2023屆廣東省肇慶市高三下學(xué)期物理第三次統(tǒng)一測試試卷含答案

高三下學(xué)期物理第三次統(tǒng)一測試試卷一、單項(xiàng)選擇題1.2021年12月4日，中國新一代“人造太陽裝置〞——“中國環(huán)流器二號M〞裝置在四川成都建成并實(shí)現(xiàn)首次放電，這為中國核聚變反響堆的自主設(shè)計(jì)與建造打下了堅(jiān)實(shí)根底。氘、氚的核聚變反響方程式為；，以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕

A.

X是中子

B.

該核反響中反響前核子的總質(zhì)量等于反響后核子的總質(zhì)量

C.

該核反響中反響前的總結(jié)合能大于反響后的總結(jié)合能

D.

該核反響放出的能量來源于氘、氚原子中電子從高能級向低能級躍遷產(chǎn)生的2.如下列圖電路，用輸出電壓有效值不變的應(yīng)急發(fā)電機(jī)通過一理想變壓器給照明電路供電，燈泡L正常發(fā)光。原線圈的輸入電壓、匝數(shù)、輸入電功率、電流和交流電的頻率分別為、、、和；副線圈的輸出電壓、匝數(shù)、輸出電功率、電流和交流電的頻率分別為、、、和。，以下關(guān)系式正確的選項(xiàng)是〔

〕

A.

B.

C.

D.

3.如下列圖，A、B、C三個石塊堆疊在水平地面上保持靜止，以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕

A.

石塊A對水平地面的壓力等于三個石塊的總重力

B.

石塊A受到地面施加的水平向左的摩擦力

C.

石塊B受到石塊A，C作用力的合力為0

D.

石塊A對石塊B的支持力大于石塊B對石塊A的壓力4.如下列圖，某垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場的邊界為一條直線，且與水平方向的夾角為45°，現(xiàn)有大量帶等量正電荷的同種粒子以大小不同的初速度從邊界上某點(diǎn)垂直邊界射入磁場，不計(jì)粒子的重力及粒子之間的相互作用，以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

所有粒子在磁場中圓周運(yùn)動的半徑均相等

B.

所有粒子在磁場中受到的洛倫茲力大小均相等

C.

所有粒子在磁場中運(yùn)動的時間均相等

D.

所有粒子射出磁場時的速度方向均為豎直向下5.天問一號任務(wù)是中國獨(dú)立開展星際探測的第一步，將通過一次發(fā)射實(shí)現(xiàn)對火星的“繞、著、巡〞，即火星環(huán)繞、火星著陸、火面巡視。如下列圖，“天問一號〞探測器被火星捕獲之后，沿軌道Ⅰ繞火星做勻速圓周運(yùn)動。探測器在A點(diǎn)減速后，可沿橢圓軌道Ⅱ到達(dá)火星外表C點(diǎn)。O為火星中心，A、O、C、B在同一直線上，火星可視為質(zhì)量分布均勻的球體，不計(jì)探測器受到的阻力。那么探測器〔

〕A.

由A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)，速度逐漸減小

B.

由A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)，加速度逐漸減小

C.

在軌道Ⅱ由A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的時間小于在軌道Ⅰ由A點(diǎn)沿半圓運(yùn)動到B點(diǎn)的時間

D.

在軌道Ⅰ運(yùn)動的向心加速度大于火星外表重力加速度6..如下列圖，兩平行金屬板、與水平面成30°角固定放置，金屬板間存在勻強(qiáng)電場。一帶電小球以一定的速度垂直場強(qiáng)方向射入電場中，恰能沿兩板中央虛線做直線運(yùn)動。重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。在此過程中，以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

小球一定帶負(fù)電

B.

小球一定做勻速直線運(yùn)動

C.

小球的電勢能增大

D.

小球加速度大小為7.隨著科技的進(jìn)步，2021年，農(nóng)村和偏遠(yuǎn)山區(qū)也已經(jīng)開始用無人機(jī)配送快遞，如圖甲所示。無人機(jī)在0~5s內(nèi)的飛行過程中，其水平、豎直方向速度、，與時間t的關(guān)系圖像分別如圖乙、丙所示，規(guī)定豎直方向向上為正方向。以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

內(nèi)，無人機(jī)做勻加速直線運(yùn)動

B.

內(nèi)，無人機(jī)做勻減速直線運(yùn)動

C.

時，無人機(jī)運(yùn)動到最高點(diǎn)

D.

內(nèi)，無人機(jī)的位移大小為9m二、多項(xiàng)選擇題8.如圖，網(wǎng)球發(fā)球機(jī)固定在平臺上，從同一高度沿水平方向發(fā)射出的甲、乙兩球均落在水平地面上，運(yùn)動軌跡如下列圖。不計(jì)空氣阻力，網(wǎng)球可視為質(zhì)點(diǎn)。那么〔

〕A.

甲球在空中運(yùn)動時間小于乙球在空中運(yùn)動時間網(wǎng)球發(fā)球機(jī)

B.

甲、乙兩球在空中運(yùn)動時間相等

C.

甲球從出口飛出時的初速度大于乙球從出口飛出時的初速度

D.

甲球從出口飛出時的初速度小于乙球從出口飛出時的初速度9.我國古代創(chuàng)造了很多種類的投石機(jī)，如圖甲所示是一種配重式投石機(jī)模型，橫梁可繞支架頂端轉(zhuǎn)動，橫梁一端裝有重物，另一端裝有待發(fā)射的石彈，發(fā)射前須先將放置石彈的一端用力拉下，放好石彈后砍斷繩索，讓重物這一端落下，石彈也順勢拋出?，F(xiàn)將其簡化為圖乙所示模型，輕桿可繞固定點(diǎn)O轉(zhuǎn)動，輕桿兩端分別固定一小球，小球A模擬重物，小球B模擬石彈。現(xiàn)剪斷細(xì)線，輕桿逆時針轉(zhuǎn)動，輕桿由初始位置轉(zhuǎn)至豎直位置過程中，不計(jì)空氣阻力和摩擦，以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

小球B機(jī)械能守恒

B.

小球A機(jī)械能的減少量等于小球B機(jī)械能的增加量

C.

輕桿對小球B做正功

D.

輕桿對小球B不做功10.如圖甲所示為電流天平，圖乙為電流天平的電路連接圖，它可以用來研究通電導(dǎo)體在磁場中受到的安培力與哪些因素有關(guān)。實(shí)驗(yàn)時，先斷開、，調(diào)節(jié)等臂天平橫梁，使指針指到刻度盤中央位置；然后閉合并在勵磁線圈中通入電流，線圈內(nèi)部產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場；閉合并給橫梁上的E型導(dǎo)線通入電流，此時磁場對通電E型導(dǎo)線產(chǎn)生安培力作用，破壞了橫梁的平衡，使指針向右偏轉(zhuǎn)，這時在砝碼鉤上掛質(zhì)量為m的砝碼，使天平恢復(fù)平衡。重力加速度為g，不計(jì)E型導(dǎo)線電阻。以下說法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

天平平衡時，E型導(dǎo)線受到的安培力大小為

B.

天平平衡后，假設(shè)僅將滑動變阻器的滑片向上移動，指針向右偏

C.

天平平衡后，假設(shè)僅將滑動變阻器的滑片向上移動，指針向右偏

D.

天平平衡后，假設(shè)僅將開關(guān)撥到2，指針向左偏三、實(shí)驗(yàn)題11.某同學(xué)用兩根完全相同的輕彈簧和一瓶礦泉水等器材驗(yàn)證“力的平行四邊形定那么〞。實(shí)驗(yàn)時，先將一彈簧一端固定在墻上的釘子A上，另一端掛礦泉水瓶，如圖甲所示；然后將兩彈簧一端分別固定在墻上的釘子A、B上，另一端與連接于結(jié)點(diǎn)O，在結(jié)點(diǎn)O掛礦泉水瓶，靜止時用智能的測角功能分別測出、與豎直方向的偏角、，如圖乙所示。改變釘子B的位置，按照上述方法多測幾次?！?〕依據(jù)上述方案并根據(jù)力的平行四邊形定那么，為畫出力的合成圖，必須的操作是___________〔選填選項(xiàng)前的字母〕。A.實(shí)驗(yàn)中要使AO、BO長度相同

C.要測量圖甲、乙中彈簧的長度

〔2〕根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理及操作，為驗(yàn)證力的平行四邊形定那么，在作圖時，圖中________〔選填“丙〞或“丁〞〕是正確的。

〔3〕某次實(shí)驗(yàn)中測得乙圖中，，保持偏角不變，將從乙圖中位置沿順時針緩慢轉(zhuǎn)到水平位置，那么中彈簧的長度將________，中彈簧的長度將________〔選填“一直增大〞“一直減小〞“先減小后增大〞或“先增大后減小〞〕。12.實(shí)驗(yàn)室有一電流表A，表盤共有30個均勻小格，某實(shí)驗(yàn)小組欲測量其內(nèi)阻和量程，該電流表量程約0.06A。〔1〕該小組選擇多用電表歐姆“×1〞擋，進(jìn)行歐姆調(diào)零后和一電阻箱及待測電流表相連，如圖甲所示，請補(bǔ)畫完整電路連接圖________。正確連接電路后，調(diào)整電阻箱阻值進(jìn)行測量，電阻箱及多用電表示數(shù)如圖乙所示，那么待測電流表的內(nèi)阻________Ω?！?〕為了測量電流表A的量程，現(xiàn)有以下器材可供選擇：標(biāo)準(zhǔn)電流表A1〔量程30mA，內(nèi)阻〕；定值電阻R1〔阻值為4.0Ω〕；定值電阻R2〔阻值為400Ω〕；滑動變阻器R3〔最大阻值約為5Ω〕；滑動變阻器R4〔最大阻值約為200Ω〕；電源E〔電動勢約1.5V，內(nèi)阻不計(jì)〕；開關(guān)、導(dǎo)線假設(shè)干。①定值電阻應(yīng)選擇________，滑動變阻器應(yīng)選擇________。②在下面的方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖________。③正確連接電路后，調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電流表A1示數(shù)為I時，電流表A指針指示的格數(shù)為N，那么電流表A的量程表達(dá)式________。〔用物理量字母表示〕四、解答題13..如下列圖，在粗糙的水平面上，粗細(xì)均勻的單匝正方形閉合金屬線圈豎直放置，線圈邊長為L，總電阻為R，線圈的質(zhì)量為m。在線圈右側(cè)有一長為L、寬為的矩形區(qū)域，矩形區(qū)域中存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、垂直于線圈平面向外的勻強(qiáng)磁場。現(xiàn)給線圈施加一水平拉力，使線圈從初始位置以速度v勻速穿過磁場區(qū)域，線圈在穿過磁場區(qū)域的運(yùn)動過程中，邊一直處在磁場區(qū)域且始終未離開地面。求：〔1〕.邊框在磁場區(qū)域運(yùn)動過程中，邊框受到的安培力的大小；〔2〕.線圈穿過磁場區(qū)域過程中產(chǎn)生的焦耳熱。14.一輕質(zhì)彈簧豎直放置，將一質(zhì)量為的小物塊輕放于彈簧頂端，彈簧最大壓縮量為L。如圖示，水平地面上有一固定擋板，將此彈簧一端固定在擋板上且水平放置，一質(zhì)量為m的小物塊P緊靠彈簧的另一端但不拴接；在水平地面右側(cè)固定有一半徑的豎直光滑半圓軌道，軌道最低點(diǎn)與地面相切。將另一質(zhì)量也為m的小物塊Q放置在距半圓軌道最低點(diǎn)處?，F(xiàn)向左推P壓縮彈簧，使彈簧發(fā)生形變量為L，此時P與小物塊Q的距離為。撤去外力，小物塊P被彈簧彈開，然后與小物塊Q正碰，碰后瞬間粘在一起。小物塊P、Q均可看作質(zhì)點(diǎn)，且與水平地面間的動摩擦因數(shù)相同，重力加速度為g?！?〕求彈簧最大壓縮量為L時，彈簧具有的彈性勢能；〔2〕假設(shè)兩物塊P、Q與水平地面間的動摩擦因數(shù)，求兩個小物塊剛滑上半圓軌道時對軌道的壓力大小；〔3〕假設(shè)兩物塊P、Q與地面間的動摩擦因數(shù)可以改變，要求兩個小物塊在半圓軌道上運(yùn)動時不脫離軌道，求動摩擦因數(shù)的取值范圍。15..修車師傅為一自行車更換新內(nèi)胎，用電動充氣泵給內(nèi)胎充氣后測得內(nèi)胎胎壓為200kPa，外界環(huán)境溫度為，大氣壓強(qiáng)為100kPa。胎內(nèi)氣體可視為理想氣體，充氣過程中胎內(nèi)氣體溫度無明顯變化，不計(jì)充氣前內(nèi)胎中的剩余氣體。〔1〕.求充入內(nèi)胎的空氣在100kPa條件下的體積是充氣后胎內(nèi)氣體體積的多少倍；〔2〕.充氣結(jié)束后，假設(shè)外界環(huán)境溫度緩慢升高到時，求內(nèi)胎胎壓為多少千帕?！布僭O(shè)這一過程內(nèi)胎體積不變〕16..一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，M、P、N是x軸上沿正向依次分布的三個質(zhì)點(diǎn)，M、N兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置間的距離為1.3m，P質(zhì)點(diǎn)平衡位置到M、N兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置的距離相等。M、N兩質(zhì)點(diǎn)的振動圖像分別如圖甲、乙所示。〔1〕.求P質(zhì)點(diǎn)的振動周期；〔2〕.求這列波的波長。五、填空題17.甲、乙兩圖分別表示兩個分子之間分子力和分子勢能隨分子間距離變化的圖像。由圖像判斷當(dāng)分子間距離時，分子力隨分子間距離的減小而________，當(dāng)分子間距離時，分子勢能隨分子間距離的增大而________〔均選填“增大〞或“減小〞〕18.如下列圖，容器中裝有某種透明液體，深度為h，容器底部有一個點(diǎn)狀復(fù)色光源S，光源S可發(fā)出兩種不同頻率的單色光。液面上形成同心圓形光斑Ⅰ、Ⅱ，測得光斑Ⅰ的直徑為，光斑Ⅱ的直徑為。透明液體對光斑Ⅱ這種單色光比光斑Ⅰ這種單色光的折射率________；光斑Ⅱ這種單色光在液體中的傳播速度比光斑Ⅰ這種單色光在液體中的傳播速度________〔均選填“大〞或“小〞〕

答案解析局部一、單項(xiàng)選擇題1.【解析】【解答】A．在反響中，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒可知，X的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為1，所以X是中子，A符合題意；B．該核反響方程釋放能量，因此有質(zhì)量虧損，反響后的核子總質(zhì)量小于反響前的核子總質(zhì)量，B不符合題意；C．由結(jié)合能的概念和核聚變是放能反響可知，反響前的總結(jié)合能小于反響后的總結(jié)合能，C不符合題意；D．該核反響放出的能量來源于原子核聚變反響質(zhì)量虧損，而不是核外電子的躍遷，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用核反響質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可以判別X的本質(zhì)；利用核反響質(zhì)量虧損可以判別質(zhì)量的變化；利用核反響釋放能量可以比較結(jié)合能的大小；該反響的能量來自于質(zhì)量虧損不是核外電子的躍遷。2.【解析】【解答】A．根據(jù)理想變壓器的電壓關(guān)系由于那么有A不符合題意；B．理想變壓器原、副線圈的頻率總是相同，B不符合題意；C．根據(jù)理想變壓器的電流關(guān)系由于那么有C不符合題意；D．理想變壓器原、副線圈的電功率總是相等，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用匝數(shù)的大小可以比較電壓的大??；理想變壓器原副線圈的頻率相等；利用匝數(shù)的比值可以比較電流的大小；理想變壓器的輸入功率等于輸出功率。3.【解析】【解答】A．以三個石塊組成的整體為研究對象，整體只受到重力和桌面的支持力，因此水平地面對石塊A的支持力等于3個石塊的總重力，由牛頓第三定律，得石塊A對水平地面的壓力等于3個石塊的總重力，A符合題意；B．以三個石塊整體分析，水平方向沒有外力作用，所以地面對石塊A沒有摩擦力作用，B不符合題意；C．對石塊B受力分析，根據(jù)平衡條件，石塊B受到石塊A、C作用力的合力與自身的重力平衡，所以石塊B受到石塊A、C作用力的合力大小為石塊B的重力大小，C不符合題意；D．石塊A對石塊B的支持力與石塊B對石塊A的壓力是一對相互作用力，大小相等，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用整體的平衡可以判別A對地面的壓力等于整體的重力大??；利用整體的平衡可以判別A受到地面的摩擦力等于0；由于B處于靜止那么B受到A和C的作用力合力等于B本身重力的大??；AB之間的作用力屬于相互作用力大小一定相等。4.【解析】【解答】AB．由解得可知，由于速度不同，所有粒子在磁場中受到的洛倫茲力不同，做圓周運(yùn)動的半徑不相等，AB不符合題意；CD．粒子在磁場中運(yùn)動的周期根據(jù)左手定那么易得，所有粒子垂直邊界進(jìn)入，垂直邊界射出，圓心角均為180°，所有粒子在磁場中運(yùn)動的時間所有粒子在磁場中運(yùn)動的時間均相等，D不符合題意，C符合題意。故答案為：C。

【分析】利用牛頓第二定律結(jié)合速度的大小可以比較運(yùn)動半徑的大?。焕寐鍌惼澚Φ谋磉_(dá)式可以比較洛倫茲力的大?。焕昧Ｗ舆\(yùn)動周期的表達(dá)式結(jié)合軌跡所對圓心角的大小可以比較運(yùn)動的時間；利用軌跡的圓心可以判別粒子射出磁場的速度方向。5.【解析】【解答】A．由A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)，探測器做近心運(yùn)動，萬有引力做正功，所以，速度逐漸增大，A不符合題意；B．由牛頓第二定律所以所以由A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)，加速度逐漸增大，B不符合題意；C．探測器在軌道Ⅱ和軌道Ⅰ運(yùn)動時，由開普勒第三定律得由A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的時間為由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的時間為所以，探測器在軌道Ⅱ由A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的時間小于在軌道Ⅰ由A點(diǎn)沿半圓運(yùn)動到B點(diǎn)的時間，C符合題意；D．由萬有引力提供向心力所以探測器在軌道Ⅰ的半徑大于火星半徑，所以，探測器在軌道Ⅰ運(yùn)動的向心加速度小于于火星外表重力加速度，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】探測器從A到C的過程引力做正功所以其探測器的速度不斷變大；利用牛頓第二定律結(jié)合距離的變化可以比較加速度的大??；利用開普勒第三定律可以比較運(yùn)動的時間；利用牛頓第二定律可以比較向心加速度和火星外表重力加速度的大小。6.【解析】【解答】A．因?yàn)闃O板所帶正負(fù)電不確定，所以小球帶電性無法確定，A不符合題意；BD．對小球受力分析，小球受到的電場力垂直極板斜向上，根據(jù)牛頓第二定律可得解得所以小球做勻加速直線運(yùn)動，B不符合題意，D符合題意；C．因?yàn)殡妶隽κ冀K與小球運(yùn)動方向垂直，因此電場力不做功，小球的電勢能不變，C不符合題意。故答案為：D。

【分析】利用粒子做直線運(yùn)動可以判別電場力的方向，但不知電場方向不能判別小球的電性；利用牛頓第二定律可以求出小球的加速度大小進(jìn)而判別小球做勻加速直線運(yùn)動；利用電場力不做功所以小球的電勢能不變。7.【解析】【解答】A．時間內(nèi)，無人機(jī)在水平方向做勻加速運(yùn)動，在豎直方向也做勻加速運(yùn)動，但初速度沿水平方向，合力與速度方向有夾角，因此，無人機(jī)做勻加速曲線運(yùn)動，A不符合題意；B．時間內(nèi)，無人機(jī)在水平方向做勻速直線運(yùn)動，豎直方向做勻減速直線運(yùn)動，那么合運(yùn)動為勻變速曲線運(yùn)動，B不符合題意；C．時間內(nèi)，豎直方向速度一直為正，即一直向上運(yùn)動，那么時刻，豎直方向速度為，所以，無人機(jī)運(yùn)動到最高點(diǎn)，C符合題意；D．內(nèi)，無人機(jī)的水平位移為9m，豎直位移為1.75m，那么合位移為，不等于9m，D不符合題意。故答案為：C；

【分析】利用初速度和加速度的方向可以判別其無人機(jī)做勻加速的曲線運(yùn)動；在2s-4s的過程，由于其加速度方向和速度方向不共線所以其合運(yùn)動為勻變速的曲線運(yùn)動；利用豎直方向的速度等于0時可以判別無人機(jī)運(yùn)動到了最高點(diǎn)；利用圖像面積可以求出分位移的大小，結(jié)合位移的合成可以求出合位移的大小。二、多項(xiàng)選擇題8.【解析】【解答】AB．豎直方向由可知，兩球下落高度h相同，故在空中運(yùn)動的時間相同，A不符合題意，B符合題意；CD．水平方向由可知，甲水平位移較小，甲初速度較小，C不符合題意，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】利用豎直方向的高度相等結(jié)合位移公式可以判別運(yùn)動的時間相同，結(jié)合水平方向位移的大小及位移公式可以比較初速度的大小。9.【解析】【解答】AB．小球A與小球B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，桿逆時針轉(zhuǎn)動，桿由初始位置轉(zhuǎn)至豎直位置過程中，小球A的重力勢能減少，轉(zhuǎn)化為小球A的動能和小球B的重力勢能及動能，因此，桿逆時針轉(zhuǎn)動，桿由初始位置轉(zhuǎn)至豎直位置過程中，小球A的機(jī)械能減少，小球B的機(jī)械能增加，A不符合題意，B符合題意；CD．對小球B由能量守恒得，桿對小球B做的功等于小球B機(jī)械能的增加量，小球B機(jī)械能增加，因此，桿對小球B做正功，C符合題意，D不符合題意；

故答案為：BC。

【分析】由于斷開細(xì)線后，以AB系統(tǒng)只有重力做功所以系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由于A機(jī)械能減小，B機(jī)械能增加，所以輕桿對B做正功。10.【解析】【解答】A．由題意，在砝碼鉤上掛質(zhì)量為m的砝碼，天平恢復(fù)平衡，所以，E型導(dǎo)線受到的安培力大小為，A符合題意；B．天平平衡后，假設(shè)將滑動變阻器的滑片向上移動，那么勵磁線圈中電流變小，所以，E型導(dǎo)線受到的安培力變小，因此指針向左偏，B不符合題意；C．天平平衡后，假設(shè)將滑動變阻器的滑片向上移動，那么通過E型導(dǎo)線的電流變小，所以，E型導(dǎo)線受到的安培力變小，因此指針向左偏，C不符合題意；D．天平平衡后，假設(shè)將開關(guān)撥向2，由于不計(jì)E型導(dǎo)線電阻，所以通過E型導(dǎo)線的電流大小不變，但導(dǎo)線長度變短，所以，E型導(dǎo)線受到的安培力變小，因此指針向左偏，D符合題意。故答案為：AD。

【分析】利用平衡時砝碼的重力大小可以求出安培力的大?。划?dāng)滑動變阻器R1向上移動時電阻變大其回路中電流變小，那么磁感應(yīng)強(qiáng)度變小會導(dǎo)致向右的安培力變小所以其指針向左偏轉(zhuǎn)；當(dāng)滑動變阻器R2向上滑動時電阻變大會導(dǎo)致E導(dǎo)線的電流變小那么安培力變小所以指針向左偏轉(zhuǎn)；當(dāng)開關(guān)從1撥到2時，其安培力的導(dǎo)線長度變小那么安培力變小所以指針向左偏轉(zhuǎn)。三、實(shí)驗(yàn)題11.【解析】【解答】〔1〕ABC．實(shí)驗(yàn)中，甲圖用來測量合力，乙圖用來測量兩個分力，根據(jù)胡克定律，力的大小與彈簧伸長量成正比，力的大小可用彈簧伸長量來表示，因此必須測量彈簧的伸長量，但、長度不必相同，A不符合題意，B符合題意，C符合題意；

D．實(shí)驗(yàn)中重物重力是定值，所以不必保證O點(diǎn)固定不變，D不符合題意。故答案為：BC。〔2〕實(shí)驗(yàn)中礦泉水瓶的重力方向始終豎直向下，所以x1需要沿著豎直方向，故丙圖是正確的?！?〕對O點(diǎn)受力分析，O點(diǎn)處于動態(tài)平衡中，重力大小方向不變，OA繩中拉力方向不變，根據(jù)平行四邊形定那么易得OA中彈力將一直變大，OB中彈力將先減小后增大，如下列圖。

所以O(shè)A中彈簧的長度將一直增大，OB中彈簧的長度將先減小后增大?！痉治觥俊?〕要繪制平行四邊形需要測量彈簧的原長及施加重物后的長度可以求出形變量代表彈力的大小，還需要測量兩個彈簧之間的夾角大?。?/p>

〔2〕其重力方向應(yīng)該保持豎直，其合力方向應(yīng)該不在豎直方向上，所以選丙圖；

〔3〕利用三角形定那么結(jié)合邊長的變化可以判別兩個彈力的大小變化。12.【解析】【解答】〔1〕電路連接圖如下所示

由多用電表得到的讀數(shù)為20.0Ω，電阻箱讀數(shù)為12Ω，所以，電流表電阻為8.0Ω。〔2〕①由電流表量程約為60mA，內(nèi)阻為8.0Ω，標(biāo)準(zhǔn)表量程為30mA，內(nèi)阻為4.0Ω，所以，定值電阻應(yīng)該選R1與標(biāo)準(zhǔn)電流表并聯(lián)分流；由于電流表量程為60mA，如果用限流式連接電路圖，可得應(yīng)該控制滑動變阻器阻值大于15Ω，而R4阻值范圍過大，不便于調(diào)節(jié)，因此只能用R3并采用分壓式接法。②電路圖如下③由電路特點(diǎn)，A中電流為A1中電流的2倍，因此當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電流表A1示數(shù)為I時，電流表A中電流為，電流表刻度均勻，所以有可得【分析】〔1〕利用多用電表的紅進(jìn)黑出可以連接電流表和電阻箱；利用多用電表的讀數(shù)減去電阻箱的阻值可