2021-2022學年湖南省湘潭市翻江鎮(zhèn)陡崗中學高二物理上學期期末試題含解析_第1頁
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2021-2022學年湖南省湘潭市翻江鎮(zhèn)陡崗中學高二物理上學期期末試題含解析一、選擇題:本題共5小題,每小題3分,共計15分.每小題只有一個選項符合題意1.關于磁現(xiàn)象的電本質,下列說法中正確的是

(

)A.磁與電緊密聯(lián)系,有磁必有電,有電必有磁B.不管是磁體的磁場還是電流的磁場都起源于電荷的運動C.永久磁鐵的磁性不是由運動電荷產(chǎn)生的

D.根據(jù)安培假說可知,磁體內分子電流總是存在的,因此,任何磁體都不會失去磁性參考答案:B2.如圖所示,兩根平行金屬導軌置于水平面內,導軌之間接有電阻R.金屬棒ab與兩導軌垂直并保持良好接觸,整個裝置放在勻強磁場中,磁場方向垂直于導軌平面向下.現(xiàn)使磁感應強度隨時間均勻減小,ab始終保持靜止,下列說法正確的是()A.a(chǎn)b中的感應電流方向由b到a B.a(chǎn)b中的感應電流逐漸減小C.a(chǎn)b所受的安培力保持不變 D.a(chǎn)b所受的靜摩擦力逐漸減小參考答案:D【考點】導體切割磁感線時的感應電動勢;閉合電路的歐姆定律;安培力.【分析】根據(jù)楞次定律得出感應電流的方向,結合法拉第電磁感應定律判斷感應電流是否不變,根據(jù)安培力公式分析安培力是否保存不變,結合平衡分析靜摩擦力的變化.【解答】解:A、磁感應強度均勻減小,磁通量減小,根據(jù)楞次定律得,ab中的感應電流方向由a到b,故A錯誤.B、由于磁感應強度均勻減小,根據(jù)法拉第電磁感應定律得,感應電動勢恒定,則ab中的感應電流不變,故B錯誤.C、根據(jù)安培力公式F=BIL知,電流不變,B均勻減小,則安培力減小,故C錯誤.D、導體棒受安培力和靜摩擦力處于平衡,f=F,安培力減小,則靜摩擦力減小,故D正確.故選:D.3.一本書靜放在水平桌面上,則下列說法正確的是()A.桌面對書的支持力的大小等于書的重力,它們是一對平衡力B.書受到的重力和桌面對書的支持力是一對作用力與反作用力C.書對桌面的壓力就是書的重力,它們是同一性質的力D.書對桌面的壓力和桌面對書的支持力是一對平衡力參考答案:A【考點】牛頓第三定律;共點力平衡的條件及其應用.【分析】由牛頓第三定律可知,作用力與反作用力大小相等,方向相反,作用在同一條直線上,作用在兩個物體上,力的性質相同,它們同時產(chǎn)生,同時變化,同時消失;一對平衡力大小相等,方向相反,作用在同一物體上.【解答】解:A、桌面對書的支持力和書的重力是一對平衡力,大小相等,故A正確,B錯誤;C、書對桌面的壓力的性質是彈力,重力的性質是萬有引力,性質不同,故C錯誤;D、書對桌面的壓力和桌面對書的支持力是作用力與反作用力的關系,故D錯誤.故選A4.一電流表的滿偏電流Ig=1mA,內阻為200Ω.要把它改裝成一個量程為0.5A的電流表,則應在電流表上A.并聯(lián)一個200Ω的電阻

B.并聯(lián)一個0.4Ω的電阻C.串聯(lián)一個0.4Ω的電阻

D.串聯(lián)一個200Ω的電阻參考答案:B5.如圖所示,a、b、c、d四個圖是不同的單色光形成的雙縫干涉或單縫衍射圖樣.分析各圖樣的特點可以得出的正確結論是()

A.a(chǎn)、b是光的干涉圖樣B.c、d是光的干涉圖樣C.形成a圖樣的光的波長比形成b圖樣光的波長短D.形成c圖樣的光的波長比形成d圖樣光的波長短參考答案:A二、填空題:本題共8小題,每小題2分,共計16分6.電荷量分別為+9Q和-Q的兩點電荷A、B,相距0.6米,若要引入第三個點電荷C,使三個點電荷在庫侖力作用下都處于平衡狀態(tài),則電荷C應放在距B

m處的位置,C帶的電荷量是

。參考答案:電荷量分別為+9Q和-Q的兩點電荷A、B,相距0.6米,若要引入第三個點電荷C,使三個點電荷在庫侖力作用下都處于平衡狀態(tài),則電荷C應放在距B

m處的位置,C帶的電荷量是

。7.如圖所示,圖甲為熱敏電阻的R-t圖像,圖乙為用此熱敏電阻R和繼電器組成的一個簡單恒溫箱控制電路,繼電器線圈的電阻為150Ω,。當線圈中的電流大于或等于20mA時,繼電器的銜鐵被吸合。為繼電器供電的電池的電動勢E=6V,內阻不計。圖中的“電源”是恒溫箱加熱器的電源,R為熱敏電阻。(1)應該把恒溫箱的加熱器接在

端(填“AB”或“CD”)。(2)如果要使恒溫箱內的溫度保持1500C,可變電阻R′的值應調節(jié)為

Ω,此時熱敏電阻的阻值為

Ω。參考答案:AB

120

308.如圖12所示,兩根平行光滑長直金屬導軌,其電阻不計,導體棒ab和cd跨放在導軌上,ab電阻大于cd電阻.當cd在外力F2作用下勻速向右滑動時,ab在外力F1作用下保持靜止,則ab兩端電壓Uab和cd兩端電壓Ucd相比,Uab___Ucd,外力F1和F2相比,F(xiàn)1____F2(填“>”、“=”或“<”). 參考答案:==9.如圖所示,平行的兩金屬板M、N與電源相連,一個帶負電的小球懸掛在兩板間,閉合電鍵后,懸線偏離豎直方向的角度為θ,把電鍵K斷開,移動N板向M板靠近,則θ角_

__.(填“增大”“減少”“不變”)參考答案:

10.參考答案:⑵____5.04~5.09___;___0.49

_⑶

鉤碼的重力

,__摩擦力

。

ΔV2與S成正比

;

小車的質量

。11.通過甲、乙兩導線橫截面的電荷量之比為3∶5,甲、乙兩導線通電時間之比為3∶2,則通過甲、乙兩導體的電流強度之比為

。參考答案:2∶5

根據(jù)電流的定義式,可以得到通過甲、乙兩導體的電流強度之比為。12.為了消除和利用煙氣中煤粉,可采用如圖所示的靜電除塵裝置,它是由金屬管A和懸在管中的金屬絲B組成,A接到高壓電源正極,B接到高壓電源負極,且A要接地,其目的是

.A、B間有很強的電場,且距B越近電場

(填“越強”或“越弱”).參考答案:13.測量較大的電壓時要

聯(lián)一個電阻把它改裝成電壓表;測量較大的電流時要

聯(lián)一個電阻,把小量程的電流表改裝成大量程的電流表。參考答案:串

三、實驗題:本題共2小題,每小題11分,共計22分14.一種游標卡尺,它的游標尺上有50個小的等分刻度,總長度為49mm.用它測量某物體長度,卡尺示數(shù)如下圖所示,則該物體的長度是________cm;另用螺旋測微器測量某物體的直徑時的示數(shù)如圖所示,則該物體的長度是________mm.參考答案:4.120cm,0.861mm15.某同學測量金屬線直徑時螺旋測微器如圖所示,則該金屬線的直徑為d=

mm。參考答案:d=1.721~1.723四、計算題:本題共3小題,共計47分16.如圖所示,在y>0的空間中存在勻強電場,場強沿y軸負方向;在y<0的空間中,存在勻強磁場,磁場方向垂直xy平面(紙面)向外.一電量為q、質量為m的帶正電的運動粒子,經(jīng)過y軸上y=h處的點P1時速率為v0,方向沿x軸正方向;然后,經(jīng)過x軸上x=2h處的P2點進入磁場,并經(jīng)過y軸上y=﹣2h處的P3點.不計重力.求(l)電場強度的大?。?)粒子到達P2時速度的大小和方向.(3)磁感應強度的大?。畢⒖即鸢福航猓海?)粒子在電場中做類平拋運動,設粒子從P1到P2的時間為t,電場強度的大小為E,粒子在電場中的加速度為a,由牛頓第二定律及運動學公式有:v0t=2h

①qE=ma

②③聯(lián)立①②③式可得:(2)粒子到達P2時速度方向決定粒子在磁場中做勻速圓周運動的軌跡,由x方向的速度分量和沿y方向的速度分量可得方向角(與x軸的夾角)為θ,v12=2ahθ=45°所以粒子是垂直P2P3的連線進入磁場的,P2P3是粒子圓周運動軌跡的直徑,速度的大小為(3)設磁場的磁感應強度為B,在洛侖茲力作用下粒子做勻速圓周運動的半徑根據(jù)幾何關系可知是r=,由牛頓第二定律

所以

=如圖是粒子在電場、磁場中運動的軌跡圖答:(l)電場強度的大小為.(2)粒子到達P2時速度的大小為,與x軸成45°夾角;(3)磁感應強度的大小為.【考點】帶電粒子在混合場中的運動.【分析】(1)粒子在電場中做類平拋運動,由牛頓第二定律及運動學公式即可求出電場強度;(2)粒子到達P2時速度方向決定粒子在磁場中做勻速圓周運動的軌跡,由x方向的速度分量和沿y方向的速度分量可得方向角,根據(jù)運動學公式即可求解;(3)粒子在洛侖茲力作用下做勻速圓周運動的半徑根據(jù)幾何關系可以求出,再由牛頓第二定律即可求出磁感應強度.17.如圖所示,為某種透明介質的截面圖,△AOC為等腰直角三角形,BC為半徑R=12cm的四分之一圓弧,AB與水平屏幕MN垂直并接觸于A點.由紅光和紫光兩種單色光組成的復色光射向圓心O,在AB分界面上的入射角i=45°,結果在水平屏幕MN上出現(xiàn)兩個亮斑.已知該介質對紅光和紫光的折射率分別為,.①判斷在AM和AN兩處產(chǎn)生亮斑的顏色;②求兩個亮斑間的距離.參考答案:①設紅光和紫光的臨界角分別為、,,(1分)同理<所以紫光在成發(fā)生全反射,而紅光在面一部分折射,一部分反射,(1分)且由幾何關系可知,反射光線與垂直,所以在處產(chǎn)生的亮斑為紅色,在處產(chǎn)生的亮斑為紅色與紫色的混合色

(2分)②畫出如圖光路圖,

(1分)設折射角為,兩個光斑分別為、,根據(jù)折射定律求得……

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