2022年高考物理押題預(yù)測(cè)卷01（河北卷）（全解全析）

2022年高考押題預(yù)測(cè)卷01【河北卷】

物理?全解全析

12345678910

CCCCDCABCBCDAD

1.【答案】C

【解析】

運(yùn)動(dòng)員在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力為

V2

"="一=900N

r

豎直方向受力平衡

FN=mg=500N

所以運(yùn)動(dòng)員受到冰面的作用力

尸=依+1*1030N

故選C。

2.【答案】C

【解析】

AB.分析電路圖可知，電壓表測(cè)量的是路端電壓，電流表A測(cè)量的是回路總電流，電壓表丫2測(cè)

量的是定值電阻&兩端的電壓，滑動(dòng)變阻器左右兩部分并聯(lián)，在滑片由。向匕移動(dòng)的過(guò)程中，井聯(lián)

總電阻先增大后減小，干路總電流先變小后變大，路端電壓先增大后減小，故AB錯(cuò)誤；

C.根據(jù)

E=U+lr

知電壓表Y的示數(shù)變化量大小和電流表的示數(shù)變化量大小的比值的絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻，?，所以

兩表示數(shù)變化量大小的比值不變，故C正確；

D.電流表測(cè)量的是干路總電流，也是流過(guò)%的電流，根據(jù)

y匹?

“IM

可知電壓表V2的小數(shù)變化量大小和電流表的示數(shù)變化量大小的比值不變，故D錯(cuò)誤。

故選C正確。

3.【答案】C

【解析】

4點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為0,圓環(huán)上的電荷在A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與B點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度等大

反向，即

(2L)24Z,2

根據(jù)對(duì)稱性可知圓環(huán)上的電荷在B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小

方向向右；若撤去B點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷，在C點(diǎn)放置電荷量為2Q的正點(diǎn)電荷時(shí)，根據(jù)電場(chǎng)的疊加原

理可知B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小

3空-E=^

B1341：

故選C。

4.【答案】C

【解析】

由自由落體公式得

設(shè)月球質(zhì)量為M，月球表面質(zhì)量為〃?的物體所受重力

-Mm

mg=G—

設(shè)月球體積為V

4

3

則月球的密度為

M

p=-

V

聯(lián)立以上各式得

6h

P=----r

G兀R「

故選C。

5.【答案】D

【解析】

A.細(xì)線剪斷前，對(duì)5分析，有

T+—mg=mgsin0

解得

T=0.\mg

A錯(cuò)誤；

B.細(xì)線剪斷前，對(duì)整體分析有

T+T'=2mgsin0

解得

V=\Atng

B錯(cuò)誤；

CD.細(xì)線剪斷瞬間，彈簧彈力不變，整體分析有

2mgsin0—Tr=2ma

對(duì)B分析，有

mgsin6—N=ma

解得

N=0.55mg

C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

6.【答案】C

【解析】

A.線框勻速通過(guò)上方磁場(chǎng)，加速一段距離后，將減速通過(guò)下方磁場(chǎng)，兩次通過(guò)磁場(chǎng)時(shí)，克服安培

力做功不同，所以產(chǎn)生的電能不相等。A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)電流公式得

-△?a2B

q=It=H=-----

RR

所以兩次通過(guò)磁場(chǎng)流過(guò)的電荷量相等。B錯(cuò)誤；

C.進(jìn)入上方磁場(chǎng)時(shí)，速度為

V|=>/2ga

受力分析有

B2a2vB'a~/--

mg=Bia=——fL=——Q2ga

進(jìn)入下方磁場(chǎng)時(shí)，其速度為

v2=y/Sga

受力分析有

F=Bl'a-mg=^^-m!>^^-^a-mg=mg=md

RR

解得

C正確；

D.因?yàn)榫€框減速通過(guò)下方磁場(chǎng)的過(guò)程，最小速度不小于通過(guò)上方磁場(chǎng)時(shí)的速度，所以通過(guò)下方磁

場(chǎng)時(shí)的時(shí)間較短。D錯(cuò)誤。

故選C。

7.【答案】A

【解析】

A.設(shè)A受到的最大靜摩擦力為工.，當(dāng)A恰好不下滑時(shí)

篇X=Mgsind

當(dāng)B下降到最低點(diǎn)時(shí)，A恰好不上滑，彈簧彈力

F=Mgsin0+fnm=2Mgs\n0=Mg

開(kāi)始時(shí)，彈簧處于原長(zhǎng)，由靜止釋放B,B受到向下的重力mg和向上的彈力入，彈力小于重力，

B做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)機(jī)g=依時(shí)，B速度最大，B繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)，機(jī)g<",B做加速度增

大的減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)B下滑到最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的對(duì)稱性，此時(shí)彈簧形變量為2x,彈力為

F=2kx=2mg

所以

Mg=2/ng

則M=2m,故A錯(cuò)誤，符合題意；

B.B下落一半距離時(shí)，彈簧的彈力為E=mg,B的合力為0,則B的速度最大，故B正確，不符

合題意；

C.B下落過(guò)程中，對(duì)于A、B及彈簧組成的系統(tǒng)，只有重力和彈簧的彈力做功，則系統(tǒng)的械能守

恒，故C正確，不符合題意：

D.根據(jù)功能關(guān)系，除重力以外的力對(duì)物體做功，等于物體機(jī)械能的變化，則在B從釋放位置運(yùn)動(dòng)

到速度最大的過(guò)程中，B克服彈簧彈力做的功等于B機(jī)械能的減少量，故D正確，不符合題意。

故選A。

8.【答案】BC

【解析】

A.輸入端電流不變，根據(jù)變壓器電流關(guān)系可知，電流表示數(shù)不變。A錯(cuò)誤；

B.向下調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器用的滑動(dòng)端P時(shí)，滑動(dòng)變阻器的有效電阻增大，在副線圈，其路段電壓

將增大。B正確；

C.根據(jù)及變壓器匝數(shù)關(guān)系，可知R/的電流一定大于心的電流，所以有R/消耗的功率

一定大于心消耗的功率。C正確；

D.因?yàn)楦本€圈電流不變，電壓增大，所以變壓器的輸出功率增大，而定值電阻Q的功率不變，所

以電源的輸出功率一定增大。D錯(cuò)誤。

故選BCo

9.【答案】BCD

【解析】

A.一個(gè)處于〃=3能級(jí)的氫原子，自發(fā)躍遷時(shí)最多能輻射出二種不同頻率的光子（3-2、2-1）,

故A錯(cuò)誤；

B.氫原子輻射出一個(gè)光子后，從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，軌道半徑減小，根據(jù)

知I,電子速率增大，動(dòng)能增大，又由于氫原子能量減小，則氫原子電勢(shì)能減小（或根據(jù)庫(kù)侖力做正

功判斷也可），故B正確；

C.〃=4能級(jí)的氫原子自發(fā)躍遷時(shí)，輻射光子的能量最大為

Enm=-0.85-（-13.6）=12.75eV

故C正確：

D.用能量為ll.OeV的電子轟擊基態(tài)氫原子，因?yàn)镮L0eV>10.2eV,所以能使其躍遷到更高能級(jí)，

故D正確。

故選BCDo

10.【答案】AD

【解析】

AB.因?yàn)锳的最大靜摩擦力大于B的最大靜摩擦力，所以B相對(duì)絲綢向下滑動(dòng)，A與絲綢一起

向下滑動(dòng)。A正確，B錯(cuò)誤；

CD.對(duì)B,有

"mgcosa-mgsina=nuix

解得

a]=0.04g

對(duì)A,有

2mgsina-從mgcosa=lma2

解得

a2=0.28g

C錯(cuò)誤，D正確。

故選ADo

11.【答案】R'*T）&大于

【解析】

（1）滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為方便操作，滑動(dòng)變阻器R應(yīng)選擇

（2）根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)得

整理得

則有

解得

6=華6=（"1）&

12

（3）電路測(cè)量的電阻是電流表A，和待測(cè)電阻號(hào)的串聯(lián)電阻，由于電流表A?的內(nèi)阻未知，所以實(shí)

驗(yàn)測(cè)得的電阻值大于真實(shí)值。

12.【答案】接通電源釋放物塊。和物塊

b0.7201.68（，％-町屈電+電+/+三）；（町+嗎）*彳（叫+嗎川

【解析】

（1）實(shí)驗(yàn)過(guò)程中應(yīng)先接通電源，再釋放物塊a和物塊。；

（2）由題可知，每相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為

T=0.02sx5=0.1s

打下計(jì)數(shù)點(diǎn)A時(shí)物塊a和物塊b運(yùn)動(dòng)的速度大小

=6.00+8.39xjo-m/s。0.720m/s

“2T2x0.1

打下計(jì)數(shù)點(diǎn)E時(shí)物塊?和物塊b運(yùn)動(dòng)的速度大小

&J5.59+l&01x”2m/s=1.68m/s

￡2T2x0.1

（3）從打計(jì)數(shù)點(diǎn)A到E的過(guò)程中，物塊a和物塊6組成的系統(tǒng)減小的重力勢(shì)能為

A￡1>=m2gh-migh=（ni2-my）g（x2+x3+x4+x5）

增加的動(dòng)能為

△線=g（叫+機(jī)2）年_g（肛+^M

⑴Y）

J,四〃"號(hào)+里―.（3）%+色

13?【答案】

【解析】

（1）解鎖之前a彈簧的壓縮量為打，由

(m2+/n,)g=kax,

可得

v_(m2+m3')g

,=^T~

BC到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)堤2

mtg=ka^x2

求得

&=維

一&“

此時(shí)此時(shí)C距地面的高度

H=l+L+x2=l+L+^-

°-°K

（2）解除“B連接后，當(dāng)B彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，C的速度最大為V3,此時(shí)B的速度為V2,因?yàn)椴豢?/p>

慮重力的影響，BC組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，規(guī)定C的速度方向?yàn)檎较颍?/p>

%匕-加2y2=0

此過(guò)程中BC和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有

/岐+立田號(hào)以/。一"

求得

=Jgh（卜［）

（3）設(shè)從解除。與B的連接到C的速度達(dá)到最大所用的時(shí)間為&,此過(guò)程中B和C移動(dòng)的距離

分別是力2,分有

用匕△廣zn2v2Ar=0

即

fn2hy-）%耳=0

且

的+醫(yī)=（3/）

求得

fly------（I。-/）

?+嗎

46_石@m

----rnx=—mm

14.【答案】（1）2m/s,速度與x軸負(fù)向夾角為6（）。；（2）（5,0）；（3）1。，（1。

—3m

10）

【解析】

（1）小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)受力如圖，其所受的三個(gè)力在同一平面內(nèi)，合力為零，有

代入數(shù)據(jù)解得

v=2m/s

設(shè)速度與X軸負(fù)向夾角為仇則

tan6=—=5/3

mg

解得

。=60°

（2）撤去磁場(chǎng)，小球在重力與電場(chǎng)力的合力作用下做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)其加速度大小為小小球再

次經(jīng)過(guò)x軸所用的時(shí)間為根據(jù)牛頓第二定律得

J（口尸+（mg）2=ma

設(shè)撤掉磁場(chǎng)后小球在初速度方向上的分位移為X'，則

x'=vt

設(shè)小球在重力與電場(chǎng)力的合力方向上分位移為y',則

y'=/

。與的夾角和丫與x軸負(fù)向的夾角相同，均為仇又

tan0=—

x'

沿X軸負(fù)向位移為S,則

S=J(x￥+(y)2

解得

4>/3

(-華m,0)

所以坐標(biāo)為

(3)當(dāng)經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度大小變?yōu)榍曳较蜇Q直向下時(shí)，小球受到向上的電場(chǎng)力Eq,

且￡q=〃?g,小球在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖。軌道半徑設(shè)為R,根據(jù)洛倫茲力提

供向心力

qvB=-----

R

解得

x軸最遠(yuǎn)。由于在O點(diǎn)粒子速度與x軸負(fù)向夾角6()。，根據(jù)幾何

知識(shí)易知

3=30°

最大距離設(shè)為d,則

d=R+Rsin3O°

帶入數(shù)據(jù)，可得

d=0.3m

即經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的縱坐標(biāo)

,3

y=a=—m

10

橫坐標(biāo)

x=/?cos30°

帶入數(shù)據(jù)，可得

m

10

（也m」m）

故此位置坐標(biāo)為ioio

15（1）.【答案】零先增大后減小

【解析】

兩分子間的距離從無(wú)窮遠(yuǎn)減小到"的過(guò)程中，分子勢(shì)能一直在減小，說(shuō)明分子間的作用力表現(xiàn)為引

力，兩分子間的距離從“再減小的過(guò)程中，分子勢(shì)能增加，說(shuō)明分子間的作用力表現(xiàn)為斥力，在分

子間的距離為為時(shí)，分子勢(shì)能最小，分子間的作用力為零；

兩個(gè)分子之間的分子勢(shì)能”隨分子間距離r的變化關(guān)系圖線的傾斜程度大小表示分子間作用力的

大小，所以兩分子之間的距離由“開(kāi)始逐漸增大，分子間的作用力先增大后減小。

15（2）.【答案】⑴20cm.（2）2.7J

【解析】

（1）設(shè)穩(wěn)定后管內(nèi)氣柱的長(zhǎng)度為對(duì)管內(nèi)封閉氣體初態(tài)時(shí)

Px=Po=76cmHg

Tt=300K

末態(tài)時(shí)

p2=（76+38）cmHg=l14cmHg

V2=L2S

根據(jù)玻意耳定律有

PM=PzK

解得

L,=20cm

（2）設(shè)穩(wěn)定后管內(nèi)氣柱的長(zhǎng)度為4

7；=273K

氣體發(fā)生等壓變化，有

匕=匕

T2T3

可得

Ly=18.2cm

水銀柱對(duì)管內(nèi)氣體做的功

W=P2(『4)S