湖北省2024-2025學年高二數(shù)學上學期期中聯(lián)考試卷

Page21高二數(shù)學試卷試卷滿分：150分一、單選題：本大題共8小題，每小題5分，共40分．在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求的．1.（）A. B. C. D.2.如圖，空間四邊形OABC中，，，，點M在上，且，點N為BC中點，則（）A. B.C. D.3.為了樹立和踐行綠水青山就是金山銀山的理念，市某中學全體老師于2024年3月12日開展植樹活動，購買柳樹、銀杏、梧桐、樟樹四種樹苗共計600棵，比例如圖所示.青年老師、中年老師、老年老師報名參與植樹活動的人數(shù)之比為，若每種樹苗均按各年齡段報名人數(shù)的比例進行支配，則中年老師應分得梧桐的數(shù)量為（）A.30棵 B.50棵 C.72棵 D.80棵4.若直線與直線平行，則的值是（）A.1或 B. C. D.或5.已知母線長為5的圓錐的側(cè)面積為，則這個圓錐的體積為（）A. B. C. D.6.已知三個頂點分別為，，，則BC邊上的高等于（）A. B. C. D.7.已知橢圓以及橢圓內(nèi)一點，則以為中點的弦所在直線的斜率為（）A. B. C.-4 D.48.公元前世紀，古希臘數(shù)學家阿波羅尼斯結(jié)合前人的探討成果，寫出了經(jīng)典之作《圓錐曲線論》，在此著作第七卷《平面軌跡》中，有眾多關于平面軌跡的問題，例如:平面內(nèi)到兩定點距離之比等于定值（不為1）的動點軌跡為圓.后來該軌跡被人們稱為阿波羅尼斯圓.已知平面內(nèi)有兩點和，且該平面內(nèi)的點P滿意，若點P的軌跡關于直線對稱，則的最小值是（）A. B. C. D.二、多選題：本大題共4小題，每小題5分，共20分．在每小題給出的四個選項中有多項符合題目要求的，全部選對的得5分，有錯選的得0分，部分選對的得2分．9.若方程所表示的曲線為C，則下面四個說法中正確的是（）A.曲線C可能是圓B.若，則C為橢圓C.若C為橢圓，且焦點在x軸上，則D.若C橢圓，且焦點在y軸上，則10.甲?乙各投擲一枚骰子，下列說法正確的是（）A.事務“甲投得5點”與事務“甲投得4點”不是互斥事務B.事務“甲投得6點”與事務“乙投得5點”是相互獨立事務C.事務“甲?乙都投得6點”與事務“甲?乙不全投得6點”是對立事務D.事務“至少有1人投得6點”與事務“甲投得6點且乙沒投得6點”是相互獨立事務11.已知圓和圓，下列說法正確的是（）A.兩圓有兩條公切線B.兩圓的公共弦所在的直線方程為C.點在圓上，點在圓上，的最大值為D.圓上有2個點到直線的距離為12.如圖，在棱長為的正方體中，，，，分別是，，，的中點，則下列說法正確的有（）A.，，，四點共面B.與所成角的大小為C.在線段上存在點，使得平面D.在線段上任取一點，三棱錐的體積為定值三、填空題：本大題共4小題，每小題5分，共20分．13.已知向量，的夾角為，且，，則_________．14.如圖，由到的電路中有4個元件，分別為，，，，若，，，能正常工作的概率都是，記“到的電路是通路”，求______.15.已知實數(shù)x，y滿意，則的取值范圍為_____________．16.在以O為中心，、為焦點的橢圓上存在一點M，滿意，則該橢圓的離心率為_____________.四、解答題：本大題共6題，共70分，解答應寫出文字說明，證明過程或演算步驟．17.已知的三個頂點是．（1）求AB邊的高所在直線的方程；（2）若直線l過點C，且點A，B到直線l的距離相等，求直線l的方程．18.已知的內(nèi)角的對邊分別為，向量，且.（1）求角（2）若的面積為，求的周長.19.在四棱錐中，平面，底面是正方形，E，F(xiàn)分別在棱，上且，．（1）證明：∥平面；（2）若，求直線與平面所成角的正弦值．20.某高校承辦了杭州亞運會志愿者選拔面試工作.現(xiàn)隨機抽取了100名候選者的面試成果，并分成五組：第一組，其次組，第三組，第四組，第五組，繪制成如圖所示的頻率分布直方圖.已知第三、四、五組的頻率之和為0.7，第一組和第五組的頻率相同.（1）求a，b的值；（2）估計這100名候選者面試成果的60%分位數(shù)（分位數(shù)精確到0.1）；（3）在第四，第五兩組志愿者中，接受分層抽樣方法從中抽取5人，然后再從這5人中選出2人，以確定組長人選，求選出的兩人來自不同組的概率.21.已知橢圓的離心率為，橢圓上的點到焦點的最小距離是．（1）求橢圓的方程；（2）傾斜角為的直線交橢圓于兩點，已知，求直線的一般式方程．22.已知圓，直線.（1）求證：直線l與圓C恒有兩個交點；（2）若直線l與圓C交于點A，B，求面積最大值，并求此時直線l的方程.

A9中學聯(lián)盟2024年秋季期中聯(lián)考高二數(shù)學試卷試卷滿分：150分一、單選題：本大題共8小題，每小題5分，共40分．在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求的．1.（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】依據(jù)復數(shù)乘法法則即可化簡求解.【詳解】．故選：A2.如圖，空間四邊形OABC中，，，，點M在上，且，點N為BC中點，則（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】依據(jù)空間向量線性運算，結(jié)合圖形分析可得．【詳解】因為，點N為BC中點，所以，，故．故選：B．3.為了樹立和踐行綠水青山就是金山銀山的理念，市某中學全體老師于2024年3月12日開展植樹活動，購買柳樹、銀杏、梧桐、樟樹四種樹苗共計600棵，比例如圖所示.青年老師、中年老師、老年老師報名參與植樹活動的人數(shù)之比為，若每種樹苗均按各年齡段報名人數(shù)的比例進行支配，則中年老師應分得梧桐的數(shù)量為（）A.30棵 B.50棵 C.72棵 D.80棵【答案】C【解析】【分析】由已知比例求出中年老師應分得樹苗的數(shù)量，再由餅圖中梧桐占比求中年老師應分得梧桐的數(shù)量即可.【詳解】由題意，中年老師應分得樹苗的數(shù)量為棵.所以中年老師應分得梧桐的數(shù)量為棵.故選：C4.若直線與直線平行，則的值是（）A.1或 B. C. D.或【答案】C【解析】【分析】依據(jù)兩直線平行的條件，列出方程組，即可求解.【詳解】由直線與直線平行，可得，解得，所以實數(shù)的值為.故選：C.5.已知母線長為5的圓錐的側(cè)面積為，則這個圓錐的體積為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】求出底面半徑和高后，由體積公式計算．【詳解】設圓錐的高為，底面半徑為，則，，∴，體積為，故選：A．6.已知的三個頂點分別為，，，則BC邊上的高等于（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】利用向量運算以及向量的夾角公式進行求解.【詳解】由題意，，，可得，，，即角B為銳角，所以，所以邊上的高.故選：B7.已知橢圓以及橢圓內(nèi)一點，則以為中點弦所在直線的斜率為（）A. B. C.-4 D.4【答案】A【解析】【分析】設出交點代入橢圓方程，相減化簡得到答案.【詳解】設弦與橢圓交于，，斜率為，則，，相減得到，即，解得.故選：A.8.公元前世紀，古希臘數(shù)學家阿波羅尼斯結(jié)合前人的探討成果，寫出了經(jīng)典之作《圓錐曲線論》，在此著作第七卷《平面軌跡》中，有眾多關于平面軌跡的問題，例如:平面內(nèi)到兩定點距離之比等于定值（不為1）的動點軌跡為圓.后來該軌跡被人們稱為阿波羅尼斯圓.已知平面內(nèi)有兩點和，且該平面內(nèi)的點P滿意，若點P的軌跡關于直線對稱，則的最小值是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】由題意計算得的軌跡方程為，依據(jù)對稱性可得圓心在直線方程上，即，從而利用乘“1”法即可得到最值.【詳解】設點的坐標為，因為，則，即，所以點的軌跡方程為，因為點的軌跡關于直線對稱，所以圓心在此直線上，即，所以，當且僅當，即時，等號成立，所以最小值是.故選：B.二、多選題：本大題共4小題，每小題5分，共20分．在每小題給出的四個選項中有多項符合題目要求的，全部選對的得5分，有錯選的得0分，部分選對的得2分．9.若方程所表示的曲線為C，則下面四個說法中正確的是（）A.曲線C可能是圓B.若，則C為橢圓C.若C為橢圓，且焦點在x軸上，則D.若C為橢圓，且焦點在y軸上，則【答案】AD【解析】【分析】依據(jù)方程為圓列式求解推斷A，解除B，依據(jù)橢圓標準方程的特征列不等式求解范圍即可推斷CD.【詳解】當即時，方程為，表示圓心為原點，半徑為1的圓，故選項A正確，選項B錯誤；若C為橢圓，且焦點在x軸上，則，解得，故選項C錯誤；若C為橢圓，且焦點在y軸上，則，解得，故選項D正確.故選：AD.10.甲?乙各投擲一枚骰子，下列說法正確的是（）A.事務“甲投得5點”與事務“甲投得4點”不是互斥事務B.事務“甲投得6點”與事務“乙投得5點”是相互獨立事務C.事務“甲?乙都投得6點”與事務“甲?乙不全投得6點”是對立事務D.事務“至少有1人投得6點”與事務“甲投得6點且乙沒投得6點”是相互獨立事務【答案】BC【解析】【分析】依據(jù)互斥事務、獨立事務和對立事務的定義逐一推斷即可.【詳解】對于A，事務“甲投得5點”與事務“甲投得4點”不行能同時發(fā)生，二者為互斥事務，A錯誤；對于B,事務“甲投得6點”發(fā)生與否對事務“乙投得5點”沒有影響，二者是相互獨立事務，B正確；對于C，事務“甲?乙都投得6點”的反面為“至少有1人沒有投得6點”，也即“甲?乙不全投得6點”，故事務“甲?乙都投得6點”與事務“甲?乙不全投得6點”是對立事務，C正確；對于D，事務“至少有1人投得6點”包含“甲投得6點且乙沒投得6點”的狀況，故事務“至少有1人投得6點”與事務“甲投得6點且乙沒投得6點”不是相互獨立事務，D錯誤，故選：BC11.已知圓和圓，下列說法正確的是（）A.兩圓有兩條公切線B.兩圓的公共弦所在的直線方程為C.點在圓上，點在圓上，的最大值為D.圓上有2個點到直線的距離為【答案】ACD【解析】【分析】由兩圓的位置關系可推斷A，將兩圓的方程作差可推斷B，轉(zhuǎn)化為圓心間的距離可推斷C，依據(jù)點到直線的距離推斷D.【詳解】對于A，由圓得..，圓心，半徑為1，則，故兩圓相交，故兩圓有兩條公切線，故A正確；對于B，因為圓，圓，將兩圓的方程作差得即，所以直線的方程為，故B不正確；對于C，由圓得圓心，半徑為1，由圓得圓心為，半徑為2，所以，故C正確；對于D，圓心到直線的距離，而圓的半徑為，明顯，故只有一條與平行且距離為的直線與圓相交，故圓上有2個點到直線的距離為，故D正確.故選：ACD.12.如圖，在棱長為的正方體中，，，，分別是，，，的中點，則下列說法正確的有（）A.，，，四點共面B.與所成角的大小為C.在線段上存在點，使得平面D.在線段上任取一點，三棱錐的體積為定值【答案】AD【解析】【分析】建立空間直角坐標系，利用向量的共面定理可推斷A選項，利用坐標法求異面直線夾角可干脆推斷B選項，假設在線段上存在點，設，，利用坐標法驗證線面垂直，可推斷C選項；分別證明與上的全部點到平面的距離為定值，即可推斷D選項.【詳解】以為原點，以，，所在直線分別為軸、軸、軸，建立如圖所示的空間直角坐標系，則，，，，，，，，，，設，則，所以，解得，故，即，，，四點共面，故A正確；因為，，所以，所以與所成角的大小為，故B錯誤；假設在線段上存在點，符合題意，設（），則，若平面，則，,因為，，所以，此方程組無解，所以在線段上不存在點，使得平面，故C錯誤；因為，所以，又平面，平面，所以平面，故上的全部點到平面的距離即為到平面的距離，是定值，又的面積是定值，所以在線段上任取一點，三棱錐的體積為定值，故D正確；故選：AD.三、填空題：本大題共4小題，每小題5分，共20分．13.已知向量，的夾角為，且，，則_________．【答案】【解析】【分析】依據(jù)向量數(shù)量積的定義和運算律即可得到答案.【詳解】由題設可得，即.故答案為：3.14.如圖，由到的電路中有4個元件，分別為，，，，若，，，能正常工作的概率都是，記“到的電路是通路”，求______.【答案】【解析】【分析】由相互獨立事務的概率公式，結(jié)合互斥事務的概率加法公式，即可求解.【詳解】設“正常工作”，“沒有正常工作，正常工作，且中至少有一個正常工作”由于“到的電路是通路”等價于“正常工作”或“沒有正常工作，正常工作，且中至少有一個正常工作”，即，由于事務互斥，所以依據(jù)互斥事務的概率加法公式，可得故答案為：15.已知實數(shù)x，y滿意，則的取值范圍為_____________．【答案】【解析】【分析】利用點到直線的距離公式列不等式，由此求得的取值范圍.【詳解】將整理，此方程表示圓心為，半徑為2的圓，設點是圓上一點，令，，則與圓有公共點，所以，解得．故答案為：16.在以O為中心，、為焦點的橢圓上存在一點M，滿意，則該橢圓的離心率為_____________.【答案】##【解析】【分析】依據(jù)題意結(jié)合橢圓定義可得，進而利用余弦定理列式求解.【詳解】因為，所以，因為與互補，且，由余弦定理可得，可得，所以.故選：C．四、解答題：本大題共6題，共70分，解答應寫出文字說明，證明過程或演算步驟．17.已知的三個頂點是．（1）求AB邊的高所在直線的方程；（2）若直線l過點C，且點A，B到直線l的距離相等，求直線l的方程．【答案】（1）（2）或【解析】【分析】（1）依據(jù)點斜式求得邊的高所在直線的方程.（2）對是否與直線平行進行分類探討，由點斜式或斜截式求得直線的方程.【小問1詳解】直線的斜率為，所以邊的高所在直線的斜率為，所以邊的高所在直線的方程為.【小問2詳解】直線的斜率為，若直線與直線平行，則直線的方程為.線段的中點坐標為，若直線過，則直線的方程為.18.已知的內(nèi)角的對邊分別為，向量，且.（1）求角（2）若的面積為，求的周長.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）由結(jié)合正弦定理可得，后由余弦定理可得答案；（2）由（1）結(jié)合可得，后由可得，即可得周長.【小問1詳解】由可知，由正弦定理，得，即.所以，又，所以；【小問2詳解】由（1）知，所以.又，所以，所以，即，所以的周長為.19.在四棱錐中，平面，底面是正方形，E，F(xiàn)分別在棱，上且，．（1）證明：∥平面；（2）若，求直線與平面所成角的正弦值．【答案】（1）證明見解析（2）【解析】【分析】（1）在棱上取點，使得，連接，，即可證明四邊形為平行四邊形，再由線面平行的判定定理，即可證明；（2）以為原點，，，所在的直線分別為軸，軸，軸建立空間直角坐標系，結(jié)合空間向量的坐標運算，代入計算，即可得到結(jié)果.【小問1詳解】證明：如圖，在棱上取點，使得，連接，，因為，所以且，由正方形，，得且，所以且，所以四邊形為平行四邊形，所以，又平面，平面，所以平面．【小問2詳解】若，則可設，所以．以為原點，，，所在的直線分別為軸，軸，軸建立如圖所示的空間直角坐標系，則點，，，，，則，，，設平面的法向量為，則由得令，得平面的一個法向是為，設直線與平面所成角的大小為，則，即直線與平面所成角的正弦值為．20.某高校承辦了杭州亞運會志愿者選拔的面試工作.現(xiàn)隨機抽取了100名候選者的面試成果，并分成五組：第一組，其次組，第三組，第四組，第五組，繪制成如圖所示的頻率分布直方圖.已知第三、四、五組的頻率之和為0.7，第一組和第五組的頻率相同.（1）求a，b的值；（2）估計這100名候選者面試成果的60%分位數(shù)（分位數(shù)精確到0.1）；（3）在第四，第五兩組志愿者中，接受分層抽樣的方法從中抽取5人，然后再從這5人中選出2人，以確定組長人選，求選出的兩人來自不同組的概率.【答案】（1），（2）（3）【解析】【分析】（1）由每個小矩形面積代表頻率，依據(jù)全部頻率之和為1可得，；（2）干脆第60百分位數(shù)即可；（3）先分層抽樣求出列舉法求出抽取的第四、第五兩組志愿者人數(shù)，再利用列舉法求出古典概型的概率即可．【小問1詳解】因為第三、四、五組的頻率之和為0.7，所以，解得，所以前兩組的頻率之和為，即，所以；【小問2詳解】前兩個分組頻率之和為0.3，前三個分組頻率之和為0.75，所以第60百分位數(shù)在第三組，且為；【小