廣東省佛山市普通高中高三教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)（一）物理試題

廣東省佛山市普通高中2018屆高三教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)（一）物理試題二、選擇題：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1.圖示為公路自行車(chē)賽中運(yùn)動(dòng)員在水平路面上急轉(zhuǎn)彎的情景，運(yùn)動(dòng)員在通過(guò)彎道時(shí)如果控制不當(dāng)會(huì)發(fā)生側(cè)滑而摔離正常比賽路線，將運(yùn)動(dòng)員與自行車(chē)看作一個(gè)整體，下列論述正確的是A.運(yùn)動(dòng)員轉(zhuǎn)彎所需向心力由地面對(duì)車(chē)輪的支持力與重力的合力提供B.運(yùn)動(dòng)員轉(zhuǎn)彎所需向心力由地面對(duì)車(chē)輪的摩擦力提供C.發(fā)生側(cè)滑是因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)員受到的合力方向背離圓心D.發(fā)生側(cè)滑是因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)員受到的合外力大于所需的向心力【答案】B.........2.如圖，A、B為兩等量異種點(diǎn)電荷，O為A、B兩電荷連線的中點(diǎn)，C、D為某一傾斜直線上與O點(diǎn)等距的兩點(diǎn)，取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)處，則下述說(shuō)法正確的是A.C、D兩點(diǎn)電勢(shì)相等B.C、D兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，方向不同C.傾斜直線上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向不可能垂直該直線D.從O點(diǎn)沿傾斜直線到C點(diǎn)再到無(wú)窮遠(yuǎn)，場(chǎng)強(qiáng)可能先變大后變小【答案】D【解析】由于C、D到連線上中點(diǎn)O的距離相等，根據(jù)電場(chǎng)線分布的對(duì)稱性可知，C、D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同；又由于等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線是一條等勢(shì)線，沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降落，則C點(diǎn)電勢(shì)大于D點(diǎn)電勢(shì)，故AB錯(cuò)誤；如圖所示，從O到D的過(guò)程中電場(chǎng)線與CD連線的的夾角從增大到，故傾斜直線上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向有可能垂直該直線；電場(chǎng)線的疏密代表場(chǎng)強(qiáng)的大小，從O向C再到無(wú)窮遠(yuǎn)，電場(chǎng)線可能會(huì)先變密再變疏，故場(chǎng)強(qiáng)可能先變大后變小，故C錯(cuò)誤，D正確。3.將四塊相同的堅(jiān)固石塊壘成圓弧形的石拱，3、4兩塊固定在地基上，1、2塊間的接觸面豎直，每個(gè)石塊的兩個(gè)側(cè)面所夾的圓心角均為30°，不考慮石塊間的摩擦力，則石塊1、2間的作用力F1和石塊1、3間的作用力F2的大小之比為A.B.1：2C.D.【答案】A【解析】如圖所示，對(duì)石塊1受力分析，由幾何關(guān)系可知，故A正確。【點(diǎn)睛】對(duì)石塊1受力分析，受重力和兩個(gè)接觸面的支持力，根據(jù)平衡條件用力的合成求解。4.有幾位同學(xué)為了測(cè)試某款汽車(chē)的性能，記錄了該汽車(chē)沿平直公路啟動(dòng)、勻速行駛和制動(dòng)三個(gè)過(guò)程速度的變化情況如表，若汽車(chē)啟動(dòng)和制動(dòng)可看作是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是A.汽車(chē)加速到6s末才開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)B.加速階段位移為90mC.前8s內(nèi)汽車(chē)通過(guò)的位移大小為145.6mD.制動(dòng)過(guò)程加速度大小一定為10m/s2【答案】C【解析】由圖中表格分析，可知汽車(chē)加速階段加速大小為，勻速階段速度為，汽車(chē)加速時(shí)間，加速位移，故AB錯(cuò)誤；前8s內(nèi)汽車(chē)位移大小為，故C正確；由表格數(shù)據(jù)無(wú)法確定制動(dòng)的初始時(shí)刻，汽車(chē)在t=16.0s之前速度可能早已為0.制動(dòng)過(guò)程加速度不一定為10m/s2，故D錯(cuò)誤。5.哈雷彗星是人一生中唯一可以裸眼看能看見(jiàn)兩次的彗星，其繞日運(yùn)行的周期為T(mén)年，若測(cè)得它在近日點(diǎn)距太陽(yáng)中心的距離是地球公轉(zhuǎn)軌道半長(zhǎng)軸的N倍，則由此估算出哈雷彗星在近日點(diǎn)時(shí)受到太陽(yáng)的引力是在遠(yuǎn)日點(diǎn)受太陽(yáng)引力的A.B.C.倍D.倍【答案】B【解析】設(shè)地球公轉(zhuǎn)軌道半長(zhǎng)軸為，哈雷彗星圍繞太陽(yáng)運(yùn)轉(zhuǎn)的半長(zhǎng)軸為，由開(kāi)普勒第三定律可知；哈雷彗星近日距離為遠(yuǎn)日距離為，哈雷彗星在近日點(diǎn)時(shí)受到太陽(yáng)的引力，哈雷彗星在遠(yuǎn)日點(diǎn)時(shí)受到太陽(yáng)的引力為則：。故B正確【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是：熟練應(yīng)用開(kāi)普勒第三定律及萬(wàn)有引力定律。6.“360百科”關(guān)于“閃電”有這樣一段描述：“通常是由積雨云產(chǎn)生電荷，云層底層為陰電，而且還在地面感應(yīng)出陽(yáng)電荷，如影隨形地跟著云移動(dòng)，……”。若將云層底部和地面模型化為平行板電容器的兩個(gè)極板，板間距離記為200m，電壓為2千萬(wàn)伏特，積雨云底層面積約為100平方千米，若已知靜電力常量與空氣的介電常數(shù)，則下列說(shuō)法正確的是A.云層底部與地面間的電場(chǎng)強(qiáng)度為2×105V/mB.由以上條件可估算云層底面與地面構(gòu)成的電容器的電容C.由以上條件可估算云層底面所帶電量D.帶負(fù)電的雨滴，在下落過(guò)程中電勢(shì)能變大【答案】BC【解析】已知云層間電壓為，間距為，則電場(chǎng)強(qiáng)度，故A錯(cuò)誤；由于電容為，則云層底面所帶電量，故BC正確；帶負(fù)電的雨滴，在下落過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能變小，故D錯(cuò)誤。7.水平放置足夠長(zhǎng)的光滑平行導(dǎo)軌，電阻不計(jì)，間距為L(zhǎng)，左端連接的電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，質(zhì)量為m的金屬桿垂直靜放在導(dǎo)軌上，金屬桿處于導(dǎo)軌間的部分電阻為R。整個(gè)裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，閉合開(kāi)關(guān)，金屬桿沿導(dǎo)軌做變加速運(yùn)動(dòng)直至達(dá)到最大速度，則下列說(shuō)法正確的是A.金屬桿的最大速度大小為B.此過(guò)程中通過(guò)金屬桿的電量為C.此過(guò)程中電源提供的電能為D.此過(guò)程中金屬桿此時(shí)的熱量為【答案】AC【解析】閉合開(kāi)關(guān)，金屬桿做加速運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與電源電動(dòng)勢(shì)相等時(shí)，電流為零，金屬桿開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)。電動(dòng)勢(shì)為，，故A正確；由動(dòng)量定理，得，故B錯(cuò)誤；由能量守恒可知電源提供的電能，故C正確。此過(guò)程中電能轉(zhuǎn)化為金屬桿的動(dòng)能、R及r產(chǎn)生的熱量之和，由于，金屬桿此時(shí)的熱量為，故D錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】解決本題的核心知識(shí)：（1）電磁感應(yīng)中，應(yīng)用動(dòng)量定理解決動(dòng)力學(xué)問(wèn)題；（2）電磁感應(yīng)中，應(yīng)用能量守恒解決相關(guān)能量問(wèn)題。8.如圖甲所示物體置于某固定的斜面上，與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。對(duì)物體施加水平向右大小變化的外力F，保持物體沿斜面向下做加速運(yùn)動(dòng)，加速度a隨外力F變化的關(guān)系如圖乙所示，物體不脫離斜面的條件是，若重力加速度，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)圖乙中所提供的信息經(jīng)過(guò)分析計(jì)算可以求出：A.物體的質(zhì)量B.斜面傾角的正弦值C.物體運(yùn)動(dòng)6s的位移D.加速度為6m/s2時(shí)物體對(duì)斜面的壓力【答案】ABD【解析】試題分析：受力分析如圖，斜面頃角為，當(dāng)F=0N時(shí)，可知?jiǎng)t；當(dāng)F=20N時(shí)，，此時(shí)，，，由以上式聯(lián)立可得，，，故AB正確；由于物體初速度，及F隨時(shí)間變化情況未知，因此無(wú)法求解物體運(yùn)動(dòng)6s的位移，故C錯(cuò)誤；由圖可知，當(dāng)時(shí)，可求，由，物體所受的支持力，則物體對(duì)斜面的壓力，故D正確。綜述分析，正確答案為ABD。【點(diǎn)睛】本題主要考查：學(xué)生對(duì)圖象信息獲取的能力及非平衡態(tài)下用正交分解法處理相關(guān)力學(xué)問(wèn)題。三、非選擇題：本題包括必考題和選考題兩部分9.某同學(xué)設(shè)想用如圖甲所示的裝置，研究?jī)蓚€(gè)完全相同的小球碰撞時(shí)有無(wú)機(jī)械能損失，設(shè)想如下：小球A用不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩懸于O點(diǎn)，當(dāng)A擺到O點(diǎn)正下方的C點(diǎn)時(shí)恰好與桌面接觸但無(wú)壓力，現(xiàn)將A球從Q點(diǎn)由靜止釋放，到達(dá)C點(diǎn)時(shí)剛好與靜置于桌面P點(diǎn)、與A完全相同的小球B碰撞，B平拋落至地面。該同學(xué)測(cè)得Q到桌面的高度H、桌面到地面的高度h及B平拋的水平位移L。（1）若用游標(biāo)卡尺測(cè)小球的直徑d如圖乙所示，則d=_________cm；（2）測(cè)量小球下降的高度時(shí)，應(yīng)該以球所在位置Q時(shí)__________（選填“球的下邊沿”或“球心”）到桌面的距離為小球下降的高度H；（3）思考發(fā)現(xiàn)，測(cè)小球直徑并非必要步驟，要使A、B兩球?qū)π恼?，只要讓球A自由懸掛后處于C點(diǎn)，B球緊貼A球放置，且P與O、Q、C三點(diǎn)構(gòu)成的平面必須________________。（4）實(shí)驗(yàn)中改變H，多測(cè)幾次H和L的數(shù)值，得到如圖丙所示的圖線，如果兩球碰撞過(guò)程中有機(jī)械能損失，則該圖線的斜率k_________（選填“大于”、“等于”或“小于”）4h?！敬鸢浮?1).1135(2).球的下邊沿(3).共面(4).小于【解析】（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則，游標(biāo)卡尺讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標(biāo)尺讀數(shù)之和。故小球的直徑。（2）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，考慮到實(shí)際操作更加方便準(zhǔn)確，應(yīng)該以小球所在位置Q時(shí)“球的下邊沿”到桌面的距離為小球下降的高度H；（3）A、B兩球?qū)π恼鰰r(shí)，要求兩小球的球心連線，與小球初末速度在一條直線上，故B球緊貼A球放置，且P與O、Q、C三點(diǎn)構(gòu)成的平面必須共面。（4）小球A運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)由動(dòng)能定理可得，在C處與小球B發(fā)生彈性碰撞，由于小球AB完全相同，根據(jù)動(dòng)量守恒，及能量守恒，可知小球AB交換速度，碰撞后B小球速度，由平拋規(guī)律可知，。由以上式聯(lián)立得。如圖所示：若沒(méi)有機(jī)械能損失時(shí)圖象a，斜率K=4h，若有機(jī)械能損失，導(dǎo)致相同H下，小球B的平拋水平位移L變小，如圖象b,由數(shù)學(xué)函數(shù)知識(shí)可知其斜率小于4h.10.某多用表內(nèi)部的部分電路如圖所示，已知微安表表頭內(nèi)阻Rg=100Ω，滿偏電流Ig=200μA，定值電阻R1=2.5Ω，R2=22.5Ω，電源電動(dòng)勢(shì)E=1.5V，則該多用表（1）A接線柱應(yīng)該是與___________（填“紅”或“黑”）表筆連接；（2）當(dāng)選擇開(kāi)關(guān)接___________（填“a”或“b”）檔時(shí)其對(duì)應(yīng)的電阻檔的倍率更高；（3）若選a檔測(cè)量電阻，則原表盤(pán)100μA，對(duì)應(yīng)的電阻刻度值應(yīng)當(dāng)為_(kāi)______Ω；原表盤(pán)50μA的刻度，對(duì)應(yīng)的電阻刻度值應(yīng)當(dāng)為_(kāi)_____Ω?！敬鸢浮?1).黑(2).b(3).150Ω(4).450Ω【解析】(1)當(dāng)用歐姆表測(cè)電阻時(shí)，電源和表頭構(gòu)成回路，根據(jù)電源正負(fù)極連接方式可知，黑表筆與電源正極相連，故A接線柱應(yīng)該是與“黑”表筆連接；（2）整個(gè)回路最小電流，同時(shí)，當(dāng)選擇開(kāi)關(guān)接b時(shí)，此時(shí)有最大值。當(dāng)選擇開(kāi)關(guān)接b檔時(shí)其對(duì)應(yīng)的電阻檔的倍率更高。（3）用a檔測(cè)量電阻，歐姆調(diào)零時(shí)，，此時(shí)，當(dāng)，此時(shí)干路電流為，由于，解得；當(dāng)表盤(pán)時(shí)，此時(shí)干路電流為，由于，解得?！军c(diǎn)睛】本題主要考查：利用電阻的串并聯(lián)關(guān)系，來(lái)解決電流表的擴(kuò)量程的相關(guān)問(wèn)題；熟悉歐姆表的工作原理，利用回路歐姆定律解決相關(guān)問(wèn)題。11.如圖所示，金屬板M、N板豎直平行放置，中心開(kāi)有小孔，板間電壓為U0，E、F金屬板水平平行放置，間距為d，班次為L(zhǎng)，其右側(cè)區(qū)域有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)AC邊界與AB豎直邊界的夾角為60°，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的正電粒子，從極板M的中央小孔s1處由靜止出發(fā)，穿過(guò)小孔s2后沿EF板間中軸線進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，從P處離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，平行AC方向進(jìn)入磁場(chǎng)，若P距磁場(chǎng)AC與AB兩邊界的交點(diǎn)A距離為a，忽略粒子重力及平行板間電場(chǎng)的邊緣效應(yīng)，試求：（1）粒子到達(dá)小孔s2時(shí)的速度v0；（2）EF兩極板間電壓U；（3）要使粒子進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域后能從AB邊射出，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值。【答案】(1)(2)(3)（1）粒子加速電場(chǎng)中粒子到達(dá)小孔s2時(shí)的速度（2）如圖所示粒子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)，速度偏轉(zhuǎn)角，豎直方向速度在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，由于EF兩極板間電壓（3）如圖所示要使得從AB邊射出，R越大，B越小，R最大的臨界條件就是圓周與AC邊相切，由幾何關(guān)系得粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度在磁場(chǎng)中，所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最小值為12.如圖，中空的水平圓形轉(zhuǎn)盤(pán)內(nèi)徑r=0.6+m，外徑足夠大，沿轉(zhuǎn)盤(pán)某條直徑有兩條光滑凹槽，凹槽內(nèi)有A、B、D、E四個(gè)物塊，D、E兩物塊分別被鎖定在距離豎直轉(zhuǎn)軸R=1.0m處，A、B緊靠D、E放置。兩根不可伸長(zhǎng)的輕繩，每根繩長(zhǎng)L=1.4m，一端系在C物塊上，另一端分別繞過(guò)轉(zhuǎn)盤(pán)內(nèi)側(cè)的光滑小滑輪，穿過(guò)D、E兩物塊中間的光滑圓孔，系在A、B兩個(gè)物塊上，A、B、D、E四個(gè)物塊的質(zhì)量均為m=1.0kg，C物塊的質(zhì)量mc=2.0kg，所有物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，（取重力加速度），計(jì)算結(jié)果可用最簡(jiǎn)的分式與根號(hào)表示（1）啟動(dòng)轉(zhuǎn)盤(pán)，轉(zhuǎn)速緩慢增大，求A、D以及B、E之間恰好無(wú)壓力時(shí)的細(xì)繩的拉力及轉(zhuǎn)盤(pán)的角速度；（2）停下轉(zhuǎn)盤(pán)后，將C物塊置于圓心O處，并將A、B向外測(cè)移動(dòng)使輕繩水平拉直，然后無(wú)初速度釋放A、B、C物塊構(gòu)成的系統(tǒng)，求A、D以及B、E相碰前瞬間C物塊的速度；（3）碰前瞬間解除對(duì)D、E物塊的鎖定，若A、D以及B、E一經(jīng)碰撞就會(huì)粘在一起，且碰撞時(shí)間極短，求碰后C物塊的速度。【答案】(1)(2)(3)【解析】試題分析：AB在細(xì)繩拉力作用下做，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。C在拉力作用下處于平衡態(tài)，結(jié)合輕繩上的拉力大小相等可求細(xì)繩的拉力及轉(zhuǎn)盤(pán)的角速度；輕繩水平拉直，然后無(wú)初速度釋放，A、B、C物塊構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，結(jié)合關(guān)聯(lián)速度的知識(shí)，可求C物塊的速度；碰前瞬間解除對(duì)D、E物塊的鎖定，由動(dòng)量定理可求C物塊的速度。（1）C物塊保持靜止故，，對(duì)A、B兩個(gè)物塊角速度（2）設(shè)碰前A、B速度大小為，C的速度大小為，由繩長(zhǎng)不變可知：系統(tǒng)下落過(guò)程中機(jī)械能守恒：由幾何關(guān)系h=0.8m得：（3）設(shè)碰后A、D的速度大小為，C的速度大小為由繩長(zhǎng)不變?cè)O(shè)繩上拉力的沖量大小為I，由于碰撞時(shí)間極短，繩子拉力遠(yuǎn)大于重力。對(duì)C物塊運(yùn)用動(dòng)量定理：對(duì)A、D運(yùn)用動(dòng)量定理：得：【點(diǎn)睛】解決本題關(guān)鍵：（1）利用系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律，解決繩子連接的問(wèn)題時(shí)，注意繩兩端速度的分解；（2）熟練應(yīng)用動(dòng)量定理解決相關(guān)問(wèn)題。13.下列說(shuō)法正確的是A．?dāng)U散現(xiàn)象說(shuō)明分子總在做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)B．物體吸熱，物體分子平均動(dòng)能必定增大C．內(nèi)能可以全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能而不引起其他變化D．分子間距等于分子間平衡距離時(shí)，分子勢(shì)能最小E．一切熱現(xiàn)象的自發(fā)過(guò)程總是向分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行【答案】ADE【解析】不同的物質(zhì)相互接觸時(shí)，彼此進(jìn)入對(duì)方的現(xiàn)象叫擴(kuò)散。擴(kuò)散的實(shí)質(zhì)是分子的相互滲入，表明一切物質(zhì)的分子都在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A正確；改變物體溫度的方法有兩個(gè)：做功、熱傳遞，物體吸熱的同時(shí)又對(duì)外做功，分子平均動(dòng)能未必增大，故B錯(cuò)誤；根據(jù)熱力學(xué)第二定律，內(nèi)能不可以全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能而不引起其他變化。故C錯(cuò)誤；分子間距等于分子間平衡距離時(shí)，若增大距離分子力表現(xiàn)為引力做負(fù)功，其分子勢(shì)能增加，若減小距離時(shí)表現(xiàn)為斥力做負(fù)功，其分子勢(shì)能增加，則分子間距等于分子間平衡距離時(shí)，分子勢(shì)能最小。故D正確；熱力學(xué)第二定律的微觀意義是“一切自發(fā)過(guò)程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)無(wú)序性增大的方向進(jìn)行”，故E正確；綜上分析，正確答案為ADE。14.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了如圖所示的狀態(tài)變化，問(wèn)：（I）若從A到B的過(guò)程中，氣體的內(nèi)能減少了300J，則從A到B氣體吸收或放出的熱量是多少？（ii）如果知道氣體由A狀態(tài)經(jīng)B、C到D狀態(tài)的過(guò)程中，氣體的最高溫度T=800K，則氣體在此過(guò)程中達(dá)到的最低溫度是多少？【答案】(1)氣體放熱700J(2)1333K【解析】試題分析：由圖可知?dú)怏w等壓變化時(shí)體積的變化情況，從而確定從氣體做功情況，結(jié)合熱力學(xué)第一定律可求氣體放出的熱量；由于理想氣體狀態(tài)方程恒定，可知C狀態(tài)溫度最低，結(jié)合理想氣體狀態(tài)方程，可求最低溫度。（Ⅰ）從A到B，外界對(duì)氣體做功，有根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體放熱700J（Ⅱ）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方