2024屆遼寧沈陽市郊聯(lián)體物理高二年級上冊期末經(jīng)典試題含解析

2024屆遼寧沈陽市郊聯(lián)體物理高二上期末經(jīng)典試題

考生須知：

1.全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。

2.請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、帶電粒子以初速度vo從a點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，如圖所示.運(yùn)動中經(jīng)過b點(diǎn)，Oa=Ob,若撤去磁場加一個與y軸平行

的勻強(qiáng)電場，仍以相同的速度vo從a點(diǎn)進(jìn)入電場,粒子仍能通過b點(diǎn).設(shè)加磁場時，粒子通過b點(diǎn)的速度為”,加電場

時通過b點(diǎn)的速度為V2,則下列判斷正確的是（不計(jì)重力）

》八

XXXXX

XXXXX

XQXX人XXX

A.V1>V2

B.V1=V2

C.V1<V2

D.無法判定大小關(guān)系

2、如圖所示，四邊形的通電閉合線框abed處在垂直線框平面的勻強(qiáng)磁場中，它受到磁場力的合力（）

A.豎直向上

B.方向垂直于ad斜向上

C.方向垂直于be斜向上

D.為零

3、下列圖像能表示物體做勻加速直線運(yùn)動的是

4、關(guān)于電場，下列說法正確的是（）

F

人.由￡=一知，若g減半，則該處電場強(qiáng)度為原來的2倍

Q

8.由石=弊知，E與。成正比，而與「成反比

r

<3.由石=挈知，在以。為球心，以r為半徑的球面上，各處場強(qiáng)均相同

r

D.電場中某點(diǎn)場強(qiáng)方向就是該點(diǎn)所放電荷受到的靜電力的方向

5、如圖所示為一陰極射線管，接通電源后，電子射線由陰極沿x軸方向射出，在熒光屏上會看到一條亮線，若要加一

磁場使熒光屏上的亮線向上（z軸正方向）偏轉(zhuǎn)，則所加磁場方向?yàn)椋ǎ?/p>

A.沿z軸正方向B.沿z軸負(fù)方向

C.沿y軸正方向D.沿y軸負(fù)方向

6、關(guān)于磁場和電場的認(rèn)識，下列說法正確的是（）

A.電流元在某處不受安培力，該處一定沒有磁場

B.電荷受電場力方向和所在位置電場方向相同

C.電場線起于正電荷終止于負(fù)電荷，磁感線起于N極終止于S極

D.同一通電導(dǎo)體在磁場強(qiáng)的地方受到的安培力可能比在磁場弱的地方受到的安培力小

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，用靜電計(jì)測量帶電的平行板電容器兩極板（相互正對）間的電勢差時，保持平行板電容器兩極板距離不變,

若把B極板向上移動少許，則（）

A.電容器的電容不變

B.兩極板間的電場強(qiáng)度變大

C.靜電計(jì)的張角增大

D.兩極板所帶的電荷量增大

8、對UAB=1V的理解，正確的是（）

A.從A到B移動qC的電荷，電場力做功1J

B.從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1J

C.從A到B移動1C的負(fù)電荷，克服電場力做功1J

D.從A到B移動1C的負(fù)電荷，外力做功1J

9、2019年國產(chǎn)首套超導(dǎo)質(zhì)子回旋加速器進(jìn)入集成測試階段，通過該設(shè)備可以將質(zhì)子的能量加速到230MeV,質(zhì)子被引

出后射入人體，當(dāng)?shù)竭_(dá)病灶的瞬間，釋放大量能量，實(shí)現(xiàn)對癌細(xì)胞的精準(zhǔn)清除，不損傷人體正常細(xì)胞，是癌癥患者的

福音?；匦铀倨鞯脑砣鐖D，Di和D2是兩個中空的半徑為R的半圓金屬盒，接在電壓為。、周期為7的交流電源

上，位于D2圓心處的質(zhì)子源A能不斷產(chǎn)生質(zhì)子（初速度可以忽略，重力不計(jì)），質(zhì)子在兩盒之間被電場加速，Di、D2

置于與盒面垂直的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中。已知質(zhì)子的電量為4、質(zhì)量為根，忽略質(zhì)子在電場中運(yùn)動的時間，

不考慮加速過程中的相對論效應(yīng)，下列說法正確的是（）

27r加

A.交流電源的周期丁=—^

qB

B.質(zhì)子第一次進(jìn)入D,盒與第一次進(jìn)入D2盒的半徑之比為1:2

C.質(zhì)子在電場中加速的次數(shù)為迎戈

2mU

D.若只增大交變電壓U,則質(zhì)子的最大動能Ek會變大

10、如圖所示，將帶電棒移近兩個不帶電的導(dǎo)體球，兩個導(dǎo)體球開始時互相接觸且對地絕緣，下述幾種方法中能使兩

球都帶電的是

A.先把兩球分開，再移走帶電棒

B.先移走帶電棒，再把兩球分開

C.先將棒接觸一下其中的一個球，再把兩球分開

D.用手接觸乙球，移開導(dǎo)體棒，然后將手離開乙球，最后將兩球分開

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)用如圖所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關(guān)K和兩個部件S、T.請根據(jù)下列步驟完成電阻測量:

(1)旋動部件,使指針對準(zhǔn)電流的“0”刻線;

(2)將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“x/oo"的位置；

(3)將插入“十"、”-"插孔的表筆短接，旋動部件,使指針對準(zhǔn)電阻的,(填“0刻線“或“oo刻線，，)；

(4)將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過小.為了得到比較準(zhǔn)確的測量結(jié)果，應(yīng)將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋

的,(填“xlK，或“X100”)的位置，重新進(jìn)行歐姆調(diào)零并完成測量

12.(12分)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，有以下器材：

小燈泡L(3V,0.6A)

滑動變阻器衣(0?10Q)

電壓表Vi(0?3V)

電壓表V2(0?15V)

電流表Ai(0-0.6A)

電流表Ai(0~3A)

鉛蓄電池、開關(guān)各一個，導(dǎo)線若干

(1)為了減小誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選電流表,電壓表.

(2)在圖虛線框內(nèi)按要求設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖。()

（3）現(xiàn)已描繪出該燈泡的伏安特性曲線如圖所示，若將該元件與50的定值電阻串聯(lián)，再接在一個電動勢為3V,內(nèi)

四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）ABC表示豎直放在電場強(qiáng)度為E=104v/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的3C部分是半徑

為R的;圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切.4為水平軌道上的一點(diǎn)，而且，~,把一質(zhì)量帶電

量為q=+l（）TC的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）

E

⑴小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小

（2）小球在C點(diǎn)時，軌道受到的壓力大小

14.（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m,a＞》間的電場強(qiáng)度為E=5.0X1（）5N/C,b

板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為桃=4.8xl03kg、電荷

186

量為？=1.6xlOC的帶正電的粒子（不計(jì)重力），從貼近a板的左端以vo=l.OxlOm/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場，剛好

從狹縫尸處穿過》板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，最后粒子回到6板的。處（圖中未畫出）.求尸、。之間的距離L

XXXXXXX

15.(12分)如圖，兩根間距為L=0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E=3V、內(nèi)阻r=l。的電源，導(dǎo)軌平面與

水平面間的夾角。=37。.金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m=0.2kg.導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不

計(jì)，整個裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中.當(dāng)Ro=10時，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g=10m/s2,511137。=0.6,

cos37°=0.8

(1)求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；

(2)若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、C

【解析】帶電粒子以速度從“點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，運(yùn)動中經(jīng)過入點(diǎn)，Oa=Ob,所以圓周運(yùn)動的半徑正好等于d,洛倫

茲力不做功故速度大小不變，利用幾何關(guān)系判斷粒子速度方向；如果換成勻強(qiáng)電場，則粒子做類平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋

運(yùn)動的基本規(guī)律結(jié)合動能定理即可分析求解.

【詳解】帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)幾何關(guān)系可知圓周運(yùn)動的半徑：r=oa=ob,因?yàn)槁鍌惼澚Σ蛔龉?，?/p>

加磁場時粒子通過％點(diǎn)的速度大小不變：也=為，方向沿y軸負(fù)方向；

如果換成勻強(qiáng)電場，水平方向以阿做勻速直線運(yùn)動，豎直沿y軸負(fù)方向做勻加速運(yùn)動，電場力對粒子做正功，根據(jù)動

能定理可知動能變大，通過&點(diǎn)的速度大?。阂病瞪?，根據(jù)類平拋特點(diǎn)可知速度方向斜朝右下方與x軸正方向成銳角，

所以孫〈也，并且打、也方向不同，故A、B、D錯誤，C正確.故選C.

【點(diǎn)睛】帶電粒子在電場磁場中的運(yùn)動要把握其運(yùn)動規(guī)律，在電場中利用幾何關(guān)系得出其沿電場和垂直于電場的運(yùn)動

規(guī)律；而在磁場中也是要注意找出相應(yīng)的幾何關(guān)系，從而確定圓心和半徑.

2、D

【解析】由題意可知中電流組成一個封閉的電流，其有效長度為零，所以線框初M所受安培力的合力為零，選

項(xiàng)D正確。

故選D。

【點(diǎn)睛】考查安培力大小與通電導(dǎo)線的長度關(guān)系，及力的合成法則.當(dāng)然本題還可以采用等效法進(jìn)行求解

3、D

【解析】A圖中位移隨時間不發(fā)生變化，處于靜止?fàn)顟B(tài)，故A錯誤；B圖中位移隨時間均勻增大，表示物體做勻速直

線運(yùn)動.故B錯誤；C圖中，速度隨時間不變，做勻速直線運(yùn)動.故C錯誤.D圖中v-f圖象是傾斜的直線，速度均

勻變化，加速度不變，表示物體做勻變速直線運(yùn)動.故D正確

4、B

【解析】A.電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度是由電場本身決定的，與試探電荷的電量無關(guān)，選項(xiàng)A錯誤；

B.由

E當(dāng)

r

知，E與。成正比，而與產(chǎn)成反比，選項(xiàng)B正確；

C.由

E-絲

知，在以。為球心，以r為半徑的球面上，各處場強(qiáng)大小均相同，但是方向不同，選項(xiàng)C錯誤；

D.電場中某點(diǎn)場強(qiáng)方向就是該點(diǎn)所放正電荷受到的靜電力的方向，選項(xiàng)D錯誤。

故選B

5、D

【解析】電子射線由陰極沿x軸方向射出，形成的亮線向上（z軸正方向）偏轉(zhuǎn)，說明電子受到的洛倫茲力方向向上,

根據(jù)左手定則判斷分析，選擇可行的磁場方向

【詳解】電子受到的洛倫茲力方向沿Z軸正方向，亮線向上偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，且由于電子帶負(fù)電，則加一沿y軸

負(fù)方向的磁場，故D正確，ABC錯誤.故選D

【點(diǎn)睛】本題考查電偏轉(zhuǎn)與磁偏轉(zhuǎn)方向判斷的能力，負(fù)電荷運(yùn)動的方向與電流方向相反，洛倫茲力方向由左手定則判

斷，同時要將左手定則與右手定則的區(qū)別開來

6、D

【解析】電流元在某處不受安培力，可能是電流方向與磁場方向平行，該處不一定沒有磁場，選項(xiàng)A錯誤；正電荷受

電場力方向和所在位置電場方向相同，負(fù)電荷受電場力方向和所在位置電場方向相反，選項(xiàng)B錯誤；電場線起于正電

荷終止于負(fù)電荷或者無窮遠(yuǎn)，磁感線在磁體的外部是從N極到S極，內(nèi)部是從S極到N極，形成閉合的曲線，選項(xiàng)C

錯誤；導(dǎo)線受到的磁場力與導(dǎo)線的放置方式有關(guān)，同一通電導(dǎo)體在磁場強(qiáng)的地方受到的安培力可能比在磁場弱的地方

受到的安培力小，選項(xiàng)D正確；故選D.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BC

【解析】將B板豎直向上平移，兩板正對面積減小，由

C=-^—

471kd

分析可知電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)

u=—

C

可知板間電壓增大，則靜電計(jì)指針張角增大，根據(jù)

E4

d

可知，d不變，故電場強(qiáng)度增大，故BC正確，AD錯誤。

故選BCo

【點(diǎn)睛】靜電計(jì)指針的張角反應(yīng)電容器兩端間電勢差的變化，抓住電容器帶電量不變，根據(jù)。=￡,通過電容的變化,

判斷電勢差的變化，根據(jù)E=與判斷電場強(qiáng)度的變化。

a

8、BC

【解析】試題分析：根據(jù)W=Uq可知對UAB=1V表示：從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1J;或者從A到B

移動1C的負(fù)電荷，克服電場力做功1J,選項(xiàng)BC正確，AD錯誤；故選BC.

考點(diǎn)：電勢差

9、AC

【解析】A.質(zhì)子在回旋加速器中每做半個圓周運(yùn)動電場變換一次，則回旋加速器的交流電頻率等于質(zhì)子在磁場中的

運(yùn)動周期，故有丁=一丁，故A正確；

qB

B.質(zhì)子第一次進(jìn)入Di盒時加速了一次，設(shè)速度為匕，有

〃12

qU=~mvl

做圓周運(yùn)動的半徑為4,有

V.2

qvxB=m—

14

可得

_mv{_12mU

質(zhì)子第一次進(jìn)入D2盒時加速了兩次'同理推得-2=親=)^等'故兩半徑之比為

a=_L

r2y/2

故B錯誤;

D.無論質(zhì)子在電場中加速多少次，最后都是從磁場中以最大速度勻速圓周離開，有

v2

B=m^

qVmK

可得最大動能為

B-R1

2m

故有質(zhì)子的最大動能與加速電壓。無關(guān)，與加速度的最大半徑R有關(guān)，故若只增大交變電壓U,則質(zhì)子的最大動能不

變，故D錯誤;

C.由最大動能可推出質(zhì)子在電場中的加速次數(shù)，有

叩0=小—0

解得質(zhì)子在電場中加速的次數(shù)為

〃占—H

qU2mU

故C正確

故選ACo

10、AC

【解析】將棒移近兩個不帶電的導(dǎo)體球，靠感應(yīng)起電使物體帶電，帶電的實(shí)質(zhì)是電荷的移動，總電荷量保持不變.用

手接觸金屬球時，相對于接地.由此分析即可

【詳解】A.先把兩球分開，再移走棒，兩球由于感應(yīng)起電帶上異種電荷.故A正確；

B.先移走棒，此時甲乙兩球中的電荷又發(fā)生中和，不再帶電，再把球分開，同樣不再帶電.故B錯誤；

C.使棒與起振的一個球瞬時接觸，這樣兩球都帶同種電，當(dāng)移走棒，兩球仍帶電.故C正確；

D.用手接觸乙球，移開導(dǎo)體棒后，甲乙兩球電荷與人體的電荷中和，然后將手離開乙球，則兩球不會帶電，故D

錯誤；

故選AC

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、①.5②.7③.0刻度@.xl*

【解析】(1)電表使用前要旋轉(zhuǎn)機(jī)械調(diào)零旋鈕S進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，使指針對準(zhǔn)電流的0刻線；

(3)將插入"插孔的表筆短接，旋動歐姆調(diào)零旋鈕T,使指針對準(zhǔn)電阻的0刻線.

(4)將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針示數(shù)過小，說明所選倍率太小，為了得到比較準(zhǔn)確的測量結(jié)果，應(yīng)換用大

擋進(jìn)行測量，為了得到比較準(zhǔn)確的測量結(jié)果，應(yīng)將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋的xlK.

【解析】(1)⑴⑵.小燈泡額定電流為0.6A,則為了減小誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選電流表Ai；小燈泡額定電壓為3V,則電

壓表Vi；

(2)[3].小燈泡兩端的電壓要從。開始調(diào)節(jié)，則滑動變阻器選用分壓接法；小燈泡內(nèi)阻較小，故應(yīng)選用電流表外接

法，電路圖如圖所示

(3)[4].若將該元件與5。定值電阻串聯(lián)，再接在一個電動勢為3V,內(nèi)阻不計(jì)的電源上，貝!|U=E-/R,即17=3-51,

將此函數(shù)關(guān)系畫在燈泡的圖像上如圖；

交點(diǎn)1=0.17A,U=2.15V,則該元件的消耗的功率為

P=Zl7=0.17x2.15W=0.37Wo

四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)vc=2m/s(2)3N

【解析】(1)設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小是此，則對于小球由A-C的過程中，由動能定理得：

12

qE-2R—mgR=—mvc

解得：

vc=2m/s

⑵小球在C點(diǎn)時受力分析如圖

NC----4-------qE

由牛頓第二定律得：

2

Nc-qE—TH—-

R

解得：

NC=3N

由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍缐毫Γ?/p>

NC，=NC=3N

14>8cm