全國卷物理十年高考歸納

目錄20XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（新課標卷） 220XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷） 1120XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（新課標卷） 1720XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷） 2620XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷1） 3420XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷2） 4320XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（新課標卷） 5120XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷1） 5920XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷2） 6620XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷1） 7420XX年普通高校招生統(tǒng)一考試卷（全國2） 8120XX年高考理綜全國卷Ⅰ物理部分 8820XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷Ⅱ) 9620XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試Ⅰ 10820XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試理科綜合測試(II) 11520XX年高考理科綜合能力測試Ⅰ（河北、河南、安徽、山西） 12120XX年高考理綜全國卷Ⅱ物理部分 12720XX年高考理綜物理部分Ⅲ 13120XX年全國普通高等學校招生考試理科綜合能力測試(1) 13620XX年全國高考理科綜合能力測試(2) 14020XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷3） 14620XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試4理綜試題物理部分（青海、甘肅） 14820XX年高考理科綜合能力測試（物理部分） 153絕密★啟用前20XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（新課標卷）理科綜合測試（物理）(河北、云南、內(nèi)蒙古、湖北、河南、山西、新疆、江西、湖南、陜西、寧夏、遼寧、吉林、黑龍江)二、選擇題。本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14．伽利略根據(jù)小球在斜面上運動的實驗和理想實驗，提出了慣性的概念，從而奠定了牛頓力學的基礎。早期物理學家關于慣性有下列說法，其中正確的是A．物體抵抗運動狀態(tài)變化的性質是慣性B．沒有力作用，物體只能處于靜止狀態(tài)C．行星在圓周軌道上保持勻速率運動的性質是慣性D．運動物體如果沒有受到力的作用，將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運動【答案】A、DabcxyO15．如圖，x軸在水平地面內(nèi)，y軸沿豎直方向。圖中畫出了從y軸上沿x軸正向拋出的三個小球a、b和c的運動軌跡，其中abcxyOA．a(chǎn)的飛行時間比b的長B．b和c的飛行時間相同C．a(chǎn)的水平速度比b的小D．b的初速度比c的大【答案】B、D16．如圖，一小球放置在木板與豎直墻面之間。設墻面對球的壓力大小為N1，球對木板的壓力大小為N2。以木板與墻連接點所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開始緩慢地轉到水平位置。不計摩擦，在此過程中A．N1始終減小，N2始終增大B．N1始終減小，N2始終減小C．N1先增大后減小，N2始終減小D．N1先增大后減小，N2先減小后增大【答案】B17．自耦變壓器鐵芯上只繞有一個線圈，原、副線圈都只取該線圈的某部分，一升壓式自耦調(diào)壓變壓器的電路如圖所示，其副線圈匝數(shù)可調(diào)。已知變壓器線圈總匝數(shù)為1900匝；原線圈為1100匝，接在有效值為220V的交流電源上。當變壓器輸出電壓調(diào)至最大時，負載R上的功率為2.0kW。設此時原線圈中電流有效值為I1，負載兩端電壓的有效值為U2，且變壓器是理想的，則U2和I1分別約為~RA．380V和5.3AB．380V和~RC．240V和5.3AD．240V和9.1A【答案】B18．如圖，平行板電容器的兩個極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連。若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過電容器，則在此過程中，該粒子A．所受重力與電場力平衡B．電勢能逐漸增加C．動能逐漸增加D．做勻變速直線運動【答案】B、DB0Oω19．如圖，均勻磁場中有一由半圓弧及其直徑構成的導線框，半圓直徑與磁場邊緣重合；磁場方向垂直于半圓面（紙面）向里，磁感應強度大小為B0。使該線框從靜止開始繞過圓心O、垂直于半圓面的軸以角速度ωB0OωA．B．C．D．【答案】Ci20．如圖，一載流長直導線和一矩形導線框固定在同一平面內(nèi)，線框在長直導線右側，且其長邊與長直導線平行。已知在t=0到t=t1的時間間隔內(nèi)，直導線中電流i發(fā)生某種變化，而線框中感應電流總是沿順時針方向；線框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右。設電流i正方向與圖中箭頭方向相同，則i隨時間t變化的圖線可能是iOOitAt1OitBt1OiCt1tOiDt1t【答案】A21．假設地球是一半徑為R、質量分布均勻的球體。一礦井深度為d。已知質量分布均勻的球殼對殼內(nèi)物體的引力為零。礦井底部和地面處的重力加速度大小之比為A．B．C．D．【答案】A

20XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（新課標卷）理科綜合測試（物理）第Ⅱ卷三、非選擇題。包括必考題和選考題兩部分。第22題~第32題為必考題，每個試題考生都必須做答。第33題~第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答。（一）必考題（11題，共129分）22．（5分）某同學利用螺旋測微器測量一金屬板的厚度。該螺旋測微器校零時的示數(shù)如圖（a）所示，測量金屬板厚度時的示數(shù)如圖（b）所示。圖（a）所示讀數(shù)為_________mm，圖（b）所示讀數(shù)為_________mm，所測金屬板的厚度為_________mm。00圖(a)1050450圖(b)545403530【答案】0.0106.8706.860【解析】根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則，讀數(shù)＝固定刻度＋可動刻度×0.01mm，圖(a)所示讀數(shù)為0.010mm，圖(b)所示讀數(shù)為6.870mm，所測金屬板的厚度為6.870mm－0.010mm＝6.860mm。SARE電流表SARE電流表光滑輕滑輪絕緣細線輕繩支架輕質托盤圖中虛線框內(nèi)存在一沿水平方向、且與紙面垂直的勻強磁場?，F(xiàn)通過測量通電導線在磁場中所受的安培力，來測量磁場的磁感應強度大小、并判定其方向。所用部分器材已在圖中給出，其中D為位于紙面內(nèi)的U形金屬框，其底邊水平，兩側邊豎直且等長；E為直流電源；R為電阻箱；eq\o\ac(○,A)為電流表；S為開關。此外還有細沙、天平、米尺和若干輕質導線。（1）在圖中畫線連接成實驗電路圖。（2）完成下列主要實驗步驟中的填空①按圖接線。②保持開關S斷開，在托盤內(nèi)加入適量細沙，使D處于平衡狀態(tài)；然后用天平稱出細沙質量m1。③閉合開關S，調(diào)節(jié)R的值使電流大小適當，在托盤內(nèi)重新加入適量細沙，使D________；然后讀出___________________，并用天平稱出____________。④用米尺測量_______________。（3）用測量的物理量和重力加速度g表示磁感應強度的大小，可以得出B=_________。SE電流表光滑輕滑輪絕緣細線輕繩SE電流表光滑輕滑輪絕緣細線輕繩支架輕質托盤AR【答案】（1）如圖所示（2）=3\*GB3③重新處于平衡狀態(tài)電流表的示數(shù)I此時細沙的質量m2=4\*GB3④D的底邊長度（3）（4）24．（14分）拖把頭θ拖桿拖把是由拖桿和拖把頭構成的擦地工具（如圖）。設拖把頭的質量為m，拖桿質量可以忽略；拖把頭與地板之間的動摩擦因數(shù)為常數(shù)μ，重力加速度為g，某同學用該拖把在水平地板上拖地時，沿拖桿方向推拖把，拖桿與豎直方向的夾角為拖把頭θ拖桿（1）若拖把頭在地板上勻速移動，求推拖把的力的大小。（2）設能使該拖把在地板上從靜止剛好開始運動的水平推力與此時地板對拖把的正壓力的比值為λ。已知存在一臨界角θ0，若θ≤θ0，則不管沿拖桿方向的推力多大，都不可能使拖把從靜止開始運動。求這一臨界角的正切tanθ0?！窘狻浚?）設該同學沿拖桿方向用大小為F的力推拖把。將推拖把的力沿豎直和水平方向分解，按平衡條件有=1\*GB3①=2\*GB3②式中N和f分別為地板對拖把的正壓力和摩擦力。按摩擦定律有=3\*GB3③聯(lián)立①②③式得=4\*GB3④（2）若不管沿拖桿方向用多大的力都不能使拖把從靜止開始運動，應有=5\*GB3⑤這時，=1\*GB3①式仍滿足。聯(lián)立=1\*GB3①=5\*GB3⑤式得=6\*GB3⑥現(xiàn)考慮使上式成立的θ角的取值范圍。注意到上式右邊總大于零，且當F無限大時極限為零，有=7\*GB3⑦使上式成立的θ角滿足，這里θ0是題中所定義的臨界角，即當時，不管拖桿方向用多大的力都推不動拖把。臨界角的正切為=8\*GB3⑧25．（18分）baO如圖，一半徑為R的圓表示一柱形區(qū)域的橫截面（紙面）。在柱形區(qū)域內(nèi)加一方向垂直于紙面的勻強磁場，一質量為m、電荷量為q的粒子沿圖中直線在圓上的a點射入柱形區(qū)域，在圓上的b點離開該區(qū)域，離開時速度方向與直線垂直。圓心O到直線的距離為。現(xiàn)將磁場換為平等于紙面且垂直于直線的勻強電場，同一粒子以同樣速度沿直線在a點射入柱形區(qū)域，也在b點離開該區(qū)域。若磁感應強度大小為BbaO【解】粒子在磁場中做圓周運動。設圓周半徑為r，由牛頓第二定律和洛侖茲力公式得=1\*GB3①式中v為粒子在a點的速度。過b點和O點作直線的垂線，分別于直線交于c和d點。由幾何關系，線段、和過a、b兩點的軌跡圓弧的兩條半徑（未畫出）圍成一正方形。因此baOcd=2\*GB3②baOcd設。由幾何關系得=3\*GB3③=4\*GB3④聯(lián)立=2\*GB3②=3\*GB3③=4\*GB3④式得=5\*GB3⑤再考慮粒子在電場中的運動。設電場強度的大小為E，粒子在電場中做類平拋運動。設其加速度大小為a，由牛頓第二定律和帶電粒子在電場中的受力公式得qE=ma=6\*GB3⑥粒子在電場力方向和直線方向所走的距離均為r，由運動學公式得=7\*GB3⑦r=vt=8\*GB3⑧式中t是粒子在電場中運動的時間。聯(lián)立①⑤⑥⑦=8\*GB3⑧式得（二）選考題：共45分33．[物理——選修3-3]（15分）（1）（6分）關于熱力學定律，下列說法正確的是_________（填入正確選項前的字母，選對1個給3分，選對2個給4分，選對3個給6分，每選錯1個扣3分，最低得分為0分）。A．為了增加物體的內(nèi)能，必須對物體做功或向它傳遞熱量B．對某物體做功，必定會使該物體的內(nèi)能增加C．可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變?yōu)楣．不可能使熱量從低溫物體傳向高溫物體E．功轉變?yōu)闊岬膶嶋H宏觀過程是不可逆過程【答案】A、C、E（2）（9分）如圖，由U形管和細管連接的玻璃泡A、B和C浸泡在溫度均為0°C的水槽中，B的容積是A的3倍。閥門S將A和B兩部分隔開。A內(nèi)為真空，B和C內(nèi)都充有氣體。U形管內(nèi)左邊水銀柱比右邊的低60mm。打開閥門S，整個系統(tǒng)穩(wěn)定后，U形管內(nèi)左右水銀柱高度相等。假設U形管和細管中的氣體體積遠小于玻璃泡的容積。（i）求玻璃泡C中氣體的壓強（以mmHg為單位）（ii）將右側水槽的水從0°C加熱到一定溫度時，U形管內(nèi)左右水銀柱高度差又為60mm，求加熱后右側水槽的水溫?！窘狻浚╥）在打開閥門S前，兩水槽水溫均為T0=273K。設玻璃泡B中氣體的壓強為p1，體積為VB，玻璃泡C中氣體的壓強為pC，依題意有=1\*GB3①式中Δp=60mmHg，打開閥門S后，兩水槽水溫仍為T0，設玻璃泡B中氣體的壓強為pB。依題意，有=2\*GB3②玻璃泡A和B中氣體的體積為V2=VA+VB=3\*GB3③根據(jù)玻意耳定律得p1VB=pBV2=4\*GB3④聯(lián)立①②③④式，并代入題給數(shù)據(jù)得=5\*GB3⑤（ii）當右側水槽的水溫加熱至時，U形管左右水銀柱高度差為Δp。玻璃泡C中氣體的壓強為=6\*GB3⑥玻璃泡C的氣體體積不變，根據(jù)查理定理得=7\*GB3⑦聯(lián)立②⑤⑥⑦式，并代入題給數(shù)據(jù)得=8\*GB3⑧34．[物理——選修3-4]（15分）（1）（6分）一簡諧橫波沿x軸正向傳播，t=0時刻的波形如圖（a）所示，x=0.30m處的質點的振動圖線如圖（b）所示，該質點在t=0時刻的運動方向沿y軸_________（填“正向”或“負向”）。已知該波的波長大于0.30m，則該波的波長為_______m。圖(a)O圖(a)O2x/my/cm圖(b)O2y/cmt/sO2x/my/cm【解】⑴由b圖可知，0時刻質點振動方向沿y軸正向；根據(jù)質點帶動法和波向右傳播，由a圖知介質中各質點的振動方向如圖示，由振動方程，既有得：，又波長大于0.3m，所以，得：，又，所以Rθa/2（2）（9分）一玻璃立方體中心有一點狀光源。今在立方體的部分表面鍍上不透明薄膜，以致從光源發(fā)出的光線只經(jīng)過一次折射不能透出立方體。已知該玻璃的折射率為Rθa/2【解】如圖，考慮從玻璃立方體中心O點發(fā)出的一條光線，假設它斜射到玻璃立方體上表面發(fā)生折射。根據(jù)折射定律有=1\*GB3①式中，n是玻璃的折射率，入射角等于θ，α是折射角?，F(xiàn)假設A點是上表面面積最小的不透明薄膜邊緣上的一點。由題意，在A點剛好發(fā)生全發(fā)射，故=2\*GB3②設線段OA在立方體上表面的投影長為RA，由幾何關系有=3\*GB3③式中a為玻璃立方體的邊長。由①②③式得=4\*GB3④由題給數(shù)據(jù)得=5\*GB3⑤由題意，上表面所鍍的面積最小的不透明薄膜應是半徑為RA的圓。所求的鍍膜面積與玻璃立方體的表面積S之比為=6\*GB3⑥由=5\*GB3⑤=6\*GB3⑥式得=7\*GB3⑦35．[物理——選修3-5]（15分）（1）（6分）氘核和氚核可發(fā)生熱核聚變而釋放巨大的能量，該反應方程為：eq\a(2,1)H+\a(3,1)H→\a(4,2)He+x，式中x是某種粒子。已知：eq\a(2,1)H、eq\a(3,1)H、eq\a(4,2)He和粒子x的質量分別為2.0141u、3.0161u、4.0026u和1.0087u；1u=931.5MeV/c2，c是真空中的光速。由上述反應方程和數(shù)據(jù)可知，粒子x是__________，該反應釋放出的能量為_________MeV（結果保留3位有效數(shù)字）【答案】（或中子）17.6abO（2）（9分）如圖，小球a、b用等長細線懸掛于同一固定點O。讓球a靜止下垂，將球b向右拉起，使細線水平。從靜止釋放球b，兩球碰后粘在一起向左擺動，此后細線與豎直方向之間的最大偏角為60°。忽略空氣阻力，求abO（i）兩球a、b的質量之比；（ii）兩球在碰撞過程中損失的機械能與球b在碰前的最大動能之比?！窘狻浚╥）設球b的質量為m2，細線長為L，球b下落至最低點、但未與球a相碰時的速率為v，由機械能守恒定律得=1\*GB3①式中g是重力加速度的大小。設球a的質量為m1；在兩球碰后的瞬間，兩球共同速度為，以向左為正。由動量守恒定律得=2\*GB3②設兩球共同向左運動到最高處時，細線與豎直方向的夾角為θ，由機械能守恒定律得=3\*GB3③聯(lián)立①②③式得=4\*GB3④代入題給數(shù)據(jù)得=5\*GB3⑤（ii）兩球在碰撞過程中的機械能損失是=6\*GB3⑥聯(lián)立=1\*GB3①=6\*GB3⑥式，Q與碰前球b的最大動能之比為=7\*GB3⑦聯(lián)立=5\*GB3⑤=7\*GB3⑦式，并代入題給數(shù)據(jù)得=8\*GB3⑧絕密★啟用前20XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷）理科綜合能力測試（物理）(貴州、甘肅、青海、西藏、廣西)本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分。第I卷1至4頁，第II卷5至11頁。考試結束后，將本試題卷和答題卡一并交回。第I卷二，選擇題：本題共8題。在每小題給出的四個選項中，有的只有一個選項符合題目要求，有的有多個選項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但選不全的得3分，有選錯的得0分。14．下列關于布朗運動的說法，正確的是A．布朗運動是液體分子的無規(guī)則運動B．液體溫度越高，懸浮粒子越小，布朗運動越劇烈C．布朗運動是由于液體各部分的溫度不同而引起的D．布朗運動是由液體分子從各個方向對懸浮粒子撞擊作用的不平衡引起的【答案】B、D15．U經(jīng)過m次α衰變和n次β衰變Pb,則A．m=7，n=3B．m=7，n=4C．m=14，n=9D．m=14，n=18【答案】B16．在雙縫干涉實驗中，某同學用黃光作為入射光，為了增大干涉條紋的間距，該同學可以采用的方法有A．改用紅光作為入射光B．改用藍光作為入射光C．增大雙縫到屏的距離D．增大雙縫之間的距離【答案】A、C17．質量分別為m1和m2、電荷量分別為q1和q2的兩粒子在同一勻強磁場中做勻速圓周運動，已知兩粒子的動量大小相等。下列說法正確的是A．若q1=q2，則它們作圓周運動的半徑一定相等B．若m1=m2，則它們作圓周運動的半徑一定相等C．若q1≠q2，則它們作圓周運動的周期一定不相等D．若m1≠m2，則它們作圓周運動的周期一定不相等MNMNabcdo18．如圖，兩根互相平行的長直導線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導線中通有大小相等、方向相反的電流。a、o、b在M、N的連線上，o為MN的中點，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到o點的距離均相等。關于以上幾點處的磁場，下列說法正確的是A．o點處的磁感應強度為零B．a(chǎn)、b兩點處的磁感應強度大小相等，方向相反C．c、d兩點處的磁感應強度大小相等，方向相同D．a(chǎn)、c兩點處磁感應強度的方向不同【答案】Ct/minI/A01020t/minI/A010204060A．3.9×10-4度B．5.5×10-2度C．7.8×10-2度D．11.0×10-2度【答案】B20．一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，圖（a）是t=0時刻的波形圖，圖（b）和圖（c）分別是x軸上某兩處質點的振動圖像。由此可知，這兩質點平衡位置之間的距離可能是tt/sy/m0.1012bt/sy/m0.1012c-0.05y/m0.10123ax/mA．B．C．1mD．【答案】B、D21．如圖，大小相同的擺球a和b的質量分別為m和3m，擺長相同，并排懸掛，平衡時兩球剛好接觸，現(xiàn)將擺球aA．第一次碰撞后的瞬間，兩球的速度大小相等B．第一次碰撞后的瞬間，兩球的動量大小相等C．第一次碰撞后，兩球的最大擺角不相同D．發(fā)生第二次碰撞時，兩球在各自的平衡位置【答案】A、D

絕密★啟用前20XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試理科綜合測試（物理）第Ⅱ卷注意事項：1.答題前考生先在答題卡上用0.5毫米黑色墨水簽字筆將自己的姓名、準考證號填寫清楚，然后貼好條形碼。請認真核準條形碼上得準考證號、姓名和科目。2.第Ⅱ卷共7頁，請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，在試題卷上作答無效。3.第Ⅱ卷共13題，共174分。22．（6分）（注意：在試題卷上作答無效）123在黑箱內(nèi)有一由四個阻值相同的電阻構成的串并聯(lián)電路，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為1Ω，2、3接線柱之間的電阻為1.5Ω，1、3接線柱之間的電阻為123（1）在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式；（2）如果將1、3接線柱用導線連接起來，1、2接線柱之間的電阻為______Ω。12311231Ω1Ω1Ω1Ω（2）小車打點計時器復寫紙紙帶小車打點計時器復寫紙紙帶電源木板圖1為驗證牛頓第二定律的實驗裝置示意圖。圖中打點計時器的電源為50Hz的交流電源，打點的時間間隔用Δt表示。在小車質量未知的情況下，某同學設計了一種方法用來研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量間的關系”。（1）完成下列實驗步驟中的填空：①平衡小車所受的阻力：小吊盤中不放物塊，調(diào)整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點計時器打出一系列________的點。②按住小車，在小吊盤中放入適當質量的物塊，在小車中放入砝碼。③打開打點計時器電源，釋放小車，獲得帶有點列的紙帶，在紙帶上標出小車中砝碼的質量m。④按住小車，改變小車中砝碼的質量，重復步驟③。⑤在每條紙帶上清晰的部分，每5個間隔標注一個計數(shù)點。測量相鄰計數(shù)點的間距s1，s2，…。求出與不同m相對應的加速度a。⑥以砝碼的質量m為橫坐標，為縱坐標，在坐標紙上做出關系圖線。若加速度與小車和砝碼的總質量成反比，則與m處應成_________關系（填“線性”或“非線性”）。（2）完成下列填空：（ⅰ）本實驗中，為了保證在改變小車中砝碼的質量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質量之和應滿足的條件是_______________________。（ⅱ）設紙帶上三個相鄰計數(shù)點的間距為s1、s2和s3。a可用s1、s3和Δt表示為a=__________。圖2為用米尺測量某一紙帶上的s1、s3的情況，由圖可讀出s1=__________mm，s3=__________mm。由此求得加速度的大小a=__________m/s2。mOmO1/a圖31234567891011cm12圖2s1s2s3（ⅲ）圖3為所得實驗圖線的示意圖。設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為___________，小車的質量為___________?！敬鸢浮浚?）間隔均勻，線性，（2）遠小于小車的質量，，24.3mm,47.2mmO24．（16分）（注意：在試題卷上作答無效）O如圖，一平行板電容器的兩個極板豎直放置，在兩極板間有一帶電小球，小球用一絕緣輕線懸掛于O點。現(xiàn)給電容器緩慢充電，使兩級板所帶電荷量分別為﹢Q和﹣Q，此時懸線與豎直方向的夾角為π/6。再給電容器緩慢充電，直到懸線和豎直方向的夾角增加到π/3，且小球與兩極板不接觸。求第二次充電使電容器正極板增加的電荷量。【解】設電容器的電容為C，第一次充電后兩極板間電壓為=1\*GB3①兩板之間電場的強度為=2\*GB3②式中d為兩板間距離。按題意。當小球偏轉角時，小球處于平衡位置。設小球質量為m，所帶電荷量為q，則有=3\*GB3③=4\*GB3④式中T為此時懸線的張力。聯(lián)立=1\*GB3①=2\*GB3②=3\*GB3③=4\*GB3④式得=5\*GB3⑤設第二次充電使正極板增加的電荷量為，此時小球偏轉角，則=6\*GB3⑥聯(lián)立=5\*GB3⑤=6\*GB3⑥式得=7\*GB3⑦代入數(shù)據(jù)解得=8\*GB3⑧25．（19分）（注意：在試卷上作答無效）一單擺在地面處的擺動周期與在某礦井底部擺動周期的比值為k。設地球的半徑為R。假定地球的密度均勻。已知質量均勻分布的球殼對殼內(nèi)物體的引力為零，求礦井的深度d?！窘狻扛鶕?jù)萬有引力定律，地面處質量為m的物體的重力為=1\*GB3①式中g是地面處的重力加速度，M是地球的質量。設ρ是地球的密度，則有=2\*GB3②擺長為L的單擺在地面處的擺動周期為=3\*GB3③若該物體位于礦井底部，則其重力為=4\*GB3④式中是礦井底部的重力加速度，且=5\*GB3⑤在礦井底部此單擺的周期為=6\*GB3⑥由題意=7\*GB3⑦聯(lián)立以上各式得=8\*GB3⑧vv0yx2hO26.（20分）（注意：在試題卷上作答無效）一探險隊員在探險時遇到一山溝，山溝的一側豎直，另一側的坡面呈拋物線形狀。此隊員從山溝的豎直一側，以速度v0沿水平方向跳向另一側坡面。如圖所示，以溝底的O點為原點建立坐標系Oxy。已知，山溝豎直一側的高度為2h，坡面的拋物線方程為y=，探險隊員的質量為m。人視為質點，忽略空氣阻力，重力加速度為g。（1）求此人落到破面試的動能；（2）此人水平跳出的速度為多大時，他落在坡面時的動能最??？動能的最小值為多少？【解】（1）設探險隊員在空中運動的時間為t，在坡面上落點的橫坐標為x，縱坐標為y。由運動學公式和已知條件得=1\*GB3①=2\*GB3②根據(jù)題意有=3\*GB3③由機械能守恒，落到地面時的動能為=4\*GB3④聯(lián)立=1\*GB3①=2\*GB3②=3\*GB3③=4\*GB3④式得=5\*GB3⑤（2）=5\*GB3⑤式可以改寫為=6\*GB3⑥極小的條件為=6\*GB3⑥式中的平方項等于0，由此得=7\*GB3⑦此時，則最小動能為=8\*GB3⑧絕密★啟用前20XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（新課標卷）理科綜合能力測試（物理部分）本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分第Ⅰ卷第1頁至第5頁，第Ⅱ卷第6頁至第12頁。全卷滿分300分1.答題前，考生務必將自己的準考證號、姓名填寫在答題卡上。考生要認真核對答題卡上所粘貼的條形碼中“準考證號、姓名、考試科目”與考生本人準考證號、姓名是否一致。2.答第Ⅰ卷時，每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦擦干凈后，再選涂其他答案標號。答第Ⅱ卷卷時，必須使用0.5毫米的黑色墨水簽字筆在答題卡上書寫，要求字體工整、筆跡清晰。作圖題可先用鉛筆在答題卡規(guī)定的位置繪出，確認后再用0.5毫米的黑色墨水簽字筆描清楚。必須在題號所指示的答題區(qū)域作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上答題無效。3.考試結束，監(jiān)考員將將試題卷和答題一并收回。第Ⅰ卷（選擇題共120分）二、選擇題：本大題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14．為了解釋地球的磁性，19世紀安培假設：地球的磁場是由繞過地心的軸的環(huán)形電流I引起的。在下列四個圖中，正確表示安培假設中環(huán)形電流方向的是西東I西東I西東I西東I西東I西東I西東I答案：B解析：根據(jù)地磁場分布和安培定則判斷可知正確答案是B。15．一質點開始時做勻速直線運動，從某時刻起受到一恒力作用。此后，該質點的動能可能A．一直增大B．先逐漸減小至零，再逐漸增大C．先逐漸增大至某一最大值，再逐漸減小D．先逐漸減小至某一非零的最小值，再逐漸增大答案：ABD解析：當恒力方向與速度在一條直線上，質點的動能可能一直增大，也可能先逐漸減小至零，再逐漸增大。當恒力方向與速度不在一條直線上，質點的動能可能一直增大，也可能先逐漸減小至某一非零的最小值，再逐漸增大。所以正確答案是ABD。16．一蹦極運動員身系彈性蹦極繩從水面上方的高臺下落，到最低點時距水面還有數(shù)米距離。假定空氣阻力可忽略，運動員可視為質點，下列說法正確的是A．運動員到達最低點前重力勢能始終減小B．蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做負功，彈性勢能增加C．蹦極過程中，運動員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)機械能守恒D．蹦極過程中，重力勢能的改變與重力勢能零點的選取有關答案：ABC解析：運動員到達最低點過程中，重力做正功，所以重力勢能始終減少，A項正確。蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做負功，彈性勢能增加，B項正確。蹦極過程中，運動員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)，只有重力和彈性力做功，所以機械能守恒，C項正確。重力勢能的改變與重力勢能零點選取無關，D項錯誤。AV17．如圖，一理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為1∶2；副線圈電路中接有燈泡，燈泡的額定電壓為220V，額定功率為22W；原線圈電路中接有電壓表和電流表?，F(xiàn)閉合開關，燈泡正常發(fā)光。若用U和IAVA．U=110V，I=0.2AB．U=110V，I=0.05AC．U=110V，I=0.2AD．U=110V，I=0.2A答案：A解析：U2=220V，根據(jù)U1：U2=n1：n2得，U1=110V。I2=P/U2=0.1A，根據(jù)I1：I2=n2：n1得I1=0.2A。所以正確答案是A。IL18．ILA．只將軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍B．只將電流I增加至原來的2倍C．只將彈體質量減至原來的一半D．將彈體質量減至原來的一半，軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，其它量不變答案：BD解析：利用動能定理有，B=kI解得。所以正確答案是BD。19．衛(wèi)星電話信號需要通地球同步衛(wèi)星傳送。如果你與同學在地面上用衛(wèi)星電話通話，則從你發(fā)出信號至對方接收到信號所需最短時間最接近于（可能用到的數(shù)據(jù)：月球繞地球運動的軌道半徑約為3.8×105km，運行周期約為27天，地球半徑約為6400km，無線電信號的傳播速度為3×A．0.1sB．0.25sC．0.5sD．1s答案：B解析：同步衛(wèi)星和月球都是地球的衛(wèi)星，r3∝T2，因此同步衛(wèi)星的軌道半徑是地月距離的1/9約為42000km，同步衛(wèi)星離地面高度約為36000km，電磁波往返一次經(jīng)歷時間約為(3.6×107×2)÷(3×108)s=0.24s20．一帶負電荷的質點，在電場力作用下沿曲線abc從a運動到c，已知質點的速率是遞減的。關于b點電場強度E的方向，下列圖示中可能正確的是（虛線是曲線在b點的切線）aabcEabcEabcEabcEA．B．C．D．答案：D解析：主要考查電場力方向和曲線運動所受合外力與軌跡的關系。正確答案是D。m1m2F21．如圖，在光滑水平面上有一質量為m1的足夠長的木板，其上疊放一質量為m2的木塊。假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等?，F(xiàn)給木塊施加一隨時間t增大的水平力F=kt（k是常數(shù)），木板和木塊加速度的大小分別為a1和a2，下列反映a1m1m2FaatOa1a2atOa1a2atOa1a2atOa1a2A．B．C．D．答案：A解析：木塊和木板之間相對靜止時，所受的摩擦力為靜摩擦力。在達到最大靜摩擦力前，木塊和木板以相同加速度運動，根據(jù)牛頓第二定律，木塊和木板相對運動時，恒定不變，。所以正確答案是A。

絕密★啟用前20XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（新課標卷）理科綜合能力測試（物理部分）第Ⅱ卷注意事項：第II卷11頁，須用黑色墨水簽字筆在答題卡上書寫作答，在試題卷上作答，答案無效。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題～第32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題～第40題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題（11題，共129分）ER0RNA0(標準)A(待測)S1S2122．（5分）為了測量一微安表頭AER0RNA0(標準)A(待測)S1S21⑴將S撥向接點1，接通S1，調(diào)節(jié)_____，使待測表頭指針偏轉到適當位置，記下此時_________的讀數(shù)I；⑵然后將S撥向接點2，調(diào)節(jié)_____，使____________，記下此時RN的讀數(shù)；⑶多次重復上述過程，計算RN讀數(shù)的________，此即為待測微安表頭內(nèi)阻的測量值。答案及解析：（1）R0、標準電流表A0；（2）RN，標準電流表A0的示數(shù)為I；（3）平均值滑塊遮光片光電門甲光電門乙圖123．（10分）利用圖1所示的裝置可測量滑塊在斜面上運動的加速度。一斜面上安裝有兩個光電門，其中光電門乙固定在斜面上靠近底端處，光電門甲的位置可移動，當一帶有遮光片的滑塊自斜面上滑下時，與兩個光電門都相連的計時器可以顯示出遮光片從光電門甲至乙所用的時間t。改變光電門甲的位置進行多次測量，每次都使滑塊從同一點由靜止開始下滑，并用米尺測量甲、乙之間的距離滑塊遮光片光電門甲光電門乙圖1s(m)0.5000.6000.7000.8000.9000.950t(ms)292.9371.5452.3552.8673.8776.4s/t(m/s)1.711.621.551.451.341.22完成下列填空和作圖：⑴若滑塊所受摩擦力為一常量，滑塊加速度的大小a、滑塊經(jīng)過光電門乙時的瞬時速度v1、測量值s和t四個物理量之間所滿足的關系式是_________________；⑵根據(jù)表中給出的數(shù)據(jù)，在圖2給出的坐標紙上畫出s/t-t圖線；⑶由所畫出的s/t-t圖線，得出滑塊加速度的大小為a=_______m/s2（保留2位有效數(shù)字）。答案：（1）（2）如圖（3）2.0解析：（1）由得（2）見下圖（3）作圖求出斜率k=-0.9897m/s2，24．（13分）甲乙兩輛汽車都從靜止出發(fā)做加速直線運動，加速度方向一直不變。在第一段時間間隔內(nèi)，兩輛汽車的加速度大小不變，汽車乙的加速度大小是甲的兩倍；在接下來的相同時間間隔內(nèi)，汽車甲的加速度大小增加為原來的兩倍，汽車乙的加速度大小減小為原來的一半。求甲乙兩車各自在這兩段時間間隔內(nèi)走過的總路程之比。答案：解析：設甲開始的加速度為a,兩段時間間隔都為t，則甲在兩段時間內(nèi)的總路程為：乙在兩段時間內(nèi)的總路程為：由上兩式得：yxOPB2B×ⅠⅡd2d25．（19分）如圖，在區(qū)域I（0≤x≤d）和區(qū)域II（d<x≤2d）內(nèi)分別存在勻強磁場，磁感應強度大小分別為B和2B，方向相反，且都垂直于Oxy平面。一質量為m、帶電荷量q（q＞0）的粒子a于某時刻從y軸上的P點射入?yún)^(qū)域I，其速度方向沿x軸正向。已知a在離開區(qū)域I時，速度方向與x軸正方向的夾角為30°；yxOPB2B×ⅠⅡd2d⑴粒子a射入?yún)^(qū)域I時速度的大?。虎飘攁離開區(qū)域II時，a、b兩粒子的y坐標之差。答案：（1）（２）解析：（1）設粒子a在I內(nèi)做勻速圓周運動的圓心為C（在y軸上），半徑為Ra1，粒子速率為va，運動軌跡與兩磁場區(qū)域邊界的交點為P/,如圖，由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得①由幾何關系得②③式中，，由①②③式得④yxOPBⅠⅡd2dOaObθ′αP′PaPyxOPBⅠⅡd2dOaOθ′αP′PaPbθ⑤由①⑤式得⑥C、P/和Oa三點共線，且由⑥式知Oa點必位于⑦的平面上。由對稱性知，Pa點與P/點縱坐標相同，即⑧式中，h是C點的y坐標。設b在I中運動的軌道半徑為Rb1，由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得⑨設a到達Pa點時，b位于Pb點，轉過的角度為α。如果b沒有飛出I，則eq\o\ac(○,10)eq\o\ac(○,11)式中，t是a在區(qū)域II中運動的時間，而eq\o\ac(○,12)eq\o\ac(○,13)由⑤⑨⑩eq\o\ac(○,11)eq\o\ac(○,12)eq\o\ac(○,13)式得α=300eq\o\ac(○,14)由①③⑨eq\o\ac(○,14)式可見，b沒有飛出。Pb點的y坐標為eq\o\ac(○,15)由①③⑧⑨eq\o\ac(○,14)eq\o\ac(○,15)式及題給條件得，a、b兩粒子的y坐標之差為eq\o\ac(○,16)(二)選考題。請考生從給出的3道物理題任選一題作答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目的題號涂黑。注意所做題目的題號必須與所涂提米的題號一致，在答題卡上選答區(qū)域指定位置答題。如果多做，則每學科按所做的第一題計分。33．[3-3]（15分）⑴（6分）對于一定質量的理想氣體，下列說法正確的是_______。A．若氣體的壓強和體積都不變，其內(nèi)能也一定不變B．若氣體的內(nèi)能不變，其狀態(tài)也一定不變C．若氣體的溫度隨時間不斷升高，其壓強也一定不斷增大D．氣體溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過程有關E．當氣體溫度升高時，氣體的內(nèi)能一定增大答案：ADE解析：理想氣體的內(nèi)能只由溫度決定，由理想氣體狀態(tài)方程可知，若氣體的壓強和體積都不變，溫度T也不變，所以內(nèi)能也一定不變，A、E選項正確。若氣體的內(nèi)能不變，則溫度T不變，但氣體的壓強和體積可以改變，B項錯誤。若氣體的溫度升高，體積增大，其壓強可以不變，C項錯誤。由熱力學第一定律知，D選項正確。⑵（9分）如圖，一上端開口，下端封閉的細長玻璃管，下部有長l1=66cm的水銀柱，中間封有長l2=6.6cm的空氣柱，上部有長l3=44cm的水銀柱，此時水銀面恰好與管口平齊。已知大氣壓強為p0=76cmHg。如果使玻璃管繞底端在豎直平面內(nèi)緩慢地轉動一周，求在開口向下和轉回到原來位置時管中空氣柱的長度。封入的氣體可視為理想氣體，在轉動過程中沒有發(fā)生漏氣。答案：12cm9.2cm解析：設玻璃管開口向上時，空氣柱壓強為①式中，分別表示水銀的密度和重力加速度。玻璃管開口響下時，原來上部的水銀有一部分會流出，封閉端會有部分真空。設此時開口端剩下的水銀柱長度為x，則，②式中，管內(nèi)空氣柱的壓強。由玻意耳定律得③式中,h是此時空氣柱的長度，S為玻璃管的橫截面積。由①②③式和題給條件得h=12cm④從開始轉動一周后，設空氣柱的壓強為，則⑤由玻意耳定律得⑥式中，是此時空氣柱的長度。由①②③⑤⑥9.2cm⑦34．[3-4]（15分）⑴（6分）一振動周期為T，振幅為A，位于x=0點的波源從平衡位置沿y軸正向開始做簡諧振動，該波源產(chǎn)生的一維簡諧橫波沿x軸正向傳播，波速為v，傳播過程中無能量損失，一段時間后，該振動傳播至某質點P，關于質點P振動的說法正確的是______。A．振幅一定為AB．周期一定為TC．速度的最大值一定為vD．開始振動的方向沿y軸向上或向下取決于它離波源的距離E．若P點與波源距離s=vT，則質點P的位移與波源的相同答案：ＡＢＥ解析：由波的形成與傳播可知，正確答案是ＡＢＥ。AOBMN⑵（9分）一半圓柱形透明物體橫截面如圖所示，底面AOB鍍銀（圖中粗線），O表示半圓截面的圓心。一束光線在橫截面內(nèi)從M點的入射角為30，∠MOA=60，∠AOBMN（?。┕饩€在M點的折射角；（ⅱ）透明物體的折射率。AOBMNQPEαββrAOBMNQPEαββri解析：（?。┙猓喝鐖D，透明物體內(nèi)部的光路為折線MPN，Q、M點相對于底面EF對稱，Q、P和N三點共線。設在M點處，光的入射角為i，折射角的r，∠OMQ＝a，∠PNF＝β。根據(jù)題意有α＝300①由幾何關系得，∠PNO＝∠PQO＝r，于是β+r＝300②且a+r＝β③由①②③式得r＝150④（ⅱ）根據(jù)折射率公式有=5\*GB3⑤由④⑤式得35．[3-5]（15分）⑴（6分）在光電效應試驗中，某金屬的截止頻率相應的波長為λ0，該金屬的逸出功為______。若用波長為λ（λ<λ0）的單色光做該實驗，則其遏止電壓為______。已知電子的電荷量、真空中的光速和布朗克常量分別為e、c和h。答案：解析：由和得由愛因斯坦質能方程和得ABC⑵（9分）如圖，A、B、C三個木塊的質量均為m。置于光滑的水平面上，B、C之間有一輕質彈簧，彈簧的兩端與木塊接觸可不固連。將彈簧壓緊到不能再壓縮時用細線把B和C緊連，使彈簧不能伸展，以至于B、C可視為一個整體。現(xiàn)A以初速v0沿B、C的連線方向朝B運動，與B相碰并粘合在一起。以后細線突然斷開，彈簧伸展，從而使C與A、B分離。已知C離開彈簧后的速度恰為v0ABC答案：解析：設碰后A、B和C的共同速度的大小為v，由動量守恒得①設C離開彈簧時，A、B的速度大小為，由動量守恒得②設彈簧的彈性勢能為，從細線斷開到C與彈簧分開的過程中機械能守恒，有③由①②③式得彈簧所釋放的勢能為④20XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷）理科綜合能力測試（物理部分）第Ⅰ卷注意事項（1）答題前，考生在答題卡上務必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將自己的姓名、準考證號填寫清楚。并貼好條形碼。請認真核準條形碼上的準考證號、姓名和科目。（2）每小題選出答案后，用2B鉛筆吧答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動。用橡皮擦干凈后，在選涂其他答案編號，在試題卷上作答無效。（3）第Ⅰ卷共21小題，每題6分，共126分。二、選擇題：本大題共8小題。在每小題給出的四個選項中，有的只有一個選項符合題目要求，有的有多個選項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14．關于一定量的氣體，下列敘述正確的是A．氣體吸收的熱量可以完全轉化為功B．氣體體積增大時，其內(nèi)能一定減少C．氣體從外界吸收熱量，其內(nèi)能一定增加D．外界對氣體做功，氣體內(nèi)能可能減少答案：AD解析：由熱力學第一定律：，在一定的條件下，控制溫度不變，氣體吸收的熱量可以完全轉化為功，其內(nèi)能的變化為零，A正確；氣體體積增大時，對外界做功，但不知是否有熱傳遞，無法確定內(nèi)能的增加與減小，B錯誤；氣體從外界吸收熱量，但不知氣體是否對外界做功，無法確定內(nèi)能的增加與減小，C錯誤；外界對氣體做功，但不知是否有熱傳遞，無法確定內(nèi)能的增加與減小，D正確。abcdI1I215．如圖，兩根相互平行的長直導線分別通有方向相反的電流I1和I2，且I1>I2；a、b、c、d為導線某一橫截面所在平面內(nèi)的四點，且a、b、c與兩導線共面；babcdI1I2A．a(chǎn)點B．b點C．c點D．d點答案：C解析：若某點合磁感應強度為零，必有I1和I2在改點形成磁場的磁感應強度等大反向，只有C點有可能，C正確。abcd太陽光16．雨后太陽光入射到水滴中發(fā)生色散而形成彩虹。設水滴是球形的，圖中的圓代表水滴過球心的截面，入射光線在過此截面的平面內(nèi)，a、b、cabcd太陽光A．紫光、黃光、藍光和紅光B．紫光、藍光、黃光和紅光C．紅光、藍光、黃光和紫光D．紅光、黃光、藍光和紫光答案：B解析：由題圖可得：太陽光通過水滴折射后，偏折程度從小到大的排序為d、c、b、a，則介質對色光的折射率為:，色光的頻率關系為：，按題意，a、b、c、d代表色光可能為紫光、藍光、黃光和紅光，B正確17．通常一次閃電過程歷時約0.2~0.3s，它由若干個相繼發(fā)生的閃擊構成。每個閃擊持續(xù)時間僅40~80μs，電荷轉移主要發(fā)生在第一個閃擊過程中。在某一次閃電前云地之間的電勢差約為1.0×109V，云地間距離約為lkm；第一個閃擊過程中云地間轉移的電荷量約為6C，閃擊持續(xù)時間約為60μs。假定閃電前云地間的電場是均勻的。根據(jù)以上數(shù)據(jù)，下列判斷正確的是A．閃電電流的瞬時值可達到1×105B．整個閃電過程的平均功率約為l×1014WC．閃電前云地間的電場強度約為l×106V/mD．整個閃電過程向外釋放的能量約為6×106J答案：AC解析：第一個閃擊過程的平均電流約為，A正確；第一個閃擊過程的平均功率約為，但不等于整個閃電過程的平均功率，B錯誤；，C正確；W=qU=6×1.0×109=6×109J，D錯誤。18．已知氫原子的基態(tài)能量為E1，激發(fā)態(tài)能量En=E1/n2，其中n=2，3，…。用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速。能使氫原子從第一激發(fā)態(tài)電離的光子的最大波長為A．B．C．D．答案：C解析：由氫原子的躍遷及，使氫原子從第一激發(fā)態(tài)電離，且第一激發(fā)態(tài)n=2.，即氫原子從n=2躍遷到+，則有：，得：，C正確。19．我國“嫦娥一號”探月衛(wèi)星發(fā)射后，先在“24小時軌道”上繞地球運行（即繞地球一圈需要24小時)；然后，經(jīng)過兩次變軌依次到達“48小時軌道”和“72小時軌道”；最后奔向月球。如果按圓形軌道計算，并忽略衛(wèi)星質量的變化，則在每次變軌完成后與變軌前相比，A．衛(wèi)星動能增大，引力勢能減小B．衛(wèi)星動能增大，引力勢能增大C．衛(wèi)星動能減小，引力勢能減小D．衛(wèi)星動能減小，引力勢能增大答案：D解析：由得：，周期變長，軌道半徑r變大，又由得：，軌道半徑r變大，速度減小，動能減??；軌道半徑r變大，引力做負功，引力勢能增大，D正確。vL20．質量為M、內(nèi)壁間距為L的箱子靜止于光滑的水平面上，箱子中間有一質量為m的小物塊，小物塊與箱子底板間的動摩擦因數(shù)為μ。初始時小物塊停在箱子正中間，如圖所示。現(xiàn)給小物塊一水平向右的初速度v，小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間，井與箱子保持相對靜止。設碰撞都是彈性的，則整個過程中，系統(tǒng)損失的動能為vLA．B．C．D．NμmgL答案：BD解析：系統(tǒng)動量守恒，相當于完全非彈性碰撞，兩物體最終速度相等設為u由動量守恒得：mv=(m+M)u，系統(tǒng)損失的動能為：，B正確：碰撞N次后恰又回到箱子正中間，小物塊和箱子底板間的相對滑動距離d=NL，而摩擦生熱Q=fd=NμmgL，系統(tǒng)損失的動能轉化為內(nèi)能，D正確。21．一列簡諧橫波沿x軸傳播，波長為1.2m，振幅為A。當坐標為x=0處質元的位移為且向y軸負方向運動時．坐標為x=0.4m處質元的位移為。當坐標為x=0.2m處的質元位于平衡位置且向y軸正方向運動時，x=0.4m處質元的位移和運動方向分別為A．、沿y軸正方向B．，延y軸負方向yxO0.40.2C．、延y軸正方向D．、延yxO0.40.2答案：C解析：根據(jù)題意，此簡諧橫波必沿x軸正向傳播，在同一坐標系中做出兩狀態(tài)的波形圖分別如實線和虛線所示，C正確。20XX年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國卷）理科綜合能力測試（物理部分）第Ⅱ卷注意事項（1）答題前，考生在答題卡上務必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將自己的姓名、準考證號填寫清楚。并貼好條形碼。請認真核準條形碼上的準考證號、姓名和科目。（2）每小題選出答案后，用2B鉛筆吧答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動。用橡皮擦干凈后，在選涂其他答案編號，在試題卷上作答無效。（3）第Ⅱ卷共13題，共174分。22．（6分）在“油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，有下列實驗步驟：①②用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形狀穩(wěn)定。③將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標紙上，計算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計算出油酸分子直徑的大小。④用注射器將事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，記下量筒內(nèi)每增加一定體積時的滴數(shù)，由此計算出一滴油酸酒精溶液的體積。⑤將玻璃板放在淺盤上，然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上。完成下列填空：⑴上述步驟中，正確的順序是__________。（填寫步驟前面的數(shù)字）⑵將1cm3的油酸溶于酒精，制成300cm3的油酸酒精溶液；測得lcm3的油酸酒精溶液有50滴?，F(xiàn)取一滴該油酸酒精溶液滴在水面上，測得所形成的油膜的面積是0.13m2。由此估算出油酸分子的直徑為_________m。（結果保留l位有效數(shù)字答案：⑴④①②⑤③⑵5×10-10解析：（1）在“油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，按題目所給的實驗步驟合理的順序為④①②⑤③（2）1滴油酸酒精溶液含油酸的體積，油酸分子的直徑約為，多用電表電流表電阻箱ab圖1+23．（12分）使用多用電表測量電阻時，多用電表內(nèi)部的電路可以等效為一個直流電源（一般為電池多用電表電流表電阻箱ab圖1+⑴儀器連線如圖l所示（a和b是多用電表的兩個表筆）。若兩電表均正常工作，則表筆a為_________（填“紅”或“黑”）色；⑵若適當調(diào)節(jié)電阻箱后，圖1中多用電表、電流表與電阻箱的示數(shù)分別如圖2(a)，(b)，(c)所示，則多用電表的讀數(shù)為________Ω，電流表的讀數(shù)為_______mA，電阻箱的讀數(shù)為_______Ω：mAmA×100×10×1×0.1圖2(a)圖2(b)圖2(c)⑶將圖l中多用電表的兩表筆短接，此時流過多用電表的電流為______mA；（保留3位有效數(shù)字）⑷計算得到多用電表內(nèi)電池的電動勢為_________V。(保留3位有效數(shù)字)答案：⑴黑⑵14.053.04.6⑶102⑷1.54解析：（1）多用電表內(nèi)部的電源正極與黑色表筆連接，電流表正常工作時電流從正接線柱流入，由此可以判定表筆a接內(nèi)電源正極，為黑色。（2）如圖2(a)為多用電表的×1Ω歐姆擋，讀數(shù)為14.0Ω；如圖2(b)為電流表，讀數(shù)為53.0mA；如圖2(c)為電阻箱，讀數(shù)為（0×100+0×10+4×1+6×0.1）Ω=4.6Ω（3）圖1連接時，電路中電流I=53.0mA，則多用電表中電流為53.0mA，指針指在電流格數(shù)為26，將多用電表的兩表筆短接，多用電表滿偏為50格，則有：。（4）設多用電表在×1Ω歐姆擋的內(nèi)阻為r，由于兩表筆短接電流為102mA，則E=102×10-3r；圖1連接時，E=53.0×10-3×（14.0+r），聯(lián)立解得：E=1.54V，r=15.1Ω。24．（15分）如圖，兩根足夠長的金屬導軌ab、cd豎直放置，導軌間距離為L，電阻不計。在導軌上端并接兩個額定功率均為P、電阻均為R的小燈泡。整個系統(tǒng)置于勻強磁場中，磁感應強度方向與導軌所在平面垂直。現(xiàn)將一質量為m、電阻可以忽略的金屬棒MN從圖示位置由靜止開始釋放。金屬棒下落過程中保持水平，且與導軌接觸良好。已知某時刻后兩燈泡保持正常發(fā)光。重力加速度為g。求：acMacMNbdL⑵燈泡正常發(fā)光時導體棒的運動速率。答案：⑴⑵解析：（1）設小燈泡的額定電流為I0，有P=I02R=1\*GB3①由題意，在金屬棒沿導軌豎直下落的某時刻，小燈泡保持正常發(fā)光，流經(jīng)MN電流為I=2I0=2\*GB3②此時金屬棒MN所受的重力和安培力相等，下落的速度達到最大值，有mg=BIL=3\*GB3③聯(lián)立=1\*GB3①=2\*GB3②=3\*GB3③式得=4\*GB3④（2）設燈泡正常發(fā)光時，導體棒的速率為v，由電磁感應定律和歐姆定律得E=BLv=5\*GB3⑤E=RI0=6\*GB3⑥聯(lián)立=1\*GB3①=2\*GB3②=4\*GB3④=5\*GB3⑤=6\*GB3⑥式得=7\*GB3⑦BB×EP0v0MNⅡⅠ25．（19分）如圖，與水平面成45°角的平面MN將空間分成I和II兩個區(qū)域。一質量為m、電荷量為q（q>0）的粒子以速度v0從平面MN上的P0點水平向右射入I區(qū)。粒子在I區(qū)運動時，只受到大小不變、方向豎直向下的電場作用，電場強度大小為E；在II區(qū)運動時，只受到勻強磁場的作用，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向里。求粒子首次從II區(qū)離開時到出發(fā)點P0的距離。粒子的重力可以忽略。B×EB×EP0v0MNⅡⅠαββrP1P2Ov解析：帶電粒子進入電場后，在電場力的作用下沿拋物線遠的，其加速度方向豎直向下，設其大小為a由牛頓定律得qE=ma=1\*GB3①設經(jīng)過時間t0，粒子從平面MN是上的點P1進入磁場，由運動學公式和幾何關系得=2\*GB3②粒子速度大小V1為=3\*GB3③設速度方向與豎直方向的夾角為α，則=4\*GB3④此時粒子到出發(fā)點P0的距離為=5\*GB3⑤此后，粒子進入磁場，在洛倫磁力作用下做勻速圓周運動，圓周半徑為=6\*GB3⑥設粒子首次離開磁場的點為P2，弧所張的圓心角為2β，則P1到點P2的距離為=7\*GB3⑦由幾何關系得=8\*GB3⑧聯(lián)立=1\*GB3①=2\*GB3②=3\*GB3③=4\*GB3④=6\*GB3⑥=7\*GB3⑦=8\*GB3⑧式得=9\*GB3⑨點P2與點P0相距l(xiāng)=s0+s1eq\o\ac(○,10)聯(lián)立=1\*GB3①=2\*GB3②=5\*GB3⑤=9\*GB3⑨eq\o\ac(○,10)式得eq\o\ac(○,11)m2mmmmm2mmm裝甲車和戰(zhàn)艦采用多層鋼板比采用同樣質量的單層鋼板更能抵御穿甲彈的射擊。通過對一下簡化模型的計算可以粗略說明其原因。質量為2m、厚度為2d的鋼板靜止在水平光滑桌面上。質量為m的子彈以某一速度垂直射向該鋼板，剛好能將鋼板射穿?，F(xiàn)把鋼板分成厚度均為d、質量均為m的相同兩塊，間隔一段距離水平放置，如圖所示。若子彈以相同的速度垂直射向第一塊鋼板，穿出后再射向第二塊鋼板，求子彈射入第二塊鋼板的深度。設子彈在鋼板中受到的阻力為恒力，且兩塊鋼板不會發(fā)生碰撞。不計重力影響。答案：解析：設子彈初速度為v0，射入厚度為2d的鋼板后，最終鋼板和子彈的共同速度為V。由動量守恒得=1\*GB3①解得此過程中動能的損失為=2\*GB3②解得分成兩塊鋼板后，設子彈穿過第一塊鋼板時兩者的速度為別為v1和V1，由動量守恒得=3\*GB3③因為子彈在鋼板中受到的阻力為恒力，射穿第一塊鋼板的動能損失為，由能量守恒得=4\*GB3④聯(lián)立=1\*GB3①=2\*GB3②=3\*GB3③=4\*GB3④式，且考慮到v1必須大于V1，得=5\*GB3⑤設子彈射入第二塊鋼板并留在其中后兩者的共同速度為V2，由動量守恒得