重慶市三峽名校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期12月月考試題物理

三峽名校聯(lián)盟2023年秋季聯(lián)考高2025屆物理試卷（滿分：100分考試時(shí)間：75分鐘）命題人：忠縣中學(xué)譚康滿審題人：忠縣中學(xué)李遷一、選擇題（43分）：本題共10個(gè)小題，第1~7題為單選，每小題4分：第8~10題有多選，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．下列關(guān)于靜電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)能的說(shuō)法正確的是（）A．電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式為，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與F的方向相同B．電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)的電勢(shì)數(shù)值可能是負(fù)值C．在電勢(shì)越高的地方，電荷的電勢(shì)能越大D．靜電場(chǎng)中某點(diǎn)電勢(shì)的數(shù)值等于把單位正電荷從該點(diǎn)移到電勢(shì)零點(diǎn)外力所做的功2．質(zhì)量分別為和、電荷量分別是和的小球，用長(zhǎng)度不等的輕絲線懸掛起來(lái)，兩絲線與豎直方向的夾角分別是和，兩小球恰在同一水平線上，那么（）A．一定等于B．一定等于C．和所受靜電力大小一定相等D．兩根線上的拉力大小一定相等3．如圖所示，光滑水平面上有一傾角為a的光滑斜面體A，質(zhì)量為M，底邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，將一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊B從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊B經(jīng)過時(shí)間t剛好滑到斜面底端。此過程中斜面體對(duì)滑塊的支持力大小為，重力加速度大小為g，則（）A．斜面體A對(duì)滑塊B支持力不做功B．滑塊B下滑過程中，A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒C．滑塊B滑到斜面底端時(shí)，斜面體向左滑動(dòng)的距離為D．滑塊B下滑時(shí)間t過程中，地面對(duì)A支持力的沖量大小為4．如圖，不同的帶正電粒子（不計(jì)重力）在電壓為的電場(chǎng)中的O點(diǎn)靜止開始加速。從M孔射出，然后射入電壓為的平行金屬板間的電場(chǎng)中，入射方向與極板平行，在滿足帶正電粒子能射出平行板電場(chǎng)區(qū)域的條件下，則（）．A．若粒子的電荷量q相等，則它們?cè)诎彘g的加速度大小一定相等B．若粒子的比荷不同，則它們射出平行板電場(chǎng)時(shí)偏移量y不相同C．若粒子的比荷不同，但它們射出平行板電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角度不相同D．若粒子的電荷量q相等，則它們從平行板電場(chǎng)射出時(shí)的動(dòng)能一定相等5．在冰壺比賽中，某隊(duì)員利用紅壺去碰撞對(duì)方的藍(lán)壺，兩者在大本營(yíng)中心發(fā)生對(duì)心碰撞如圖（a）所示，碰撞前后兩壺運(yùn)動(dòng)的圖線如圖（b）中實(shí)線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量相等，則（）A．碰后藍(lán)壺移動(dòng)的距離為B．兩壺發(fā)生了彈性碰撞C．碰后藍(lán)壺速度為D．碰后紅壺所受摩擦力小于藍(lán)壺所受摩擦力6．額定電壓均為的白熾燈和的特性曲線如圖甲所示，現(xiàn)將和完全相同的與和一起按如圖乙所示電路接入電路中，則下列說(shuō)法不正確的是（）A．的額定功率約為B．的實(shí)際功率比的實(shí)際功率約小C．的實(shí)際功率約為D．的實(shí)際功率比的實(shí)際功率約小7．一條長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣細(xì)線上端固定在O點(diǎn)，下端系一個(gè)質(zhì)量為m帶電量為的小球，將它置于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，小球靜止時(shí)細(xì)線與豎直線的夾角成．已知重力加速度為g，下列正確的是（）A．如果改變電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向，使小球仍在原位置平衡，電場(chǎng)強(qiáng)度最小為B．在A點(diǎn)給小球一個(gè)垂直于細(xì)線方向，大小至少為的速度，才能使小球能在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)C．在A點(diǎn)給小球一個(gè)垂直于細(xì)線方向初速度，使小球能在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，小球在運(yùn)動(dòng)至圓周軌跡上的最高點(diǎn)時(shí)機(jī)械能最大D．突然撤去電場(chǎng)的瞬間，繩子拉力變?yōu)?．用如圖所示的裝置可以研究影響平行板電容器電容的因素。設(shè)兩極板的正對(duì)面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為。平行板電容器電容充電后與電源斷開，下列說(shuō)法正確的是（）A．保持S不變，增大d，則變大B．保持S不變，增大d，則變小C．保持d不變，減小S，則變小D．保持d、s不變，極板間插入陶瓷，則變小9．如圖所示，第一顆子彈以水平初速度射向原來(lái)靜止在光滑水平面上的木塊，并射穿木塊，木塊的最終速度為。現(xiàn)用第二顆同樣的子彈以水平初速度射向原來(lái)靜止在光滑水平面上的同樣的木塊，木塊的最終速度為。設(shè)木塊對(duì)子彈的阻力大小恒定。下列判斷正確的是（）A．第二顆子彈一定能射穿木塊，B．第二顆子彈一定能射穿木塊，C．第二顆子彈對(duì)木塊做功較少D．第二顆子彈對(duì)木塊的沖量較大10．如圖所示，小球A質(zhì)量為m，系在細(xì)線的一端，線的另一端固定在O點(diǎn)，O點(diǎn)到光滑水平面的距離為h．物塊B和C的質(zhì)量分別是和，B與C用輕彈簧拴接，置于光滑的水平面上，且B物塊位于O點(diǎn)正下方?，F(xiàn)拉動(dòng)小球使細(xì)線水平伸直靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與物塊B發(fā)生正碰（碰撞時(shí)間極短），碰撞過程損失的機(jī)械能為．小球與物塊均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，則（）A．碰后A上升的最大高度為B．碰后B物塊的速度大小為C．碰后輕彈簧獲得的最大彈性勢(shì)能為D．從開始至物塊C獲得最大速度過程，彈簧對(duì)C物體做的功為二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2個(gè)小題，共15分。11．（6分）某同學(xué)利用如圖所示的斜槽軌道和兩個(gè)由相同材料制成、表面粗糙程度相同的滑塊A、B做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，斜槽軌道由傾斜軌道和平直軌道組成，兩部分間由一段圓弧平滑連接，在平直軌道上一側(cè)固定有刻度尺，其操作步驟如下：①將斜槽軌道放置在水平桌面上；②用天平測(cè)得A、B兩個(gè)滑塊的質(zhì)量分別為、；③不放滑塊B，使滑塊A從傾斜軌道頂端P點(diǎn)由靜止釋放，滑塊A最終靜止在平直軌道上，記下滑塊A靜止時(shí)其右側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度；④把滑塊B放在平直軌道上，使其左側(cè)面剛好位于的刻度尺的0刻度線處；⑤滑塊A仍從傾斜軌道頂端P點(diǎn)由靜止釋放，滑塊A、B發(fā)生碰撞（碰撞時(shí)間極短），最終均靜止在平直軌道上，記下最終滑塊B靜止時(shí)其左側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度，滑塊A靜止時(shí)其右側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度．（1）實(shí)驗(yàn)中，必須滿足的條件是_________。A．傾斜軌道必須光滑B．滑塊A的質(zhì)量應(yīng)大于滑塊B的質(zhì)量C．平直軌道必須水平D．同一組實(shí)驗(yàn)中，滑塊A靜止釋放的位置可以不同（2）實(shí)驗(yàn)中滑塊A碰撞前瞬間的速度大小與_________成正比。A．B．C．D．（3）若關(guān)系式_________成立，則可得出結(jié)論：滑塊A、B碰撞過程中動(dòng)量守恒（均用給定的物理量符號(hào)表示）12．（9分）某物理實(shí)驗(yàn)小組利用以下器材測(cè)量某金屬絲的電阻率?？蛇x用的器材如下：①待測(cè)金屬絲，（用表示），阻值約幾十歐②電流表：量程，內(nèi)阻約為③電流表：量程，內(nèi)阻為④電壓表V：量程為，內(nèi)阻為⑤滑動(dòng)變阻器：總阻值約為⑥滑動(dòng)變阻器：總阻值約為⑦電源E，電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻忽略不計(jì)⑧開關(guān)一個(gè)及導(dǎo)線若干（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲直徑如圖甲所示_________；（2分）（2）用多用電表歐姆擋粗測(cè)金屬絲阻值大小，分別選擇倍率和，經(jīng)正確操作后，測(cè)量中多用電表表盤示數(shù)如圖乙所示，則金屬絲的電阻約為_________。（2分）（3）測(cè)出金屬絲阻值后，可算出金屬絲電阻率為_________（用含d、、L的表達(dá)式表示）（2分）（4）同學(xué)們用伏安法進(jìn)一步測(cè)量，請(qǐng)?jiān)趫D中虛線框內(nèi)補(bǔ)充完整實(shí)驗(yàn)電路圖，并標(biāo)明所選器材的代號(hào)。（3分）三、計(jì)算題：（共42分）解答應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。13．（12分）如圖所示，已知電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，當(dāng)接入固定電阻時(shí)，電路中標(biāo)有“”的燈泡L和內(nèi)阻的小型直流電動(dòng)機(jī)D都恰能正常工作．試求：（1）電路中的電流大?。唬?）電動(dòng)機(jī)的額定電壓；（3）電動(dòng)機(jī)的輸出功率．14．（12分）在光滑絕緣水平面上放置一質(zhì)量、電荷量的小球，小球系在長(zhǎng)的絕緣細(xì)線上，細(xì)線的另一端固定在O點(diǎn)．整個(gè)裝置置于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向與水平面平行且沿OA方向，如圖所示（俯視圖）．現(xiàn)給小球一初速度使其繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)細(xì)線的張力，小球在運(yùn)動(dòng)過程中，最大動(dòng)能比最小動(dòng)能大，小球可視為質(zhì)點(diǎn)（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；（2）求運(yùn)動(dòng)過程中小球的最小動(dòng)能；（3）若小球運(yùn)動(dòng)到動(dòng)能最小的位置時(shí)細(xì)線被剪斷，則經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間小球動(dòng)能與在A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能相等？此時(shí)小球距A點(diǎn)多遠(yuǎn)？15．（18分）水平面上固定一根內(nèi)壁光滑的絕緣圓筒，圓筒長(zhǎng)，簡(jiǎn)內(nèi)充滿沿筒水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小，現(xiàn)有一質(zhì)量為的圓形小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）靜止，在圓筒內(nèi)距左端處，該滑塊為絕緣體且不帶電?，F(xiàn)有一個(gè)直徑略小于圓筒內(nèi)徑且質(zhì)量為m的光滑絕緣彈性的小球，該小球帶電量為，在圓筒內(nèi)左端無(wú)初速度釋放，小球?qū)⑴c滑塊發(fā)生多次彈性碰撞，不計(jì)空氣阻力，絕緣小球帶電量始終保持不變，重力加速度g，求：（1）小球與小滑塊第一次碰撞后，各自速度大小；（2）在第一次到第二次碰撞的這段時(shí)間內(nèi)，滑塊與小球相距的最大距離；（3）滑塊在筒內(nèi)運(yùn)動(dòng)過程中，小球與滑塊碰撞的次數(shù)。

三峽名校聯(lián)盟2023年秋季聯(lián)考高2025屆物理參考答案12345678910BCCDADBADBCABD10．BCD

【詳解】A．設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)與物塊碰撞前的速度大小為，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：解得：設(shè)碰撞后小球反彈的速度大小為，物塊的速度大小為，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有：由系統(tǒng)能量守恒得：解得：或（因舍去該組解）又：，得：故A、B正確；碰撞后當(dāng)與物塊速度相等時(shí)輕彈簧的彈性勢(shì)能最大據(jù)動(dòng)量恒定律有、機(jī)械能守恒定律：解得：故C錯(cuò)誤；D．在彈簧回到原長(zhǎng)時(shí)，物塊有最大速度，據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒可解得；解得：再據(jù)動(dòng)能定理知彈簧對(duì)做功為：，故D正確。11．（1）B（2）D（3）【詳解】（1）傾斜軌道不一定必須光滑，只要滑塊A到達(dá)底端的速度相同即可，故A錯(cuò)誤；B．為防止滑塊A與滑塊B碰后反彈，則滑塊A的質(zhì)量必須大于滑塊B的質(zhì)量，故B正確；C．因?yàn)閮苫瑝K的材料相同，表面的粗糙程度相同，若平直軌道的傾角為，由動(dòng)能定理得，得：可見平直軌道不水平時(shí)，兩滑塊在軌道上碰撞前后的速度的平方仍與位移成正比，仍可用運(yùn)動(dòng)的位移代替速度，故C錯(cuò)誤；D．為保證滑塊A每次到達(dá)底端的初速度相同，則同一組實(shí)驗(yàn)中，滑塊A靜止釋放的位置要相同，故D錯(cuò)誤，故選B。（2）對(duì)滑塊A由動(dòng)能定理得：可得滑塊碰撞前的速度大小為：，即：（3）若滑塊碰撞過程中動(dòng)量守恒，則有：又因?yàn)椋郝?lián)立可得：12．（1）（2）（3）（4）13．（1）（2）（3）【詳解】（1）燈泡正常發(fā)光，電路中的電流為：（2）由閉合電路歐姆定律可求得，電動(dòng)機(jī)的額定電壓為：（3）電動(dòng)機(jī)的總功率為：電動(dòng)機(jī)的熱功率為：所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：14．【詳解】（1）當(dāng)電場(chǎng)力做正功最多時(shí)動(dòng)能最大，而最大的正功為，根據(jù)題意有：代入數(shù)據(jù)得：（2）在處動(dòng)能最大，處：點(diǎn)關(guān)于的對(duì)稱點(diǎn)處動(dòng)能最小，則最小動(dòng)能：代入數(shù)據(jù)得（3）B點(diǎn)動(dòng)能最小，在B點(diǎn)：，得當(dāng)動(dòng)能相等時(shí)，斷線后球做類平拋運(yùn)動(dòng)：入數(shù)據(jù)得：小球距點(diǎn)：15．【詳解】（1）小球第一次與小滑塊碰撞前做初速度為0的勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)兩者第一次碰撞前瞬間小球的速度大小為，由動(dòng)能定理得：，即設(shè)第一次碰撞后瞬間小球和圓盤的速度分別為，小球與小滑塊發(fā)生彈性碰撞，以水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律得聯(lián)立解得：，小球速度方向?yàn)樗较蜃?，小滑塊速度方向?yàn)樗较蛴?。?）第一次碰后小球向左勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小：小滑塊向右勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球的速度與小滑塊的速度相同時(shí)，兩者間距離最遠(yuǎn)。設(shè)第一次碰后小球經(jīng)過時(shí)間與小滑塊的速度相同，兩者間的最遠(yuǎn)距離為，解得：（3）第一次碰撞后到第二次碰撞時(shí)，兩者位移相同，設(shè)此過程經(jīng)歷的時(shí)間為，小滑塊的位移為，以右為正方向，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得解得第二次碰撞前瞬間小球的速度為：設(shè)第二次碰撞后瞬