軸正方向的初速度進入電場，圖中的b、c、d是從t=0時刻開始每隔0.1s記錄到的小球位置，已知重力加速度的大小是10m/s1．則以下說法正確的是A．小球從a運動到d的過程中，電勢能一定減小B．小球從a運動到d的過程中，機械能一定減小C．小球的初速度是0.60m/sD．小球的比荷(電荷量/質(zhì)量)是1×10-3C/kg9、如圖所示，一個長直輕桿兩端分別固定一個小球和，其中、兩球的質(zhì)量分別為和，兩球半徑忽略不計，桿的長度為。先將輕桿豎直靠放在豎直墻上，輕輕撥動小球，使小球在水平面上由靜止開始向右滑動，當小球沿墻下滑距離為時，下列說法正確的是（不計一切摩擦，重力加速度為）A．小球沿墻下滑的過程中小球的機械能守恒B．小球沿墻下滑距離為時，小球的速度為C．長直輕桿對做功為D．長直輕桿對做功為10、如圖所示，發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1，然后點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后再次點火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道1．軌道1、2相切于Q點，軌道2、1相切于P點，設衛(wèi)星在1軌道和1軌道正常運行的速度和加速度分別為v1、v1和a1、a1，在2軌道經(jīng)過P點時的速度和加速度為v2和a2，且當衛(wèi)星分別在1、2、1軌道上正常運行時周期分別為T1、T2、T1，以下說法正確的是A．v1＞v2＞v1 B．v1＞v1＞v2 C．a(chǎn)1＞a2＞a1 D．T1＞T2＞T1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用如圖甲所示的實驗裝置，探究輕質(zhì)彈簧的彈性勢能與形變量的關系，光滑水平桌面距地面高為h，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端與質(zhì)量為m的小鋼球接觸，彈簧處于原長時，將小球向左推，壓縮彈簧一段距離后由靜止釋放，在彈簧彈力的作用下，小球從桌子邊緣水平飛出，小球落到位于水平地面的復寫紙上，從而在復寫紙下方的白紙P點留下痕跡．(已知重力加速度為g)(1)實驗測得小球的落點P到O點的距離為l，那么由理論分析得到小球釋放前壓縮彈簧的彈性勢能Ep與h、l、mg之間的關系式為________________；(2)改變彈簧壓縮量進行多次實驗，測量數(shù)據(jù)如下表所示，請在圖乙坐標紙上作出x－l圖象______.彈簧壓縮量x/m0.0200.0400.0600.0800.1000.120小球飛行水平距離l/m0.51.01.52.42.63.0(3)由圖象得出x與l的關系式為__________；由實驗得到彈簧彈性勢能Ep與彈簧壓縮量x之間的關系式為________．12．（12分）某實驗小組用橡皮條與彈簧秤驗證"力的平行四邊形定則”，實驗裝置如圖甲所示。其中A為固定橡皮條的圖釘，0為橡皮條與細繩的結點，OB和OC為細繩。(1)本實驗用的彈贊測力計示數(shù)的單位為N，圖甲中彈簧測力計的示數(shù)為_________N；(2)實驗時，主要的步驟是:A．在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；B．用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點，在橡皮條的另一端拴上兩條細繩，細繩的另一端系著繩套:C．用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結點到達某一位置0.讀出兩個彈簧測力計的示數(shù)，記下兩條細繩的方向；D．按選好的標度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧測力計的拉力F1和F2的圖示，并用平行四邊形定則求出合力F合；E.只用一只彈簧測力計，通過細繩套拉橡皮條使其仲長，把橡皮條的結點拉到同一位置O，讀出彈簧測力計的示數(shù)，記下細繩的方向，按某一標度作出這個力F′合的圖示；F.比較F′合和F合的大小和方向，看它們是否相同，得出結論。上述步驟中:①有重要遺漏的步驟的序號和遺漏的內(nèi)容分別是__________和__________；②有敘述內(nèi)容錯誤的序號及正確的說法分別是__________和_______________________.(3)實驗中，下列要求不必要的是____________(請?zhí)顚戇x項前對應的字母)A．實驗前測量橡皮條原長B．彈簧測力計應在使用前校零C．拉線方向應與木板平面平行D．多次重復試驗時，每次都要使結點O在同一位置，實驗過程中橡皮條與彈簧秤都不能超過彈性限度(4)根據(jù)實驗結果作出力的圖示如圖乙所示。在圖乙中用一只彈簧測力計拉橡皮條時拉力的圖示為_______；它的等效力是_____________.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平面光滑，在虛線的右側存在場強大小為E，方向向左的勻強電場．一個不帶電的小球A恰好靜止在虛線與水平面的交點處．電場中，在與A球相距l(xiāng)遠處由靜止釋放一帶電量為+q的小球B，經(jīng)一段時間后A、B發(fā)生了彈性正碰．已知A小球的質(zhì)量為mA，B小球的質(zhì)量為mB，有mA=2mB．若A、B均為金屬小球，形狀大小均相同，且可視為質(zhì)點，不考慮電場邊緣效應，求：(1)碰撞前瞬間B小球的速度；(2)碰撞后B小球在電場中向右運動的最遠距離（已知兩小球碰后電量均分，且不考慮小球間的庫侖力作用）．14．（16分）如圖所示，A、B是水平傳送帶的兩個端點，起初以的速度順時針運轉．今將一質(zhì)量為1kg的小物塊（可視為質(zhì)點）無初速度地輕放在A處，同時傳送帶以的加速度加速運轉，物體和傳送帶間的動摩擦因素為0.2，水平桌面右側有一豎直放置的光滑軌道CPN，其形狀為半徑R=0.8m的圓環(huán)剪去了左上角1350的圓弧，PN為其豎直直徑，C點與B點的豎直距離為R，物體在B點水平離開傳送帶后由C點恰好無碰撞落入軌道．取g=10m/s2，求：（1）物塊由A端運動到B端所經(jīng)歷的時間．（2）AC間的水平距離（3）小物塊在P點對軌道的壓力．15．（12分）衛(wèi)星發(fā)射進入預定軌道時往往需要進行多次軌道調(diào)整．如圖所示，某次發(fā)射任務中先將衛(wèi)星送至近地圓軌道，然后衛(wèi)星從圓軌道上A點加速，控制衛(wèi)星進入橢圓軌道，最后在B點進入距地高為6R的預定圓形高軌道運動，其中A、B分別是兩個圓軌道與橢圓軌道相切之處．已知衛(wèi)星從A點到B點所需的時間為t0，地球半徑為R．假定衛(wèi)星在兩個圓軌道上穩(wěn)定運行時均做勻速圓周運動，求：（1）衛(wèi)星在高軌道上運行時的周期；（2）地表的重力加速度．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：電流的定義式是，A錯誤；我們從教學樓一樓爬到5樓、6樓，樓梯臺階對我們的支持力做不做功，B錯誤；庫侖發(fā)現(xiàn)了電荷間相互作用的規(guī)律，但沒有提出“場”的概念，C錯誤；洛倫茲力總是不做功的，D正確?？键c：本題考查電流、功、場。2、A【解析】

A.筆桿上的各個點都做同軸轉動，所以角速度是相等的；A是筆尖上的點，B是A和O的中點，所以rB=rA/2，根據(jù)v=ωr，所以vA=2vB，故A正確，B錯誤；C.由向心加速度公式an=ω2R，筆桿上的點離O點越遠的，做圓周運動的向心加速度越大。故C錯誤；D.筆桿上的各個點都做同軸轉動，所以周期是相等的，故D錯誤。故選：A3、C【解析】

場強與電勢沒有直接關系．場強越大的地方電勢不一定越高，場強為零的地方電勢不一定為零．電勢為零是人為選取的．勻強電場中場強和電勢差的關系式是U=Ed，d是沿電場線方向兩點間的距離．沿著電場線方向，任何相同距離上的電勢降落U必定相等．電勢降低最快的方向一定是電場強度的方向．【詳解】A項：電勢為零是人為選取的，則電勢為零的地方場強可以不為零；同樣場強為零的地方電勢不一定為零，因為電勢為零是人為選取的，故A錯誤；B項：沿電場線方向電勢逐漸降低，電勢降低的方向，不一定是電場強度方向，在勻強電場中場強在數(shù)值上等于沿電場線方向單位距離上的電勢差，在非勻強電場中或在勻強電場中不沿電場線方向，場強在數(shù)值上不等于單位距離上的電勢差，故B錯誤；C項：沿著電場線的方向電勢逐漸降低，電場線密的地方，電場強度大，電場線疏的地方電場強度?。妱莞叩牡胤诫妶鰪姸炔灰欢ù?，電場強度大的地方，電勢不一定高，故C正確；D項：在勻強電場中，沿電場線方向任何相同距離上的電勢降落相同，如果是非勻強電場，沿電場線方向相等距離的電勢降落不一定相等，故D錯誤．故應選：C．【點睛】對于電勢與場強的大小關系：兩者沒有關系，可根據(jù)電勢高低看電場線的方向，場強大小看電場線疏密來理解．4、B【解析】

根據(jù)題意，從圖（b）可以看出，在時間內(nèi)，探測器接收到光的時間在增長，圓盤凸輪的擋光時間也在增長，可以確定圓盤凸輪的轉動速度在減?。辉跁r間內(nèi)可以從圖看出有4次擋光，即圓盤轉動4周，則風輪葉片轉動了4n周，風輪葉片轉過的弧長為，葉片轉動速率為：，故選項B正確．【點睛】先通過圖示判斷圓盤凸輪的轉動速度變化和轉動圈數(shù)，再通過圓周運動的關系計算葉片轉動速率．5、B【解析】在地球表面重力與萬有引力大小相等有可得GM=gR2，又衛(wèi)星在軌道上運動萬有引力提供圓周運動的加速度，故有可得衛(wèi)星的加速度，故A錯誤；萬有引力提供圓周運動向心力有：可得衛(wèi)星運行周期為：，所以衛(wèi)星從位置1到位置2所需時間，故B正確；衛(wèi)星1由位置A運動到位置B的過程中，由于萬有引力始終與速度垂直，故萬有引力不做功，故C錯誤；衛(wèi)星1向后噴氣，衛(wèi)星做加速運動，在軌道上做圓周運動所需向心力增加，而提供向心力的萬有引力沒有發(fā)生變化，故衛(wèi)星將做離心運動，衛(wèi)星軌道變大，故衛(wèi)星不能追上同軌道運行的衛(wèi)星2，故D錯誤；故選B．點睛：關于萬有引力的應用中，常用公式是在地球表面重力等于萬有引力，衛(wèi)星繞地球做圓周運動萬有引力提供圓周運動向心力，掌握衛(wèi)星的變軌原理，這是正確解決本題的關鍵．6、C【解析】

令質(zhì)點的初速度為v0，末速度為v，則據(jù)速度時間關系有：x=v0t+at2=v0t+??t2=v0t+x，可得x=2v0t；勻變速直線運動有：，所以有：2v0＝可得：v=3v0；因Ek=mv2∝v2即：Ek:Ek0=9:1；故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】試題分析：本題可分三種情況進行討論：①若兩次小球都落在BC水平面上，則下落的高度相同，所以運動的時間相同，由x=v0t②若兩次小球都落在斜面AB上，設斜面傾角為θ，則有在沿斜面垂直的方向上（注意這只是一個分運動），小球作自由落體運動，設運動的時間分別為t1和t2，則：由v2=dt2tanθ=yx=1③若第一次落在斜面AB上，第二次落在水平面BC上，根據(jù)平拋運動的基本規(guī)律可知其水平位移比值在1：3到1：1之間．故AB可能考點：考查了平拋運動規(guī)律的應用8、BCD【解析】

在豎直方向上，由△y=aT1得，，說明電場力方向豎直向上，小球從a運動到d的過程中，電場力做負功，則其電勢能一定增大．故A錯誤．電場力做負功，則小球的機械能一定減小．故B正確．在水平方向上，小球做勻速直線運動，則有

．故C正確．由牛頓第二定律得：，得，．故D正確．9、BC【解析】

A．A沿墻下滑的過程中小球受重力、桿對它的彈力和墻對它的彈力，除重力做功外，桿的彈力對A小球做負功，所以A的機械能不守恒，故A錯誤；B．當小球A沿墻下滑距離為時，設A球的速度為vA，B球的速度為vB，根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒得兩球沿桿子方向上的速度相等，則有聯(lián)立解得：故B正確；C．對B球，根據(jù)動能定理得故C正確；D．對A球，根據(jù)動能定理得解得：故D錯誤。10、BD【解析】

AB、人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力得線速度v，所以v1＞v1，在橢圓軌道遠地點實施變軌成圓軌道是做逐漸遠離圓心的運動，要實現(xiàn)這個運動必須萬有引力小于衛(wèi)星所需向心力，所以應給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力，衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過P點的速率大于在軌道2上經(jīng)過P點的速率，即v1＞v2，故有v1＞v1＞v2，故A錯誤，B正確；C、人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力得a，所以a1＞a1＝a2．故C錯誤；D、根據(jù)開普勒第三定律得k，所以T1＜T2＜T1．故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解析】（1）小球從桌子邊緣水平飛出，做平拋運動，有，；壓縮彈簧將小球向左推，由能量守恒可得，聯(lián)立上述式子得；（2根據(jù)給出的數(shù)據(jù)利用描點法可得出對應的圖像如圖所示（3）由圖象得出x與s的關系式為；實驗得到彈簧彈性勢能與彈簧壓縮量x之間的關系式為12、4.2CC中應加上“記錄下O點的位置”EE中應說明“按同一標度”ADF′F【解析】

(1)[1]彈簧測力計的刻度不是10分度的，其最小分度為0.2N，故不需要估讀;(2)①[2][3]步驟C中有遺漏，應加上“記錄下O點的位置”②[4][5]步驟E中有錯誤，作力的圖示應“按同一標度”；(3)[6]因為實驗中需要拉力的大小與方向，方向由細線描出，大小有彈簧測力計直接讀出，不需要測量橡皮條原長；為減小測量誤差，彈簧測力計應在使用前校零，拉力的方向與木板平面平行；改變拉力進行多次實驗，O點位置可以不同；但拉力不能過大，實驗過程中橡皮條與彈簧秤都不能超過彈性限度。所以選AD。(4)[7][8]在圖乙中用一只彈簧測力計拉橡皮條時拉力的圖示為F，它與橡皮條在同一直線上；它的等效力是F，是兩個彈簧的彈力的合力，用平行四邊形定則作出的，因為有誤差，不一定與橡皮條在同一直線上。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】

(1)根據(jù)動能定理即可求解B球的初速度；（2）A與B發(fā)生彈性碰撞，由動量守恒和能是守恒可求出碰撞后A、B的速度，再根據(jù)動能定理可求解B球向右運動的最遠距離．【詳解】(1)對B球，由出發(fā)至即將發(fā)生碰撞，根據(jù)動能定理有：解得