2023年廣東省惠州市高考物理三調(diào)試卷 答案解析(附后)

2023年廣東省惠州市高考物理三調(diào)試卷

1.如圖中甲、乙、丙、丁四幅圖涉及不同的原子物理知識(shí)，其中說(shuō)法正確的周）

A.圖甲說(shuō)明少量電子的運(yùn)動(dòng)表現(xiàn)為波動(dòng)性，大量電子的運(yùn)動(dòng)表現(xiàn)為粒子性

B.圖乙的。粒子散射實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)顯微鏡放在。位置時(shí)，熒光屏上觀察不到閃光

C.圖丙中A、B、（:分別表示不同能級(jí)間躍遷時(shí)釋放出的光子，頻率最低的是C光子

D.圖中軋制鋼板時(shí)需要?jiǎng)討B(tài)監(jiān)測(cè)鋼板的厚度，探測(cè)器接收到的可能是射線

2.圖左側(cè)為不銹鋼砧板架實(shí)物圖。在圖右側(cè)圖中，質(zhì)量為M的圓形砧板穩(wěn)穩(wěn)的豎立在砧板

架上，砧板架兩側(cè)橫梁近似光滑?，間距為d,取重力加速度為g,下列說(shuō)法正確的是（）

A.砧板對(duì)砧板架一側(cè)橫梁的作用力一定小于Mg

B.若增大橫梁的間距d,砧板對(duì)兩側(cè)橫梁的作用力均增大

C.若增大橫梁的間距d,砧板架對(duì)地面的壓力增大

D.若換一個(gè)質(zhì)量相同直徑更大的砧板，兩側(cè)橫梁受到的壓力均增大

3.惠州羅浮山風(fēng)景區(qū)于2022年1月啟用新索道，如圖所示，質(zhì)量為M的吊廂通過(guò)懸臂

固定懸掛在纜繩上，吊廂水平底板上放置一質(zhì)量為m的貨物。若某段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，在纜繩牽

引下吊廂載著貨物一起斜向上加速運(yùn)動(dòng)，且懸臂和吊廂處于豎直方向，重力加速度為g,則

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)

A.吊廂水平底板對(duì)貨物的支持力不做功

B.吊廂水平底板對(duì)貨物的摩擦力做正功

C.懸臂對(duì)吊廂的作用力方向與纜繩方向平行且斜向上

D.懸臂對(duì)吊廂的作用力大小等于。/+?。?

4.如圖甲所示，將一物塊戶輕輕放在水平足夠長(zhǎng)的傳送帶上，取向右為速度的正方向，物

A?小物塊一直受滑動(dòng)摩擦力

B.傳送帶做順時(shí)針的勻速運(yùn)動(dòng)

C,傳送帶做順時(shí)針的勻加速運(yùn)動(dòng)

D?小物塊最終有可能從圖甲的左端滑下傳送帶

5.為了更好地了解太陽(yáng)活動(dòng)對(duì)地球的影響，2022年10月，我國(guó)成功將“夸父一號(hào)”衛(wèi)

星發(fā)射升空，該衛(wèi)星繞地球的運(yùn)動(dòng)看成勻速圓周運(yùn)動(dòng)，距離地球表面約720千米，運(yùn)行周期

約99分鐘，下列說(shuō)法正確的是（）

A.“夸父一號(hào)”有可能靜止在惠州市的正上方

B.若已知萬(wàn)有引力常量，利用題中數(shù)據(jù)可以估算出太陽(yáng)的質(zhì)量

C.“夸父一號(hào)”的發(fā)射速度大于第二宇宙速度

D.“夸父一號(hào)”的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度

6.一列簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖如圖所示，已知圖中質(zhì)點(diǎn)

b的起振時(shí)刻比質(zhì)點(diǎn)a延遲了（）5、，b和c之間的距離是

5m,以下說(shuō)法正確的是（）

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A.此列波的波長(zhǎng)為2.5,"B.此列波的頻率為2Hz

C.此列波的波速為5m/sD.此列波的傳播方向?yàn)檠豿軸正方向傳播

7.如圖所示，導(dǎo)體棒MN接入電路部分的電阻為R長(zhǎng)度為L(zhǎng),BM

質(zhì)量為m,初始時(shí)靜止于光滑的水平軌道上，電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)/―

阻大小也為R,勻強(qiáng)磁琳磁感應(yīng)強(qiáng)度為8,其方附軌道平面成-7-及/

6-45角斜向上方，電鍵閉合后導(dǎo)體棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法///

正確的是（）S義

A.導(dǎo)體棒向左運(yùn)動(dòng)

B.電鍵閉合瞬間導(dǎo)體棒MN的加速度為g空

2mH

c.電鍵閉合瞬間導(dǎo)體棒MN所受安培力大小為迎以

47?

D,電鍵閉合瞬間導(dǎo)體棒MN所受安培力大小為野

8.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b,其過(guò)程

如P-丫圖中從a到b的直線所示。在此過(guò)程中（）

A.氣體溫度先上升后下降

B.氣體內(nèi)能一直增加“一

oT

C.氣體一直對(duì)外做功

D.氣體吸收的熱量一直全部用于對(duì)外做功

9.如圖所示，質(zhì)量為M、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的小車靜止在光滑水平面

r>~~*>-w

現(xiàn)量為m的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在小車的最左端，現(xiàn)用一L《）（）’

x\'vAxWWWW'<Xx\\\

水平恒力F作用在小物塊上，使小物塊從靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)，

當(dāng)小物塊滑到小車的最右端時(shí)，小車運(yùn)動(dòng)的距離為x,小物塊和小車之間的滑動(dòng)摩擦力為f,

此過(guò)程中，下列結(jié)論正確的劇）

A.物塊到達(dá)小車最右端時(shí),其動(dòng)能為（F—卜）（￡+z）

B.摩擦力對(duì)小物塊所做的功為是

C.物塊到達(dá)小車最右端時(shí)，小車的動(dòng)能為僅

D.物塊和小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量為.川

10.如圖所示，一質(zhì)子以速度內(nèi)進(jìn)入足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域，a、b、,,

abed

c、d為間距相等的一組等勢(shì)面，若質(zhì)子經(jīng)過(guò)a、c等勢(shì)面時(shí)動(dòng)能分別：

1111

為9e\Z和3e\/。不計(jì)質(zhì)子重力，下列說(shuō)法正確的是（）

A.質(zhì)子第二次經(jīng)過(guò)等勢(shì)面b時(shí)動(dòng)能是6eV：：

B.質(zhì)子剛好能到達(dá)等勢(shì)面d

C.該勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的方向水平向左

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D.若取等勢(shì)面c為零電勢(shì)面，則a所在的等勢(shì)面電勢(shì)為61/

11.電磁泵在生產(chǎn)、科技中得到了廣泛應(yīng)用；如圖所示，泵體是一個(gè)長(zhǎng)方體，ab邊長(zhǎng)為

,兩側(cè)端面是邊長(zhǎng)為G的正方形流經(jīng)泵體內(nèi)的液體密度為〃，在泵頭通入導(dǎo)電劑后液體

的電導(dǎo)率為“（電阻率的倒數(shù)1泵體所在處有方向垂直向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,

把泵體的上下兩表面接在電壓為U的電源（內(nèi)阻不計(jì)）上，則（）

A.泵體上表面應(yīng)接電源正極

B.通過(guò)泵體的電流/=。UA]

C.減小磁感應(yīng)強(qiáng)度8可獲得更大的抽液高度

D.增大液體的電導(dǎo)率。可獲得更大的抽液高度

12.某學(xué)習(xí)小組嘗試探究彈簧所受彈力F與彈簧長(zhǎng)度L的關(guān)系。

（1）通過(guò)多次實(shí)驗(yàn)，記錄實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，描繪出如圖甲所示的/一/.圖像。則彈簧原長(zhǎng)…

cm,彈簧的勁度系數(shù)A.V/,”（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。

（2）如圖乙所示，若將該彈簧左端固定在中間帶有小圓孔的豎直擋板上，彈簧右端連接細(xì)線,

細(xì)線穿過(guò)圓孔，通過(guò)光滑的滑輪與鉤碼相連，豎直擋板固定在刻度尺?？叹€處，已知每個(gè)鉤

碼重為當(dāng)水平彈簧壓縮穩(wěn)定后，指針指示如圖乙所示。由此可推測(cè)所掛鉤碼的個(gè)數(shù)為

______個(gè)。

13.某同學(xué)利用如圖（“）所示的電路測(cè)量未知電阻品的阻值與電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r,R

為電阻箱，電流表內(nèi)阻為1。。操作步驟如下：

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圖(b)

(1)測(cè)小的阻值。先閉合開(kāi)關(guān)SI和S：,調(diào)節(jié)電阻箱，當(dāng)電阻箱的阻值為11。時(shí)，電流表示

數(shù)為/一接著斷開(kāi)S?,調(diào)節(jié)電阻箱，當(dāng)電阻箱的阻值為6。時(shí)，電流表示數(shù)仍為/］，則外的

阻值為Q,該測(cè)量原理(選填“有"或"沒(méi)有")系統(tǒng)誤差。

C2)保持*閉合、S［斷開(kāi)，多次調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄每次調(diào)節(jié)后的電阻箱的阻值R及電

流表A的示數(shù)/。為了直觀地得到/與區(qū)的關(guān)系，該同學(xué)以R為縱軸，x為橫軸(單位為國(guó)際

單位?,作出如圖(f>)所示的一條直線，則橫軸x為1選填或“〉')

(3)根據(jù)圖⑼可求得電源的電動(dòng)勢(shì)￡；=匕，?二(計(jì)算結(jié)果均保留二位

有效數(shù)字I

14.如圖所示，三角形A8C為三棱鏡的橫截面，一細(xì)束

單色光從ABC的側(cè)面AC1.D點(diǎn)入射,改變?nèi)肷浣莍,當(dāng)AC

側(cè)面的折射光線與8c邊平行時(shí)，恰好沒(méi)有光線從A8側(cè)面

邊射出棱鏡，已知AC=8C=9cm,且乙4BC=53",

sin53—().8,空氣中的光速c=3x10%/s,求：

(1)該棱鏡對(duì)該單色光的折射率；

(2)該單色光從D點(diǎn)入射到第一次從棱鏡中射出傳播的時(shí)

間。

15,2022年北京冬奧會(huì)，我國(guó)短道速滑隊(duì)奪得混合團(tuán)體2000米接力決賽金牌，如果在

某次交接棒訓(xùn)練中，質(zhì)量為60kg的甲以7m/s的速度在前面滑行，質(zhì)量為65kg的乙以

的速度從后面追上，并迅速將甲向前推出。乙推出甲后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，10s后停

在離交接棒前方40m的地方，貝ij：

(1)假設(shè)乙推甲過(guò)程中不計(jì)任何阻力，則甲乙分離瞬間甲的速度為多大；若甲乙作用時(shí)間為

0.3s,則乙對(duì)甲的平均推力是多大；

(2)若甲離開(kāi)乙后甲立即做勻加速直線運(yùn)動(dòng),加速度大小為().5〃?//,4秒末剛好追上前方1m

處勻速滑行的另一隊(duì)的隊(duì)員丙，計(jì)算隊(duì)員丙勻速滑行的速度大小。

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16.質(zhì)譜儀被應(yīng)用于分離同位素，圖(")是其簡(jiǎn)化模型。大量質(zhì)量,"=l,GOx1()*kg、電

荷量為q=1.6()xIO-'。的質(zhì)子，從粒子源A下方以近似速度為0飄入電勢(shì)差為g-150V

的加速電場(chǎng)中，從中央位置進(jìn)入平行板電容器。當(dāng)平行板電容器不加電壓時(shí)，粒子將沿圖中

虛線從。點(diǎn)進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后打在水平放置的屏上，

已知磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，電容器極板長(zhǎng)度L=6cm,兩極板間寬度d=2“"?，F(xiàn)給平行

板電容器加上圖⑸所示的偏轉(zhuǎn)電壓，質(zhì)子在電容器中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間遠(yuǎn)小于電壓變化的周期了,

水平屏分布在電容器豎直極板兩側(cè)，忽略粒子所受重力和粒子間的相互作用力，求：

(1)質(zhì)子射出加速電場(chǎng)時(shí)速度的大??；

(2)為使質(zhì)子經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后能全部進(jìn)入磁場(chǎng)，偏轉(zhuǎn)電壓的最大值；

(3)質(zhì)子打在水平放置的屏上的痕跡長(zhǎng)度s。

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解工.圖甲說(shuō)明少量電子的運(yùn)動(dòng)表現(xiàn)為粒子性，大量電子的運(yùn)動(dòng)表現(xiàn)為波動(dòng)性，故A錯(cuò)

誤；

8.圖乙的。粒子散射實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)顯微鏡放在。位置時(shí)，。粒子經(jīng)原子核反彈后會(huì)有少量的粒子射

向熒光屏，因此熒光屏上可觀察很少量的閃光，故B錯(cuò)誤；

C.圖丙中A、8、C分別表示不同能級(jí)間躍遷時(shí)釋放出的光子，根據(jù)能級(jí)公式"=瓦-昌可知,

能級(jí)差越大，輻射出的光子的頻率越大，能級(jí)差越小，輻射出的光子的的頻率越小，由題圖可知,

3、4能級(jí)間的能級(jí)差最小，因此頻率最低的是C光子，故C正確；

D.u粒子的貫穿本領(lǐng)最弱，。射線的穿透本領(lǐng)最強(qiáng)，一般用于金屬探傷或進(jìn)行自動(dòng)監(jiān)測(cè)，圖中軋

制鋼板時(shí)需要?jiǎng)討B(tài)監(jiān)測(cè)鋼板的厚度，探測(cè)器接收到的是】射線，故。錯(cuò)誤。

故選：C。

A少量電子的運(yùn)動(dòng)表現(xiàn)為粒子性，大量電子的運(yùn)動(dòng)表現(xiàn)為波動(dòng)性，據(jù)此作答；

8.根據(jù)c散射實(shí)驗(yàn)作答；

C.根據(jù)能級(jí)與光子的躍遷作答；

。.在三種射線中。射線的穿透本領(lǐng)最強(qiáng)，該裝置中探測(cè)器接收到的是7射線。

本題考查了實(shí)物粒子的波動(dòng)性、。散射實(shí)驗(yàn)、能級(jí)和光子的躍遷及三種射線的特性，知識(shí)點(diǎn)多，

需要加強(qiáng)理解記憶。

2.【答案】B

【解析】解：一1.兩支架等高，砧板受力如圖所示:

砧板對(duì)兩支架的彈力大小相等，設(shè)每側(cè)砧板架對(duì)砧板的支持力均為，八垂直接觸面指向砧板

圓心，F(xiàn)v與豎直方向夾角為〃，根據(jù)平衡條件有2八cos。Mfi

根據(jù)牛頓第三定律可得砧板對(duì)砧板架一側(cè)橫梁的作用力大小為/?:￡、3a

2cost/

所以可得砧板對(duì)砧板架一側(cè)橫梁的作用力不一定小于Mg,故A錯(cuò)誤；

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8D若增大橫梁的間距d,，變大，可知FR變大同理，若換一個(gè)質(zhì)量相同直徑更大的砧板可知

"變小，變小，故8正確，。錯(cuò)誤；

C.若增大橫梁的間距d,對(duì)砧板和砧板架整體分析可得地面對(duì)砧板架的支持力等于砧板和砧板架

的總重力，根據(jù)牛頓第三定律可得砧板架對(duì)地面的壓力不變，故C錯(cuò)誤。

故選：Bo

對(duì)砧板分析，根據(jù)平衡條件進(jìn)行分析即可。

本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題，解答此類問(wèn)題的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分

析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平

衡方程進(jìn)行解答。

3.【答案】B

【解析】解：4、吊廂水平底板對(duì)貨物的支持力豎直向上，與速度方向的夾角小于90,根據(jù)

WPLcos?？芍С至?duì)貨物做正功，故A錯(cuò)誤；

8、在纜繩牽引下吊廂載著貨物一起斜向上加速運(yùn)動(dòng)，水平方向存在分加速度，對(duì)水平方向分析

可知，可知吊廂水平底板對(duì)貨物的摩擦力水平向右，與速度方向的夾角小于90,，根據(jù)

WPCcos〃可知摩擦力對(duì)貨物做正功，故8正確；

CD,以吊廂和貨物為整體，設(shè)加速度大小為a,纜繩與水平方向夾角為9,則有

Fy-(AZ+m)g-(A/+m)asin￡>,巳=(A/+m)acm6,則懸臂對(duì)吊廂的作用力大小為

尸=J4+6>(A/+m)g,懸臂對(duì)吊廂的作用力與水平方向的夾角為。，則有

tanc=條=+甯：*+警澗">所。，可知懸臂對(duì)吊廂的作用力方向與纜繩方向不

rr(M4-m)acost/

平行，故CD錯(cuò)誤。

故選：B。

分析貨物和吊廂的受力情況，根據(jù)根據(jù)功的公式確定各力做功情況；對(duì)整體分析，由牛頓第二定

律和運(yùn)動(dòng)的合成和分解規(guī)律確定懸臂對(duì)吊廂的作用力大小和方向。

本題主要是考查了牛頓第二定律的知識(shí)以及功的計(jì)算；利用牛頓第二定律答題時(shí)的一般步驟是：

確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、進(jìn)行正交分解、在坐標(biāo)軸上利用牛頓第二定律建立方程進(jìn)行解答;

注意整體法和隔離法的應(yīng)用。

4.【答案】C

【解析】解：BC：由圖乙可知，物塊先做加速運(yùn)動(dòng)，可以判斷出物體受到向右的滑動(dòng)摩擦力，此

時(shí)物體相對(duì)傳送帶向左運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明傳送帶向右運(yùn)動(dòng)且速度大于物體速度，當(dāng)物塊P與傳送帶共速

后，若傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)則物體隨傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，這與”一，不符，說(shuō)明傳送帶也向右加速且

加速度小于物體由于受滑動(dòng)摩擦力而產(chǎn)生的加速度，否則物體不能達(dá)到與傳送帶共速，共速以后

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物塊隨傳送帶一起做加速度較小的加速運(yùn)動(dòng)。故8錯(cuò)誤，C正確；

AD：當(dāng)物塊與傳送帶一起水平向右加速后，由于物塊與傳送帶相對(duì)靜止，物塊受靜摩擦力。故A

錯(cuò)誤。物塊一直向右加速，不可能從傳送帶左端滑下傳送帶，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

注意判斷物體與接觸面間的摩擦力是靜摩擦力還是滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)物體向右做加速運(yùn)動(dòng)可判斷

傳送帶施加給物體的摩擦力方向，從而可判斷出傳送帶的運(yùn)動(dòng)方向。

本題考查在水平傳送帶上物體的運(yùn)動(dòng)，如果傳送帶較短，物體可能一直加速，物體也可能先加速

到與傳送帶共速，共速后根據(jù)傳送帶的運(yùn)動(dòng)情況，可能隨傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，也可能一起變速

運(yùn)動(dòng)等要視具體情況。

5.【答案】D

【解析】解：』.“夸父一號(hào)”不是地球的同步衛(wèi)星，不可能靜止在惠州市的正上方，故A錯(cuò)誤;

8萬(wàn)有引力提供向心力，可以求中心天體質(zhì)量，“夸父一號(hào)”是地球的衛(wèi)星，已知萬(wàn)有引力常量,

利用題中數(shù)據(jù)也不能估算出太陽(yáng)的質(zhì)量，故8錯(cuò)誤；

C.由于“夸父一號(hào)”繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以其發(fā)射速度小于第二宇宙速度，故C錯(cuò)誤；

口“夸父一號(hào)”繞地球運(yùn)行周期約99分鐘，小于地球的自轉(zhuǎn)周期24/1,根據(jù)3=與可知，其角

速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，故。正確。

故選：D。

不是地球的同步衛(wèi)星，不能相對(duì)地球某位置靜止：

萬(wàn)有引力提供向心力，可以求中心天體質(zhì)量；

“夸父一號(hào)”繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，發(fā)射速度小于第二宇宙速度；

27r

根據(jù)3=—,比較角速度。

本題考查學(xué)生對(duì)同步衛(wèi)星特點(diǎn)、第二宇宙速度特征、角速度公式的掌握，解題關(guān)鍵是熟記規(guī)律：

萬(wàn)有引力提供向心力，可以求中心天體質(zhì)量。

6.【答案】CD

【解析】解：A、由圖知，b和c之間的距離等于波長(zhǎng)，則波長(zhǎng)為》=5,”。故A錯(cuò)誤。

B、由題，質(zhì)點(diǎn)b的起振時(shí)刻比質(zhì)點(diǎn)a延遲了0.5.",則有：0.5s=lT,T-Is，頻率為：

/=故8錯(cuò)誤。

C、波速為：”=入/=5xIm/s=5rn/.s,故C正確。

D、質(zhì)點(diǎn)b的起振時(shí)刻比質(zhì)點(diǎn)a延遲了05.,則得波沿x軸正方向傳播。故D正確。

故選：C。。

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由圖知I,b和c之間的距離等于波長(zhǎng).質(zhì)點(diǎn)b的起振時(shí)刻比質(zhì)點(diǎn)a延遲了（）.5.",說(shuō)明波沿x軸正

方向傳播，0.5s=：7，求出周期，得到頻率.

本題首先理解波長(zhǎng)的含義：相鄰兩個(gè)波峰間的距離即等于波長(zhǎng).題中a、b兩點(diǎn)是反相點(diǎn)，起振

時(shí)間相隔夕，可得到周期.

7.【答案】D

【解析】解：4、由圖得，通過(guò)導(dǎo)體棒MN的電流由N到M,根據(jù)左手定則可知，導(dǎo)體棒受到的

安培力斜向下偏右，則導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

CD、電鍵閉合瞬間，電路電流為IA

導(dǎo)體棒MN所受安培力大小為F=B!L=黃BEL

故C錯(cuò)誤，。正確；

8、電鍵閉合瞬間，根據(jù)牛頓第二定律得：F^0=ma

聯(lián)立解得：。=回冬

4ml?

故B錯(cuò)誤。

故選：。。

根據(jù)左手定則判斷導(dǎo)體棒的受力方向，進(jìn)而得到導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)方向；根據(jù)閉合電路歐姆定律求解

電路中的電流，根據(jù)安培力公式求解安培力的大?。桓鶕?jù)牛頓第二定律求解導(dǎo)體棒的加速度大小。

本題考查安培力和牛頓第二定律，解題關(guān)鍵是掌握安培力方向的判斷和安培力的求解，結(jié)合閉合

電路歐姆定律和牛頓第二定律列式求解即可。

8.【答案】BC

【解析】解：八、由圖可知，從a到b的過(guò)程中，壓強(qiáng)p增大，體積V增大，由華=?？芍?dú)?/p>

體的溫度一直升高，故A錯(cuò)誤；

8、由A得，氣體溫度一直升高，則分子平均動(dòng)能增大，內(nèi)能增大，故8正確；

C、氣體的體積增大，則氣體一直對(duì)外做功，故C正確；

D、由8c得，氣體一直對(duì)外做功，氣體的內(nèi)能一直增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律得AU=H'+Q

為正值，I/V為負(fù)值，則Q一定為正值，則氣體一直從外界吸熱，吸收的熱量用于對(duì)外功和增

加內(nèi)能，故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

根據(jù)圖像判斷氣體壓強(qiáng)p和體積M的變化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程判斷溫度的變化；溫度是分子

平均動(dòng)能的標(biāo)志，氣體的勢(shì)能忽略不計(jì)，則溫度越高，氣體的內(nèi)能越大；氣體體積增大，則氣體

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對(duì)外做功；根據(jù)熱力學(xué)定律分析氣體吸熱與對(duì)外做功的關(guān)系。

本題考查理想氣體狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律，解題關(guān)鍵是能根據(jù)圖像和理想氣體狀態(tài)方程分析

溫度的變化，知道溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，掌握熱力學(xué)第一定律，知道熱力學(xué)第一定律中各

物理量的含義。

9.【答案】AC

【解析】解：.4.對(duì)于小物塊，小物塊發(fā)生的位移為L(zhǎng)+J,根據(jù)動(dòng)能定理可得

Ekm=(F-/)(￡+,故人正確；

8.小物塊克服摩擦力做的功為

IF=/(L+z),故B錯(cuò)誤；

C.物塊到達(dá)小車最右端時(shí)，小車運(yùn)動(dòng)的距離為X,根據(jù)動(dòng)能定理得

ELM=j.r,故C正確；

。.小車和小物塊增加的動(dòng)能為

Ek=Ekm+Ek\i=(F-f)(L+/)+"=F(L+x)-fL

系統(tǒng)重力勢(shì)能不變，則小物塊和小車增加得機(jī)械能為F(L+r)-/L,故D錯(cuò)誤。

故選：AC.

根據(jù)動(dòng)能定理分析出物塊和小車的動(dòng)能變化，要注意位移取對(duì)地位移；根據(jù)做功公式計(jì)算出克服

摩擦力做的功，位移取物塊相對(duì)于地面的位移；機(jī)械能的增加量等于系統(tǒng)內(nèi)彈力和重力之外的力

做功，代入數(shù)據(jù)計(jì)算即可。

本題主要考查了動(dòng)能定理和能量守恒，在分析過(guò)程中要注意位移的選取，特別是摩擦力產(chǎn)熱的計(jì)

算公式中的位移為物塊和小車的相對(duì)位移。

10.【答案】AC

【解析】解：4由題可知a、b、c、d為等差等勢(shì)面，根據(jù)電場(chǎng)力做功公式W=可知，質(zhì)子

經(jīng)過(guò)相鄰等勢(shì)面電場(chǎng)力做功相同，根據(jù)動(dòng)能定理可知，質(zhì)子經(jīng)過(guò)相鄰等勢(shì)面動(dòng)能的變化相同；由

于質(zhì)子經(jīng)過(guò)a、c等勢(shì)面時(shí)動(dòng)能分別為9e\/和3e\/,可知質(zhì)子在a、c間動(dòng)能的減小量為6e\/,

相鄰等勢(shì)面間的動(dòng)能減小3eU,因此質(zhì)子第一次經(jīng)過(guò)等勢(shì)面b時(shí)動(dòng)能是6e\Z；由于電場(chǎng)力做功與

路徑無(wú)關(guān)，當(dāng)質(zhì)子再次經(jīng)過(guò)等勢(shì)面b時(shí)，電場(chǎng)力做功為零，根據(jù)動(dòng)能定理可知，質(zhì)子第二次經(jīng)過(guò)

等勢(shì)面b時(shí)動(dòng)能是6e\/,故A正確；

8.等勢(shì)面c的動(dòng)能為3e\/,由人分析可知，相鄰等勢(shì)面間的動(dòng)能減小3elZ,當(dāng)初速度方向水平向

右時(shí)，質(zhì)子恰好到達(dá)等勢(shì)面d；由于初速度方向與水平方向成一定夾角，質(zhì)子具有沿等勢(shì)面方向

的分速度，質(zhì)子向上做曲線運(yùn)動(dòng)，因此質(zhì)子不能到達(dá)等勢(shì)面/,故8錯(cuò)誤；

C.質(zhì)子從等勢(shì)面a到c,根據(jù)動(dòng)能定理c(q-汽)=Ek,-E,a<0,因此已<少:根據(jù)沿電場(chǎng)

線電勢(shì)逐漸降低，可知電場(chǎng)線水平向左，該勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的方向水平向左，施正確；

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。.由于只有電場(chǎng)力做功，因此動(dòng)能和電勢(shì)能的總量不變，若取等勢(shì)面C為零電勢(shì)面，則E“=(),

因此質(zhì)子的總能量E=耳.+Ekr=0+3cV=3<V；a等勢(shì)面的電勢(shì)能

=E-EM,=3fV-9rV=-6fV,根據(jù)電勢(shì)能的定義E/%=30=-6eV,解得

q=-6V,故。錯(cuò)誤。

故選：AC.

A由題可知a、b、c、d為等差等勢(shì)面，根據(jù)電場(chǎng)力做功公式可知，質(zhì)子經(jīng)過(guò)相鄰等勢(shì)

面電場(chǎng)力做功相同，根據(jù)動(dòng)能定理可知，質(zhì)子經(jīng)過(guò)相鄰等勢(shì)面動(dòng)能的變化相同，據(jù)此分析作答；

8,假設(shè)初速度方向與等勢(shì)面垂直，根據(jù)動(dòng)能定理判斷質(zhì)子能夠到達(dá)的等勢(shì)面，由于質(zhì)子的初速度

方向與電場(chǎng)方向不一致，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的條件質(zhì)子向上做曲線運(yùn)動(dòng)，再判斷質(zhì)子能否到達(dá)等勢(shì)面

d：

C.根據(jù)動(dòng)能定理判斷電勢(shì)的高低，再判斷電場(chǎng)的方向；

。.只有電場(chǎng)力做功時(shí)動(dòng)能和電勢(shì)能的總量不變，從而得到總能量，根據(jù)能量關(guān)系得到等勢(shì)面a的

電勢(shì)能，再根據(jù)電勢(shì)能的定義式求解等勢(shì)面a的電勢(shì)。

本題主要是考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，只要電場(chǎng)力做功時(shí)動(dòng)能和電勢(shì)能的總量保持不變；由

于等勢(shì)面為等差等勢(shì)面，因此質(zhì)子的動(dòng)能在相鄰等勢(shì)面間的減小量相同。

11.【答案】ABD

【解析】解.將液體等效為通電導(dǎo)線，當(dāng)泵體上表面接電源正極時(shí)，電流從上表面流向下表面，

根據(jù)左手定則可得此時(shí)液體受到的安培力水平向左，液體被抽出，故人正確；

8.根據(jù)電阻定律，泵體內(nèi)液體的電阻為

所以可得通過(guò)泵體的電流為

U

7=-=U(yLx

故8正確；

C.減小磁感應(yīng)強(qiáng)度8,液體受到的安培力變小，抽液高度會(huì)變小，故C錯(cuò)誤；

。.根據(jù)前面分析增大液體的電導(dǎo)率。，電流/會(huì)增大，液體受到的安培力變大，可獲得更大的抽

液高度，故。正確。

故選：ABD.

根據(jù)左手定則，分析安培力方向；

根據(jù)電阻定律和歐姆定律，求電流；

根據(jù)安培力變化，分析抽液高度。

本題考查學(xué)生對(duì)左手定則和電阻定律、歐姆定律的掌握，是一道基礎(chǔ)題。

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12.【答案】3.02003

【解析】解：(1)當(dāng)彈簧彈力為零，彈簧處于自然狀態(tài)，由圖可知，彈簧的原長(zhǎng)為狐-3.(眄〃；

圖像的斜率表示勁度系數(shù)，由胡克定律可知k=N/cm=200JV/m;

(3)由圖可知，刻度尺的最小分度值為1mm,該刻度尺的讀數(shù)為一

由胡克定律可知F'=k(Lo-L)=200x(3.0-1.5)x10-2JV=3N

由題可知每個(gè)鉤碼重G=l.\，由此可推測(cè)所掛鉤碼的個(gè)數(shù)為“J=?=3

故答案為：(1)3.0；(2)200；(3)3。

(1)根據(jù)圖像的截距和斜率求彈簧的原長(zhǎng)和勁度系數(shù)：

(2)明確刻度尺的最小分度值并讀數(shù)，根據(jù)胡克定律計(jì)算。

本題考查探究彈簧所受彈力F與彈簧長(zhǎng)度L的關(guān)系實(shí)驗(yàn)，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)裝置和數(shù)據(jù)處

理。

13.【答案】5沒(méi)有；2.92.7

【解析】解：(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律

代入數(shù)據(jù)解得：見(jiàn)尸5n

電流測(cè)量值準(zhǔn)確，該測(cè)量原理沒(méi)有系統(tǒng)誤差。

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律

E=/(%+RA+R+r)

可得

E

R=———RA-r

由表達(dá)式可知橫軸x為:

(3)由圖像可知

87

E=-7?()-/?,4-r=-8.7Q

J?U

解得：E-2.9V,I--2.7Q

故答案為：(D5,沒(méi)有；⑵;；⑶2.9,2.7?

(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律求解和分析判斷；

⑵根據(jù)閉合電路歐姆定律推導(dǎo)；

(3)根據(jù)圖像斜率和截距求解。

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本題考查測(cè)量未知電阻m的阻值與電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)電路。

14.【答案】解：(1)作出光的傳播路徑如圖所示:

根據(jù)幾何關(guān)系可知光在A8面上的臨界角為C=37

.5

解得：”=Q

(2)根據(jù)幾何關(guān)系可知DCEF為平行四邊形，則光程s=DF+CE=AD+CD=9cm=0.09m

光在介質(zhì)中的傳播速度〃:

光的傳播時(shí)間，:

代入數(shù)據(jù)解得：f=5x10-1%

答：(1)該棱鏡對(duì)該單色光的折射率為：；

(2)該單色光從D點(diǎn)入射到第一次從棱鏡中射出傳播的時(shí)間為5x1()

【解析】(D根據(jù)全反射臨界角公式解得折射率；

(2)根據(jù)幾何關(guān)系解得光程，根據(jù)〃二:解得光速，從而計(jì)算時(shí)間。

本題考查光的折射計(jì)算，此類題型通常需要正確作出光路圖，根據(jù)幾何關(guān)系求出入射角和折射角,

再結(jié)合折射定律求解。

15,【答案】解：⑴乙推出甲后10S末停在離交接棒前方40m的地方，則T乙二

代入數(shù)據(jù)得：vL=8m/s

乙推甲過(guò)程，甲乙組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則有：柏網(wǎng)聞+m乙@乙0="?朝中+m乙也

解得『叩=10.25ZZJ/S

乙推甲過(guò)程，對(duì)甲由動(dòng)量定理得=mM”甲一u枷)

代入數(shù)據(jù)解得