西藏自治區(qū)拉薩市拉薩中學2025屆高三物理下學期第七次月考試題含解析

PAGE17-西藏自治區(qū)拉薩市拉薩中學2025屆高三物理下學期第七次月考試題（含解析）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.某金屬發(fā)生光電效應，光電子的最大初動能Ek與入射光頻率之間的關系如圖所示。已知h為普朗克常量，e為電子電荷量的肯定值，結合圖像所給信息，下列說法正確的是（）A.頻率大于的入射光不行能使該金屬發(fā)生光電效應現(xiàn)象B.該金屬的逸出功等于C.若用頻率是的光照耀該金屬，則遏止電壓為D.遏止電壓隨入射光的頻率增大而減小【答案】B【解析】【詳解】A．由題知，金屬的極限頻率為，而發(fā)生光電效應的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，故頻率大于的入射光可以使該金屬發(fā)生光電效應現(xiàn)象，故A錯誤；B．由題知，金屬的極限頻率為，該金屬的逸出功等于故B正確；C．依據(jù)光電效應方程知若用頻率是的光照耀該金屬，則光電子的最大初動能是，則遏止電壓為故C錯誤；D．依據(jù)光電效應方程知遏止電壓為可知遏止電壓隨入射光的頻率增大而，故D錯誤。故選B。2.兩相鄰勻強磁場區(qū)域的磁感應強度大小不同、方向相同。一速度方向與磁感應強度方向垂直的電子，從較弱磁場區(qū)域進入到較強磁場區(qū)域后，粒子的（）A.軌道半徑減小，角速度增大 B.軌道半徑減小，角速度減小C.軌道半徑增大，角速度增大 D.軌道半徑增大，角速度減小【答案】A【解析】【詳解】依據(jù)洛倫茲力充當向心力可知解得，故從較弱的磁場區(qū)域進入較強的磁場區(qū)域后粒子的軌道半徑減?。挥捎诼鍌惼澚Σ蛔龉?，因此粒子運動的速度大小不變，依據(jù)可知角速度增大，故A正確，BCD錯誤。故選A。3.宇航員在某星球上能用比地球上小得多的力搬起同一個鐵球。則下列說法中正確的是（）A.說明這星球的半徑比地球的半徑小B.說明這星球上宇航員將同一拉力器拉至相同長度時比地球上更省力C.說明這星球表面的重力加速度比地球表面的重力加速度小D.說明這星球的第一宇宙速度比地球的第一宇宙速度小【答案】C【解析】【詳解】AC．一位宇航員在某星球上能用比地球上小得多的力搬起石頭，說明某星球的重力加速度小于地球的重力加速度，在星球表面上有，依據(jù)又解得，由于這個星球與地球密度大小關系不知道，故無法知道兩星球的半徑大小，故A錯誤，C正確；B．在地球上和在某星球上將同一拉力器拉至相同長度時拉力器的彈力相同，則宇航員用力相同，與重力加速度無關，故B錯誤；D．在星球表面上空有，依據(jù)萬有引力供應向心力在星球表面上有，依據(jù)聯(lián)立解得，由于不知道兩星球的半徑大小，故兩星球的第一宇宙速度大小無法比較，故D錯誤。故選C。4.如圖，半徑為R、粗糙程度到處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平。一質(zhì)量為m的質(zhì)點自P點上方高度R處由靜止起先下落，恰好從P點進入軌道。質(zhì)點滑到軌道最低點N時，對軌道的壓力為3mg，g為重力加速度的大小。用W表示質(zhì)點從P點運動到N點的過程中克服摩擦力所做的功。則（）A.W=mgR，質(zhì)點恰好可以到達Q點B.W=mgR，質(zhì)點不能到達Q點C.W=mgR，質(zhì)點到達Q點后，接著上升一段距離D.W=mgR，質(zhì)點到達Q點后，接著上升一段距離【答案】B【解析】【詳解】A．當質(zhì)點滑到軌道最低點N時，依據(jù)牛頓其次定律解得對質(zhì)點從下落到N點的過程運用動能定理得解得由于PN段速度大于NQ段速度，所以NQ段的支持力小于PN段的支持力，則在NQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功，對NQ段運用動能定理得解得因為無解，所以質(zhì)點不能到達Q點，故ACD錯誤，B正確。故選B。5.一汽車在平直馬路上做剎車試驗，t=0時刻起運動位移與速度的關系式為x=20-0.2v2（m），下列分析正確的是（）A.上述過程的加速度大小為10m/s2B.剎車過程持續(xù)的時間為4sC.t=0時刻的初速度為20m/sD.剎車過程的位移為5m【答案】B【解析】【詳解】AC．依據(jù)勻變速直線運動規(guī)律得于題目中的運動位移與速度的關系式比較系數(shù)可得計算得出負號表示與運動方向相反，故AC錯誤；B．依據(jù)代入數(shù)據(jù)，解得剎車過程持續(xù)的時間為故B正確；D．依據(jù)代入數(shù)據(jù)，解得剎車過程的位移為故D錯誤。故選B。6.如圖所示，兩個等量異種點電荷分別位于P、Q兩點，P、Q兩點在同一豎直線上，水平面內(nèi)有一正三角形ABC，且PQ連線的中點O為三角形ABC的中心，M、N為PQ連線上關于O點對稱的兩點，則下列說法中正確的是（）A.A、B、C三點的電勢相等B.電子在O點具有的電勢能大于在B點具有的電勢能C.M點場強等于N點場強D.將一正點電荷從A點移到O點，電場力做正功【答案】AC【解析】【詳解】A．依據(jù)空間幾何的位置關系可知，A、B、C三點到P、Q兩點的距離均相等，三點的場強和電勢均相等，故A正確；B．電子帶負電，電勢小的電勢能大，由于O點電勢大于B點的電勢，電子在O點具有的電勢能小于在B點具有的電勢能，故B錯誤；C．依據(jù)等量異種電荷電場線的分布可知電場線的疏密程度是關于O點所在的中垂線對稱的，所以M點場強等于N點場強，故C正確；D．A點電勢小于O點電勢，正點電荷從A點移到O點，電勢上升，電勢能上升，電場力做負功，故D錯誤。故選AC。7.如圖所示，兩導軌在水平面內(nèi)平行放置，一端與志向變壓器相連，勻強磁場垂直于導軌所在的平面，導體棒ab垂直于導軌并接觸良好。現(xiàn)對導體棒施加周期性外力，使導體棒在導軌上運動，速度隨時間改變規(guī)律為v=v0sinωt，其中v0、ω為定值。志向變壓器另一端連接滑動變阻器R，電路中電壓表和電流表均為志向溝通電表，導體棒和導軌電阻不計?，F(xiàn)使滑動變阻器R滑片向上移動，下列說法正確的是（）A.電流表讀數(shù)變小 B.電壓表讀數(shù)不變C.電流表讀數(shù)變大 D.R消耗功率變小【答案】BC【解析】【詳解】ABC．由于導體棒在導軌上運動速度隨時間改變規(guī)律為v=v0sinωt依據(jù)導體棒切割磁感應線產(chǎn)生的感應電動勢計算公式e=BLv可得e=BLv0sinωt即原線圈的電動勢隨時間呈正弦規(guī)律改變，在副線圈中會產(chǎn)生感應電動勢，電壓表的示數(shù)確定于原線圈的電壓和匝數(shù)比，原線圈的輸入電壓不變、匝數(shù)比不變，滑動變阻器R滑片向上移動時，電壓表讀數(shù)不變；滑動變阻器R滑片向上移動，副線圈回路總電阻減小，依據(jù)歐姆定律可知則電流表讀數(shù)變大，故BC正確，A錯誤；D．R兩端電壓不變、電流變大，依據(jù)P=U2I可知R消耗功率增大，故D錯誤。故選BC。8.隨著現(xiàn)代物質(zhì)生活水平的不斷提高，電動兒童小車已經(jīng)成為現(xiàn)代家庭兒童的標配，質(zhì)量為m=10kg的電動兒童小車置于粗糙水平地面上，小車由靜止加速啟動過程的位移時間圖像如圖所示。已知圖線是一條x＝kt2的拋物線，小車運動過程受到的阻力恒為40N，重力加速度取g＝10m/s2。下列說法正確的是（）A.小車0~3s內(nèi)的平均速度為0.9m/sB.小車啟動過程的加速度為2m/s2C.小車5s末牽引力的功率為138WD.小車0~3s內(nèi)牽引力做功為138J【答案】AC【解析】【詳解】AB．依據(jù)位移時間公式與x＝kt2比較系數(shù)，再結合圖像可得v0=0a=0.6m/s2小車0~3s內(nèi)的位移為小車0~3s內(nèi)的平均速度為故A正確，B錯誤；C．依據(jù)牛頓其次定律代入數(shù)據(jù)解得F=46N小車5s末牽引力的功率為故C正確；D．小車0~3s內(nèi)牽引力做功為故D錯誤。故選AC。三、非選擇題：共174分，第22~32題為必考題，每個試題考生都必需作答，第33~38題為選考題，考生依據(jù)要求做答。（一）必考題：共129分。9.如圖甲所示，用落體法驗證機械能守恒定律，打出如圖乙所示的一條紙帶。已知打點計時器頻率為50Hz。(1)依據(jù)紙帶所給數(shù)據(jù)，打下B點時重物的速度為________m/s。（結果保留三位有效數(shù)字）(2)某位同學選用兩個形態(tài)相同，質(zhì)量不同的重物a和b分別進行試驗，測得幾組數(shù)據(jù)后，畫出-h圖像，并求出圖線的斜率k1和k2，如圖丙所示，由圖像可知a的質(zhì)量________b的質(zhì)量。（選填“大于”，“小于”或“等于”）(3)通過分析發(fā)覺造成k2值偏小的緣由是試驗中存在各種阻力，已知試驗所用重物的質(zhì)量m2＝0.055kg，當?shù)刂亓铀俣萭＝9.78m/s2，求出重物所受的平均阻力f＝______N【答案】(1).2.07(2).大于(3).0.033【解析】【詳解】(1)［1］依據(jù)在勻變速直線運動中，依據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的速度為(2)［2］依據(jù)動能定理得可得知圖線的斜率為b的斜率小，知b的質(zhì)量小，所以a的質(zhì)量m1大于b的質(zhì)量m2。(3)［3］依據(jù)動能定理知可得則有代入數(shù)據(jù)解得f=0.033N10.某試驗小組測定一水果電池的電動勢和內(nèi)阻，試驗室供應的試驗器材如下：待測水果電池E（電動勢約為1.3V，內(nèi)阻約為200Ω）；直流電流表A1（量程0~600mA，內(nèi)阻為0.6Ω）；直流電流表A2（量程0~60mA，內(nèi)阻為6Ω）；直流電流表A3（量程0~6mA，內(nèi)阻為60Ω）；電壓表V1（量程0~1.5V，內(nèi)阻約為1.5kΩ）；電壓表V2（量程0~5V，內(nèi)阻約為3kΩ）；電壓表V3（量程0~15V，內(nèi)阻約為15kΩ）；滑動變阻器R1（最大電阻5Ω，額定電流10A）；滑動變阻器R2（最大電阻50Ω，額定電流1A）；滑動變阻器R3（最大電阻500Ω，額定電流0.1A）；開關S、導線若干。（1）現(xiàn)用電壓表和電流表測水果電池的電動勢和內(nèi)阻，要求測量有盡可能高的精確度且便于調(diào)整，應選擇的電流表選_______，電壓表選_______，滑動變阻器選_______（填所給器材符號）。（2）請在虛框中畫出試驗電路圖_________?！敬鸢浮?1).A3(2).V1(3).R3(4).【解析】【詳解】（1）[1]因水果電池的內(nèi)阻較大，則測量電路中的電流不大，最大電流為6mA左右，所以可選擇的電流表是A3。[2]因水果電池的電動勢約為1.3V，為確保電壓測量精確，電壓表應選擇V1。[3]因水果電池的內(nèi)阻較大，為了使調(diào)整變阻器時電流有明顯改變，應選擇阻值較大的滑動變阻器R3。（2）[4]因電流表的內(nèi)阻已知，則可用電流表外接電路，電路圖如圖11.如圖所示，上下表面均粗糙且足夠長的木板A靜置于水平地面上。物塊B與A間的動摩擦因數(shù)為μ0＝0.2，物塊C與A材料相同，與水平地面間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.1，物塊B放在木板A上，它們的質(zhì)量分別為mA＝3kg，mB＝1kg，mC＝2kg。起先時A、B、C均靜止，A的右端與C左端相距L=4m?，F(xiàn)對A施加一水平向右F＝6N的恒力，A、B保持相對靜止一起向右加速運動。一段時間后A與C正碰，且碰撞時間極短并粘在一起，最終A、B、C共速。取重力加速度g＝10m/s2，求：(1)A、C碰前瞬間B的速度大??？(2)B相對A滑動的距離S【答案】（1）2m/s；（2）0.133m【解析】【詳解】(1)由題意可知，起先時，A和B相對靜止一起向右運動，由動能定理得：[F－μ(mA＋mB)g]L＝(mA＋mB)解得A、C碰前瞬間B的速度大小v1＝2m/s(2)當A、C發(fā)生碰撞時，碰撞時間極短，A、C系統(tǒng)的動量守恒，則有mAv1＝(mA＋mC)v2解得v2＝1.2m/sA、C所受地面的摩擦力Ff＝μ(mA＋mB＋mC)g＝6N＝F所以A、B、C所受的合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，最終A、B、C共速，由動量守恒定律和能量守恒得mBv1＋(mA＋mC)v2＝(mA＋mB＋mC)v3mB＋(mA＋mC)＝(mA＋mB＋mC)＋μmBgS解得S=012.如圖所示，在xOy平面的其次象限內(nèi)有沿y軸負方向的勻強電場，電場強度的大小E＝100V/m，第一象限某區(qū)域內(nèi)存在著一個邊界為等邊三角形的勻強磁場，磁場方向垂直xOy平面對外。一比荷＝107C/kg的帶正電粒子從x軸上的P點射入電場，速度大小v0＝2×104m/s，與x軸的夾角θ＝60°。該粒子經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后，由y軸上的Q點以垂直于y軸的方向進入磁場區(qū)域，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)射出，后來恰好通過坐標原點O，且與x軸負方向的夾角α(1)OQ的長度？(2)磁場的磁感應強度大??；(3)等邊三角形磁場區(qū)域的最小面積？【答案】（1）0.15m；（2）0.02T；（2）【解析】【詳解】(1)粒子在電場中沿x軸正方向的分運動是勻速直線運動，沿y軸正方向的分運動是勻變速直線運動，沿y軸方向依據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可得v0sinθ=at依據(jù)牛頓其次定律可得qE＝ma沿x軸正方向OP=v0cosθ?t聯(lián)立可得OQ=0.15m(2)粒子在磁場中作半徑為r的勻速圓周運動，其軌跡如圖所示，

依據(jù)幾何關系由解得r=0.05m洛倫茲力供應向心力，依據(jù)牛頓其次定律得代入數(shù)據(jù)解得B=0.02T(3)依據(jù)粒子運動軌跡和幾何關系可知，以弦QD為邊長L的△QRD是磁場區(qū)域面積最小的等邊三角形，如圖所示由幾何學問得所以最小面積為（二）選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答。假如多做，則每科按所做的第一道題計分。13.下列說法正確的是()A.液晶顯示器利用了液晶的光學性質(zhì)具有各向異性的特點B.杯中的茶水漸漸冷卻，該過程中有的水分子的運動速率反而增大了C.早晨時陽光透過窗戶射入房間，視察到空中飄舞的粉塵在做布朗運動D.在南方的梅雨季節(jié)，濕衣服較不簡單晾干，這是相對濕度較大的原因E.空調(diào)可以把熱量從溫度較低的室內(nèi)傳遞到溫度較高的室外而不引起其他改變【答案】ABD【解析】【詳解】A．液晶具有液態(tài)時呈現(xiàn)各向同性、固態(tài)時呈現(xiàn)晶體各向異性的特點，液晶顯示器利用了液晶的光學性質(zhì)具有各向異性的特點，故A正確；B．依據(jù)麥克斯韋速率分布規(guī)律，當溫度降低時，大部分液體分子的速率減小，但個別分子的速率可能增大了，故B正確；C．空中飄舞的粉塵的運動是由于氣流作用引起的宏觀表現(xiàn)，不是布朗運動，故C錯誤；D．在南方的梅雨季節(jié)，空氣中的相對濕度較大，蒸發(fā)變慢，濕衣服較不簡單晾干，故D正確；E．依據(jù)熱力學其次定律，空調(diào)把熱量從溫度較低的室內(nèi)傳遞到溫度較高的室外須要消耗電能，故E錯誤。故選ABD．14.某物理社團受“蛟龍?zhí)枴钡膯l(fā)，設計了一個測定水深的深度計。如圖，導熱性能良好的氣缸I、II內(nèi)徑相同，長度均為L，內(nèi)部分別有輕質(zhì)薄活塞A、B，活塞密封性良好且可無摩擦左右滑動，氣缸I左端開口。外界大氣壓強為p0，氣缸I內(nèi)通過A封有壓強為p0的氣體，氣缸II內(nèi)通過B封有壓強為2p0的氣體，一細管連通兩氣缸，初始狀態(tài)A、B均位于氣缸最左端．該裝置放入水下后，通過A向右移動的距離可測定水的深度。已知p0相當于10m高的水產(chǎn)生的壓強，不計水溫改變，被封閉氣體視為志向氣體，求：(i)當A向右移動時，水的深度h；(ii)該深度計能測量的最大水深hm?！敬鸢浮?1)3.33m；（2）20m【解析】詳解】（i）當A向右移動時，設B不移動，對I內(nèi)氣體，由玻意耳定律得解得而此時B中氣體的壓強為，故B不動由解得水的深度（ii）該裝置放入水下后，由于水的壓力A向右移動，I內(nèi)氣體壓強漸漸增大，當壓強增大到大于后B起先向右移動，當A恰好移動到缸底時所測深度最大，此時原I內(nèi)氣體全部進入Ⅱ內(nèi)，設B向右移動x距離，兩部分氣體壓強均為對原I內(nèi)氣體，由玻意耳定律得對原II內(nèi)氣體，由玻意耳定律得又聯(lián)立解得15.一條彈性繩子呈水平狀態(tài).M為繩子中點,兩端P.Q同時起先上下振動,一小段