專題17 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的極值、最值-2025年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)講義（知識梳理+真題自測+考點突破+分層檢測）（新高考專用）解析版

2/2專題17導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的極值、最值（新高考專用）目錄目錄【知識梳理】 2【真題自測】 2【考點突破】 10【考點1】根據(jù)函數(shù)圖象判斷極值 10【考點2】求已知函數(shù)的極值 17【考點3】由函數(shù)的極值求參數(shù) 23【考點4】利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的最值 31【分層檢測】 37【基礎(chǔ)篇】 37【能力篇】 49【培優(yōu)篇】 53考試要求：1.借助函數(shù)圖象，了解函數(shù)在某點取得極值的必要和充分條件.2.會用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的極大值、極小值.3.會求閉區(qū)間上函數(shù)的最大值、最小值.知識梳理知識梳理1.函數(shù)的極值(1)函數(shù)的極小值：函數(shù)y＝f(x)在點x＝a的函數(shù)值f(a)比它在點x＝a附近其他點的函數(shù)值都小，f′(a)＝0；而且在點x＝a附近的左側(cè)f′(x)＜0，右側(cè)f′(x)＞0.則a叫做函數(shù)y＝f(x)的極小值點，f(a)叫做函數(shù)y＝f(x)的極小值.(2)函數(shù)的極大值：函數(shù)y＝f(x)在點x＝b的函數(shù)值f(b)比它在點x＝b附近其他點的函數(shù)值都大，f′(b)＝0；而且在點x＝b附近的左側(cè)f′(x)＞0，右側(cè)f′(x)＜0.則b叫做函數(shù)y＝f(x)的極大值點，f(b)叫做函數(shù)y＝f(x)的極大值.(3)極小值點、極大值點統(tǒng)稱為極值點，極小值和極大值統(tǒng)稱為極值.2.函數(shù)的最大(小)值(1)函數(shù)f(x)在區(qū)間[a，b]上有最值的條件：如果在區(qū)間[a，b]上函數(shù)y＝f(x)的圖象是一條連續(xù)不斷的曲線，那么它必有最大值和最小值.(2)求y＝f(x)在區(qū)間[a，b]上的最大(小)值的步驟：①求函數(shù)y＝f(x)在區(qū)間(a，b)上的極值；②將函數(shù)y＝f(x)的各極值與端點處的函數(shù)值f(a)，f(b)比較，其中最大的一個是最大值，最小的一個是最小值.1.求最值時，應(yīng)注意極值點和所給區(qū)間的關(guān)系，關(guān)系不確定時，需要分類討論，不可想當(dāng)然認為極值就是最值.2.函數(shù)最值是“整體”概念，而函數(shù)極值是“局部”概念，極大值與極小值之間沒有必然的大小關(guān)系.真題自測真題自測一、單選題1．（2022·全國·高考真題）當(dāng)時，函數(shù)取得最大值，則（

）A． B． C． D．12．（2022·全國·高考真題）已知正四棱錐的側(cè)棱長為l，其各頂點都在同一球面上.若該球的體積為，且，則該正四棱錐體積的取值范圍是（

）A． B． C． D．3．（2021·全國·高考真題）設(shè)，若為函數(shù)的極大值點，則（

）A． B． C． D．二、多選題4．（2023·全國·高考真題）若函數(shù)既有極大值也有極小值，則（

）．A． B． C． D．5．（2023·全國·高考真題）已知函數(shù)的定義域為，，則（

）．A． B．C．是偶函數(shù) D．為的極小值點6．（2022·全國·高考真題）已知函數(shù)，則（

）A．有兩個極值點 B．有三個零點C．點是曲線的對稱中心 D．直線是曲線的切線三、填空題7．（2022·全國·高考真題）已知和分別是函數(shù)（且）的極小值點和極大值點．若，則a的取值范圍是．8．（2021·全國·高考真題）函數(shù)的最小值為.參考答案：1．B【分析】根據(jù)題意可知，即可解得，再根據(jù)即可解出．【詳解】因為函數(shù)定義域為，所以依題可知，，，而，所以，即，所以，因此函數(shù)在上遞增，在上遞減，時取最大值，滿足題意，即有．故選：B.2．C【分析】設(shè)正四棱錐的高為，由球的截面性質(zhì)列方程求出正四棱錐的底面邊長與高的關(guān)系，由此確定正四棱錐體積的取值范圍.【詳解】∵球的體積為，所以球的半徑,[方法一]：導(dǎo)數(shù)法設(shè)正四棱錐的底面邊長為，高為，則，,所以，所以正四棱錐的體積，所以，當(dāng)時，，當(dāng)時，，所以當(dāng)時，正四棱錐的體積取最大值，最大值為，又時，，時，,所以正四棱錐的體積的最小值為，所以該正四棱錐體積的取值范圍是.故選：C.[方法二]：基本不等式法由方法一故所以當(dāng)且僅當(dāng)取到，當(dāng)時，得，則當(dāng)時，球心在正四棱錐高線上，此時，，正四棱錐體積，故該正四棱錐體積的取值范圍是3．D【分析】先考慮函數(shù)的零點情況，注意零點左右附近函數(shù)值是否變號，結(jié)合極大值點的性質(zhì)，對進行分類討論，畫出圖象，即可得到所滿足的關(guān)系，由此確定正確選項.【詳解】若，則為單調(diào)函數(shù)，無極值點，不符合題意，故.有和兩個不同零點，且在左右附近是不變號，在左右附近是變號的.依題意，a為函數(shù)的極大值點，在左右附近都是小于零的.當(dāng)時，由，，畫出的圖象如下圖所示：

由圖可知，，故.當(dāng)時，由時，，畫出的圖象如下圖所示：

由圖可知，，故.綜上所述，成立.故選：D【點睛】本小題主要考查三次函數(shù)的圖象與性質(zhì)，利用數(shù)形結(jié)合的數(shù)學(xué)思想方法可以快速解答.4．BCD【分析】求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，由已知可得在上有兩個變號零點，轉(zhuǎn)化為一元二次方程有兩個不等的正根判斷作答.【詳解】函數(shù)的定義域為，求導(dǎo)得，因為函數(shù)既有極大值也有極小值，則函數(shù)在上有兩個變號零點，而，因此方程有兩個不等的正根，于是，即有，，，顯然，即，A錯誤，BCD正確.故選：BCD5．ABC【分析】方法一：利用賦值法，結(jié)合函數(shù)奇偶性的判斷方法可判斷選項ABC，舉反例即可排除選項D.方法二：選項ABC的判斷與方法一同，對于D，可構(gòu)造特殊函數(shù)進行判斷即可.【詳解】方法一：因為，對于A，令，，故正確.對于B，令，，則，故B正確.對于C，令，，則，令，又函數(shù)的定義域為，所以為偶函數(shù)，故正確，對于D，不妨令，顯然符合題設(shè)條件，此時無極值，故錯誤.方法二：因為，對于A，令，，故正確.對于B，令，，則，故B正確.對于C，令，，則，令，又函數(shù)的定義域為，所以為偶函數(shù)，故正確，對于D，當(dāng)時，對兩邊同時除以，得到，故可以設(shè)，則，當(dāng)肘，，則，令，得；令，得；故在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，因為為偶函數(shù)，所以在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，

顯然，此時是的極大值，故D錯誤.故選：.6．AC【分析】利用極值點的定義可判斷A，結(jié)合的單調(diào)性、極值可判斷B，利用平移可判斷C；利用導(dǎo)數(shù)的幾何意義判斷D.【詳解】由題，，令得或，令得，所以在，上單調(diào)遞增，上單調(diào)遞減，所以是極值點，故A正確；因，，，所以，函數(shù)在上有一個零點，當(dāng)時，，即函數(shù)在上無零點，綜上所述，函數(shù)有一個零點，故B錯誤；令，該函數(shù)的定義域為，，則是奇函數(shù)，是的對稱中心，將的圖象向上移動一個單位得到的圖象，所以點是曲線的對稱中心，故C正確；令，可得，又，當(dāng)切點為時，切線方程為，當(dāng)切點為時，切線方程為，故D錯誤.故選：AC.7．【分析】法一：依題可知，方程的兩個根為，即函數(shù)與函數(shù)的圖象有兩個不同的交點，構(gòu)造函數(shù)，利用指數(shù)函數(shù)的圖象和圖象變換得到的圖象，利用導(dǎo)數(shù)的幾何意義求得過原點的切線的斜率，根據(jù)幾何意義可得出答案.【詳解】[方法一]：【最優(yōu)解】轉(zhuǎn)化法，零點的問題轉(zhuǎn)為函數(shù)圖象的交點因為，所以方程的兩個根為，即方程的兩個根為，即函數(shù)與函數(shù)的圖象有兩個不同的交點，因為分別是函數(shù)的極小值點和極大值點，所以函數(shù)在和上遞減，在上遞增，所以當(dāng)時，，即圖象在上方當(dāng)時，，即圖象在下方，圖象顯然不符合題意，所以．令，則，設(shè)過原點且與函數(shù)的圖象相切的直線的切點為，則切線的斜率為，故切線方程為，則有，解得，則切線的斜率為，因為函數(shù)與函數(shù)的圖象有兩個不同的交點，所以，解得，又，所以，綜上所述，的取值范圍為．[方法二]：【通性通法】構(gòu)造新函數(shù)，二次求導(dǎo)=0的兩個根為因為分別是函數(shù)的極小值點和極大值點，所以函數(shù)在和上遞減，在上遞增，設(shè)函數(shù)，則，若，則在上單調(diào)遞增，此時若，則在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，此時若有和分別是函數(shù)且的極小值點和極大值點，則，不符合題意；若，則在上單調(diào)遞減，此時若，則在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，令，則，此時若有和分別是函數(shù)且的極小值點和極大值點，且，則需滿足，，即故，所以.【整體點評】法一：利用函數(shù)的零點與兩函數(shù)圖象交點的關(guān)系，由數(shù)形結(jié)合解出，突出“小題小做”，是該題的最優(yōu)解；法二：通過構(gòu)造新函數(shù)，多次求導(dǎo)判斷單調(diào)性，根據(jù)極值點的大小關(guān)系得出不等式，解出即可，該法屬于通性通法．8．1【分析】由解析式知定義域為，討論、、，并結(jié)合導(dǎo)數(shù)研究的單調(diào)性，即可求最小值.【詳解】由題設(shè)知：定義域為，∴當(dāng)時，，此時單調(diào)遞減；當(dāng)時，，有，此時單調(diào)遞減；當(dāng)時，，有，此時單調(diào)遞增；又在各分段的界點處連續(xù)，∴綜上有：時，單調(diào)遞減，時，單調(diào)遞增；∴故答案為：1.考點突破考點突破【考點1】根據(jù)函數(shù)圖象判斷極值一、單選題1．（21-22高三·北京西城·開學(xué)考試）如圖所示，已知直線與曲線相切于兩點，函數(shù)，則對函數(shù)描述正確的是（

）A．有極小值點，沒有極大值點 B．有極大值點，沒有極小值點C．至少有兩個極小值點和一個極大值點 D．至少有一個極小值點和兩個極大值點2．（21-22高二下·北京西城·期末）設(shè)函數(shù)的極小值為－8，其導(dǎo)函數(shù)的圖象過點（－2，0），如圖所示，則＝（

）A． B．C． D．二、多選題3．（2022·山東臨沂·模擬預(yù)測）設(shè)函數(shù)，其中R，則（

）A．當(dāng)時，有2個極值點B．當(dāng)時有1個極值點C．當(dāng)時，有0個極值點．D．若，成立，則4．（2023·湖北武漢·模擬預(yù)測）已知函數(shù)和的圖像都是上連續(xù)不斷的曲線，如果，當(dāng)且僅當(dāng)時，那么下列情形可能出現(xiàn)的是（

）A．1是的極大值，也是的極大值 B．1是的極大值，也是的極小值C．1是的極小值，也是的極小值 D．1是的極小值，也是的極大值三、填空題5．（2021·四川成都·模擬預(yù)測）已知函數(shù)的定義域為，其部分自變量與函數(shù)值的對應(yīng)情況如表：x0245312.513的導(dǎo)函數(shù)的圖象如圖所示．給出下列四個結(jié)論：①在區(qū)間上單調(diào)遞增；②有2個極大值點；③的值域為；④如果時，的最小值是1，那么t的最大值為4．其中，所有正確結(jié)論的序號是．6．（2023·陜西寶雞·二模）若函數(shù)無極值點，則實數(shù)a的取值范圍是.參考答案：1．C【分析】由題設(shè)，令與切點橫坐標為且，由圖存在使，則有三個不同零點，結(jié)合圖象判斷的符號，進而確定單調(diào)性，即可確定答案.【詳解】由題設(shè)，，則，又直線與曲線相切于兩點且橫坐標為且，所以的兩個零點為，由圖知：存在使，綜上，有三個不同零點，由圖：上，上，上，上，所以在上遞減，上遞增，上遞減，上遞增.故至少有兩個極小值點和一個極大值點.故選：C.2．B【分析】由題設(shè)，根據(jù)所過的點可得，結(jié)合圖象求出極小值點并代入求參數(shù)，即可得解析式，注意驗證所得參數(shù)是否符合題設(shè).【詳解】由題設(shè)，，則，故，所以，令，可得或，由圖知：且處有極小值，所以，即，，經(jīng)驗證滿足題設(shè)，故.故選：B3．BD【分析】求導(dǎo)，記，結(jié)合圖象討論可知函數(shù)的單調(diào)性，結(jié)合分析可得答案.【詳解】的定義域為當(dāng)時，單調(diào)遞增，顯然無極值，故A錯誤；記由，即，解得所以當(dāng)時，，即，所以在定義域內(nèi)單調(diào)遞增，此時無極值，當(dāng)或時，記的兩根為，且則時，因為，所以由圖可知則時，，單調(diào)遞增，時，，單調(diào)遞減所以此時在處有極大值，故B正確；當(dāng)時，因為，由圖可知或時，，時，，所以在處有極大值，在處有極小值，故C錯誤；當(dāng)時，因為，由圖可知時，時，所以在上單調(diào)遞減，在單調(diào)遞增因為，所以由上可知，要使，成立，必然有在上單調(diào)遞增，所以，故D正確.故選：BD4．ABC【分析】由題意構(gòu)造函數(shù)圖象滿足題干依次判定選項即可.【詳解】對于A選項，構(gòu)造如圖所示圖象，則A選項正確；

對于B選項，構(gòu)造如圖所示圖象，則B選項正確；

對于C選項，構(gòu)造如圖所示圖象，則C選項正確；

對于D選項，因為1是的極小值，則在1的附近存在，使得，又1也是的極大值，則在1的附近存在，使得，所以在1的附近存在與，使得，不合題意，故D錯誤.故選：ABC.5．③④【分析】畫出函數(shù)圖象，數(shù)形結(jié)合作出判斷.【詳解】根據(jù)函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)的圖象與表格，整理出函數(shù)的大致圖象，如圖所示．對于①，在區(qū)間上單調(diào)遞減，故①錯誤；對于②，有1個極大值點，2個極小值點，故②錯誤；對于③，根據(jù)函數(shù)的極值和端點值可知，的值域為，故③正確；對于④，如果時，的最小值是1，那么t的最大值為4，故④正確．綜上所述，所有正確結(jié)論的序號是③④．故答案為：③④6．【分析】若函數(shù)無極值點，則導(dǎo)數(shù)無變號零點，令，根據(jù)的正負得出其單調(diào)性，即可根據(jù)導(dǎo)數(shù)無變號零點列不等式求解，即可得出答案.【詳解】，則，若函數(shù)無極值點，則無變號零點，令，則，當(dāng)時，，，，則，則，當(dāng)時，，，，則，則，則在上單調(diào)遞減，上單調(diào)遞增，即在上單調(diào)遞減，上單調(diào)遞增，在處取得最小值，若無變號零點，則，解得：，故答案為：.反思提升：由圖象判斷函數(shù)y＝f(x)的極值，要抓住兩點：(1)由y＝f′(x)的圖象與x軸的交點，可得函數(shù)y＝f(x)的可能極值點；(2)由導(dǎo)函數(shù)y＝f′(x)的圖象可以看出y＝f′(x)的值的正負，從而可得函數(shù)y＝f(x)的單調(diào)性.兩者結(jié)合可得極值點.【考點2】求已知函數(shù)的極值一、單選題1．（2024·寧夏銀川·一模）若函數(shù)在處取得極大值，則的極小值為（

）A． B． C． D．2．（2024·四川成都·二模）函數(shù)，下列說法不正確的是（

）A．當(dāng)時，恒成立B．當(dāng)時，存在唯一極小值點C．對任意在上均存在零點D．存在在上有且只有一個零點二、多選題3．（23-24高二下·江蘇南京·階段練習(xí)）已知，，則（

）A．函數(shù)在上的最大值為3 B．，C．函數(shù)在上沒有零點 D．函數(shù)的極值點有2個4．（2024·全國·模擬預(yù)測）已知則方程可能有（

）個解.A．3 B．4 C．5 D．6三、填空題5．（2023·全國·模擬預(yù)測）已知定義在R上的奇函數(shù)滿足當(dāng)時，（為的導(dǎo)函數(shù)），且，則的極大值為．6．（2023·西藏拉薩·一模）已知函數(shù)，函數(shù)的圖象與軸的交點關(guān)于軸對稱，當(dāng)時，函數(shù)；當(dāng)函數(shù)有三個零點時，函數(shù)的極大值為．參考答案：1．C【分析】由題意求出的值，進而求出，再解出極小值即可.【詳解】因為函數(shù)在處取得極大值，則，且，即，所以；所以，，令，則或，由，，，所以在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減.所以函數(shù)在處取得極大值，.故選：C.2．C【分析】對于A：代入，直接函數(shù)性質(zhì)判斷；對于B：代入，求導(dǎo)研究函數(shù)單調(diào)性來判斷；對于CD：求出在上的單調(diào)性和極值，再來判斷即可.【詳解】對于A：當(dāng)時，，當(dāng)時，，則，當(dāng)，，則，不能取等號，所以恒成立，A正確；對于B：當(dāng)時，，則令，則，由選項A得恒成立，則在上單調(diào)遞增，又，故存在使得，所以在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，故存在唯一極小值點，B正確；對于CD：令，當(dāng)，顯然不是零點，當(dāng)時，令，得，則令，則，當(dāng)時，，單調(diào)遞減，當(dāng)時，，單調(diào)遞增此時有極小值，當(dāng)時，，單調(diào)遞增，當(dāng)時，，單調(diào)遞減，此時有極大值，故選項C中任意均有零點，錯誤；選項D中，存在在上有且只有一個零點，此時，故選：C.【點睛】方法點睛：一：對于不等式恒成立問題可以構(gòu)造函數(shù)，轉(zhuǎn)化為函數(shù)最值問題來解決；二：對于零點問題，可以轉(zhuǎn)化為函數(shù)圖象的交點個數(shù)問題來解決.3．AC【分析】求函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，得，.因為在上遞增，根據(jù)函數(shù)零點的存在性判斷零點在之間，設(shè)為，再代入計算可以求出函數(shù)在上的最值，判斷AB的真假；求的導(dǎo)數(shù)，得，，利用其單調(diào)性得至多一解，可判斷D；再根據(jù)函數(shù)零點的存在性，可判斷C的真假.【詳解】對A,B，因為，.所以，.設(shè)，，則，因為，所以在上恒成立.所以在上單調(diào)遞增，且，，所以，使得.所以在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增.又，，，因為，所以，因為，所以.故A正確，B錯誤；對D，又，.所以，.設(shè)，則，，所以在恒成立.所以在上單調(diào)遞增，所以至多一個解，故D錯誤；對C，又因為，，所以只有一解，在區(qū)間內(nèi).所以在上單調(diào)遞增，且，所以在上無零點.故C正確.故選：AC4．ABCD【分析】方程得或，作出函數(shù)圖象，數(shù)形結(jié)合判斷解的個數(shù).【詳解】，有，當(dāng)時，單調(diào)遞減；當(dāng)時，單調(diào)遞增，當(dāng)時，有極小值.，由二次函數(shù)的性質(zhì)可知，在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，當(dāng)時，有極大值.由的圖象如圖所示，

由得或，由圖象可知有3個解，可能有1，2，3，4個解，若，則有3個解；若，則方程可能有4，5，6，7個解.故選：ABCD.【點睛】方法點睛：函數(shù)零點的求解與判斷方法：(1)直接求零點：令，如果能求出解，則有幾個解就有幾個零點．(2)零點存在性定理：利用定理不僅要函數(shù)在區(qū)間上是連續(xù)不斷的曲線，且，還必須結(jié)合函數(shù)的圖象與性質(zhì)(如單調(diào)性、奇偶性)才能確定函數(shù)有多少個零點．(3)利用圖象交點的個數(shù)：將函數(shù)變形為兩個函數(shù)的差，畫兩個函數(shù)的圖象，看其交點的橫坐標有幾個不同的值，就有幾個不同的零點．5．4【分析】利用導(dǎo)數(shù)判斷函數(shù)單調(diào)性，并結(jié)合函數(shù)的奇偶性求解函數(shù)的極大值即可.【詳解】因為當(dāng)時，，所以，又，故．由可知，時，，單調(diào)遞減，時，單調(diào)遞增，故在上的極小值為，又為奇函數(shù)，所以的極大值為．故答案為：46．/【分析】因式分解得，然后根據(jù)零點互為相反數(shù)可得解析式；當(dāng)函數(shù)有三個零點時，求出解析式后利用導(dǎo)數(shù)求極值即可.【詳解】，當(dāng)時，函數(shù)有兩個零點，其中一個為，另一個必為1，于是；當(dāng)有3個零點時，因為函數(shù)的圖象與軸的交點關(guān)于軸對稱，所以0是函數(shù)的零點，從而1也是函數(shù)的零點，于是，由，得，當(dāng)或時，；當(dāng)時，.所以，當(dāng)時，函數(shù)有極大值，極大值為．故答案為：；.反思提升：運用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)f(x)極值的一般步驟：(1)確定函數(shù)f(x)的定義域；(2)求導(dǎo)數(shù)f′(x)；(3)解方程f′(x)＝0，求出函數(shù)定義域內(nèi)的所有根；(4)列表檢驗f′(x)在f′(x)＝0的根x0左右兩側(cè)值的符號；(5)求出極值.【考點3】由函數(shù)的極值求參數(shù)一、單選題1．（2024·遼寧葫蘆島·一模）已知函數(shù)在上無極值，則的取值范圍是（

）A． B． C． D．2．（2024·全國·模擬預(yù)測）已知函數(shù)在上恰有兩個極值點，則實數(shù)的取值范圍是（

）A． B．C． D．二、多選題3．（2024·全國·模擬預(yù)測）已知函數(shù)．若過原點可作函數(shù)的三條切線，則（

）A．恰有2個異號極值點 B．若，則C．恰有2個異號零點 D．若，則4．（2024·江蘇徐州·一模）已知函數(shù)，，則下列說法正確的是（

）A．當(dāng)時，有唯一零點B．當(dāng)時，是減函數(shù)C．若只有一個極值點，則或D．當(dāng)時，對任意實數(shù)，總存在實數(shù)，使得三、填空題5．（2023·四川遂寧·模擬預(yù)測）已知函數(shù)，函數(shù)的兩相鄰對稱中心之間的距離為1，且為函數(shù)的一個極大值點.若方程在上的所有根之和等于2024，則滿足條件中整數(shù)的值構(gòu)成的集合為6．（2024·陜西銅川·三模）若函數(shù)有兩個極值點，則實數(shù)的取值范圍為.參考答案：1．D【分析】求導(dǎo)數(shù)確定單調(diào)性，討論x的取值范圍可得結(jié)果.【詳解】由題意得，，故，因為函數(shù)在上無極值，所以在R上恒成立，當(dāng)時，，設(shè)，則，當(dāng)時，得，當(dāng)時，得，則在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，從而，故，當(dāng)時，，則.綜上，.故選：D.2．A【分析】根據(jù)函數(shù)有兩個極值點的個數(shù)，轉(zhuǎn)化為導(dǎo)數(shù)在上有兩個變號零點，再進行參數(shù)的討論即可.【詳解】解法一

由題意得．因為函數(shù)在上恰有兩個極值點，則在上有兩個變號零點．當(dāng)時，在上恒成立，不符合題意．當(dāng)時，令，則，當(dāng)時，，所以在上單調(diào)遞增，當(dāng)時，，所以在上單調(diào)遞減，又，，所以，則，故選A．解法二

由題意得．因為函數(shù)在上恰有兩個極值點，則在上有兩個變號零點．令，得，令，則直線與曲線在上有兩個不同的交點，因為，當(dāng)時，，所以在上單調(diào)遞增，當(dāng)時，，所以在上單調(diào)遞減，又，當(dāng)趨近于0時，趨近于，當(dāng)趨近于時，趨近于，所以可作出函數(shù)的大致圖象如圖所示，若直線與曲線在上有兩個不同的交點，則，故實數(shù)的取值范圍是．故選：A．【點睛】方法點睛：本題考查已知函數(shù)極值點個數(shù)求參數(shù)范圍.對于函數(shù)零點個數(shù)的相關(guān)問題，常常利用導(dǎo)數(shù)和數(shù)形結(jié)合思想來求解．求解這類問題的步驟：（1）構(gòu)造函數(shù)，并求其定義域，這是解決此類題的關(guān)鍵點和難點；（2）求導(dǎo)，得函數(shù)的單調(diào)區(qū)間和極值點；（3）數(shù)形結(jié)合，挖掘隱含條件，確定函數(shù)圖象與軸的交點情況，進而求解．3．BD【分析】利用函數(shù)導(dǎo)數(shù)的符號可判斷AC，設(shè)切點，利用導(dǎo)數(shù)求出切線方程，代入原點方程有三解，轉(zhuǎn)化為利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)極值，由數(shù)形結(jié)合求解即可判斷BD.【詳解】因為，所以在上單調(diào)遞增，故AC錯誤；設(shè)過原點的函數(shù)的切線的切點為，則切線的斜率，所以切線方程為，即，因為過原點，所以，化簡得，即方程有3個不等實數(shù)根，令，則，當(dāng)時，或時，，時，，所以在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，所以極大值，極小值為，如圖，所以與相交有三個交點需滿足，故B正確；同理，當(dāng)時，可知極大值，極小值為，如圖，

可得時，與相交有三個交點，故D正確.故選：BD4．ABD【分析】對于A：求導(dǎo)，確定單調(diào)性，然后利用零點存在定理判斷；對于B：求導(dǎo)，利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)單調(diào)性；對于C：直接驗證時的極值情況；對于D：求導(dǎo)，作出的圖象，觀察圖象可得.【詳解】對于A：當(dāng)時，，令，得，令，得，即在上單調(diào)遞增，又，，由零點存在定理可得在上有唯一零點，即有唯一零點，A正確；對于B：，令，得，設(shè)，則，當(dāng)時，，單調(diào)遞增，當(dāng)時，，單調(diào)遞減，所以，又當(dāng)時,，所以恒成立，即當(dāng)時，是減函數(shù)，B正確；對于C：當(dāng)時，由B知，即，所以，即在上單調(diào)遞減，無極值，C錯誤；對于D：當(dāng)時，，，令，得，令，則，當(dāng)，即時，單調(diào)遞增，當(dāng)，即時，單調(diào)遞減，所以，即恒成立，所以單調(diào)遞減，又，所以，所以在上單調(diào)遞減，且當(dāng)時，，當(dāng)時，，可得的大致圖象如下：由圖可知對任意實數(shù)，總存在實數(shù)，使得，D正確；故選：ABD.5．【分析】先根據(jù)題意求出；再作出和的圖象，分析函數(shù)圖像的特點及交點情況；最后列出關(guān)系式求解即可.【詳解】函數(shù)的兩相鄰對稱中心之間的距離為1，且為函數(shù)的一個極大值點，而，解得，則.在同一個坐標系內(nèi)作出和的圖象，如圖所示：

顯然和的圖象均關(guān)于點對稱，則它們圖象的交點也關(guān)于點對稱.又因為區(qū)間的中點是，方程在上的所有根之和等于2024.所以函數(shù)和的圖象的交點為偶數(shù)個，交點橫坐標按從小到大記為.則，，即即，解得.所以函數(shù)和圖象在有個交點，506對交點.由圖象可知函數(shù)和圖象在區(qū)間上無交點，在，，……上各有兩個交點，且的周期為.故，解得所以滿足條件中整數(shù)的值構(gòu)成的集合為故答案為：.【點睛】關(guān)鍵點點睛：本題主要考查方程根與函數(shù)圖像交點之間的關(guān)系，解題關(guān)鍵是先求出函數(shù)的解析式；再數(shù)形結(jié)合分析函數(shù)圖像的特點及交點情況；最后結(jié)合函數(shù)是周期函數(shù)及無限接近軸的特點，即可列出關(guān)系式.6．【分析】將導(dǎo)數(shù)方程參變分離，轉(zhuǎn)化為與由兩個交點的問題，利用導(dǎo)數(shù)討論的單調(diào)性，觀察變化趨勢，作出草圖，由圖象即可得解.【詳解】的定義域為，，令，得.令，則.令，則，即，即.當(dāng)時，單調(diào)遞增；當(dāng)時，單調(diào)遞減.，又當(dāng)趨近于0時，趨近于；當(dāng)趨近于時，趨近于0，作出的草圖如圖，由圖可知，當(dāng)時，方程有兩個正根，從而函數(shù)有兩個極值點.【點睛】思路點睛：關(guān)于函數(shù)零點個數(shù)求參數(shù)問題，通常參變分離，轉(zhuǎn)化為兩個函數(shù)圖象相交問題，借助導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)單調(diào)性，作出草圖即可得解，其中需要注意觀察函數(shù)的變化趨勢.反思提升：1.已知函數(shù)極值，確定函數(shù)解析式中的參數(shù)時，要注意：根據(jù)極值點的導(dǎo)數(shù)為0和極值這兩個條件列方程組，利用待定系數(shù)法求解.【考點4】利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的最值一、單選題1．（2022·福建福州·三模）已知函數(shù)，以下結(jié)論中錯誤的是（

）A．是偶函數(shù) B．有無數(shù)個零點C．的最小值為 D．的最大值為2．（2024·浙江金華·三模）若存在直線與曲線，都相切，則a的范圍為（

）A． B． C． D．二、多選題3．（2024·河南南陽·模擬預(yù)測）已知函數(shù)，則（

）A．若曲線在處的切線方程為，則B．若，則函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間為C．若，則函數(shù)在區(qū)間上的最小值為D．若，則的取值范圍為4．（2022·全國·模擬預(yù)測）已知函數(shù)，則下列說法正確的是（

）A．當(dāng)時，函數(shù)當(dāng)且僅當(dāng)在時取極小值B．當(dāng)時，函數(shù)有無數(shù)個零點C．，D．若在區(qū)間上的最小值是0，則三、填空題5．（2024·廣東廣州·模擬預(yù)測）若，關(guān)于的不等式恒成立，則正實數(shù)的最大值為.6．（23-24高三下·陜西西安·階段練習(xí)）已知函數(shù).設(shè)k為正數(shù)，對于任意x，若，二者中至少有一個大于2，則的取值范圍是.參考答案：1．C【分析】由奇偶性定義可判斷出A正確；令可確定B正確；根據(jù)定義域為，，可知若最小值為，則是的一個極小值點，根據(jù)可知C錯誤；由時，取得最大值，取得最小值可確定D正確.【詳解】對于A，定義域為，，為偶函數(shù)，A正確；對于B，令，即，，解得：，有無數(shù)個零點，B正確；對于C，，若的最小值為，則是的一個極小值點，則；，，不是的極小值點，C錯誤；對于D，，；則當(dāng)，，即時，取得最大值，D正確.故選：C.2．A【分析】利用導(dǎo)數(shù)分別求得與相切的切線方程，可得，進而可得有解，從而利用導(dǎo)數(shù)可求的范圍.【詳解】設(shè)直線與相切與點，因為，所以切線方程，即，設(shè)直線與相切與點，因為，所以切線方程，即，，所以有解，令，，所以函數(shù)在，上單調(diào)遞減，在，上單調(diào)遞增，因為，，所以，所以，的范圍為.故選：A.【點睛】思路點睛：本題考查曲線公切線相關(guān)問題的求解，求解曲線公切線的基本思路是假設(shè)切點坐標，利用導(dǎo)數(shù)的幾何意義分別求得兩曲線的切線方程，根據(jù)切線方程的唯一性構(gòu)造方程組來進行求解.3．BD【分析】由，可判定A錯誤；當(dāng)，利用導(dǎo)數(shù)求得的單調(diào)遞增區(qū)間，可判定B正確；當(dāng)，利用導(dǎo)數(shù)求得函數(shù)的的單調(diào)性，求得在上的最小值為，可判定C錯誤；根據(jù)題意，分和、，結(jié)合函數(shù)的單調(diào)性，以及，可判定D正確.【詳解】對于A中，因為函數(shù)，可得，則，所以，解得，所以A錯誤；對于B中，若，則，當(dāng)時，可得，所以的單調(diào)遞增區(qū)間為，所以B正確；對于C中，若，則，令，解得或（舍去），當(dāng)，即時，在上，可得，在上是增函數(shù)，所以函數(shù)在上的最小值為；當(dāng)，即時，當(dāng)時，，單調(diào)遞減；當(dāng)時，，單調(diào)遞增，所以函數(shù)在上的最小值為，所以C錯誤；對于D中，因為，當(dāng)時，，所以函數(shù)在上是增函數(shù)，則，所以成立；當(dāng)時，由C項知：當(dāng)時，，則成立；當(dāng)時，，即在區(qū)間上存在使得，則不成立，綜上，實數(shù)的取值范圍為，所以D正確.故選：BD.【點睛】方法技巧：利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的極值、最值等問題的求解策略：1、求函數(shù)在閉區(qū)間上的最值時，在得到函數(shù)的極值的基礎(chǔ)上，結(jié)合區(qū)間端點的函數(shù)值與的各極值進行比較得到函數(shù)的最值；2、若所給函數(shù)含有參數(shù)，則需通過對參數(shù)分離討論，判斷函數(shù)的單調(diào)性，從而的函數(shù)的最值；3、若函數(shù)在區(qū)間上有唯一的極值點，這個極值點就是函數(shù)的最值點，此結(jié)論在導(dǎo)數(shù)的實際問題中經(jīng)常使用.4．AC【分析】A.首先判斷函數(shù)是偶函數(shù)，并且判斷函數(shù)的單調(diào)性，即可判斷；B.令，求解方程，即可判斷選項；C.恒成立，即，，轉(zhuǎn)化為，轉(zhuǎn)化為求函數(shù)的最值，即可判斷選項；D.，，參變分離后，轉(zhuǎn)化為利用導(dǎo)數(shù)判斷函數(shù)，的單調(diào)性，即可判斷選項.【詳解】對于A，函數(shù)是偶函數(shù)，當(dāng)時，，當(dāng)時，，令，，，，在上單調(diào)遞增，又是偶函數(shù)，故A正確；對于B，當(dāng)時，，函數(shù)有且僅有一個零點，故B錯誤；對于C，假設(shè)恒成立，函數(shù)是偶函數(shù)，則必有，，即，∴，令，，，，故C正確；對于D，函數(shù)在區(qū)間上的最小值是0，∴，，故當(dāng)，；當(dāng)時，，令，，再令，，∴，即，∴在上單調(diào)遞增，∴，故D錯誤.故選：AC.5．【分析】先將不等式同構(gòu)變形為，構(gòu)造函數(shù)，求導(dǎo)判單調(diào)性轉(zhuǎn)化為解不等式0或，令，求導(dǎo)求得最大值小于等于0即可求解.【詳解】，即，令，則.設(shè)，其中，則，令，得，所以當(dāng)時，單調(diào)遞減，當(dāng)時，單調(diào)遞增，所以，又，所以存在，使得，所以若，則或，即0或恒成立，當(dāng)，故不可能，，所以在上，單調(diào)遞增，在上，單調(diào)遞減，所以，所以只有才能滿足要求，即，又，解得，所以正實數(shù)的最大值為.故答案為：【點睛】方法點睛：函數(shù)隱零點的處理思路：第一步：用零點存在性定理判定導(dǎo)函數(shù)零點的存在性，其中難點是通過合理賦值，敏銳捕捉零點存在的區(qū)間，有時還需結(jié)合函數(shù)單調(diào)性明確零點的個數(shù).第二步：虛設(shè)零點并確定取值范圍，抓住零點方程實施代換，如指數(shù)與對數(shù)互換，超越函數(shù)與簡單函數(shù)的替換，利用同構(gòu)思想等解決，需要注意的是，代換可能不止一次.6．【分析】通過導(dǎo)數(shù)求解函數(shù)在定義域的單調(diào)性及極值點，再向左平移個單位長度即可.【詳解】由題意可知，函數(shù)的定義域為，導(dǎo)函數(shù)為，令，解得或，令，解得，所以函數(shù)在和單調(diào)遞增，函數(shù)在單調(diào)遞減，所以的極大值為，極小值為，如圖①所示.函數(shù)的圖象如圖②所示，令，解得或或，所以當(dāng)或或時，，當(dāng)時，，所以或時，.因為為正數(shù)，且向左平移個單位長度得，如圖③所示，當(dāng)時，在或成立，即，二者至少有一個大于2，所以向左平移個單位長度，，二者至少有一個大于2，所以的取值范圍為：.故答案為：.反思提升：1.利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)f(x)在[a，b]上的最值的一般步驟：(1)求函數(shù)在(a，b)內(nèi)的極值.(2)求函數(shù)在區(qū)間端點處的函數(shù)值f(a)，f(b).(3)將函數(shù)f(x)的各極值與f(a)，f(b)比較，其中最大的一個為最大值，最小的一個為最小值.2.求函數(shù)在無窮區(qū)間(或開區(qū)間)上的最值，不僅要研究其極值情況，還要研究其單調(diào)性，并通過單調(diào)性和極值情況，畫出函數(shù)的大致圖象，然后借助圖象觀察得到函數(shù)的最值.分層檢測分層檢測【基礎(chǔ)篇】一、單選題1．（2024·全國·模擬預(yù)測）設(shè)為函數(shù)（其中）的兩個不同的極值點，若不等式成立，則實數(shù)的取值范圍為（

）A． B． C． D．2．（2024·江西鷹潭·二模）已知函數(shù)，，則下列命題不正確的是（

）A．有且只有一個極值點 B．在上單調(diào)遞增C．存在實數(shù)，使得 D．有最小值3．（2024·四川雅安·三模）已知函數(shù)，則下列說法中正確的個數(shù)是（

）①當(dāng)時，函數(shù)有且只有一個零點；②當(dāng)時，函數(shù)為奇函數(shù)，則正數(shù)的最小值為；③若函數(shù)在上單調(diào)遞增，則的最小值為；④若函數(shù)在上恰有兩個極值點，則的取值范圍為.A．1 B．2 C．3 D．44．（23-24高二下·湖北武漢·階段練習(xí)）若函數(shù)的導(dǎo)數(shù)的最小值為0，則函數(shù)的零點為（

）A．0 B． C． D．二、多選題5．（2024·全國·模擬預(yù)測）已知函數(shù)（其中）的部分圖象如圖所示，則（

）A． B． C． D．6．（2024·全國·模擬預(yù)測）已知函數(shù)在定義域內(nèi)既存在極大值點又存在極小值點，則（

）A． B．C． D．對于任意非零實數(shù)，總存在實數(shù)滿足題意7．（2024·江西·二模）若恒成立，則實數(shù)的取值可以是（

）A．0 B． C． D．三、填空題8．（2024·廣東·模擬預(yù)測）在的極值點個數(shù)為個．9．（2022·北京海淀·一模）已知函數(shù)，給出下列四個結(jié)論：①是偶函數(shù)；②有無數(shù)個零點；③的最小值為；④的最大值為1.其中，所有正確結(jié)論的序號為.10．（2024·四川成都·三模）已知函數(shù)，若存在最小值，且最小值為，則實數(shù)的值為四、解答題11．（2024·全國·模擬預(yù)測）已知函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間為．(1)求函數(shù)的圖象在點處的切線方程；(2)若函數(shù)有兩個零點，求實數(shù)的取值范圍．12．（2024·陜西咸陽·三模）已知函數(shù).(1)當(dāng)時，求函數(shù)極值；(2)若對任意，恒成立，求實數(shù)的取值范圍.參考答案：1．A【分析】導(dǎo)函數(shù)為二次函數(shù)，為對應(yīng)的一元二次方程的兩根，由，代入函數(shù)解析式，結(jié)合韋達定理化簡，可解出實數(shù)的取值范圍.【詳解】因為，所以．又函數(shù)有兩個不同的極值點，所以解法一：由，得，即．將的值代入（*）式，得，解得，故選：A．解法二：函數(shù)為奇函數(shù)，圖象的對稱中心為，則函數(shù)圖象的對稱中心為設(shè)，，比較系數(shù)，有，解得所以函數(shù)圖象的對稱中心為，即若存在兩個相異的極值點，則其對稱中心為點和點的中點，即．由題設(shè)得，即，即，所以解得.故選:A．2．C【分析】由條件可得函數(shù)可以看作為函數(shù)與函數(shù)的復(fù)合函數(shù)，然后求導(dǎo)判斷其單調(diào)性與極值，即可得到結(jié)果.【詳解】由得，令，則函數(shù)可以看作為函數(shù)與函數(shù)的復(fù)合函數(shù)，因為為增函數(shù)，所以與單調(diào)性、圖象變換等基本一致，，由得，列表如下：－0＋由表知，在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，在時，取得極小值（最小值），所以在上單調(diào)遞增，即B正確；在時，取得唯一極值（極小值，也是最小值），即A、D都正確，C錯誤.故選：C3．B【分析】利用輔助角公式化簡函數(shù)，由圖象分析判斷①；由正弦函數(shù)的性質(zhì)判斷②③；由極大值的意義結(jié)合正弦函數(shù)的性質(zhì)判斷④.【詳解】依題意，，函數(shù)，對于①：，令，即，作出函數(shù)和函數(shù)的圖象，如圖，

觀察圖象知，兩個函數(shù)在上只有一個零點，，當(dāng)時，，當(dāng)時，，因此函數(shù)與函數(shù)的圖象有且只有一個交點，①正確；對于②：為奇函數(shù)，則，，即正數(shù)的最小值為，②正確；對于③：當(dāng)時，，由在上單調(diào)遞增，得，解得，正數(shù)有最大值，③錯誤；對于④：當(dāng)時，，而在上恰有兩個極值點，由正弦函數(shù)的性質(zhì)得，解得，因此的取值范圍是，④錯誤.綜上，共2個正確，故選：B.4．B【分析】由，確定，由的最小值為0，得出的解析式，進一步求出函數(shù)的零點.【詳解】因為函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，所以，c為常數(shù)，設(shè)，則恒成立，在R上單調(diào)遞增，又，所以當(dāng)時，即，所以在單調(diào)遞減，當(dāng)時，即，所以在單調(diào)遞增，所以在處取得最小值，即，故，所以，故，令，解得，函數(shù)的零點為.故選：B.5．AB【分析】先利用求導(dǎo)公式得到，再根據(jù)函數(shù)的一個極值點位于區(qū)間得到，得到的大小關(guān)系，即可判斷A，B，C選項的正誤；根據(jù)題圖得到，然后對取特殊值，說明即可得到D錯誤.【詳解】選項A，B，C：由題意知，令，解得或或，由題圖可知函數(shù)的一個極值點位于區(qū)間，因此，又，所以，故，因此A，B正確，C錯誤.選項D：由題圖可知，若取，則，解得，因此D錯誤.故選：AB6．AD【分析】根據(jù)給定條件，分類討論，逐項判斷即可.【詳解】由題意，得.令，得.令，則.當(dāng)時，，此時單調(diào)遞增；當(dāng)時，，此時單調(diào)遞減.，當(dāng)時，，當(dāng)時，在定義域內(nèi)既存在極大值點又存在極小值點.故A正確，B不正確.當(dāng)時，由知，當(dāng)時，，故C不正確.對于任意非零實數(shù)，總存在實數(shù)，使得成立，故D正確.故選：AD.7．ABD【分析】分類討論的取值范圍，構(gòu)造函數(shù)，結(jié)合導(dǎo)函數(shù)與函數(shù)單調(diào)性、最值的關(guān)系即可求解．【詳解】由題知，，①當(dāng)時，在恒成立，②當(dāng)時，由，則，即恒成立，設(shè)，則，令得，所以當(dāng)時，，則在單調(diào)遞減，當(dāng)時，，則在單調(diào)遞增，所以，則，所以，即滿足題意；③當(dāng)時，設(shè)，則，令，，當(dāng)時，，則在單調(diào)遞減，當(dāng)時，，則在單調(diào)遞增，所以在單調(diào)遞增，且，，所以，使得；當(dāng)時，，即，設(shè)，則，所以在上單調(diào)遞減，所以當(dāng)時，；當(dāng)時，即，設(shè)，則，設(shè)，，設(shè)，則，可知在內(nèi)單調(diào)遞增，所以，即，所以，所以，所以在上單調(diào)遞增，所以當(dāng)時，，又因為當(dāng)時，，所以當(dāng)時，，解得，又，所以，綜上，，故選：ABD【點睛】關(guān)鍵點點睛：當(dāng)時，，使得，當(dāng)時，設(shè)，求得最小值；當(dāng)時，設(shè)，求得最小值，令即可．8．2【分析】利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性與極值，結(jié)合三角函數(shù)的性質(zhì)計算即可判定.【詳解】由，令，則或，顯然當(dāng)時，，則或，滿足的根為或，端點值不能做為極值點，舍去；滿足的根有兩個，根據(jù)正弦函數(shù)的性質(zhì)可知時，，時，，即在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，所以在的極值點個數(shù)為2個.故答案為：29．①②④【分析】根據(jù)偶函數(shù)定義、零點的定義，結(jié)合導(dǎo)數(shù)的性質(zhì)逐一判斷即可.【詳解】因為，所以該函數(shù)是偶函數(shù)，因此結(jié)論①正確；令，所以結(jié)論②正確；，因為，，所以函數(shù)的最小值不可能為，因此結(jié)論③不正確；，當(dāng)時取等號，即時取等號，因為，當(dāng)且僅當(dāng)時取等號，所以有，當(dāng)且僅當(dāng)時取等號，所以有，當(dāng)且僅當(dāng)時取等號，因此有，所以結(jié)論④正確，故答案為：①②④【點睛】關(guān)鍵點睛：利用函數(shù)極值與最值的關(guān)系進行判斷是解題的關(guān)鍵.10．【分析】求得，令，得到，令，利用導(dǎo)數(shù)求得函數(shù)的單調(diào)性和極大值，分和，兩種情況討論，轉(zhuǎn)化為，求得，即可求解.【詳解】因為函數(shù)，可得，令，可得，令，可得，當(dāng)時，可得，此時單調(diào)遞增，當(dāng)時，可得，此時單調(diào)遞減，所以，函數(shù)的極大值為，當(dāng)且僅當(dāng)時，，所以，可得，如圖所示，當(dāng)時，有兩個實數(shù)根，記為，當(dāng)時，；當(dāng)時，，所以在處取得極大值，不符合題意；當(dāng)時，有一個實數(shù)根，記為，當(dāng)時，；當(dāng)時，，所以在處取得極小值，也是最小值，綜上可得，在內(nèi)取得最小值，即時，函數(shù)取得最小值，所以，即，即，解得或（舍去），所以.故答案為：.

【點睛】方法點睛：已知函數(shù)零點（方程根）的個數(shù)，求參數(shù)的取值范圍問題的三種常用方法：1、直接法，直接根據(jù)題設(shè)條件構(gòu)建關(guān)于參數(shù)的不等式（組），再通過解不等式（組）確定參數(shù)的取值范圍2、分離參數(shù)法，先分離參數(shù)，將問題轉(zhuǎn)化成求函數(shù)值域問題加以解決；3、數(shù)形結(jié)合法，先對解析式變形，在同一平面直角坐標系中作出函數(shù)的圖象，然后數(shù)形結(jié)合求解.結(jié)論拓展：與和相關(guān)的常見同構(gòu)模型①，構(gòu)造函數(shù)或；②，構(gòu)造函數(shù)或；③，構(gòu)造函數(shù)或.11．(1)(2)【分析】（1）由的單調(diào)遞增區(qū)間為，得出函數(shù)在處取到極值，即可求解；（2）由（1），令得，令得，若有兩個零點，則直線與函數(shù)的圖象有兩個交點，此時,令的單調(diào)性即可求解．【詳解】（1）由題，的定義域為，，由于函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間為，因此函數(shù)在處取得極值，故，解得．因此，令，解得，當(dāng)時，，在單調(diào)遞增，當(dāng)時，，在單調(diào)遞減，符合題意，故，所以函數(shù)的圖象在點處的切線方程為，即．（2）由（1）知，則，令，得．令，則，整理得．因為在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，且當(dāng)時，，當(dāng)時，，所以函數(shù)的最大值為，即．若有兩個零點，則直線與函數(shù)的圖象有兩個交點，此時,令，則，所以函數(shù)在上單調(diào)遞增，且當(dāng)時，，易知若有兩個零點，則直線與函數(shù)的圖象有一個交點，因此，所以實數(shù)的取值范圍是．12．(1)極大值，無極小值；(2).【分析】（1）把代入，并求出函數(shù)，再利用導(dǎo)數(shù)探討極值即可得解.（2）變形給定不等式，證明并分離參數(shù)，構(gòu)造函數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)求出最小值即得.【詳解】（1）函數(shù)的定義域為，當(dāng)時，，求導(dǎo)得，由，得，由，得，由，得，因此在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，所以在處取得極大值，無極小值.（2）函數(shù)，，，設(shè)，，求導(dǎo)得，函數(shù)在上單調(diào)遞減，則，即，因此，令，，求導(dǎo)得，令，，求導(dǎo)得，當(dāng)時，，當(dāng)時，，即在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，則，即，因此函數(shù)在上是增函數(shù)，，所以，即實數(shù)的取值范圍為.【點睛】關(guān)鍵點點睛：涉及不等式恒成立問題，將給定不等式等價轉(zhuǎn)化，構(gòu)造函數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)探求函數(shù)單調(diào)性、最值是解決問題的關(guān)鍵.【能力篇】一、單選題1．（2024·四川綿陽·三模）若函數(shù)有唯一極值點，則下列關(guān)系式一定成立的是（

）A．a(chǎn)>0，b<0B．a(chǎn)<0，b>0C．二、多選題2．（2024·山東棗莊·模擬預(yù)測）若函數(shù)，則（

）A．的圖象關(guān)于對稱 B．在上單調(diào)遞增C．的極小值點為 D．有兩個零點三、填空題3．（2024·全國·模擬預(yù)測）函數(shù)在定義域內(nèi)為增函數(shù)，則實數(shù)k的取值范圍為