2023人教版帶答案高中物理選修一綜合測試題經(jīng)典知識題庫

單選題1、如圖，A、B兩個物體，用一根輕彈簧相連，放在光滑的水平面上，已知A物體質(zhì)量為B物體的一半，A物體左邊有一豎直擋板，現(xiàn)用水平力向左緩慢推B物體，壓縮彈簧，外力做功為W。突然撤去外力，B物體從靜止開始向右運(yùn)動，以后帶動A物體做復(fù)雜的運(yùn)動，當(dāng)物體A開始向右運(yùn)動以后，彈簧的彈性勢能最大值為（

）A．B．C．D．答案：C現(xiàn)用水平力向左緩慢推B物體，壓縮彈簧，外力做功為，根據(jù)能量守恒知簧儲存的彈性勢能大小是，設(shè)A物體剛運(yùn)動時，彈簧彈性勢能轉(zhuǎn)化為B的動能，B物體的速度為，則當(dāng)彈性勢能最大時，兩物體的速度相等，設(shè)為，則由動量守恒得再由機(jī)械能守恒定律得聯(lián)立解得，當(dāng)物體A開始向右運(yùn)動以后，彈簧的彈性勢能最大值為故選C。2、一束紅光射向一塊有雙縫的不透光的薄板，在薄板后的光屏上呈現(xiàn)明暗相間的干涉條紋?，F(xiàn)在將其中一條窄縫擋住，讓這束紅光只通過一條窄縫，則在光屏上可以看到（）A．與原來相同的明暗相間的條紋，只是明條紋比原來暗些B．與原來不相同的明暗相間的條紋，而且中央明條紋比兩側(cè)的寬些C．只有一條與縫寬對應(yīng)的明條紋D．無條紋，只存在一片紅光答案：B這束紅光通過雙縫產(chǎn)生了干涉現(xiàn)象，說明每條縫都很窄，這就滿足了這束紅光發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件，這束紅光形成的干涉圖樣特點是，中央出現(xiàn)明條紋，兩側(cè)對稱地出現(xiàn)等間隔的明暗相間條紋；這束紅光通過單縫時形成的衍射圖樣特點是，中央出現(xiàn)較寬的明條紋，兩側(cè)對稱地出現(xiàn)不等間隔的明暗相間條紋，且距中央明條紋遠(yuǎn)的明條紋亮度迅速減弱，所以衍射圖樣看上去明暗相間的條紋數(shù)量較少，故B正確，ACD錯誤。故選B。3、一列簡諧橫波沿x軸傳播，t=0時的波形如圖中實線所示，時的波形如圖中虛線所示，則其波速大小的可能值是（

）A．15m/sB．25m/sC．30m/sD．45m/s答案：D設(shè)波的周期為T，若波沿x軸正方向傳播，則

①解得

②則波速為

③若波沿x軸負(fù)方向傳播，則

④解得

⑤則波速為

⑥將四個選項中波速值代入③⑥中，可知只有D項使⑥式的n有整數(shù)解。故選D。4、如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量之比mA：mB＝3：2，原來靜止在平板小車C上，A、B間有一根被壓縮的彈簧，地面光滑，當(dāng)彈簧突然釋放后，則（

）A．若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，A、B組成系統(tǒng)的動量守恒B．若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)不同，A、B、C組成系統(tǒng)的動量不守恒C．若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C組成系統(tǒng)的動量守恒D．若A、B所受的摩擦力大小不相等，A、B、C組成系統(tǒng)的動量不守恒答案：CA．若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，由于A的質(zhì)量大于B的質(zhì)量，A物體受到的摩擦力大于B物體受到的摩擦力，A、B系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動量不守恒的，故A錯誤；B．無論A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)是否相同，A、B、C組成系統(tǒng)的合外力都為零，A、B、C組成系統(tǒng)的動量守恒，故B錯誤；CD．無論A、B所受的摩擦力大小是否相等，A、B、C組成系統(tǒng)所受合外力都為零，A、B、C組成系統(tǒng)的動量守恒，故C正確，D錯誤。故選C。5、如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，實線為時刻的波形，虛線為s時的波形，P為平衡位置在m處的質(zhì)點，為平衡位置在m處的質(zhì)點。0.15s時間內(nèi)，質(zhì)點P運(yùn)動的路程小于8cm，則下列判斷不正確的是（

）A．0.15s時間內(nèi)，質(zhì)點P的路程為cmB．質(zhì)點Q振動的周期為0.4sC．若此波遇到寬度為7.8m的障礙物時能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象D．質(zhì)點Q的振動方程為（cm）答案：DAB．由于0.15s時間內(nèi)，質(zhì)點P運(yùn)動的路程小于8cm，即s小于半個周期，波在s時間內(nèi)向前傳播了3m，則波速為周期為因此P質(zhì)點振動了s，其路程為cm，故AB都正確；C．此波的波長為8m，遇到寬度為7.8m的障礙物時能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故C正確；D．質(zhì)點Q在時刻處于平衡位置正在向下振動，初相位為，則振動方程為故D項錯誤。故選D。6、關(guān)于反沖運(yùn)動的說法中，正確的是（）A．拋出部分的質(zhì)量m1要小于剩下部分的質(zhì)量m2才能獲得反沖B．反沖運(yùn)動中，牛頓第三定律適用，但牛頓第二定律不適用C．若拋出部分的質(zhì)量m1大于剩下部分的質(zhì)量m2，則m2的反沖力大于m1所受的力D．拋出部分和剩余部分都適用于牛頓第二定律答案：DA．反沖運(yùn)動是指由于系統(tǒng)的一部分物體向某一方向運(yùn)動，而使另一部分向相反方向運(yùn)動。定義中并沒有確定兩部分物體之間的質(zhì)量關(guān)系，故A錯誤；BD．

在反沖運(yùn)動中一部分受到的另一部分的作用力產(chǎn)生了該部分的加速度，使該部分的速度逐漸增大，在此過程中對每一部分牛頓第二定律都成立，故B錯誤，D正確；C．在反沖運(yùn)動中，兩部分之間的作用力是一對作用力與反作用力，由牛頓第三定律可知，它們大小相等、方向相反，故C錯誤。故選D。7、如圖所示，是一列簡諧波沿x軸正方向傳播的某時刻的波形圖，a在正向最大位移處，b恰好處在平衡位置，經(jīng)過Δt＝的時間，關(guān)于a、b兩個質(zhì)點所通過的路程的關(guān)系下列說法正確的是（

）A．sa＝sbB．sa>sbC．sa<sbD．以上三種情況都有可能答案：C因各個質(zhì)點均做受迫振動，重復(fù)波源的振動，故振動頻率、周期、振幅相同，而a正處于正向最大位移處，此時速度為零，在時間內(nèi)，向平衡位置運(yùn)動，速度由零逐漸增大，但達(dá)不到最大速度；b正在從平衡位置向上運(yùn)動，此時具有最大速度，在時間內(nèi)，它向正方向最大位移處運(yùn)動，速度逐漸減小，故b的平均速度比a的大。a、b兩個質(zhì)點所通過的路程的關(guān)系是sa<sb。故選C。8、一人站在靜止于光滑平直軌道上的平板車上，人和車的總質(zhì)量為M?，F(xiàn)在這人雙手各握一個質(zhì)量均為m的鉛球，以兩種方式順著軌道方向水平投出鉛球：第一次是一個一個地投；第二次是兩個一起投；設(shè)每次投擲時鉛球相對車的速度相同，則兩次投擲后小車速度之比為（

）A．B．C．1D．答案：A因平直軌道光滑，故人與車及兩個鉛球組成的系統(tǒng)動量守恒；設(shè)每次投出的鉛球?qū)嚨乃俣葹閡，第一次是一個一個地投擲時，有兩個作用過程，根據(jù)動量守恒定律，投擲第一個球時，應(yīng)有0＝(M＋m)v－m(u－v)

投擲第二個球時，有(M＋m)v＝Mv1－m(u－v1)由兩式解得v1＝第二次兩球一起投出時，有0＝Mv2－2m(u－v2)解得v2＝所以兩次投擲鉛球小車的速度之比故選A。9、一定能使水波通過小孔后，發(fā)生的衍射更不明顯的方法是（

）A．增大小孔尺寸，同時增大水波的頻率B．增大小孔尺寸，同時減小水波的頻率C．縮小小孔尺寸，同時增大水波的頻率D．縮小小孔尺寸，同時減小水波的頻率答案：A波在介質(zhì)中傳播時波速是由介質(zhì)決定的，與波的頻率無關(guān)，所以改變波的頻率不會改變波速，但由v

=

λf可知，當(dāng)波速一定時，減小頻率則波長增大，而發(fā)生明顯衍射的條件是障礙物或孔、縫的尺寸比波長小或相差不多，所以縮小障礙物的尺寸，同時減小波的頻率會使衍射現(xiàn)象更明顯，而本題為使衍射現(xiàn)象更不明顯，則增大小孔尺寸，同時增大水波的頻率。故選A。10、如圖，光滑水平面上置有質(zhì)量分別為和的物塊A、B，兩物塊間用勁度系數(shù)的輕質(zhì)彈簧相連，其中A緊靠豎直墻壁，彈簧處于原長。已知彈簧振子的周期公式為，其中為彈簧勁度系數(shù)，為振子質(zhì)量。現(xiàn)用水平向左的力緩慢推動物塊B，到達(dá)某一位置時保持靜止，此過程力做的功為；瞬間撤去推力，下列說法正確的是（

）A．彈簧第一次恢復(fù)原長過程中，物塊A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能和動量都守恒B．彈簧第一次恢復(fù)原長過程中，墻壁對物塊A的沖量為C．彈簧第一次恢復(fù)原長過程中，彈簧對B的平均作用力大小為D．在撤去推力后的運(yùn)動過程中，物塊A的最大速度為答案：CA．彈簧第一次恢復(fù)原長的過程中，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，但動量不守恒，A的速度為零，B的速度增大，所以系統(tǒng)動量增加，故A錯誤；B．彈簧第一次恢復(fù)原長過程中，根據(jù)題意力做功為由功能關(guān)系和機(jī)械能守恒可知，彈簧第一次原長時A的速度為零，則有解得由于A靜止不動，因此墻對A的沖量大小等于彈簧對A的沖量大小，彈簧對A的沖量大小等于彈簧對B的沖量大小，則有故B錯誤；C．由解得彈簧第一次恢復(fù)原長的時間由解得故C正確；D．彈簧第二次恢復(fù)原長過程中，A加速，B減速；彈簧第二次恢復(fù)原長時，A的速度最大，由動量守恒得由機(jī)械能守恒得解得，故D錯誤。故選C。11、2022年北京冬奧會在某次冰壺比賽中，如圖所示：藍(lán)壺靜止在大本營Q處，材質(zhì)相同，質(zhì)量相等的紅壺與藍(lán)壺發(fā)生正碰，在摩擦力作用下最終分別停在M點和N點。下列說法正確的是（

）A．碰后兩壺所受摩擦力的沖量相同B．兩壺碰撞過程為彈性碰撞C．碰后藍(lán)壺速度約為紅壺速度的4倍D．紅壺碰前速度約為碰后速度的3倍答案：DA．碰后兩壺運(yùn)動距離不相同，則碰后兩球速度不相同，因此動量的變化量不相同，根據(jù)動量定理可知后兩壺所受摩擦力的沖量不相同，A錯誤；C．碰后紅壺運(yùn)動的距離為藍(lán)壺運(yùn)動的距離為二者質(zhì)量相同，二者碰后的所受摩擦力相同，即二者做減速運(yùn)動的加速度相同，對紅壺有對藍(lán)壺有聯(lián)立可得即碰后藍(lán)壺速度約為紅壺速度的2倍，C錯誤；D．設(shè)紅壺碰前速度為，根據(jù)動量守恒，則有解得即紅壺碰前速度約為碰后速度的3倍，D正確；B．碰前的動能為碰后動能為比較可知，有機(jī)械能不守恒，即不是彈性碰撞，B錯誤。故選D。12、在冰上接力比賽時，甲推乙的作用力是F1，乙對甲的作用力是F2，則這兩個力（

）A．大小相等，方向相反B．大小相等，方向相同C．F1的沖量大于F2的D．F1的沖量小于F2的答案：AAB．在冰上接力比賽時，甲對乙的作用力是F1，乙對甲的作用力是F2，根據(jù)牛頓第三定律可知F1與F2為作用力反作用力，大小相等方向相反，故A正確，B錯誤；CD．由于F1和F2大小相等，且兩力作用時間相等。根據(jù)可知兩力的沖量大小相等，方向相反，故CD錯誤。故選A。小提示：牛頓第三定律的應(yīng)用和沖量的定義。13、小華通過偏振太陽鏡觀察平靜水面上反射的陽光轉(zhuǎn)動鏡片時發(fā)現(xiàn)光有強(qiáng)弱變化下列說法能夠解釋這一現(xiàn)象的是（）A．陽光在水面反射時發(fā)生了偏振，鏡片起起偏器的作用B．陽光在水面反射時發(fā)生了偏振，鏡片起檢偏器的作用C．陽光在水面反射時沒有發(fā)生偏振，鏡片起起偏器的作用D．陽光在水面反射時沒有發(fā)生偏振，鏡片起檢偏器的作用答案：B發(fā)現(xiàn)強(qiáng)弱變化說明水面上反射的陽光是偏振光，而陽光本身是自然光，在反射時發(fā)生了偏振，當(dāng)偏振片的方向與光的偏振方向平行時，通過的光最強(qiáng)，而當(dāng)偏振片的方向與光的偏振方向垂直時，通過的光最弱，因此鏡片起到檢偏器的作用。故選B。14、關(guān)于散射，下列說法正確的是（）A．散射就是亂反射，毫無規(guī)律可言B．散射中沒有對心碰撞C．散射時仍遵守動量守恒定律D．散射時不遵守動量守恒定律答案：C微觀粒子互相接近時不發(fā)生接觸而發(fā)生的碰撞叫做散射，散射過程遵守動量守恒，散射中有對心碰撞，但是對心碰撞的幾率很小，故C正確，ABD錯誤。故選C。15、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在時的波形圖如圖，此時波恰好傳到質(zhì)點M所在位置，當(dāng)時，位于處的質(zhì)點P運(yùn)動的總路程為，則以下說法正確的是（

）A．波的周期為B．波源的起振方向沿y軸正方向C．波的傳播速度為D．時質(zhì)點P處于波谷答案：DB．由t=0時刻波傳到M點，且波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波形平移法可知，質(zhì)點M的振動方向為y軸負(fù)方向，即波源的起振方向沿y軸負(fù)方向，故B錯誤；AC．由波形圖可知，波長λ=4m設(shè)波速為v、周期為T。質(zhì)點P的起振方向沿y軸的負(fù)方向，波從M點傳到P點的時間為，當(dāng)t=1.5s時，質(zhì)點P運(yùn)動的總路程為s=15cm=3A即質(zhì)點P第一次到達(dá)波峰，于是有解得T=1s故波速故AC錯誤；D．t=1.5s時質(zhì)點P第一次到達(dá)波峰，從t=0到t=2.0s質(zhì)點已經(jīng)振動的時間質(zhì)點P的起振方向沿y軸的負(fù)方向，則t=2.0s時質(zhì)點P處于波谷，故D正確。故選D。多選題16、如圖所示，木塊B與水平面間的摩擦不計，子彈A沿水平方向射入木塊并在極短時間內(nèi)相對于木塊靜止下來，然后木塊壓縮彈簧至彈簧最短。將子彈射入木塊到剛相對于木塊靜止的過程稱為Ⅰ，此后木塊壓縮彈簧的過程稱為Ⅱ，則（

）A．過程Ⅰ中，子彈、彈簧和木塊所組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，動量也不守恒B．過程Ⅰ中，子彈和木塊所組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，動量守恒C．過程Ⅱ中，子彈、彈簧和木塊所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動量也守恒D．過程Ⅱ中，子彈、彈簧和木塊所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動量不守恒答案：BDAB．子彈射入木塊到剛相對于木塊靜止的過程，子彈和木塊（或子彈、彈簧和木塊）組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動量守恒，但要克服摩擦力做功，產(chǎn)生熱量，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故A錯誤，B正確；CD．過程Ⅱ中，子彈、彈簧和木塊所組成的系統(tǒng)受到墻壁的作用力，外力之和不為零，則系統(tǒng)動量不守恒，但系統(tǒng)只有彈簧彈力做功，機(jī)械能守恒，故C錯誤，D正確。故選BD。17、一列簡諧橫波沿x軸傳播在時刻的波形如圖中實線所示，P點此時正沿y軸負(fù)方向運(yùn)動，時刻的波形第一次如圖中虛線所示，虛線恰好過質(zhì)點P的平衡位置。已知質(zhì)點P平衡位置的坐標(biāo)。下列說法正確的是（

）A．波沿軸負(fù)方向傳播B．波源振動的周期為C．該波傳播的速度為D．在內(nèi)，質(zhì)點P運(yùn)動路程為答案：ACDA．根據(jù)題意可知，時刻質(zhì)點P向y軸負(fù)方向運(yùn)動，由圖根據(jù)同側(cè)法可知，波沿x軸負(fù)方向傳播，故A正確；C．根據(jù)題意可知，時，波傳播的距離為，由公式可知，波的傳播速度為故C正確；B．由圖可知，波的波長為由公式可得，波的周期為故B錯誤；D．根據(jù)題意，由圖可知，時刻，質(zhì)點P偏離平衡位置，且質(zhì)點向下振動，經(jīng)過質(zhì)點到達(dá)平衡位置，質(zhì)點運(yùn)動的路程為質(zhì)點繼續(xù)向下振動，經(jīng)過時間質(zhì)點再次回到平衡位置，質(zhì)點運(yùn)動的路程為由圖可知，波的振幅為，則則在內(nèi)，質(zhì)點P運(yùn)動路程為故D正確。故選ACD。18、如圖所示，在y軸兩側(cè)有兩種不同的均勻介質(zhì)，波源和分別位于、處。時刻和處的質(zhì)點剛好開始振動，某時刻兩列簡諧橫波恰好同時到達(dá)原點O，測得內(nèi)質(zhì)點P（）經(jīng)過的路程為，則（

）A．兩波源開始振動的方向相反B．波源振動的周期為C．兩列波相遇過程中坐標(biāo)原點處不會振動D．時兩列波恰好同時到達(dá)對方波源處答案：ACDA．波源開始振動的方向與時刻處質(zhì)點的起振方向相同，為y軸正方向，同理波源開始振動的方向與時刻處質(zhì)點的起振方向相同，為y軸負(fù)方向，故A正確；B．內(nèi)質(zhì)點P經(jīng)過的路程為，則有得由兩列簡諧橫波恰好同時到達(dá)原點O可知故B錯誤；C．兩列波頻率相同，振幅相同，恰好同時到達(dá)原點O，兩列波在O點的起振方向相反，所以O(shè)點是振動減弱點，其振幅為0，所以坐標(biāo)原點處不會振動，故C正確；D．由圖知時，甲、乙兩波都傳到原點O，過O點后，甲波以傳播，時到達(dá)處，同理可知，乙波在時到達(dá)處，故D正確。故選ACD。19、如圖所示，水平光滑軌道寬度和輕彈簧自然長度均為d，m2的左邊有一固定擋板。m1由圖示位置靜止釋放，當(dāng)m1與m2相距最近時m1的速度為v1，則在以后的運(yùn)動過程中（

）A．m1的最小速度是0B．m1的最小速度是C．m2的最大速度是v1D．m2的最大速度是答案：BD從小球m1到達(dá)最近位置后繼續(xù)前進(jìn)，此后拉動m2前進(jìn)，m1減速，m2加速，達(dá)到共同速度時兩者相距最遠(yuǎn)，此后m1繼續(xù)減速，m2加速，當(dāng)兩球再次相距最近時，m1達(dá)到最小速度，m2達(dá)最大速度：兩小球水平方向動量守恒，速度相同時保持穩(wěn)定，一直向右前進(jìn)，選取向右為正方向，則m1v1=m1v1′+m2v2m1v12=m1v1′2+m2v22；解得：v1′=v1v2=v1故m2的最大速度為v1，此時m1的最小速度為v1。故選BD。20、下列說法中正確的是（）A．發(fā)生多普勒效應(yīng)時，波源的頻率變化了B．多普勒效應(yīng)是在波源與觀測者之間有相對運(yùn)動時產(chǎn)生的C．發(fā)生多普勒效應(yīng)時，觀測者接收到的頻率發(fā)生了變化D．多普勒效應(yīng)是由奧地利物理學(xué)家多普勒首先發(fā)現(xiàn)的答案：BCDAC．多普勒效應(yīng)說明觀察者與波源有相對運(yùn)動時，接收到的頻率會發(fā)生變化，但波源的頻率不變，A錯誤，C正確；B．多普勒效應(yīng)是由于觀察者和波源間位置的變化而產(chǎn)生的，即有相對運(yùn)動的發(fā)生，B正確；D．多普勒效應(yīng)是由奧地利物理學(xué)家多普勒首先發(fā)現(xiàn)的，D正確。故選BCD。21、在做了“測定平行玻璃磚的折射率”的實驗（如圖）后，某同學(xué)得出下列幾種結(jié)論中，說法正確的是（

）A．玻璃磚的寬度適當(dāng)選大些B．入射角應(yīng)盡量小些，防止在另一側(cè)面發(fā)生全反射C．大頭針P1、P2及P3、P4之間的距離應(yīng)適當(dāng)大些D．入射角越大越好，這樣測量誤差能盡可能的減小E．玻璃磚的折射率與入射角有關(guān)，入射角越大，測得折射率越大F．玻璃磚的折射率與入射角無關(guān)，入射角越大，折射角越大，但是入射角與折射角的正弦值的比值是一個常數(shù)G．玻璃磚的折射率與入射角無關(guān)，入射角越大，折射角越大，但是入射角與折射角的比值是一個常數(shù)答案：ACFA．為了減小測量的誤差，玻璃磚的寬度適當(dāng)大一些，故A正確；BD．為了減小測量的相對誤差，選擇的入射角應(yīng)盡量大些，效果會更好，但不是越大越好，BD均錯誤．C．大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當(dāng)大些時，相同的距離誤差，引起的角度誤差會減小，效果會好些；C正確；EFG．玻璃磚的折射率是由玻璃本身的材料決定，與光的入射角和折射角無光，根據(jù)折射定律知折射率等于入射角的正弦與折射角的正弦之比，故EG錯誤，F(xiàn)正確；故選ACF。22、如圖甲所示，在一塊平板玻璃上放置一平凸薄透鏡，在兩者之間形成厚度不均勻的空氣膜，讓一束單一波長的光垂直入射到該裝置上，結(jié)果在上方觀察到如圖乙所示的同心內(nèi)疏外密的圓環(huán)狀干涉條紋，稱為牛頓環(huán)，以下說法正確的是（）A．干涉現(xiàn)象是由凸透鏡下表面反射光和玻璃上表面反射光疊加形成的B．干涉現(xiàn)象是由凸透鏡上表面反射光和玻璃上表面反射光疊加形成的C．干涉條紋不等間距是因為空氣膜厚度不是均勻變化的D．若使用半徑小一些的凸薄透鏡，則干涉條紋的間距要變小答案：ACDAB．由于在凸透鏡和平板玻璃之間的空氣形成薄膜，所以形成相干光的反射面是凸透鏡的下表面和平板玻璃的上表面，故A正確，B錯誤；C．由于凸透鏡的下表面是圓弧面，所以形成的薄膜厚度不是均勻變化的，形成不等間距的干涉條紋，故C正確；D．若使用半徑小一些的凸薄透鏡，則空氣薄膜上的厚度變化更快，則形成的干涉條紋的間距要變小，故D正確。故選ACD。23、在用氣墊導(dǎo)軌

“驗證動量守恒定律”

時，

不需要測量的

物理量是（

）A．滑塊的質(zhì)量B．擋光片的寬度C．擋光的時間D．光電門的高度答案：BD設(shè)遮光片的寬度L，光電門的擋光時間t，滑塊做勻速直線運(yùn)動，滑塊的速度滑塊的動量實驗要驗證碰撞前后的動量是否守恒，需要測出滑塊的質(zhì)量m與光電門的擋光時間t，由于遮光片的寬度L相同，驗證過程L可以消去，實驗不需要測量L，實驗也不需要測量光電門的高度故選BD。24、位于x=7m處的波源S完成兩次頻率不同的全振動，如圖所示為t=0時刻波形，該波沿-x方向傳播，此時波剛好傳到x=1m處的質(zhì)點P，0.3s后質(zhì)點P第一次出現(xiàn)在波谷位置，則（

）A．波源的起振方向沿＋y方向B．波速v1∶v2=1∶1C．質(zhì)點P沿＋y方向振動過程中，x=5m處的質(zhì)點Q也沿＋y方向振動D．從t=0時刻開始到質(zhì)點P振動的路程為10cm時，質(zhì)點Q振動的路程是20cmE．從t=0時刻開始，再經(jīng)過0.5s質(zhì)點Q運(yùn)動到坐標(biāo)原點O答案：ABDA．根據(jù)波的傳播方向與質(zhì)點振動方向間的關(guān)系可以判斷出，質(zhì)點P、Q在t=0時刻振動方向均沿y軸正方向，波上任意質(zhì)點的起振方向均與波源的起振方向相同，可知波源的起振方向沿y軸正方向，選項A正確：B．從t=0時刻到質(zhì)點P第一次抵達(dá)波谷，需要個周期，即T1=0.3s得T1=0.4s由波形圖可知λ1=4m，λ2=2m，根據(jù)波速公式v=得v1=10m/s因波速由介質(zhì)決定，與波的振幅、頻率無關(guān)，則v2=v1=10m/s，T2=0.2s，v1∶v2=1∶1選項B正確；C．雖然t=0時刻質(zhì)點P、Q均沿y正方向運(yùn)動，但由于它們振動周期不同，因而在以后各個時刻，它們振動方向不一定相同，選項C錯誤；D．質(zhì)點P振動路程為10cm=2A需要0.5T1=T2即質(zhì)點Q完成一個周期的振動，通過的路程是4A=20cm選項D正確；E．橫波傳播途中，介質(zhì)中質(zhì)點只在與波傳播方向垂直的方向上振動，不會沿波的傳播方向遷移，選項E錯誤。故選ABD。25、戰(zhàn)繩訓(xùn)練是當(dāng)下一種火熱的健身方式。某次戰(zhàn)繩訓(xùn)練中，一運(yùn)動員晃動戰(zhàn)繩一端使其上下振動（可視為簡諧振動），戰(zhàn)繩上因此形成一列橫波。如圖甲、乙所示分別是戰(zhàn)繩上兩質(zhì)點的振動圖象，形成的橫波由A傳向B，波長大于3.0m，兩質(zhì)點在波的傳播方向上的距離。下列說法正確的是(

)A．時刻，兩質(zhì)點的振動方向相反B．波的波長可能為3.2

mC．質(zhì)點A處的波傳到B處所用時間可能為0.25

sD．波的波速可能為40

m/s答案：BCA.

由振動圖象可知，時刻，A質(zhì)點速度方向沿y軸正向，而B速度為零，故A錯誤；B．取時刻分析，A質(zhì)點經(jīng)平衡位置向上振動，B質(zhì)點處于波谷，橫波由A傳向B，設(shè)波長為λ，則解得又因為，所以n取0或1，則當(dāng)時，，波速當(dāng)時，，波速故B正確，D錯誤；C．質(zhì)點A處的波傳到B處所用時間可能為故C正確。故選BC。填空題26、如圖所示，其中一個圖表示一列簡諧橫波在某時刻的波形圖，另一個圖表示質(zhì)點M從此時刻開始的振動圖像，則再經(jīng)過時間，波向前傳播______m，此時質(zhì)點N運(yùn)動方向沿著軸______（填“正”或“負(fù)”）方向。答案：

7

負(fù)[1][2]題圖乙為波形圖，題圖甲為振動圖像，根據(jù)題圖甲可知，質(zhì)點M從平衡位置開始往下振，再結(jié)合題圖乙，由同側(cè)法可以判斷波沿x軸負(fù)方向傳播；由題圖甲、乙可知波長為周期為則波速為則再經(jīng)過時間波向前傳播此時N沿軸負(fù)方向運(yùn)動。27、（1）如圖所示是一列簡諧波沿x軸正方向傳播的某時刻的波形圖，a在正向最大位移處，b恰好處在平衡位置，經(jīng)過Δt