四川省巴中市恩陽區(qū)2022-2023學(xué)年高二上學(xué)期11月期中學(xué)業(yè)水平檢測(cè)物理試題（ 含答案解析 ）

巴中市恩陽區(qū)2022年秋高中二年級(jí)期中學(xué)業(yè)水平檢測(cè)物理試題注意事項(xiàng)：1、本試卷分試卷和答題卡兩部分。2、考生將答案填寫在答題卡中，考試結(jié)束時(shí)，只交答題卡。3、本試卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。第Ⅰ卷：選擇題（共48分）一、單項(xiàng)選擇題（本題共8小題，每小題3分，共24分。）1.關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)關(guān)系，下列各種說法中正確的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度大的地方，電勢(shì)一定高B.電勢(shì)為零處，電場(chǎng)強(qiáng)度不一定為零C.電場(chǎng)強(qiáng)度不變，電勢(shì)也不變D.電勢(shì)降低的方向一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向【答案】B【解析】【詳解】AD．電場(chǎng)強(qiáng)度大的地方，電勢(shì)不一定高；沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，故AD錯(cuò)誤；B．電勢(shì)為零處，電場(chǎng)強(qiáng)度不一定為零，比如等量異種點(diǎn)電荷的連線中垂線為一等勢(shì)線，中垂線上的點(diǎn)電勢(shì)為0，但場(chǎng)強(qiáng)不為0，故B正確；C．勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，但沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，故C錯(cuò)誤。故選B。2.下列說法正確的是（）A.若物體的動(dòng)量變化量越大，則它所受合外力的沖量一定越大B.大的力的沖量一定比小的力的沖量大C.動(dòng)量大的物體速率一定比動(dòng)量小的物體速率大D.足夠小電荷就是點(diǎn)電荷【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)動(dòng)量定理I合=Δp可知，物體所受合外力的沖量等于動(dòng)量變化量，所以物體所受合外力的沖量越大，它的動(dòng)量變化量一定越大，故A正確；B．根據(jù)沖量的定義式I=Ft可知，大的力的沖量不一定比小的力的沖量大，還與力的作用時(shí)間有關(guān)，幫B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量的定義式p=mv可知，動(dòng)量大的物體速率不一定比動(dòng)量小的物體速率大，還與物體的質(zhì)量有關(guān)，故C錯(cuò)誤；D．能夠看成點(diǎn)電荷，要看電荷的形狀、體積對(duì)分析的問題的影響是否可以忽略，而不是足夠小的電荷就是點(diǎn)電荷，故D錯(cuò)誤；故選A。3.演員鄧超在2022年春晚舞臺(tái)上演唱的歌曲《時(shí)代感》，唱出了我們風(fēng)華正茂、活力滿滿的新時(shí)代，在演唱的過程中，他活力四射、雙腳離地，跳舞畫面的情景給大家留下了深刻的印象。若不計(jì)空氣阻力，則鄧超雙腳加速起跳離開地面前的過程中，下列說法不正確的是（）A.地面對(duì)鄧超的支持力的沖量不為零，做功為零B.鄧超的機(jī)械能不守恒C.地面對(duì)鄧超的支持力大于鄧超對(duì)地面的壓力D.鄧超加速度的方向與其動(dòng)量改變量的方向相同【答案】C【解析】【詳解】A．沖量等于力與力作用時(shí)間的乘積，則地面對(duì)鄧超的支持力的沖量不為零；鄧超雙腳起跳離開地面的過程中，地面對(duì)其支持力的作用點(diǎn)在力的方向上沒有發(fā)生位移，即地面的支持力不做功，故A正確；B．鄧超在起跳過程中，消耗了體內(nèi)一部分化學(xué)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，所以機(jī)械能不守恒，故B正確；C．鄧超起跳時(shí)地面對(duì)他的支持力和他對(duì)地面的壓力為一對(duì)作用力與反作用力，由牛頓第三定律可知兩者大小相等，故C錯(cuò)誤；D．鄧超在起跳過程中，地面對(duì)他的支持力大于自身的重力，加速度向上，處于超重狀態(tài)，由動(dòng)量定理可知合力的方向與動(dòng)量變化量的方向相同，所以加速度的方向與其動(dòng)量改變量的方向相同，故D正確；本題選不正確的，故選C。4.下列是某同學(xué)對(duì)電場(chǎng)中的概念、公式的理解，其中正確的是（）A.由真空中點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式，電場(chǎng)中某點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)和場(chǎng)源電荷的電荷量成正比B.根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的定義式，電場(chǎng)中來點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和試探電荷的電荷量成反比C.根據(jù)，電容與電容器所帶電荷量成正比D.根據(jù)，可知在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度與電壓成正比【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度決定式，電場(chǎng)中某點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)和場(chǎng)源電荷的電荷量成正比，A正確；B．電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷無關(guān)，B錯(cuò)誤；C．電容器電容與電荷量和電勢(shì)差無關(guān)，C錯(cuò)誤；D．在d不變的情況下，電場(chǎng)強(qiáng)度與電壓成正比，D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示，在等量的異種點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，有A、B、C三點(diǎn)，A點(diǎn)為兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，B點(diǎn)為連線上距A點(diǎn)距離為d的一點(diǎn)，C點(diǎn)為連線中垂線距A點(diǎn)距離也為d的一點(diǎn)，則下面關(guān)于三點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小、電勢(shì)高低的比較，正確的是（）A.，B.，C.，，，D.因?yàn)榱汶妱?shì)點(diǎn)未規(guī)定，所以無法判斷電勢(shì)的高低【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)電場(chǎng)線的疏密分布知，A點(diǎn)的電場(chǎng)線比C點(diǎn)密，B點(diǎn)的電場(chǎng)線比A點(diǎn)密，則等量的異種電荷的中垂線為等勢(shì)線，則A點(diǎn)的電勢(shì)與C點(diǎn)的電勢(shì)相等，沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，則A點(diǎn)的電勢(shì)大于B點(diǎn)電勢(shì)。所以故選B。6.如圖所示，大小可以忽略不計(jì)的帶有同種電荷的小球A和B相互排斥，靜止時(shí)絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角分別是和，且，兩小球在同一水平線上，由此可知（）A.球受到的庫(kù)侖力較大，電荷量較大B.球的質(zhì)量較小C.球受到的拉力較大D.兩球接觸后，再次處于靜止的平衡狀態(tài)時(shí)，懸線的偏角、不滿足【答案】B【解析】【詳解】A．兩球受到的庫(kù)侖力等大、反向，A錯(cuò)誤；B．由平衡條件，對(duì)兩球由于，則B正確；C．根據(jù)得C錯(cuò)誤；D．兩球接觸后，每個(gè)小球的電量可能都變化，但相互間庫(kù)侖力仍滿足牛頓第三定律，細(xì)線傾角關(guān)系不變，D錯(cuò)誤。故選B。7.如圖中的實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示只受電場(chǎng)力作用的帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過點(diǎn)，再經(jīng)過點(diǎn)，可以判定（）A.該粒子帶正電B.點(diǎn)電勢(shì)小于點(diǎn)電勢(shì)C.粒子動(dòng)能逐漸減小D.粒子電勢(shì)能逐漸增大【答案】A【解析】【詳解】A．電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線切線丙指向軌跡凹側(cè)，可知該粒子帶正電，A正確；B．沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，則點(diǎn)電勢(shì)高于點(diǎn)電勢(shì)，B錯(cuò)誤；CD．電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，粒子動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小，CD錯(cuò)誤。故選A。8.在傾角為的光滑絕緣斜面上固定一個(gè)擋板，在擋板上連接一根勁度系數(shù)為的絕緣輕質(zhì)彈簧，彈簧另一端與A球連接。A、B、C三個(gè)帶電小球質(zhì)量均為，其中A球的電荷量，B球的電荷量，當(dāng)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，三小球等間距排列。已知靜電力常量為，重力加速度為，小球間距離遠(yuǎn)大于小球的半徑，則（）A.C球的電荷量B.彈簧伸長(zhǎng)量為C.A球受到的庫(kù)侖力大小為D.相鄰兩小球間距為【答案】D【解析】【詳解】AD．設(shè)相鄰兩小球間距為r，對(duì)C球受力分析可知C球帶正電，根據(jù)平衡條件結(jié)合庫(kù)侖定律有對(duì)B球受力分析，根據(jù)平衡條件結(jié)合庫(kù)侖定律有兩式聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤，D正確；

B．對(duì)A，B，C三個(gè)小球整體受力分析，根據(jù)平衡條件有3mgsinα=k0x彈簧伸長(zhǎng)量故B錯(cuò)誤；

C．對(duì)A球受力分析，根據(jù)平衡條件有mgsinα+F庫(kù)=k0x解得A球受到的庫(kù)侖力為F庫(kù)=2mgsinα故C錯(cuò)誤。

故選D。二、多項(xiàng)選擇題（本題共6小題，每小題4分，共24分。）9.兩帶電荷量分別為和的點(diǎn)電荷放在軸上，放在軸原點(diǎn)，放在軸的處，兩者相距為，不能正確反映兩電荷連線上場(chǎng)強(qiáng)大小與關(guān)系的是圖（）A. B.C. D.【答案】BCD【解析】【詳解】根據(jù)等量異種電荷間的電場(chǎng)線分布規(guī)律可知，在兩電荷的連線上中點(diǎn)的位置電場(chǎng)線最稀疏，場(chǎng)強(qiáng)最?。ǖ皇橇悖?，距離電荷越近的位置場(chǎng)強(qiáng)越大，且由對(duì)稱性可知，距離兩電荷距離相同的地方場(chǎng)強(qiáng)大小相同，可知兩電荷連線上場(chǎng)強(qiáng)大小與關(guān)系的是A，不是BCD。故選BCD。10.如圖所示，一帶電油滴懸浮在平行板電容器兩極板A、B之間的P點(diǎn)，處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將極板B上平移一小段距離，但仍在P點(diǎn)下方，其他條件不變。下列說法中正確的是（）A.油滴將向上運(yùn)動(dòng) B.油滴將向下運(yùn)動(dòng)CP點(diǎn)電勢(shì)將減小 D.極板帶電荷量將增加【答案】ACD【解析】【詳解】D．根據(jù)，將極板B上平移一小段距離，可知板間距離減小，則電容器電容增大，由于板間電壓保持不變，可知極板帶電荷量將增加，故D正確；AB．根據(jù)由于板間距離減小，板間電壓保持不變，可知極板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大，油滴受到的電場(chǎng)力大于重力，則油滴將向上運(yùn)動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由于板間電壓保持不變，且B板接地，可知A板電勢(shì)不變，根據(jù)由于極板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大，可知A板與P點(diǎn)間的電勢(shì)差增大，則P點(diǎn)電勢(shì)將減小，故C正確。故選ACD。11.某電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布如圖所示，以下說法正確的是（）A.點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)B.點(diǎn)電勢(shì)高于點(diǎn)電勢(shì)C.若在點(diǎn)再固定一點(diǎn)電荷，將一試探電荷由移至的過程中，電勢(shì)能減小D.若將一試探電荷由點(diǎn)釋放，它將沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)【答案】ABC【解析】【詳解】A．電場(chǎng)線的密的地方場(chǎng)強(qiáng)大，b點(diǎn)電場(chǎng)線比c點(diǎn)的電場(chǎng)線密集，所以b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大，故A正確；B．沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，故B正確；C．若在點(diǎn)再固定一點(diǎn)電荷，將一試探電荷由移至，電場(chǎng)力對(duì)電荷做正功，電勢(shì)能減少，故C正確；D．若將一試探電荷+q由a點(diǎn)靜止釋放，將沿著在a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向運(yùn)動(dòng)，此運(yùn)動(dòng)軌跡不是電場(chǎng)線，故D錯(cuò)誤；故選ABC。12.如圖所示，從燈絲發(fā)出的電子經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，若加速電壓為，偏轉(zhuǎn)電壓為，要使電子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)量增大為原來的4倍（均能射出電場(chǎng)），下列方法中正確的是（）A.使增大到原來的4倍B.使偏轉(zhuǎn)板的長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉淼?倍C.使增大到原來的4倍D.使偏轉(zhuǎn)板的距離減小為原來的0.25【答案】AD【解析】【詳解】在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，，得要使電子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)量增大為原來的4倍，可使增大到原來的4倍，或使偏轉(zhuǎn)板的長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，或使減小到原來的，或使偏轉(zhuǎn)板的距離減小為原來的0.25。故選AD。13.矩形ABCD處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)方向平行于矩形所在平面，矩形邊長(zhǎng)，。將電子由A點(diǎn)移動(dòng)到D點(diǎn)，靜電力做功2eV；將電子由A點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，靜電力做功1eV。已知A點(diǎn)電勢(shì)為0，則（）A.B點(diǎn)的電勢(shì)為1VB.C點(diǎn)的電勢(shì)為1VC.D點(diǎn)的電勢(shì)為2VD.電場(chǎng)強(qiáng)度方向平行AD向右【答案】BC【解析】【詳解】C．根據(jù)電勢(shì)差公式得解得C正確；B．根據(jù)電勢(shì)差公式得解得B正確；A．在勻強(qiáng)電場(chǎng)中解得A錯(cuò)誤；D．BC中點(diǎn)M的電勢(shì)為0，與A點(diǎn)等電勢(shì)，連接AM為等勢(shì)面，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向垂直于AM向下，如圖所示，D錯(cuò)誤。故選BC。14.如圖所示，當(dāng)平行板電容器兩極板加上一定的電壓時(shí)，油滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)給電容器充電使兩極板間的電壓瞬間增加，油滴將以大小為的速度豎直向上運(yùn)動(dòng)；經(jīng)過時(shí)間，給電容器放電使兩極板間的電壓瞬間減少，油滴的加速度大小變?yōu)椋铀俣确较蜃優(yōu)樨Q直向下；再經(jīng)過時(shí)間，油滴恰好回到圖示的初始位置。已知，假設(shè)油滴在運(yùn)動(dòng)過程中電荷量保持不變，充電和放電的過程均很短暫，這段時(shí)間內(nèi)油滴的位移忽略不計(jì)，運(yùn)動(dòng)過程中油滴未與極板相碰，則下列說法正確的是（）A.B.C.時(shí)間內(nèi)和時(shí)間內(nèi)，油滴的動(dòng)能變化量之比為D.時(shí)間內(nèi)和時(shí)間內(nèi)，油滴的動(dòng)量變化量大小之比為【答案】AB【解析】【詳解】B．設(shè)上下兩板間的間距為d，油滴的帶電量為q，質(zhì)量為m，可得又已知，可得a1和a2的大小比例為故B正確；A．設(shè)在t1時(shí)間內(nèi)油滴的位移為x1，在t2時(shí)間內(nèi)油滴的位移為x2，由位移—時(shí)間公式得由題意可知聯(lián)立解得故A正確；C．根據(jù)牛頓第二定律可知在t1時(shí)間內(nèi)和在t2時(shí)間內(nèi)油滴所受的合外力大小之比為根據(jù)動(dòng)能定理可得t1時(shí)間內(nèi)和t2時(shí)間內(nèi)，油滴動(dòng)能變化量之比為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)量定理得結(jié)合，可得t1時(shí)間內(nèi)和t2時(shí)間內(nèi)油滴動(dòng)量變化量大小之比為故D錯(cuò)誤；故選AB。第Ⅱ卷：非選擇題（共52分）三、實(shí)驗(yàn)題（每題2分，共18分。請(qǐng)將答案填寫在答題卡的相應(yīng)位置）15.某同學(xué)利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和氣墊導(dǎo)軌做“探究完全非彈性碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)，氣墊導(dǎo)軌裝置如圖甲所示，所用的氣墊導(dǎo)軌裝置由導(dǎo)軌、滑塊、彈射架等組成。在空腔導(dǎo)軌的兩個(gè)工作面上均勻分布著一定數(shù)量的小孔，向?qū)к壙涨粌?nèi)不斷通入壓縮空氣，壓縮空氣會(huì)從小孔中噴出，使滑塊穩(wěn)定地漂浮在導(dǎo)軌上，如圖乙所示，這樣就大大減小了因滑塊和導(dǎo)軌之間的摩擦而引起的誤差。（1）下面是實(shí)驗(yàn)的主要步驟：①安裝好氣墊導(dǎo)軌，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的調(diào)節(jié)旋鈕，使導(dǎo)軌________；②向氣墊導(dǎo)軌通入壓縮空氣；③把打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在緊靠氣墊導(dǎo)軌左端彈射架的外側(cè)，將紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和彈射架并固定在滑塊1的左端，調(diào)節(jié)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的高度，直至滑塊拖著紙帶移動(dòng)時(shí)，紙帶始終在水平方向；④使滑塊1擠壓導(dǎo)軌左端彈射架上的彈射裝置；⑤把滑塊2（所用滑塊1、2如圖丙所示）放在氣墊導(dǎo)軌的中間；⑥先________，然后________，（選填：A．釋放滑塊，B．接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源）讓滑塊帶動(dòng)紙帶一起運(yùn)動(dòng)；⑦取下紙帶，重復(fù)步驟④⑤⑥，選出較理想的紙帶如圖丁所示；⑧測(cè)得滑塊1（包括撞針）的質(zhì)量為425g，滑塊2（包括橡皮泥）的質(zhì)量為275g；請(qǐng)完善實(shí)驗(yàn)步驟①⑥的內(nèi)容。（2）已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02s打一個(gè)點(diǎn)，計(jì)算可知，兩滑塊相互作用前的動(dòng)量之和為________kg·m/s；兩滑塊相互作用以后的動(dòng)量之和為________kg·m/s。（保留三位有效數(shù)字）（3）本實(shí)驗(yàn)兩滑塊相互作用過程，系統(tǒng)總動(dòng)能損失________（選填“最大”、“最小”）【答案】①.水平②.B③.A④.0.850⑤.0.840⑥.最大【解析】【詳解】（1）[1]安裝好氣墊導(dǎo)軌后調(diào)整導(dǎo)軌水平，排除重力對(duì)實(shí)驗(yàn)的干擾；[2][3]使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，先接通電源后釋放紙帶，所以先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，后放開滑塊1；（2）[4]放開滑塊1后，滑塊1做勻速運(yùn)動(dòng)，跟滑塊2發(fā)生碰撞后跟2一起做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)紙帶數(shù)據(jù)，碰撞前滑塊1的動(dòng)量為滑塊2的動(dòng)量為零，所以碰撞前的總動(dòng)量為0.850kg?m/s；[5]碰撞后滑塊1、2速度相等，所以碰撞后總動(dòng)量為[6]實(shí)驗(yàn)中兩物塊發(fā)生完全非彈性碰撞，總動(dòng)能損失最大。16.如圖所示，電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻不計(jì)的直流電源與平行板電容器連接，電容器下極板接地，一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的O點(diǎn)，靜電計(jì)所帶電量可被忽略。（選填“變大”，“變小”或“不變”）（1）若開關(guān)K閉合且將下極板豎直向上移動(dòng)一小段距離后，則平行板電容器的電容值將________，靜電計(jì)指針張角________；（2）若開關(guān)K閉合一段時(shí)間后斷開，再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，則電容器中場(chǎng)強(qiáng)________【答案】①.變大②.不變③.不變【解析】【詳解】（1）[1][2]若開關(guān)K閉合，電容器電勢(shì)差不變，靜電計(jì)指針張角不變。下極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，根據(jù)平行板電容器的電容值將變大。（2）[3]若開關(guān)K閉合一段時(shí)間后斷開，電容器電荷量不變。下極板向下移動(dòng)一小段距離，根據(jù)，，得電容器中場(chǎng)強(qiáng)不變。四、解答題（本題共4小題，共34分．解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）17.如圖所示，把質(zhì)量為0.4克的帶電小球A用絲線吊起，若將帶電量為的小球B靠近它，當(dāng)兩小球在同一高度時(shí)且相距3cm，絲線與豎直方向夾角為45°，求此時(shí)小球B受到庫(kù)侖力大小，及小球A帶的電量。（，）【答案】，【解析】【詳解】由平衡得，庫(kù)侖力為又得18.如圖所示為一組方向未知的勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線，電場(chǎng)線與水平方向的夾角為60°。將一個(gè)帶電荷量的點(diǎn)電荷由A點(diǎn)沿水平線移至B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功，已知A、B間的距離l=2cm，以B點(diǎn)為零電勢(shì)點(diǎn)，求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E；（2）A點(diǎn)的電勢(shì)?！敬鸢浮浚?）100V/m，電場(chǎng)方向斜向上，（2）-1V【解析】【詳解】（1）點(diǎn)電荷從A到B，靜電力做正功，負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力的方向沿電場(chǎng)的反方向，所以電場(chǎng)方向斜向上；根據(jù)題意有，得E=100V/m（2）A、B間的電勢(shì)差因A點(diǎn)電勢(shì)低，且，即得19.如圖所示，半徑為r的絕緣細(xì)圓環(huán)的環(huán)面固定在水平面上，電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)