西藏拉薩片八校2024學年物理高三第一學期期中聯(lián)考模擬試題含解析

西藏拉薩片八校2024學年物理高三第一學期期中聯(lián)考模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電荷量不等的兩點電荷固定在x軸上坐標為-3L和3L的兩點,其中坐標為-3L處點電荷帶電量絕對值為Q，兩點電荷連線上各點電勢隨x變化的關系如圖所示，其中x=L處電勢最低,x軸上M、N兩點的坐標分別為-2L和2L，則下列判斷正確的是()A．兩點電荷一定為異種電荷B．原點O處場強大小為C．正檢驗電荷在原點O處收到向左的電場力D．負檢驗電荷由M點運動到N點的過程,電勢能先減小后增大2、如下圖所示的幾種情況中，不計繩、彈簧測力計、各滑輪的質量，不計一切摩擦，物體質量都為m，且均處于靜止狀態(tài)，有關角度如圖所示。彈簧測力計示數(shù)FA、FB、FC由大到小的排列順序是A．FA>FB>FCB．FB>FC>FAC．FB>FA>FCD．FC>FB>FA3、如圖所示，甲、乙兩物體疊放在水平面上，用水平向右的拉力F拉乙，甲、乙保持靜止狀態(tài)，甲、乙間的接觸面水平，則乙受力的個數(shù)為（）A．3個 B．4個 C．5個 D．6個4、如圖(甲)所示，一輕桿一端固定在O點，另一端固定一小球，在豎直平面內做半徑為R的圓周運動.小球運動到最高點時，桿與小球間彈力大小為，小球在最高點的速度大小為v，圖象如圖(乙)所示.下列說法正確的是()A．當?shù)氐闹亓铀俣却笮锽．小球的質量為C．時，桿對小球彈力方向向上D．若，則桿對小球彈力大小為2a5、兩球A、B在光滑水平面上沿同一直線，同一方向運動，mA=1kg，mB=2kg，vA=6m/s，vB=2m/s。當A追上B并發(fā)生碰撞后，兩球A、B速度的可能值是（）A．vA′=5m/s，vB′=2.5m/s B．vA′=－4m/s，vB′=7m/sC．vA′=2m/s，vB′=4m/s D．vA′=7m/s，vB′=1.5m/s6、小球A從離地面20m高處做自由落體運動，小球B從A下方的地面上以20m/s的初速度做豎直上拋運動。兩球同時開始運動，在空中相遇，取g=10m/s2,下列說法正確的是（）A．兩球相遇時速率都是10m/s B．兩球相遇位置離地面10m高C．開始運動2s后兩球相遇 D．兩球在空中相遇兩次二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，實線表示在豎直平面內的電場線，電場線與水平方向成α角，水平方向的勻強磁場與電場正交，有一帶電液滴沿斜向上的虛線L做直線運動，L與水平方向成β角，且α＞β，則下列說法中正確的是()A．液滴可能帶負電B．液滴一定做勻速直線運動C．液滴有可能做勻變速直線運動D．電場線方向一定斜向上8、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻為r，R1和R2是兩個定值電阻。當滑動變阻器的觸頭向a滑動時，流過R1的電流I1和流過R2的電流I2的變化情況為（）A．I1增大，I2減小 B．I1減小，I2增大C．∣△I1∣大于∣△I2∣ D．∣△I1∣小于∣△I2∣9、如圖所示，傾角為30°的光滑斜面底端固定一輕彈簧，點為原長位置。質量為的滑塊從斜面上點由靜止釋放，物塊下滑并壓縮彈簧到最短的過程中，最大動能為。現(xiàn)將物塊由點上方處的點由靜止釋放，彈簧被壓縮過程中始終在彈性限度內，取，則下列說法正確的是（）A．點到點的距離小于B．從點釋放后滑塊運動的最大動能為C．從點釋放滑塊被彈簧彈回經過點的動能小于D．從點釋放彈簧最大彈性勢能比從點釋放增加了10、如圖所示，豎直平面內有半徑為R的半圓形光滑絕緣軌道ABC，A、C兩點為軌道的最高點，B點為最低點，圓心處固定一電荷量為+q1的點電荷．將另一質量為m、電荷量為+q2的帶電小球從軌道A處無初速度釋放，已知重力加速度為g，則（）A．小球運動到B點時的速度大小為B．小球運動到B點時的加速度大小為3gC．小球從A點運動到B點過程中電勢能減少mgRD．小球運動到B點時對軌道的壓力大小為3mg＋k三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在探究加速度與物體所受合外力和質量間的關系時，采用如圖所示的實驗裝置，小車及車中的砝碼質量用M表示，盤及盤中的砝碼質量用m表示，小車的加速度可由小車后拖動的紙帶上由打點計時器打出的點計算出：（1）當M與m的大小關系滿足__________時，才可以認為細線對小車的拉力大小等于盤和盤中砝碼的重力．（2）一組同學在保持盤及盤中的砝碼質量一定的情況下，探究加速度與小車質量的關系，以下做法正確的是________．A．平衡摩擦力時，應將盤及盤中的砝碼用細線繞過定滑輪系在小車上B．每次改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦力C．實驗時，先放開小車，再接通打點計時器電源D．小車運動的加速度可用天平測出m和M，直接用公式a＝求出（3）在保持小車及車中的砝碼質量M一定，探究加速度與所受合外力的關系時，由于平衡摩擦力時操作不當，兩位同學得到的a－F關系分別如圖中甲、乙所示（a是小車的加速度，F(xiàn)是細線作用于小車的拉力）．其原因分別是：甲圖：_________________________________；乙圖：__________________________________.12．（12分）利用圖示裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗。(1)為驗證機械能是否守恒，需要比較重物下落過程中任意兩點間的________。A．動能變化量與勢能變化量B．速度變化量與勢能變化量C．速度變化量與高度變化量(2)除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺（含鐵夾）、電磁打點計時器、重物導線及開關外，在下列器材中，還必須使用的器材有________。A．交流電源B．刻度尺C．天平（含砝碼）D．秒表(3)實驗中，先接通電源，再釋放重物，得到如圖所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點、、，測得它們到起始點的距離分別為、、。已知當?shù)刂亓铀俣葹?，打點計時器打點的周期為。設重物的質量為，從打點到打點的過程中，重物重力勢能的減少量________，動能的增加量________（用題中所給字母表示）。(4)大多數(shù)學生的實驗結果顯示，重力勢能的減少量略大于動能的增加量，出現(xiàn)這種結果的原因是________。A．利用公式計算重物速度B．利用公式計算重物速度C．存在空氣阻力和摩擦阻力的影響D．沒有采用多次實驗取平均值的方法四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一長木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊，在木板右方有一墻壁，木板右端與墻壁的距離為4.5m，如圖（a）所示．時刻開始，小物塊與木板一起以共同速度向右運動，直至時木板與墻壁碰撞（碰撞時間極短）．碰撞前后木板速度大小不變，方向相反；運動過程中小物塊始終未離開木板．已知碰撞后1s時間內小物塊的圖線如圖（b）所示．木板的質量是小物塊質量的15倍，重力加速度大小g取10m/s1．求（1）木板與地面間的動摩擦因數(shù)及小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)；（1）木板的最小長度；（3）木板右端離墻壁的最終距離．14．（16分）如圖所示，半徑R＝0.4m的光滑半圓軌道與粗糙的水平面相切于A點，質量為m＝1kg的小物體（可視為質點）在水平拉力F的作用下，從靜止開始由C點運動到A點，物體從A點進入半圓軌道的同時撤去外力F，物體沿半圓軌道通過最高點B后做平拋運動，正好落到C點，已知xAC＝1m，物體與水平面的動摩擦因素為μ＝0.48，g取10m/s1．試求：（1）物體在B點時的速度大小（1）物體到達半圓軌道A點時對軌道的壓力大??；（3）物體從C到A的過程中，外力F做的功．15．（12分）如圖所示，水平放置的彈簧左端固定，小物塊（可視為質點）置于水平桌面上的點，并與彈簧右端接觸，此時彈簧處于原長．現(xiàn)用水平向左的推力將緩慢地推至點，此時彈簧的彈性勢能為．撤去推力后，沿桌面滑上一個停在光滑水平地面上的長木板上，己知、的質量分別為、，、間的距離，距桌子邊緣的距離，與桌面及與間的動摩擦因數(shù)都為，取，求：（1）要使在長木板上不滑出去，長木板至少多長？（2）若長木板的長度為，則滑離木板時，和的速度各為多大?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

A、由φ-x圖象特點可知兩點電荷均為正電荷，故A錯誤；B、C、x=L處電勢最低，此處圖線的斜率為0，即該點的合場強為0，有,得,故原點處的場強大小為,方向向右，則正檢驗電荷在原點O處受到的電場力向右，故B正確，C錯誤；D、由M點到N點電勢先減小后增大，所以負檢驗電荷由M點運動到N點的過程，電勢能先增大后減小，故D錯誤.故選B.【題目點撥】解決本題的關鍵掌握電勢φ隨x變化的關系圖線上每點切線的斜率為（△x→0），表示電場強度E，以L點場強為0作為突破口，展開分析．2、C【解題分析】對A圖中的m受力分析，m受力平衡，根據(jù)平衡條件得，解得；對B圖中的m受力分析，m受力平衡，根據(jù)平衡條件得：彈簧秤的示數(shù)；對C圖中的m受力分析，m受力平衡，根據(jù)平衡條件得：彈簧秤的示數(shù)，故，C正確．3、C【解題分析】

乙物體受重力、桌面的支持力、甲對乙的壓力及水平力；因在拉力作用下，物體乙相對于地面有相對運動的趨勢，故乙受地面對物體乙的摩擦力；而甲與乙相對靜止，故甲對乙沒有摩擦力，所以乙受五個力，故選項C正確，A、B、D錯誤．4、B【解題分析】

AB.在最高點，若，則有：當時，則有：解得：，故A錯誤，B正確；C.由圖可知當時，桿對小球彈力方向向上，當時，桿對小球彈力方向向下，所以當時，桿對小球彈力方向向下，故C錯誤；D.當時，根據(jù)牛頓第二定律得：解得：即桿對小球彈力大小為，故D錯誤。5、C【解題分析】

AD．考慮實際運動情況，碰撞后兩球同向運動，A球速度應不大于B球的速度，故AD錯誤；兩球碰撞過程，系統(tǒng)不受外力，故碰撞過程系統(tǒng)總動量應守恒．碰撞前總動量為p=pA+pB=mAvA+mBvB=（1×6+2×2）kg?m/s=10kg?m/s總動能B．碰撞后，總動量為p′=pA′+pB′=mAvA′+mBvB′=1×(-4)+2×7=10kg?m/s總動能則p′=p，，符合動量守恒，但是不符合能量關系；故B錯誤；C．碰撞后，總動量為p′=pA′+pB′=mAvA′+mBvB′=（1×2+2×4）kg?m/s=10kg?m/s符合動量守恒定律，能量關系則p′=p，，則碰后符合動量和能量關系，則C正確。故選C。6、A【解題分析】

小球A做自由落體運動，小球B做豎直上拋運動；根據(jù)位移時間公式分別求出A和B的位移大小，兩球在空中相碰，知兩球的位移之和等于20m，列式求解，判斷?！绢}目詳解】小球A做自由落體運動，小球B做豎直上拋運動，設經過時間t在空中相遇A自由落體位移h1=B豎直上拋的位移h2=v0th1+h2=20聯(lián)立可得：t=1s，則：A項：相遇時，A球的速率vA=gt=10m/s，B球的速率vB=v0-gt=（20-10）m/s=10m/s，故A正確；B項：由上面分析可知，相遇時離地面高度h2=20×1-，故B錯誤；C項：由上面分析可知，經過1s兩球相遇，故C錯誤；D項：由題意知，B求速度減為零的時間為，兩球第一次相遇后，A球繼續(xù)下落，B求繼續(xù)向上運動，當B球上升到最高點時，A球下落距離，故兩球不可能在空中相遇兩次，故D錯誤。故應選：A?！绢}目點撥】本題關鍵知道兩物體在空中相遇的條件，即兩物體的位移之和等于20m。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場線方向的電場力F、垂直于速度方向的洛倫茲力f，由于，這三個力的合力不可能沿帶電液滴的速度方向，因此這三個力的合力一定為零，帶電液滴做勻速直線運動，不可能做勻變速直線運動，當帶電液滴帶正電，且電場線方向斜向上時，帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場線向上的電場力F、垂直于速度方向斜向左上方的洛倫茲力f作用，這三個力的合力可能為零，帶電液滴沿虛線L做勻速直線運動，如果帶電液滴帶負電、或電場線方向斜向下時，帶電液滴所受合力不為零，不可能沿直線運動，故BD正確，AC錯誤．8、BD【解題分析】

當滑動變阻器的觸頭向a滑動時，分析其接入電路的電阻變化情況，抓住電動勢和內阻不變，利用閉合電路歐姆定律進行分析．【題目詳解】當滑動變阻器R的滑動觸頭向a端移動時，R減小，整個電路的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律知總電流增大，則內電壓增大，外電壓減小，所以通過R1的電流I1減小，而總電流I增大，則流過R2的電流I2增大，故B正確，A錯誤。因I=I1+I2，且I增大，I1減小，I2增大，則∣△I1∣小于∣△I2∣，選項D正確，C錯誤；故選BD.【題目點撥】對于電路的動態(tài)變化分析問題，要理清電路，抓住電動勢和內阻不變，采用局部→整體→局部的方法，利用閉合電路歐姆定律進行分析．9、AB【解題分析】

A．若點到點的距離等于3.2m時。由機械能守恒定律得：滑塊到O點的動能物塊從O點時開始壓縮彈簧，彈力逐漸增大，開始階段彈簧的彈力小于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做加速運動,后來彈簧的彈力大于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做減速運動，所以物塊先做加速運動后做減速運動，彈簧的彈力等于滑塊的重力沿斜面向下的分力時物塊的速度最大。最大動能就大于8J，與題設不符，所以A點到O點的距離小于3.2m，故A正確；B．設物塊動能最大時彈簧的彈性勢能為Ep，從A釋放到動能最大的過程，由系統(tǒng)的機械能守恒得從B釋放到動能最大的過程，由系統(tǒng)的機械能守恒得所以得從B點釋放滑塊最大動能為故B正確；C．根據(jù)能量守恒可知，從從點釋放滑塊被彈簧彈回經過點時故C錯誤；D．根據(jù)物塊和彈簧的系統(tǒng)機械能守恒知，彈簧最大彈性勢能等于物塊減少的重力勢能，由于從B點釋放彈簧的壓縮量增大，所以從B點釋放彈簧最大彈性勢能比從A點釋放增加為故D錯誤。故選B。10、AD【解題分析】

A.帶電小球q2在半圓光滑軌道上運動時，庫侖力不做功，故機械能守恒，則：解得：故A正確；B.小球運動到B點時的加速度大小為：故B錯誤；C.小球從A點運動到B點過程中庫侖力不做功，電勢能不變，故C錯誤；D.小球到達B點時，受到重力mg、庫侖力F和支持力FN，由圓周運動和牛頓第二定律得：解得：根據(jù)牛頓第三定律，小球在B點時對軌道的壓力為：方向豎直向下，故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、m?MB木板的傾角過大沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足【解題分析】

（1）[1]．對盤及盤中砝碼：mg－F＝ma；對小車：F＝Ma聯(lián)立可得：a＝F＝mg只有當m?M時，才可認為F≈mg.（2）[2]．平衡摩擦力時，先去掉盤、盤中砝碼和細線，只讓小車在重力沿斜面方向的分力作用下向左運動，當小車能勻速運動時，重力沿斜面方向的分力和摩擦力平衡，A不正確；調好后，當再次改變小車質量時，無需再平衡摩擦力，B正確；實驗時，要先接通打點計時器的電源，使打點計時器正常工作，再釋放小車，C不正確；小車的加速度是通過處理紙帶確定的，D不正確．（3）[1][2].由甲圖可看出F＝0時，a≠0，說明木板的傾角過大，重力沿斜面方向的分力大于摩擦力．由乙圖可看出，只有當F達到一定值時，才會有加速度，說明平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力．12、AABC【解題分析】

(1)[1]為驗證機械能是否守恒，需要比較重物下落過程中任意兩點間動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等。故選A。(2)[2]打點計時器使用交流電源，實驗中需要測量點跡間的距離，從而得出瞬時速度和下降的高度，所以需要刻度尺；實驗中驗證動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等，質量可以約去，不需要測量質量，則不需要天平；打點計時器可有計時的作用，則不用秒表。故選AB。(3)[3]重物重力勢能的減少量[4]打B點時的速度為則動能的增量為(4)[5]由于紙帶在下落過程中，重錘和空氣之間存在阻力，紙帶和打點計時器之間存在摩擦力，所以減小的重力勢能一部分轉化為動能，還有一部分要克服空氣阻力和摩擦力阻力做功，故重力勢能的減少量大于動能的增加量。故選C。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（1）（3）【解題分析】（1）根據(jù)圖像可以判定碰撞前木塊與木板共同速度為碰撞后木板速度水平向左，大小也是木塊受到滑動摩擦力而向右做勻減速，根據(jù)牛頓第二定律有解得木板與墻壁碰撞前，勻減速運動時間，位移，末速度其逆運動則為勻加速直線運動可得帶