2023高考理綜新課標(biāo)全國(guó)卷二配詳解

2023高考理綜新課標(biāo)全國(guó)卷Ⅱ及答案詳解2023年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試〔新課標(biāo)Ⅱ卷〕理科綜合

生物局部1．關(guān)于細(xì)胞的表達(dá)，錯(cuò)誤的選項(xiàng)是A．植物細(xì)胞的胞間連絲具有物質(zhì)運(yùn)輸?shù)淖饔肂．動(dòng)物細(xì)胞間的黏著性與細(xì)胞膜上的糖蛋白有關(guān)C．ATP水解釋放的能量可用于細(xì)胞內(nèi)的吸能反響D．哺乳動(dòng)物的細(xì)胞可以合成蔗糖，也可以合成乳糖【答案】D【解析】蔗糖是植物細(xì)胞合成的，動(dòng)物細(xì)胞不能合成。2．同一動(dòng)物個(gè)體的神經(jīng)細(xì)胞與肌細(xì)胞在功能上是不同的，造成這種差異的主要原因是A．二者所處的細(xì)胞周期不同

B．二者合成的特定蛋白不同C．二者所含有的基因組不同

D．二者核DNA的復(fù)制方式不同【答案】B【解析】神經(jīng)細(xì)胞和肌細(xì)胞高度分化，通常不再分裂，無(wú)細(xì)胞周期，也無(wú)DNA復(fù)制；不同種類細(xì)胞的產(chǎn)生是由于遺傳基因的選擇性表達(dá)，合成了不同的蛋白質(zhì)；同一個(gè)體的體細(xì)胞由同一個(gè)受精卵分裂、分化而來(lái)，基因組相同。

3．關(guān)于正常情況下組織液生成與回流的表達(dá)，錯(cuò)誤的選項(xiàng)是A．生成與回流的組織液中氧氣的含量相等B．組織液不斷生成與回流，并保持動(dòng)態(tài)平衡C．血漿中的有些物質(zhì)經(jīng)毛細(xì)血管動(dòng)脈端進(jìn)入組織液D．組織液中的有些物質(zhì)經(jīng)毛細(xì)血管靜脈端進(jìn)入血液【答案】A【解析】一般情況下，富含氧氣的血漿從毛細(xì)血管動(dòng)脈端滲出生成組織液，生活在組織液中的組織細(xì)胞通過(guò)有氧呼吸消耗局部氧氣，導(dǎo)致毛細(xì)血管靜脈端回流的組織液通常氧氣含量相對(duì)較低。

4．將某植物花冠切成大小和形狀相同的細(xì)條，分為a、b、c、d、e和f組〔每組的細(xì)條數(shù)相等〕，取上述6組細(xì)條分別置于不同濃度的蔗糖溶液中，浸泡相同時(shí)間后測(cè)量各組花冠細(xì)條的長(zhǎng)度，結(jié)果如下圖。假設(shè)蔗糖溶液與花冠細(xì)胞之間只有水分交換，那么

A．實(shí)驗(yàn)后，a組液泡中的溶質(zhì)濃度比b組的高B．浸泡導(dǎo)致f組細(xì)胞中液泡的失水量小于b組的C．a(chǎn)組細(xì)胞放在蔗糖溶液中失水或吸水所耗ATP大于b組D．使細(xì)條在浸泡前后長(zhǎng)度不變的蔗糖濃度介于0.4～0.5mol﹒L-1之間【答案】D【解析】實(shí)驗(yàn)前長(zhǎng)度/實(shí)驗(yàn)后長(zhǎng)度的比值為1時(shí)，水分進(jìn)出細(xì)胞到達(dá)平衡；比值小于1說(shuō)明細(xì)胞吸水，且比值越小花冠吸水越多；比值大于1說(shuō)明細(xì)胞失水，且比值越大，花冠失水越多。據(jù)圖可推知a組吸水多于b組，因此實(shí)驗(yàn)后a組細(xì)胞液中溶質(zhì)濃度低于b組；f組比值大于b組，因此失水量大于b組；水分子進(jìn)出細(xì)胞的方式是自由擴(kuò)散，不消耗能量；由c組吸水，d組失水知細(xì)條細(xì)胞液濃度介于0.4～0.5mol﹒L-1之間。5．關(guān)于核酸的表達(dá)，錯(cuò)誤的選項(xiàng)是A．細(xì)胞核中發(fā)生的轉(zhuǎn)錄過(guò)程有RNA聚合酶的參與B．植物細(xì)胞的線粒體和葉綠體中均可發(fā)生DNA的復(fù)制C．雙鏈DNA分子中一條鏈上磷酸和核糖是通過(guò)氫鍵連接的D．用甲基綠和吡羅紅染色可觀察DNA和RNA在細(xì)胞中的分布【答案】C【解析】轉(zhuǎn)錄主要發(fā)生在細(xì)胞核中，該過(guò)程需要RNA聚合酶的催化；植物細(xì)胞的線粒體和葉綠體中均含有DNA，均可發(fā)生DNA的復(fù)制；

DNA分子中所含五碳糖是脫氧核糖，一條脫氧核苷酸鏈中磷酸和核糖之間通過(guò)磷酸二酯鍵連接起來(lái)；甲基綠吡羅紅混合使用對(duì)細(xì)胞染色，甲基綠能使DNA呈現(xiàn)綠色、吡羅紅能使RNA呈現(xiàn)紅色。

6．關(guān)于光合作用和呼吸作用的表達(dá)，錯(cuò)誤的選項(xiàng)是A．磷酸是光反響中合成ATP所需的反響物B．光合作用中葉綠素吸收光能不需要酶的參與C．人體在劇烈運(yùn)動(dòng)時(shí)所需的能量由乳酸分解提供D．病毒核酸的復(fù)制需要宿主細(xì)胞的呼吸作用提供能量【答案】C【解析】光反響利用ADP和磷酸合成ATP；葉綠素等吸收光能不需要酶的參與；人在劇烈運(yùn)動(dòng)時(shí)無(wú)氧呼吸和有氧呼吸同時(shí)進(jìn)行，無(wú)氧呼吸生成的乳酸在人體內(nèi)不能再分解供能；病毒無(wú)細(xì)胞結(jié)構(gòu)，其核酸復(fù)制所需能量來(lái)自宿主細(xì)胞的呼吸作用。

29.(10分)某植物凈光合速率的變化趨勢(shì)如下圖。

據(jù)圖答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕當(dāng)CO2濃度為a時(shí)，高光強(qiáng)下該植物的凈光合速率為

①

。CO2濃度在a～b之間時(shí)，曲線

②

表示了凈光合速率隨CO2濃度的增高而增高?！?〕CO2濃度大于c時(shí)，曲線B和C所表示的凈光合速率不再增加，限制其增加的環(huán)境因素是

③

?！?〕當(dāng)環(huán)境中CO2濃度小于a時(shí)，在圖示的3種光強(qiáng)下，該植物呼吸作用產(chǎn)生的CO2量

④

(填“大于〞、“等于〞或“小于〞)光合作用吸收的CO2量。〔4〕據(jù)圖可推測(cè)，在溫室中，假設(shè)要采取提高CO2濃度的措施來(lái)提高該種植物的產(chǎn)量，還應(yīng)該同時(shí)考慮

⑤

這一因素的影響，并采取相應(yīng)措施?！敬鸢浮俊?〕①0

②A、B、C〔2〕③光強(qiáng)〔3〕④大于〔4〕⑤光強(qiáng)【解析】〔1〕據(jù)圖可知CO2濃度為a時(shí)，高光強(qiáng)〔曲線A〕下的縱坐標(biāo)為0，即凈光合速率為0；CO2濃度在a～b之間時(shí)，曲線A、B、C均表現(xiàn)為上升，即凈光合速率均隨CO2濃度增高而增高。〔2〕CO2濃度大于c時(shí)，高光強(qiáng)條件下〔曲線A〕的凈光合速率仍然能夠隨著CO2濃度的增加而增加，由此可知限制B、C凈光合速率增加的環(huán)境因素是光強(qiáng)?！?〕CO2濃度小于a時(shí)，3種光強(qiáng)下，凈光合速率均小于0，即呼吸速率大于光合速率，也就是說(shuō)呼吸作用產(chǎn)生的CO2量大于光合作用吸收的CO2量?！?〕據(jù)圖可知CO2濃度和光強(qiáng)會(huì)影響凈光合速率從而影響植物的產(chǎn)量，故為提高植物的產(chǎn)量，應(yīng)綜合考慮CO2濃度和光強(qiáng)對(duì)植物的影響。30.〔9分〕為了探究某種復(fù)方草藥對(duì)某種細(xì)菌性乳腺炎的療效是否與機(jī)體免疫功能增強(qiáng)有關(guān)，某研究小組將細(xì)菌性乳腺炎模型小鼠隨機(jī)分為實(shí)驗(yàn)組〔草藥灌胃〕、空白對(duì)照組〔蒸餾水灌胃〕和陽(yáng)性對(duì)照組〔免疫增強(qiáng)劑A灌胃〕，并檢測(cè)免疫指標(biāo)。答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕研究發(fā)現(xiàn)，實(shí)驗(yàn)組小鼠吞噬細(xì)胞的吞噬能力顯著高于陽(yáng)性對(duì)照組，極顯著高于空白對(duì)照組。這一結(jié)果至少說(shuō)明該草藥增強(qiáng)了小鼠的非特異性免疫功能。非特異性免疫的特點(diǎn)是

①

?！?〕研究還發(fā)現(xiàn)：實(shí)驗(yàn)組小鼠的T細(xì)胞含量顯著高于空白對(duì)照組，與陽(yáng)性對(duì)照組相近。這一結(jié)果說(shuō)明：該草藥可能通過(guò)提高小鼠的T細(xì)胞含量來(lái)增強(qiáng)其特異性免疫功能。通常，在細(xì)胞免疫過(guò)程中，效應(yīng)T細(xì)胞的作用是

②

。〔3〕在特異性免疫中，T細(xì)胞可產(chǎn)生

③

因子，受到抗原刺激的

④

細(xì)胞可在該因子的作用下，增殖分化為漿細(xì)胞，漿細(xì)胞產(chǎn)生

⑤

，參與體液免疫過(guò)程?！敬鸢浮俊?〕①機(jī)體生來(lái)就有的，不針對(duì)某一類特定病原體，而是對(duì)多種病原體都有一定的防御作用〔2〕②識(shí)別并與被病原體入侵的宿主細(xì)胞緊密接觸，可使之裂解死亡〔3〕③淋巴

④B

⑤抗體【解析】〔1〕非特異性免疫人人生來(lái)就有，不針對(duì)某一類特定病原體，而是對(duì)多種病原體都有防御作用?！?〕在細(xì)胞免疫過(guò)程中，效應(yīng)T細(xì)胞可以識(shí)別并結(jié)合被病原體侵染的細(xì)胞〔靶細(xì)胞〕，并使其裂解凋亡?！?〕體液免疫時(shí)，受到抗原刺激的B細(xì)胞在T細(xì)胞分泌的淋巴因子作用下，增殖分化產(chǎn)生漿細(xì)胞和記憶細(xì)胞，漿細(xì)胞分泌抗體，與刺激其產(chǎn)生的抗原進(jìn)行特異性結(jié)合。31．〔9分〕某陸地生態(tài)系統(tǒng)中，除分解者外，僅有甲、乙、丙、丁、戊5個(gè)種群。調(diào)查得知，該生態(tài)系統(tǒng)有4個(gè)營(yíng)養(yǎng)級(jí)，營(yíng)養(yǎng)級(jí)之間的能量傳效率為10%～20%，且每個(gè)種群只處于一個(gè)營(yíng)養(yǎng)級(jí)。一年內(nèi)輸入各種群的能量數(shù)值如下表所示，表中能量數(shù)值的單位相同。種群甲乙丙丁戊能量3.5612.8010.300.48226.50答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕請(qǐng)畫(huà)出該生態(tài)系統(tǒng)中的食物網(wǎng)。〔2〕甲和乙的種間關(guān)系是

①

；種群丁是該生態(tài)系統(tǒng)生物組分中的

②

。〔3〕一般來(lái)說(shuō)，生態(tài)系統(tǒng)的主要功能包括

③

、

④

，此外還具有信息傳遞等功能。碳對(duì)生物和生態(tài)系統(tǒng)具有重要意義，碳在

⑤

和

⑥

之間的循環(huán)主要以CO2的形式進(jìn)行。【答案】〔1〕

〔2〕①捕食

②消費(fèi)者〔3〕③物質(zhì)循環(huán)

④能量流動(dòng)

⑤生物群落

⑥無(wú)機(jī)環(huán)境【解析】〔1〕根據(jù)題干可知：1、營(yíng)養(yǎng)級(jí)之間的能量流動(dòng)效率10%～20%；2、每個(gè)種群只處于一個(gè)營(yíng)養(yǎng)級(jí)。戊占有能量最多，應(yīng)屬于第一營(yíng)養(yǎng)級(jí)；乙和丙能量值處于同一數(shù)量級(jí)并且二者之和〔23.1〕介于戊能量值的10%～20%〔10.20%〕，故乙和丙應(yīng)同屬于第二營(yíng)養(yǎng)級(jí)；甲能量值介于第二營(yíng)養(yǎng)級(jí)的10%～20%〔15.4%〕，應(yīng)屬于第三營(yíng)養(yǎng)級(jí)；丁能量值介于第三營(yíng)養(yǎng)級(jí)的10%～20%〔13.48%〕，應(yīng)屬于第四營(yíng)養(yǎng)級(jí)?！?〕根據(jù)〔1〕的食物網(wǎng)可推知：甲乙種間關(guān)系是捕食；題干已聲明所列數(shù)據(jù)不包括分解者，而戊屬于第一營(yíng)養(yǎng)級(jí)，為生產(chǎn)者，因此其余生物包括丁在內(nèi)均為消費(fèi)者?！?〕物質(zhì)循環(huán)、能量流動(dòng)、信息傳遞是生態(tài)系統(tǒng)的三大主要功能；碳以CO2的形式在生物群落與無(wú)機(jī)環(huán)境之間循環(huán)往復(fù)。

32．〔11分〕山羊性別決定方式為XY型。下面的系譜圖表示了山羊某種性狀的遺傳，圖中深色表示該種性狀的表現(xiàn)者。

該性狀受一對(duì)等位基因控制，在不考慮染色體變異和基因突變的條件下，答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕據(jù)系譜圖推測(cè)，該性狀為

①

〔填“隱性〞或“顯性〞〕性狀。〔2〕假設(shè)控制該性狀的基因位于Y染色體上，依照Y染色體上基因的遺傳規(guī)律，在第Ⅲ代中表現(xiàn)型不符合該基因遺傳規(guī)律的個(gè)體是

②

〔填個(gè)體編號(hào)〕?！?〕假設(shè)控制該性狀的基因僅位于X染色體上，那么系譜圖中一定是雜合子的個(gè)體是

③

〔填個(gè)體編號(hào)〕，可能是雜合子的個(gè)體是

④

〔填個(gè)體編號(hào)〕。【答案】〔1〕①隱性

〔2〕②Ⅲ-1、Ⅲ-3和Ⅲ-4

〔3〕③Ⅰ-2、Ⅱ-2、Ⅱ-4

④Ⅲ-2【解析】〔1〕①根據(jù)系譜圖，Ⅱ-1和Ⅱ-2均不表現(xiàn)該性狀，但他們的后代Ⅲ-1出現(xiàn)該性狀，推知該性狀為隱性，Ⅱ-1和Ⅱ-2為該性狀的攜帶者。〔2〕假設(shè)該性狀基因位于Y染色體上，該性狀由Y染色體傳遞，因此表現(xiàn)該性狀個(gè)體的所有雄性后代和雄性親本都表現(xiàn)該性狀，且雌性個(gè)體不會(huì)表現(xiàn)該性狀。據(jù)此理論上第Ⅲ世代各個(gè)體的性狀表現(xiàn)應(yīng)為：Ⅲ-1

不表現(xiàn)該性狀〔因?yàn)棰?1不表現(xiàn)該性狀〕、Ⅲ-2和Ⅲ-3均不表現(xiàn)該性狀〔因?yàn)槭谴菩浴场ⅱ?4表現(xiàn)該性狀〔因?yàn)棰?3表現(xiàn)該性狀〕。結(jié)合系譜圖可知，不符合該基因遺傳規(guī)律的個(gè)體是Ⅲ-1、Ⅲ-3和Ⅲ-4。〔3〕假設(shè)該控制該性狀的基因僅位于X染色體上，且由〔1〕知該性狀為隱性遺傳〔為解析方便假定該性狀由基因A-a控制〕；Ⅰ-2和Ⅱ-2均未表現(xiàn)出該性狀〔XAX-〕，但他們的雄性后代〔Ⅱ-3和Ⅲ-1〕卻表現(xiàn)出該性狀〔XaY〕；同時(shí)考慮到雄性個(gè)體的X染色體來(lái)自于雌性親本，據(jù)此斷定Ⅰ-2和Ⅱ-2一定為雜合體〔XAXa〕。Ⅲ-3表現(xiàn)該性狀〔XaXa〕，其所含的一條X染色體必然源自Ⅱ-4

〔XaX-〕；同時(shí)Ⅲ-3不表現(xiàn)該性狀，據(jù)此斷定Ⅱ-4為雜合體〔XAXa〕。Ⅲ-2表現(xiàn)不該性狀〔XAX-〕，其雌性親本Ⅱ-2為雜合體〔XAXa〕，因此Ⅲ-2既可以是雜合子〔XAXa〕也可以是純合子〔XAXA〕。39．[生物——選修1：生物技術(shù)實(shí)踐]〔15分〕為了調(diào)查某河流的水質(zhì)狀況，某研究小組測(cè)定了該河流水樣中的細(xì)菌含量，并進(jìn)行了細(xì)菌的別離等工作。答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕該小組采用稀釋涂布平板法檢測(cè)水樣中的細(xì)菌含量。在涂布接種前，隨機(jī)取假設(shè)干滅菌后的空平板先行培養(yǎng)了一段時(shí)間，這樣做的目的是

；然后，將1mL水樣稀釋100倍，在3個(gè)平板上用涂布法分別接入0.1mL稀釋液；經(jīng)適當(dāng)培養(yǎng)后，3個(gè)平板上的菌落數(shù)分別為39、38和37。據(jù)此可得出每升水樣中的活菌數(shù)為

?！?〕該小組采用平板劃線法別離水樣中的細(xì)菌。操作時(shí)，接種環(huán)通過(guò)

滅菌，在第二次及以后劃線時(shí)，總是從上一次的末端開(kāi)始劃線。這樣做的目的是

。〔3〕示意圖A和B中，

表示的是用稀釋涂布平板法接種培養(yǎng)后得到的結(jié)果。

〔4〕該小組將得到的菌株接種到液體培養(yǎng)基中并混勻，一局部進(jìn)行靜置培養(yǎng)，另一局部進(jìn)行振蕩培養(yǎng)。結(jié)果發(fā)現(xiàn)：振蕩培養(yǎng)的細(xì)菌比靜置培養(yǎng)的細(xì)菌生長(zhǎng)速度快。分析其原因是：振蕩培養(yǎng)能提高培養(yǎng)液的

的含量，同時(shí)可以使菌體與培養(yǎng)液充分接觸，提高

的利用率?！敬鸢浮俊?〕檢測(cè)培養(yǎng)基平板滅菌是否合格

3.8×10〔2〕灼燒；

將聚集的菌體逐步稀釋以便獲得單個(gè)菌落〔3〕B

⑷、溶解氧

營(yíng)養(yǎng)物質(zhì)【解析】〔1〕為了確定培養(yǎng)基的滅菌是否合格，微生物學(xué)實(shí)驗(yàn)一般會(huì)設(shè)置空白對(duì)照：隨機(jī)取假設(shè)干滅菌后的空平板培養(yǎng)一段時(shí)間，觀察培養(yǎng)基上是否有菌落生成；利用平板菌落計(jì)數(shù)法的計(jì)算公式估算水樣中的活菌數(shù)：

〔2〕接種時(shí)接種環(huán)需要灼燒滅菌；在第二次及以后劃線時(shí)，總是從上一次的末端開(kāi)始劃線，這樣做的目的是：通過(guò)劃線次數(shù)的增加，使每次劃線時(shí)菌體的數(shù)目逐漸減少，以便得到菌落?！?〕由題圖可知B圖為平板劃線法接種的結(jié)果〔菌落相對(duì)均勻分布〕?！?〕震蕩培養(yǎng)可以增加液體培養(yǎng)基的氧氣含量，促進(jìn)好氧型微生物的生長(zhǎng)；另外震蕩培養(yǎng)還可以使菌體與培養(yǎng)液充分接觸，提高營(yíng)養(yǎng)物質(zhì)的利用率。40．[生物——選修3：現(xiàn)代生物科技專題](15分)植物甲具有極強(qiáng)的耐旱性，其耐旱性與某個(gè)基因有關(guān)。假設(shè)從該植物中獲得該耐旱基因，并將其轉(zhuǎn)移到耐旱性低的植物乙中，有可能提高后者的耐旱性。答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕理論上，基因組文庫(kù)含有生物的

基因；而cDNA文庫(kù)中含有生物的

基因?！?〕假設(shè)要從植物甲中獲得耐旱基因，可首先建立該植物的基因組文庫(kù)，再?gòu)闹?/p>

出所需的耐旱基因?！?〕將耐旱基因?qū)朕r(nóng)桿菌，并通過(guò)農(nóng)桿菌轉(zhuǎn)化法將其導(dǎo)入植物

的體細(xì)胞中，經(jīng)過(guò)一系列的過(guò)程得到再生植株。要確認(rèn)該耐旱基因是否在再生植株中正確表達(dá)，應(yīng)檢測(cè)此再生植株中該基因的

，如果檢測(cè)結(jié)果呈陽(yáng)性，再在田間試驗(yàn)中檢測(cè)植株的

是否得到提高?！?〕假設(shè)用得到的二倍體轉(zhuǎn)基因耐旱植株自交，子代中耐旱與不耐旱植株的數(shù)量比為3∶1時(shí)，那么可推測(cè)該耐旱基因整合到了

〔填“同源染色體的一條上〞或“同源染色體的兩條上〞〕?！敬鸢浮俊?〕全部

局部〔2〕篩選〔3〕乙

表達(dá)產(chǎn)物

耐旱性〔4〕同源染色體的一條上【解析】〔1〕基因文庫(kù)包括基因組文庫(kù)和cDNA文庫(kù)，基因組文庫(kù)包含生物基因組的所全部基因，cDNA文庫(kù)是以mRNA反轉(zhuǎn)錄后構(gòu)建的，只含有已經(jīng)表達(dá)的基因〔并不是所有基因都會(huì)表達(dá)〕，即局部基因?！?〕從基因文庫(kù)中獲取目的基因需要進(jìn)行篩選?！?〕要提高植物乙的耐旱性，需要要利用農(nóng)桿菌轉(zhuǎn)化法將耐旱基因?qū)胫参镆业捏w細(xì)胞中。要檢測(cè)目的基因〔耐旱基因〕是否表達(dá)應(yīng)該用抗原抗體雜交檢測(cè)目的基因〔耐旱基因〕的表達(dá)產(chǎn)物〔即耐旱的相關(guān)蛋白質(zhì)〕；個(gè)體水平檢測(cè)可以通過(guò)田間實(shí)驗(yàn)，觀察檢測(cè)其耐旱性情況?！?〕如果耐旱基因整合到同源染色體的兩條上，那么子代將全部表現(xiàn)耐旱，不會(huì)出現(xiàn)性狀別離。[或“如果耐旱基因整合到同源染色體的一條上，那么轉(zhuǎn)基因植株的基因型可以用A_表示〔A表示耐旱基因，_表示另一條染色體上沒(méi)有相應(yīng)的基因〕，A_自交后代基因型為AA∶A_∶_

_=1∶2∶1，所以耐旱∶不耐旱=3∶1，與題意相符。〞]一、選擇題〔每題6分，共42分〕7．以下過(guò)程沒(méi)有發(fā)生化學(xué)反響的是A．用活性炭去除冰箱中的異味B．用熱堿水去除炊具上殘留的油污C．用浸泡過(guò)高錳酸鉀溶液的硅藻土保存水果D．用含硅膠、鐵粉的透氣小袋與食品一起密封包裝【答案】A【解析】考察化學(xué)變化的概念?；钚蕴砍ケ渲械漠愇妒俏锢砦阶饔谩釅A溶液有利于酯類物質(zhì)的水解，可用熱堿液除去油污；酸性高錳酸鉀溶液吸收乙烯可以用來(lái)保存水果；鐵粉可防止食品被氧化，硅膠可使食品保持枯燥。選擇A。【知識(shí)點(diǎn)】物理變化和化學(xué)變化;脂類水解;鐵、銅及其化合物【試題難度】較小8．四聯(lián)苯的一氯代物有A．3種B．4種C．5種D．6種【答案】C【解析】考察同分異構(gòu)體種類。根據(jù)四聯(lián)苯的兩個(gè)對(duì)稱軸，聯(lián)苯的一氯代物有5種結(jié)構(gòu)。選擇C。【知識(shí)點(diǎn)】同分異構(gòu)體;有機(jī)物的結(jié)構(gòu)【試題難度】較小9．以下反響中，反響后固體物質(zhì)增重的是A．氫氣通過(guò)灼熱的CuO粉末B．二氧化碳通過(guò)Na2O2粉末C．鋁與Fe2O3發(fā)生鋁熱反響D．將鋅粒投入Cu(NO3)2溶液【答案】B【解析】考察化學(xué)反響中固體質(zhì)量改變的分析。氫氣通過(guò)灼熱的CuO粉末后，CuO→Cu固體的質(zhì)量減??；二氧化碳通過(guò)Na2O2粉末后生成Na2CO3，固體的質(zhì)量增大；鋁與Fe2O3發(fā)生鋁熱反響生成Al2O3，固體的質(zhì)量不變；將鋅粒投入Cu(NO3)2溶液置換出銅，Zn→Cu，固體的質(zhì)量減小。選擇B。【知識(shí)點(diǎn)】根本概念的知識(shí)【試題難度】中等10.以下圖示實(shí)驗(yàn)正確的選項(xiàng)是A.出去粗鹽溶液中不溶物B.碳酸氫鈉受熱分解C.除去CO氣體中的CO2氣體D.乙酸乙酯的制備演示實(shí)驗(yàn)【答案】D【解析】考察實(shí)驗(yàn)根本操作。解析：A錯(cuò)，玻璃棒應(yīng)靠在濾紙的三層處；B錯(cuò)，固體加熱試管口應(yīng)朝下；C錯(cuò)，進(jìn)氣管應(yīng)長(zhǎng)，進(jìn)入溶液中。D正確，是乙酸乙酯的實(shí)驗(yàn)室制法。選擇D?！局R(shí)點(diǎn)】化學(xué)實(shí)驗(yàn)根底知識(shí);物質(zhì)的制備、收集和凈化【試題難度】中等11．一定溫度下，以下溶液的離子濃度關(guān)系式正確的選項(xiàng)是A．pH=5的H2S溶液中，c(H+)=c(HS－)=1×10—5mol·L—1B．pH=a的氨水溶液，稀釋10倍后，其pH=b，那么a=b+1C．pH=2的H2C2O4c(Na＋)+c(H＋)=c(OH－)+c(HC2O4－)D．pH相同的①CH3COONa②NaHCO3③NaClO三種溶液的c(Na＋)：①＞②＞③【答案】【解析】考察離子濃度的關(guān)系。A錯(cuò)，由電荷守恒，c(H＋)=c(HS－)＋c(OH－)＋2c(S2－)；B錯(cuò)，弱堿溶液稀釋電離平衡正向移動(dòng)，稀釋10倍，溶液的pH減小小于1；C錯(cuò)，c(Na＋)+c(H＋)=c(OH－)+c(HC2O4－)+2c(C2O42－)。D項(xiàng)，根據(jù)酸性：CH3COOH>H2CO3>HClO，相應(yīng)的鹽在PH值相同時(shí)，C(CH3COONa)>C(NaHCO3)>C(NaClO)。選擇D?！局R(shí)點(diǎn)】離子濃度【試題難度】中等12．2023年3月我國(guó)科學(xué)家報(bào)道了如下圖的水溶液離子電池體系。以下表達(dá)錯(cuò)誤的選項(xiàng)是A．a(chǎn)為電池的正極B．電池充電反響為L(zhǎng)iMn2O4AUTOTEXT=====Li1－xMn2O4＋xLiC．放電時(shí)，a極鋰的化合價(jià)發(fā)生變化D．放電時(shí)，溶液中的Li＋從b向a遷移【答案】【解析】考察原電池原理。由電池的結(jié)構(gòu)知，b電極為負(fù)極，反響為L(zhǎng)i－e－=Li＋，a電極為正極，LiMn2O4中的Mn元素化合價(jià)發(fā)生變化，放電時(shí)，Li＋向正極移動(dòng)，因此只有C項(xiàng)錯(cuò)誤。選擇C?！局R(shí)點(diǎn)】原電池;電解池【試題難度】中等13．室溫下，將1mol的CuSO4·5H2O(s)溶于水會(huì)使溶液溫度降低，熱效應(yīng)為△H1，將1mol的CuSO4(s)溶于水會(huì)使溶液溫度升高，熱效應(yīng)為△H2；CuSO4·5H2O受熱分解的化學(xué)方程式為：CuSO4·5H2O(s)AUTOTEXT=加熱=CuSO4(s)+5H2O(l)，熱效應(yīng)為△H3。那么以下判斷正確的選項(xiàng)是A．△H2＞△H3B．△H1＜△H3C．△H1+△H3=△H2D．△H1+△H2＞△H3【答案】【解析】考察蓋斯定律。1mol的CuSO4·5H2O(s)溶于水會(huì)使溶液溫度降低,可以將1mol的CuSO4·5H2O(s)溶于水分為兩個(gè)過(guò)程：〔1〕CuSO4·5H2O(s)AUTOTEXT=加熱=CuSO4(s)+5H2O(l)，熱效應(yīng)為△H3,(2)將1mol的CuSO4(s)溶于水會(huì)使溶液溫度升高，熱效應(yīng)為△H2，因此△H1=△H3+△H2.由于△H2.小于零，因此△H1＜△H3。選擇B?！局R(shí)點(diǎn)】蓋斯定律;化學(xué)反響與能量變化【試題難度】中等二、非選擇題〔43分〕26．〔13分〕在容積為1.00L的容器中，通入一定量的N2O4，發(fā)生反響N2O4(g)2NO2(g)，隨溫度升高，混合氣體的顏色變深。答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕反響的△H0〔填“大于〞“小于〞〕；100℃時(shí)，體系中各物質(zhì)濃度隨時(shí)間變化如上圖所示。在0~60s時(shí)段，反響速率v(N2O4)為mol?L-1?s-1反響的平衡常數(shù)K1為?！?〕100℃時(shí)到達(dá)平衡后，改變反響溫度為T，c(N2O4)以0.0020mol?L-1?s-1的平均速率降低，經(jīng)10s又到達(dá)平衡。①T100℃〔填“大于〞“小于〞〕，判斷理由是。②列式計(jì)算溫度時(shí)反響的平衡常數(shù)K2〔3〕溫度T時(shí)反響達(dá)平衡后，將反響容器的容積減少一半，平衡向〔填“正反響〞或“逆反響〞〕方向移動(dòng)，判斷理由是?！敬鸢浮俊?〕大于；0.0010；0.36〔2〕①大于；正反響方向吸熱，升高溫度，平衡向正反響方向進(jìn)行；②K2=EQ\f(0.0162,0.020)=1.3〔3〕逆反響；對(duì)于氣體分子數(shù)增大的反響，增大壓強(qiáng)，平衡向逆反響方向移動(dòng)?！窘馕觥恳訬2O4和NO2相互轉(zhuǎn)化為反響考察化學(xué)平衡理論。涉及△H的判斷、反響速率的計(jì)算、平衡常數(shù)的計(jì)算，平衡移動(dòng)分析?！?〕溫度升高，體系的顏色加深，化學(xué)平衡正向移動(dòng)，反響放熱，△H﹤0；V(N2O4)=0.06mol/L/60S=0.001mol/L/S;N2O42NO2起始：0.1mol/L0轉(zhuǎn)化：0.06mol/L0.12mol/L平衡：0.04mol/L0.12mol/LK=[NO2]2/[N2O4]=;〔2〕①升高溫度，化學(xué)平衡正向移動(dòng)，T大于100℃；②c(N2O4)以0.0020mol?L-1?s-1的平均速率降低,經(jīng)10s又到達(dá)平衡，平衡時(shí)，N2O4的濃度為0.02mol/L,NO2的濃度為0.16mol/L，化學(xué)平衡常數(shù)為;〔3〕壓縮體積一半，各物質(zhì)的濃度均為N2O40.04mol/LNO20.32mol/L,濃度熵小于此溫度下的化學(xué)平衡常數(shù)，化學(xué)平衡正向移動(dòng)。【知識(shí)點(diǎn)】化學(xué)反響速率;化學(xué)計(jì)算;化學(xué)平衡;反響平衡常數(shù);化學(xué)反響進(jìn)行的方向【試題難度】較小27．〔15分〕鉛及其化合物可用于蓄電池，耐酸設(shè)備及X射線防護(hù)材料等。答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕鉛是碳的同族元素，比碳多4個(gè)電子層。鉛在元素周期表的位置為第周期、第族；2PbO2的酸性比CO2的酸性(填“強(qiáng)〞或“弱〞)?！?〕PbO2與濃鹽酸共熱生成黃綠色氣體，反響的化學(xué)方程式為?！?〕PbO2可由PbO與次氯酸鈉溶液反響制得，反響的離子方程式為；PbO2也可以通過(guò)石墨為電極，Pb(NO3)2和Cu(NO3)2的混合溶液為電解液制取，陽(yáng)極發(fā)生的電極反響式為，陰極上觀察到的現(xiàn)象是；假設(shè)電解液中不參加Cu(NO3)2，陰極發(fā)生的電極反響式為，這樣做的主要缺點(diǎn)是?！?〕PbO2在加熱過(guò)程中發(fā)生分解的失重曲線如以下圖所示，失重曲線上的a點(diǎn)為樣品失重4.0%[即(樣品起始質(zhì)量-a點(diǎn)固體質(zhì)量)/樣品起始質(zhì)量×100%]的殘留固體。假設(shè)a點(diǎn)固體組成表示為PbOx或mPbO2·nPbO。列式計(jì)算x值和m:n值?！敬鸢浮俊?〕4；=6\*ROMANVIA；弱；〔2〕PbO2＋4HCl(濃)AUTOTEXT=加熱=PbCl2＋Cl2↑+2H2O;〔3〕PbO＋ClO－=PbO2＋Cl－；Pb2＋－2e－＋2H2O=PbO2＋4H＋;有紫紅色固體析出；陰極發(fā)生的反響為Pb2＋＋2e-=Pb,損失一局部鉛，鉛的利用率降低?！?〕，；【解析】以PbO2為背景考察元素周期表、反響原理、電解池原理和物質(zhì)的量的計(jì)算?！?〕鉛元素在周期表中第4周期=6\*ROMANVIA族；同主族元素，從上到下隨著原子序數(shù)的增加，元素的金屬性增強(qiáng)，非金屬性減弱，PbO2的酸性比CO2的弱；〔2〕PbO2與濃鹽酸反響，生成Cl2，說(shuō)明PbO2被復(fù)原，由鉛元素的化合價(jià)知生成PbCl2，化學(xué)方程式為PbO2＋4HCl(濃)=PbCl2＋Cl2↑+2H2O;〔3〕PbO與ClO－反響生成PbO2，同時(shí)有Cl－生成，離子化學(xué)方程式為PbO＋ClO－=PbO2＋Cl－，電解Pb(NO3)2和Cu(NO3)2的混合溶液，陽(yáng)極發(fā)生氧化反響生成PbO2，電極反響式為Pb2＋－2e－＋2H2O=PbO2＋4H＋;陰極發(fā)生復(fù)原反響，陰極發(fā)生的反響為Cu2＋＋2e－=Cu;假設(shè)溶液中不參加Cu(NO3)2溶液，陰極發(fā)生的反響為Pb2＋＋2e-=Pb,損失一局部鉛，鉛的利用率降低?！?〕設(shè)有1molPbO2參加反響，a點(diǎn)時(shí)失去的質(zhì)量為239×0.04=9.56g，剩余的固體中鉛元素的質(zhì)量為207g，那么氧元素的質(zhì)量為22.4g，n(Pb)：n(O)=1：1.4，那么Pb2＋與Pb4＋的比例是3：2.【知識(shí)點(diǎn)】其他金屬及其化合物;化學(xué)方程式書(shū)寫(xiě);原電池;離子方程式的書(shū)寫(xiě)及正誤判斷;化學(xué)計(jì)算【試題難度】較大28．〔15分〕某小組以CoCl2·6H2O、NH4Cl、H2O2、濃氨水為原料，在活性炭催化下，合成橙黃色晶體X。為確定其組成，進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)：①氨的測(cè)定：精確稱取wgX，參加適量水溶解，注入如下圖的三頸瓶中，然后逐滴參加足量10%NaOH溶液，通入水蒸氣，將樣品液中的氨全部蒸出，用V1mLC1mol·L－1的鹽酸標(biāo)準(zhǔn)溶液吸收。蒸氨結(jié)束后取下接受瓶，用C2mol·L－1NaOH標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定過(guò)量HCl，到終點(diǎn)時(shí)消耗V2mLNaOH溶液。②氯的測(cè)定：準(zhǔn)確稱取樣品X，配成溶液后用硝酸銀標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定，K2CrO4溶液為指示劑，至出現(xiàn)淡黃色測(cè)定不再消失為終點(diǎn)〔Ag2CrO4為磚紅色〕。答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕裝置平安管的作用原理是?！?〕用NaOH標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定過(guò)剩HCl時(shí)，應(yīng)使用式滴定管，可用的指示劑是?！?〕樣品中氨的質(zhì)量分?jǐn)?shù)表達(dá)式為?！?〕測(cè)定氨前應(yīng)對(duì)裝置氣密性進(jìn)行檢驗(yàn)，假設(shè)氣密性不好，測(cè)定結(jié)果將〔填“偏高〞或“偏低〞〕〔5〕測(cè)定氯的過(guò)程中，使用棕色滴定管的原因是；滴定終點(diǎn)時(shí)，假設(shè)c(Ag＋)=2.0×10—5mol·L－1，c(CrO42－)=mol·L－1。〔Ksp〔Ag2CrO4〕=1.12×10—12〕〔6〕經(jīng)測(cè)定，樣品X中Co、氨和氯的物質(zhì)的量之比為1：6：3，鈷的化合價(jià)為，制備X的化學(xué)方程式為，X的制備過(guò)程中溫度不能過(guò)高的原因是?！敬鸢浮俊?〕使A中的壓強(qiáng)穩(wěn)定；〔2〕堿；酚酞〔甲基橙〕〔3〕；〔4〕偏低；〔5〕防止硝酸銀見(jiàn)光分解；2.8×10-3；〔6〕2CoCl2＋2NH4Cl＋10NH3＋H2O2AUTOTEXT=====2[Co(NH3)6]Cl3＋2H2O；溫度過(guò)高H2O2發(fā)生分解，生成的氨氣揮發(fā)，都會(huì)造成測(cè)量結(jié)果不準(zhǔn)確。【解析】考察化學(xué)實(shí)驗(yàn)，屬于定量實(shí)驗(yàn)方案設(shè)計(jì)?！?〕無(wú)論三徑瓶中的壓強(qiáng)過(guò)大或過(guò)小，都不會(huì)造成危險(xiǎn)，假設(shè)過(guò)大，A中導(dǎo)管中的液面升高，將緩沖壓力，假設(shè)過(guò)小，外界空氣通過(guò)導(dǎo)管進(jìn)入燒瓶，也不會(huì)造成倒吸；平安作用的原理是使A中的壓強(qiáng)穩(wěn)定。〔2〕盛裝堿性溶液應(yīng)該用堿式滴定管，可以用酚酞或甲基橙做指示劑，終點(diǎn)時(shí)溶液的顏色變化是由無(wú)色變?yōu)闇\紅色，半分鐘內(nèi)不褪色或由黃色變?yōu)槌壬?，半分鐘?nèi)不褪色；〔3〕由題中的數(shù)據(jù)知，mol，因此樣品中氨的質(zhì)量分?jǐn)?shù)；〔4〕假設(shè)裝置的氣密性不好氨氣逸出，測(cè)量結(jié)果將偏低；〔5〕由于硝酸銀溶液見(jiàn)光易分解，用棕色滴定管防止硝酸銀分解；由Ksp=c(Ag＋)2×c(CrO42－),可計(jì)算，c(CrO42－)=2.8×10-3mol·L－1?！?〕由化合價(jià)代數(shù)和為零可計(jì)算CO元素的化合價(jià)，X的化學(xué)式為[CO(NH3)6]Cl3，因此合成反響方程式為2CoCl2＋2NH4Cl＋10NH3＋H2O2AUTOTEXT=====2[Co(NH3)6]Cl3＋2H2O反響過(guò)程中，溫度過(guò)高H2O2發(fā)生分解，生成的氨氣揮發(fā)，都會(huì)造成測(cè)量結(jié)果不準(zhǔn)確?！局R(shí)點(diǎn)】化學(xué)實(shí)驗(yàn)根底知識(shí);化學(xué)實(shí)驗(yàn)的設(shè)計(jì)與評(píng)價(jià);化學(xué)方程式書(shū)寫(xiě)【試題難度】較大三、選考題〔15分〕36．〔化學(xué)—選修2：化學(xué)與技術(shù)〕〔15分〕將海水淡化與濃海水資源化結(jié)合起來(lái)是綜合利用海水資源的重要途徑之一。一般先把海水淡化獲得淡水，再?gòu)氖Ｓ嗟臐夂Ｋ型ㄟ^(guò)一系列工藝流程提取其他產(chǎn)品。答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕以下改良和優(yōu)化海水綜合利用工藝的設(shè)想和做法可行的是；A．用混凝法獲取淡水B．提高局部產(chǎn)品的質(zhì)量C．優(yōu)化提取產(chǎn)品的品種D．改良鉀、溴、鎂的提取工藝〔2〕采用“空氣吹出法〞從濃海水中提取Br2，并用純堿吸收。堿吸收的主要反響是Br2＋Na2CO3＋H2OAUTOTEXT=>NaBrO3＋NaBr＋NaHCO3，吸收1molBr2時(shí)，轉(zhuǎn)移電子為mol?！?〕海水提取鎂的工藝流程如以下圖濃海水的主要成分如下：該工藝過(guò)程中，脫硫階段主要反響的離子方程式為，產(chǎn)品2的化學(xué)式為，1L濃海水最多可得到產(chǎn)品2的質(zhì)量為g?！?〕采用石墨陽(yáng)極、不銹鋼陰極電解熔融氯化鎂，發(fā)生反響的化學(xué)方程式為，電解時(shí)，假設(shè)有少量水存在會(huì)造成產(chǎn)品鎂的消耗，寫(xiě)出有關(guān)反響的化學(xué)方程式?！敬鸢浮俊?〕BCD〔2〕5/3〔3〕Ca2＋+SO42－=CaSO4↓;Mg(OH)2；69.6；〔5〕MgCl2Mg＋Cl2↑,Mg＋2H2OAUTOTEXT=加熱=Mg(OH)2＋H2↑【解析】〔1〕混凝法是一種去除廢水中懸浮物質(zhì)和膠體的別離技術(shù)的海水淡化方法,是傳統(tǒng)海水淡化方法：〔2〕根據(jù)電子守恒有，3Br2—NaBrO3—5NaBr—5e－，可知吸收1molBr2轉(zhuǎn)移電子5/3mol，〔3〕由流程知，脫硫?qū)嶋H上就是沉淀SO42－,化學(xué)反響為Ca2＋+SO42－=CaSO4↓;由流程知產(chǎn)品2是Mg(OH)2，1L海水中含有的Mg2＋的物質(zhì)的量為1.2mol，因此可得到氫氧化鎂沉淀的質(zhì)量是69.6g；〔4〕電解融化態(tài)的MgCl2制取Mg的化學(xué)方程式為MgCl2Mg＋Cl2↑,電解過(guò)程中含有水，高溫下鎂與水反響造成鎂的損耗，化學(xué)方程式為Mg＋2H2OAUTOTEXT=加熱=Mg(OH)2＋H2↑【知識(shí)點(diǎn)】氧化復(fù)原反響方程式;離子方程式的書(shū)寫(xiě)及正誤判斷;化學(xué)計(jì)算;化學(xué)方程式書(shū)寫(xiě)【試題難度】較小37．〔化學(xué)—選修3：物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)〕〔共15分〕周期表前四周期的元素a、b、c、d、e，原子序數(shù)依次增大。a的核外電子總數(shù)與其周期數(shù)相同，b的價(jià)電子層中未成對(duì)電子有3個(gè)，c的最外層電子數(shù)是最內(nèi)層電子數(shù)的3倍，d與c同族，e的最外層只有1個(gè)電子，但次外層有18個(gè)電子。答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕b、c、d的第一電離能最大的是〔填元素符號(hào)〕，e的價(jià)層電子軌道示意圖為?！?〕a與其他元素形成的二元共價(jià)化合物中，分子成三角錐形，該分子的中心原子的雜化方式為；分子中既含有極性共價(jià)鍵，又含有非極性共價(jià)鍵的化合物是〔填化學(xué)式，寫(xiě)兩種〕?！?〕這些元素形成的含氧酸中，分子的中心原子價(jià)層電子對(duì)數(shù)為3的酸是；酸根呈三角錐形結(jié)構(gòu)的酸是〔填化學(xué)式〕〔4〕e與c形成的一種離子化合物的晶體結(jié)構(gòu)如圖1，那么e離子的電荷為?！?〕這五種元素形成的一種1：1型離子化合