模型20導(dǎo)體棒切割模型

模型20、導(dǎo)體棒切割模型【模型概述】電磁感應(yīng)中點(diǎn)動(dòng)力學(xué)問題分析導(dǎo)體的平衡態(tài)一靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài).

處理方法:根據(jù)平衡條件(合外力等于零)列式分析.

2.導(dǎo)體的非平衡態(tài)加速度不為零.

處理方法:根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析或結(jié)合功能關(guān)系分析.電磁感應(yīng)中能量問題分析過程分析

(1)電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生感應(yīng)電流的過程，實(shí)質(zhì)上是能量的轉(zhuǎn)化過程.

(2)電磁感應(yīng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電流在磁場(chǎng)中必定受到安培力的作用，因此，要維持感應(yīng)電流的存在，必須有“外力”克服安培力做功,將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能.“外力”克服安培力做了多少功，就有多少其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能.

(3)當(dāng)感應(yīng)電流通過用電器時(shí)，電能又轉(zhuǎn)化為其他形式的能，安培力做功的過程，或通過電阻發(fā)熱的過程，是電能轉(zhuǎn)化為其他形式能的過程.安培力做了多少功，就有多少電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能.“導(dǎo)軌+桿”模型對(duì)桿在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)組成的系統(tǒng)，桿在運(yùn)動(dòng)中切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，并受到安培力的作用改變運(yùn)動(dòng)狀態(tài)最終達(dá)到穩(wěn)定的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，該系統(tǒng)稱為“導(dǎo)軌+桿”模型.【模型解題】一、電磁感應(yīng)與動(dòng)力學(xué)問題的解題策略

此類問題中力現(xiàn)象和電磁現(xiàn)象相互聯(lián)系、相互制約,解決問題前首先要建立“動(dòng)一電一動(dòng)”的思維順序，可概括為:

(1)找準(zhǔn)主動(dòng)運(yùn)動(dòng)者，用法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小和方向.(2)根據(jù)等效電路圖，求解回路中感應(yīng)電流的大小及方向.

(3)分析安培力對(duì)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)速度、加速度的影響，從而推理得出對(duì)電路中的感應(yīng)電流有什么影響，最后定性分析導(dǎo)體棒的最終運(yùn)動(dòng)情況..

(4)列牛頓第二定律或平衡方程求解.二、電磁感應(yīng)中能量問題求解思路

(1)若回路中電流恒定，可以利用電路結(jié)構(gòu)及W=UIt或Q=PRt直接進(jìn)行計(jì)算.

(2)若電流變化，則:①利用安培力做的功求解:電磁感應(yīng)中產(chǎn)生的電能等于克服安培力所做的功;②利用能量守恒求解:若只有電能與機(jī)械能的轉(zhuǎn)化，則機(jī)械能的減少量等于產(chǎn)生的電能.三、“導(dǎo)軌+桿”模型分析

根據(jù)桿的數(shù)目，對(duì)于“導(dǎo)軌+桿”模型題目，又常分為單桿模型和雙桿模型.

(1)單桿模型是電磁感應(yīng)中常見的物理模型，此類問題所給的物理情景一般是

導(dǎo)體棒垂直切割磁感線，在安培力、重力、拉力作用下的變加速直線運(yùn)動(dòng)或勻速直線運(yùn)動(dòng)，所涉及的知識(shí)有牛頓運(yùn)動(dòng)定律、功能關(guān)系、能量守恒定律等.此類問題的分析要抓住三點(diǎn):①桿的穩(wěn)定狀態(tài)一般是勻速運(yùn)動(dòng)(達(dá)到最大速度或最小速度，此時(shí)合力為零).②整個(gè)電路產(chǎn)生的電能等于克服安培力所做的功.③電磁感應(yīng)現(xiàn)象遵從能量守恒定律.

(2)雙桿類問題可分為兩種情況:一是“假雙桿”，甲桿靜止不動(dòng)，乙桿運(yùn)動(dòng).其實(shí)質(zhì)是單桿問題，不過要注意問題包含著一個(gè)條件:甲桿靜止、受力平衡.另種情況是兩桿都在運(yùn)動(dòng),對(duì)于這種情況，要注意兩桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是相加還是相減.線框進(jìn)入磁場(chǎng)和離開磁場(chǎng)的過程和單桿的運(yùn)動(dòng)情況相同,在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過程與雙桿的運(yùn)動(dòng)情況相同.【模型訓(xùn)練】【例1】如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬桿MN在平行金屬導(dǎo)軌ab和cd上，以速度v向右滑動(dòng)，MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E1；若金屬桿速度改為2v，其他條件不變，MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變?yōu)镋2。則關(guān)于通過電阻R的電流方向及E1E2的判斷，下列說法正確的是（）A．c→a，21 B．a(chǎn)→c，21C．a(chǎn)→c，12 D．c→a，12【答案】C【詳解】由右手定則判斷可知，MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)镹→M，則通過電阻R的電流方向?yàn)閍→c；根據(jù)公式E＝BLv得故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。變式1.1如圖所示，在光滑水平金屬框架上有一導(dǎo)體棒ab。第一次以速度v勻速向右平動(dòng)，第二次以速度勻速向右平動(dòng)，兩次移動(dòng)的距離相同，則兩種情況下回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和通過R的電荷量之比分別為（）A．； B．；C．； D．；【答案】B【詳解】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知兩種情況下回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比根據(jù)結(jié)合聯(lián)立可得可得故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。變式1.2如圖所示，平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌間距為，左端連接一阻值為的電阻。導(dǎo)軌所在空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為。導(dǎo)體棒置于導(dǎo)軌上，其電阻為，長(zhǎng)度恰好等于導(dǎo)軌間距，與導(dǎo)軌接觸良好。不計(jì)導(dǎo)軌的電阻、導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的摩擦。在大小為的水平拉力作用下，導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)，速度大小為。在導(dǎo)體棒向右勻速移動(dòng)的過程中（）A．導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流的方向?yàn)锽．導(dǎo)體棒兩端的電勢(shì)差大小為C．電阻消耗的電能為D．拉力對(duì)導(dǎo)體棒做功的功率為【答案】C【詳解】A．導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由右手定則可知導(dǎo)體棒切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)由b指向a，則導(dǎo)體棒中的電流方向由b指向a，故A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體棒切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為對(duì)應(yīng)的感應(yīng)電流為故導(dǎo)體棒兩端的電勢(shì)差大小為故B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)體R消耗的電能為而物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為又因?yàn)閷?dǎo)體棒受力平衡，故解得故C正確；D．拉力對(duì)導(dǎo)體棒做的功率為結(jié)合前述式子可解得故D錯(cuò)誤。故選C?！纠?】如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，長(zhǎng)為L(zhǎng)的金屬桿MN在平行金屬導(dǎo)軌上以速度v向右勻速滑動(dòng)。金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，金屬桿與導(dǎo)軌的夾角為θ，電阻為2R，ab間電阻為R，M、N兩點(diǎn)間電勢(shì)差為U，則M、N兩點(diǎn)電勢(shì)的高低及U的大小分別為（）A．M點(diǎn)電勢(shì)高，U=B．M點(diǎn)電勢(shì)高，U=C．N點(diǎn)電勢(shì)高，U=D．N點(diǎn)電勢(shì)高，U=【答案】B【詳解】由右手定則可以判定導(dǎo)體棒中電流的方向?yàn)橛蒒到M，因此M點(diǎn)電勢(shì)高；導(dǎo)體棒切割磁感線的有效長(zhǎng)度是Lsinθ，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有E=BLvsinθ再根據(jù)閉合電路歐姆定律可知M、N兩點(diǎn)間電勢(shì)差故選B。變式2.1如圖所示，為水平放置的平行光滑金屬導(dǎo)軌，間距為，導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。已知金屬桿傾斜放置，與導(dǎo)軌成角，單位長(zhǎng)度的電阻為，保持金屬桿以速度沿平行于的方向滑動(dòng)（金屬桿滑動(dòng)過程中與導(dǎo)軌接觸良好）。則（）A．電路中感應(yīng)電流的大小為B．金屬桿的熱功率為C．電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為D．金屬桿所受安培力的大小為【答案】B【詳解】AC．根據(jù)公式，可得導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為電路中感應(yīng)電流的大小為選項(xiàng)AC錯(cuò)誤；B．金屬桿的熱功率為B正確；D．根據(jù)安培力公式，可得棒所受的安培力為D錯(cuò)誤；故選B。變式2.2如圖所示，、為兩條平行的水平放置的金屬導(dǎo)軌，左端接有定值電阻R，金屬棒斜放在兩導(dǎo)軌之間，與導(dǎo)軌接觸良好，。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面，設(shè)金屬棒與兩導(dǎo)軌間夾角為，以速度v水平向右勻速運(yùn)動(dòng)，不計(jì)導(dǎo)軌和金屬棒的電阻，則流過金屬棒中的電流為（）A． B． C． D．【答案】A【詳解】金屬棒的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為流過金屬棒中的電流為所以A正確；BCD錯(cuò)誤；故選A。【例3】如圖所示，在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩根足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬軌道MN、PQ固定在水平面內(nèi)，相距為L(zhǎng)。一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，與軌道接觸良好。軌道左端MP間接一電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源，并聯(lián)電阻的阻值為R。不計(jì)軌道和導(dǎo)體棒的電阻，閉合開關(guān)S后導(dǎo)體棒從靜止開始，經(jīng)t秒以v勻速率運(yùn)動(dòng)，則下列判斷正確的是（）A．速率B．從秒電源消耗的電能C．t秒后通過電阻R的電流為零D．t秒末導(dǎo)體棒ab兩端的電壓為E【答案】A【詳解】ACD．閉合開關(guān)S后導(dǎo)體棒從靜止開始，經(jīng)t秒以v勻速率運(yùn)動(dòng)，可知此時(shí)導(dǎo)體棒不受安培力作用，導(dǎo)體棒中的電流為0，導(dǎo)體棒ab產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)與電阻兩端電壓相等，則有此時(shí)通過電阻R的電流為則有聯(lián)立可得t秒末導(dǎo)體棒ab兩端的電壓為故A正確，CD錯(cuò)誤；B．從秒，根據(jù)能量守恒可知，電源消耗的電能轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體棒的動(dòng)能，電阻和內(nèi)阻的焦耳熱，且通過電阻并不是一直為，所以故B錯(cuò)誤。故選A。變式3.1如圖甲所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌ab、cd與水平面成θ=30°固定，導(dǎo)軌間距離為l＝1m，電阻不計(jì)，一個(gè)阻值為R0的定值電阻與可變電阻并聯(lián)接在兩金屬導(dǎo)軌的上端，整個(gè)系統(tǒng)置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與導(dǎo)軌所在平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B＝1T?，F(xiàn)將一質(zhì)量為m、不計(jì)電阻的金屬棒MN從圖示位置由靜止開始釋放，金屬棒下滑過程中與導(dǎo)軌接觸良好，且始終與導(dǎo)軌保持垂直，改變可變電阻的阻值R，測(cè)定金屬棒的最大速度vm，得到的關(guān)系如圖乙所示，g取10m／s2。則下列說法正確的是（）A．金屬棒的質(zhì)量m＝1kg B．金屬棒的質(zhì)量m＝2kgC．定值電阻R0＝2Ω D．定值電阻R0＝4Ω【答案】C【詳解】金屬棒以速度vm下滑時(shí)，由法拉第電磁感應(yīng)定律得E＝Blvm由閉合電路歐姆定律得當(dāng)金屬棒以最大速度vm下滑時(shí)，由平衡條件得BIl－mgsinθ＝0聯(lián)立解得由圖象可得＝1解得m＝0.2kg，R0＝2Ω故選C。變式3.2如圖，金屬棒垂直放在兩水平放置的光滑金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌間距為，導(dǎo)軌左端接有電阻和電容器，空間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使金屬棒以速度向右勻速運(yùn)動(dòng)，穩(wěn)定時(shí)（）A．導(dǎo)體棒點(diǎn)比點(diǎn)電勢(shì)低 B．電容器上極板帶正電C．電阻上有順時(shí)針方向的電流 D．電路中沒有電流產(chǎn)生【答案】B【詳解】A．根據(jù)右手定則可知，導(dǎo)體棒產(chǎn)生由到的感應(yīng)電流，由于相當(dāng)于電源，電流由負(fù)極流向正極，故C端為電源正極，導(dǎo)體棒點(diǎn)比點(diǎn)電勢(shì)高，故A錯(cuò)誤；B．由于電容器上極板與電源的正極相連，故電容器上極板帶正電，故B正確；CD．根據(jù)中判斷的電流方向可知，電阻上有逆時(shí)針方向的電流，故CD錯(cuò)誤。故選B。【例4】如圖所示，導(dǎo)體棒在金屬框架上向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，在此過程中（）A．電容器上電荷量越來越多B．電容器上電荷量越來越少C．電容器上電荷量保持不變D．電阻R上電流越來越大【答案】A【詳解】導(dǎo)體棒勻加速運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)即為電容器兩端的電壓，由時(shí)間充電電荷量隨時(shí)間越來越長(zhǎng)，充電電流不變。故選A。變式4.1如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌傾斜固定，導(dǎo)軌寬度，傾角為，上端連接一電容器，垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)穿過導(dǎo)軌所在平面．現(xiàn)讓一根質(zhì)量為的導(dǎo)體棒從靜止開始滑下，已知導(dǎo)體棒的質(zhì)量，所有電阻均不計(jì)，重力加速度大小為，當(dāng)導(dǎo)體棒下滑的距離為時(shí)，下列說法正確的是（

）A．導(dǎo)體棒做變加速運(yùn)動(dòng) B．導(dǎo)體棒做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為C．導(dǎo)體棒的速度大小為 D．電容器所帶的電荷量為【答案】D【詳解】AB．電容器兩端電勢(shì)差U等于導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，當(dāng)導(dǎo)體棒的速度大小為v時(shí)，有U=BlvΔU=BlΔvΔQ=CΔUΔQ=IΔt根據(jù)加速度定義式可得根據(jù)牛頓第二定律可得mgsin30°BIl=ma解得因，可得即導(dǎo)體棒做勻加速運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；C．當(dāng)導(dǎo)體棒下滑的距離為時(shí)，導(dǎo)體棒的速度大小為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．電容器所帶的電荷量為選項(xiàng)D正確。故選D。變式4.2如圖所示，豎直放置的兩根足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌相距L，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，導(dǎo)軌間接有一定值電阻R，質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒與兩導(dǎo)軌始終保持垂直并良好接觸，且無摩擦，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌平面垂直，重力加速度為g，現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放，金屬棒下落高度為h時(shí)開始做勻速運(yùn)動(dòng)，在此過程中（）A．金屬棒的最大速度為B．通過電阻R的電荷量為C．金屬棒克服安培力做的功等于電阻R上產(chǎn)生的熱量D．安培力對(duì)金屬棒做的功等于金屬棒動(dòng)能的增加量【答案】B【詳解】A．金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，根據(jù)功能關(guān)系可知最大速度故A錯(cuò)誤；B．通過電阻R的電荷量為q=故B正確；C．由功能關(guān)系可知，金屬棒克服安培力做的功等于電阻R與r上產(chǎn)生的熱量之和，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理可知，重力和安培力對(duì)金屬棒做功之和等于金屬棒動(dòng)能的增加量，故D錯(cuò)誤。故選B?！纠?】如圖，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中豎直、平行地放置一對(duì)光滑的金屬導(dǎo)軌MN和PQ。另有一對(duì)相距一定距離的金屬桿ab和cd，同時(shí)從某一高度由靜止開始釋放它們，若兩桿與MN和PQ接觸良好，那么（）A．a(chǎn)b先加速運(yùn)動(dòng)后勻速運(yùn)動(dòng) B．cd做自由落體運(yùn)動(dòng)C．感應(yīng)電流方向?yàn)閍bdca D．cd兩端電勢(shì)差為零【答案】B【詳解】由于光滑，則ab會(huì)向下運(yùn)動(dòng)，就會(huì)切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，a端低電勢(shì)，b端高電勢(shì)；而cd也會(huì)向下運(yùn)動(dòng)，也會(huì)切割磁感線，也產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，c端低電勢(shì)，d端高電勢(shì)；假設(shè)速度相等，這兩個(gè)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)會(huì)抵消，整個(gè)回路中電流為0，則ab和cd的安培力就為0，即ab和cd做自由落體運(yùn)動(dòng)，假設(shè)成立。故選B。變式5.1如圖所示，水平面上固定著兩根相距L且電阻不計(jì)的足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌處于方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。相同的銅棒a、b平行地靜止在導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌接觸良好，每根銅棒的長(zhǎng)度等于兩導(dǎo)軌的間距、電阻為R、質(zhì)量為m?，F(xiàn)給銅棒a一個(gè)平行于導(dǎo)軌向右的瞬時(shí)沖量I，關(guān)于此后的過程，下列說法正確的是（）A．銅棒b獲得的最大速度為 B．銅棒b的最大加速度為C．銅棒b中的最大電流為 D．銅棒b中產(chǎn)生的最大焦耳熱為【答案】A【詳解】A．兩銅棒在任意時(shí)刻所受安培力等大反向，所以系統(tǒng)動(dòng)量守恒，共速時(shí)b有最大速度銅棒b的最大速度故A正確；C．選取水平向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理求解a開始時(shí)速度根據(jù)左手定則判斷安培力，可知此后a導(dǎo)體棒做減速運(yùn)動(dòng)，b導(dǎo)體棒做加速運(yùn)動(dòng)，所以回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值銅棒b中的最大電流為故C錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第二定律，銅棒b的最大加速度故B錯(cuò)誤；D．兩銅棒共速后，回路中不再產(chǎn)生感應(yīng)電流，則根據(jù)能量守恒定律，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量銅棒b中產(chǎn)生的最大焦耳熱為故D錯(cuò)誤。故選A。變式5.2如圖所示，一水平面內(nèi)固定兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌上面橫放著兩根完全相同的銅棒ab和cd，構(gòu)成矩形回路，在整個(gè)導(dǎo)軌平面內(nèi)都有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B。開始時(shí)，棒cd靜止，棒ab有一個(gè)向左的初速度。從開始到最終穩(wěn)定的全過程中，下列說法正確的是（）A．a(chǎn)b棒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，cd棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，最終都做勻速運(yùn)動(dòng)B．a(chǎn)b棒減小的動(dòng)量等于cd棒增加的動(dòng)量C．a(chǎn)b棒減小的動(dòng)能等于cd棒增加的動(dòng)能D．安培力對(duì)ab棒和cd棒分別做負(fù)功和正功，做功總和為零【答案】B【詳解】A．初始時(shí)ab棒向左運(yùn)動(dòng)受到向右的安培力，cd棒受到向左的安培力，所以ab棒減速，cd棒加速，設(shè)ab棒速度為，cd棒速度為，開始時(shí)＞，隨著運(yùn)動(dòng)兩棒的相對(duì)速度v=逐漸減小至0，兩棒切割磁場(chǎng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，E也逐漸減小最終為0，感應(yīng)電流逐漸減小到0，安培力逐漸減到0，所以ab棒做加速度逐漸減小的變減速直線運(yùn)動(dòng)，cd棒做加速度逐漸減小的變加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．兩棒組成的系統(tǒng)受安培力的合力為零，故系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，所以ab棒減小的動(dòng)量等于cd棒增加的動(dòng)量，故B正確；C．回路中有產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，有電流做功產(chǎn)生電熱，所以根據(jù)能量守恒可知，ab棒減小的動(dòng)能等于cd棒增加的動(dòng)能與兩棒產(chǎn)生電熱之和，故C錯(cuò)誤；D．安培力對(duì)ab棒和cd棒分別做負(fù)功和正功，但是由于兩棒的位移不同，則做功總和不為零，故D錯(cuò)誤。故選B?！纠?】如圖所示，兩足夠長(zhǎng)的光滑平行導(dǎo)軌固定在同一水平面上，虛線MN與導(dǎo)軌垂直，其左、右側(cè)的導(dǎo)軌間距分別為L(zhǎng)2和L1且整個(gè)裝置處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。MN左、右兩側(cè)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B2和B1，且在MN兩側(cè)導(dǎo)軌上分別垂直放置兩根接入阻值為r1和r2的平行金屬棒ab和cd，系統(tǒng)靜止。某時(shí)刻對(duì)ab棒施加一個(gè)水平向右的恒力F，兩金屬棒在向右運(yùn)動(dòng)的過程中，始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，cd棒始終未到達(dá)MN處，則下列判斷正確的是（）A．最終兩棒以不同的速度勻速運(yùn)動(dòng)B．最終兩棒以相同的速度勻速運(yùn)動(dòng)C．安培力對(duì)cd棒所做的功大于cd棒的動(dòng)能增加量D．外力F做的功等于兩棒的動(dòng)能增加量和回路中產(chǎn)生的焦耳熱【答案】D【詳解】AB.ab棒在外F作用下向右加速，但由于受到向左的安培力，所以做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，cd棒在向右的安培力作用下，向右加速。兩者達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)應(yīng)該是有共同的加速度，即為所以最終兩棒以相同的加速度一起向右做加速運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；C.cd棒受的合力為受到的安培力，由動(dòng)能定理可知安培力對(duì)cd棒所做的功等于cd棒的動(dòng)能增加量，故C錯(cuò)誤；D.由能量守恒可知外力F做的功等于兩棒的動(dòng)能增加量和回路中產(chǎn)生的焦耳熱，故D正確。故選D。變式6.1如圖，電阻不計(jì)的光滑金屬導(dǎo)軌由直窄軌AB、CD，直寬軌EF、GH和連接直軌BE、GD構(gòu)成，整個(gè)導(dǎo)軌處于同一水平面內(nèi)，，BE和GD共線且與AB垂直，窄軌間距為，寬軌間距為L(zhǎng)?？臻g有方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，寬軌所在區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，窄軌所在區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B。棒長(zhǎng)均為L(zhǎng)、質(zhì)量均為m、電阻均為R的均勻金屬直棒a、b始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。初始時(shí)刻，b棒靜止在寬軌上，a棒從窄軌上某位置以平行于AB的初速度向右運(yùn)動(dòng)。a棒距窄軌右端足夠遠(yuǎn)，寬軌EF、GH足夠長(zhǎng)。則（）A．a(chǎn)棒剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，b棒的加速