西安市西工大2019屆高三上學(xué)期8月摸底考試物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精陜西省西安市西工大2019屆高三上學(xué)期8月摸底考試物理試題含解析物理試卷一、選擇題（本題共16小題,1~9為單選,10～16為多選）1。如圖所示，將物體A放在容器B中，以某一速度把容器B豎直上拋，不計空氣阻力，運動過程中容器B的底面始終保持水平，下列說法正確的是（）A.在上升和下降過程中A對B的壓力大小都一定等于零B.上升過程中A對B的壓力大小大于物體A受到的重力大小C.下降過程中A對B的壓力大小大于物體A受到的重力大小D.在上升和下降過程中A對B的壓力大小都等于物體A受到的重力大小【答案】A【解析】【詳解】由題意B和A不計空氣阻力而一起做豎直上拋運動,對整體:只受重力,根據(jù)牛頓第二定律得知，整體的加速度為g，方向豎直向下，則A與B都處于完全失重狀態(tài)；再對A或B研究可知，它們的合力都等于重力，所以A與B間沒有相互作用力，故在上升和下降過程中A對B的壓力都一定為零，故A正確，BCD錯誤。故選A.2。如圖所示，質(zhì)量相等的A、B兩物體在平行于固定光滑斜面的推力F的作用下，沿斜面做勻速直線運動,A、B間輕彈簧的勁度系數(shù)為k，斜面的傾角為30°，則勻速運動時彈簧的壓縮量為(）A. B. C。 D.【答案】B【解析】【詳解】AB作為一個整體，受力分析如下圖,勻速直線運動因此平行斜面方向有隔離B進行分析則有彈簧彈力等于B的重力沿斜面向下的分力,即得故選B。3。如圖所示，一根輕質(zhì)木棒AO，A端用光滑鉸鏈固定于墻上,在O端下面吊一個重物,上面用細繩BO系于頂板上,現(xiàn)將B點逐漸向右移動至C點，并使棒AO始終保持水平，則(）A。BO繩上的拉力大小不變B。BO繩上的拉力先變小后變大C.BO繩上的拉力先變大后變小D.BO繩上的拉力一直減小【答案】B【解析】【詳解】以O(shè)點研究對象，分析受力情況：重力mg、繩子的拉力T和AO桿的作用力F，當B在O正上方左側(cè)時，受力如圖1所示，由圖看出,當B向右移動直到O點正上方的過程中，T變小;再分析B在O正上方右側(cè)時，受力如圖2所示，由圖看出，當B從O點正上方向右移動的過程中，T變大，所以BO繩上的拉力先變小后變大。故選B.4.質(zhì)量為m的物體放在粗糙水平面上,在一個足夠大的水平力F作用下開始運動，經(jīng)過一段時間t撤去拉力，物體繼續(xù)滑行直至停止，運動總位移s。如果僅改變F的大小,作用時間不變，總位移s也會變化，則s與F關(guān)系的圖象是（）A. B. C。 D.【答案】C【解析】【詳解】當拉力F小于最大靜摩擦力,物體的位移為零；當F大于最大靜摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律可得：F﹣μmg=ma1物體在足夠大的水平力F作用下的加速度a1=撤去拉力后,物體的速度撤去拉力后，物體的加速度物體繼續(xù)滑行直至停止，運動的時間物體運動的總位移可見，作用時間t不變，s﹣F是一元二次函數(shù)，是開口向上的拋物線，故C正確，ABD錯誤.故選C。5。利用傳感器與計算機結(jié)合，可以繪制出物體運動的圖象某同學(xué)在一次實驗中得到一沿平直軌道運動小車的速度一時間圖象如圖所示，由此圖象可知（）A。小車在20s—40s做加速度恒定的勻變速直線運動B.20s末小車回到出發(fā)點C。小車0-10s內(nèi)的平均速度大于10—20s內(nèi)的平均速度D.小車10-30s內(nèi)的加速度方向相同【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)圖象的斜率等于加速度，可知小車在20s-30s內(nèi)和30s-40s內(nèi)加速度大小相等、方向相反，加速度大小不變，因此在20s—30s內(nèi)小車做的不是勻變速直線運動．故A錯誤;B．在前20s內(nèi)小車一直沿正方向運動，則20s末小車沒有回到出發(fā)點，故B錯誤；C．根據(jù)圖線與坐標軸所圍的面積在數(shù)值上表示位移的大小，可知小車在0-10s內(nèi)的位移小于10-20s內(nèi)位移，而時間相等，則小車0—10s內(nèi)的平均速度小于10—20s內(nèi)的平均速度．故C錯誤；D．圖象斜率正負表示加速度的方向，則知小車10-30s內(nèi)的加速度方向相同，故D正確。故選D.6。如圖所示，在傾角為θ＝30°的光滑斜面上，物塊A、B質(zhì)量分別為m和2m.物塊A靜止在輕彈簧上面,物塊B用細線與斜面頂端相連,A、B緊挨在一起但A、B之間無彈力．已知重力加速度為gA.物塊A的加速度為0 B。物塊A的加速度為C。物塊B的加速度為0 D.物塊B的加速度為【答案】B【解析】【詳解】剪斷細線前，彈簧彈力細線剪斷的瞬間，彈簧的彈力不變，仍為；剪斷細線瞬間，對A、B系統(tǒng),加速度為即A和B的加速度均為．故B正確，ACD錯誤.故選B。7。如圖，在電動機轉(zhuǎn)輪上距軸為處固定一質(zhì)量為的小球,電機啟動后,球以角速度繞軸勻速轉(zhuǎn)動,則電機對地面最大壓力和最小壓力之差為（）A. B. C。 D?！敬鸢浮緽【解析】【詳解】設(shè)電機質(zhì)量為，在小球運動到最低點時，根據(jù)牛頓第二定律得解得此時電機對地面壓力最大在小球運動到最高點時，根據(jù)牛頓第二定律得解得此時電機對地面的壓力最小則壓力之差故B正確。故選B8.在長為L的輕桿中點和末端各固定一個質(zhì)量均為m的小球,桿可在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動，如圖所示，將桿拉至某位置釋放，當其末端剛好擺到最低點時，下半段受力恰好等于球重的2倍，則桿上半段受到的拉力大?。?A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】球通過最低點時,受到重力和拉力的作用作圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律得據(jù)題意有解得球通過最低點時的線速度大小為，球通過最低點時，以球為研究對象，受到重力以及向上的拉力和向下的拉力,由牛頓第二定律得且得段此時受到的拉力為綜上分析ABC錯誤,D正確。故選D。9。如圖所示，粗糙斜面的傾角為輕繩通過兩個滑輪與A相連,輕繩的另一端固定于天花板上，不計輕繩與滑輪的摩擦，物塊A的質(zhì)量為m不計滑輪的質(zhì)量，掛上物塊B后,當滑輪兩邊輕繩的夾角為時,A、B恰能保持靜止且A所受摩擦力向下，則物塊B的質(zhì)量為()A. B. C。 D.【答案】B【解析】【詳解】先對受力分析,如圖根據(jù)共點力平衡條件，有又聯(lián)立解得再對受力分析，則有聯(lián)立解得故選B。10.如圖所示，質(zhì)量相等的A、B兩物體緊貼在勻速轉(zhuǎn)動的圓筒的豎直內(nèi)壁上，隨圓筒一起做勻速圓周運動,則下列關(guān)系正確的有(）A.運動周期TA＞TBB.筒壁對它們的彈力FNA＞FNBC.線速度vA＞vBD。它們受到的摩擦力fA＞fB【答案】BC【解析】【分析】由題分析可知,A、B兩物體的角速度相同,周期相同，由v＝ωr可知，線速度與半徑成正比;兩個物體都做勻速圓周運動,由圓筒的彈力提供向心力，則FN＝mω2r可知筒壁對它們的彈力關(guān)系;兩個物體豎直方向都沒有加速度，受力平衡，所受的摩擦力都等于重力．【詳解】A、由題分析可知,A、B兩物體的角速度相同，周期相同，由v＝ωr可知，ω相同時,線速度與半徑成正比，A的半徑大，則其線速度大，故A錯誤，C正確．B、兩個物體都做勻速圓周運動，由圓筒的彈力提供向心力,則FN＝mω2r，因為m、ω相等，F(xiàn)與r成正比，所以可知FNA＞FNB，故B正確．D、兩個物體豎直方向都沒有加速度，受力平衡，所受的摩擦力都等于重力,而兩個物體的重力相等,所以可得摩擦力fA=fB,故D錯誤．故選BC11。如圖所示，相同的乒乓球1、2落臺后恰好在等高處水平越過球網(wǎng)，過網(wǎng)時的速度方向均垂直于球網(wǎng)．不計乒乓球的旋轉(zhuǎn)和空氣阻力，乒乓球自起跳到最高點的過程中，下列說法中正確的是（）A.過網(wǎng)時球1的速度大于球2的速度B。球1的速度變化率小于球2的速度變化率C。球1的飛行時間大于球2的飛行時間D.起跳時，球1的重力功率等于球2的重力功率【答案】AD【解析】AC、將小球運動視為斜拋運動,將其分解為水平方向勻速直線運動和豎直方向的勻變速直線運動，根據(jù)過網(wǎng)時的速度方向均垂直于球網(wǎng)，知豎直方向末速度為零，根據(jù)和知豎直方向初速度相同，運動時間相同,水平初速度1的大于2的，所以過網(wǎng)時，球1的速率大于球2的速率,所以A選項是正確的,C錯誤；

B、不計乒乓球的旋轉(zhuǎn)和空氣阻力,知兩球加速度相同,故球1的速度變化率等于球2的速度變化率，故B錯誤；

D、根據(jù)以上分析知起跳時豎直方向初速度相同，根據(jù)所以起跳時球1的重力功率等于球2的重力功率,故D正確綜上所述本題答案是：AD12。一質(zhì)點由靜止開始按如圖所示的規(guī)律運動,下列說法正確的是(）A。質(zhì)點在2t0的時間內(nèi)始終沿正方向運動,且在2t0時距離出發(fā)點最遠B。質(zhì)點做往復(fù)運動，且在2t0時回到出發(fā)點C。質(zhì)點在時的速度最大,且最大的速度為D。質(zhì)點在2t0時的速度最大,且最大的速度為a0t0【答案】A【解析】【詳解】ABC．質(zhì)點在時間內(nèi)做加速度均勻增大的加速運動，在時間內(nèi)做加速度均勻減小的加速運動，在時間內(nèi)做加速度均勻增大的減速運動，在時間內(nèi)做加速度均勻減小的減速運動，根據(jù)對稱性，在時刻速度剛好減到零，所以在時質(zhì)點離出發(fā)點最遠,在t0時刻速度最大,故A正確，BC錯誤；D．根據(jù)圖象與時間軸所圍面積表示速度，可知最大速度為，故D錯誤。故選A。13。在傾角為θ的斜面上以速度v水平拋出一球，當球與斜面的距離最大時,下列說法中正確的是（已知重力加速度為g）(）A.球與斜面距離最大時，小球速度方向與斜面垂直B。球與斜面距離最大時，小球的速度為C。球與斜面距離最大時,小球飛行時間為D.球與斜面距離最大時，小球飛行的水平距離為【答案】BC【解析】【分析】小球做平拋運動,當速度方向與斜面方向平行時，距離斜面最遠，根據(jù)平行四邊形定則求出質(zhì)點距離斜面最遠時的速度的豎直分速度,結(jié)合速度時間公式求出運動的時間，再求解水平距離．【詳解】小球做平拋運動，當小球的速度與斜面方向平行時,距離斜面最遠,此時速度與水平方向的夾角為θ，根據(jù)平行四邊形定則可得此時的速度:,故A錯誤，B正確；豎直分速度vy=vtanθ，根據(jù)vy=gt，可得飛行時間,故C正確;球與斜面距離最大時,小球飛行的水平距離：，故D錯誤．所以BC正確，AD錯誤．【點睛】本題主要考查了平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，知道速度方向與斜面平行時,距離斜面最遠．14.如圖所示，在光滑的斜面上，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧的下端固定，上端與質(zhì)量為m的物體B接觸(未連接)，物體B處于靜止狀態(tài),此時彈簧被壓縮了,現(xiàn)用力F緩慢推動物體，在彈性限度內(nèi)彈簧長度又被壓縮了，撤去力F后，物體開始向上運動,運動的最大距離為，重力加速度為g，則（）A。撤去力F后，物體先做勻加速運動，再做勻減速運動B。撤去力F后，物體剛運動時的加速度大小為C.撤去力F后，物體離開彈簧瞬間的速度大小為D。撤去力F后，物體做勻減速運動的時間為【答案】BCD【解析】【詳解】A．撤去后，物體在沿斜面方向上受到彈簧的彈力和重力沿斜面的分力，重力沿斜面方向的分力不變，而彈簧的彈力隨著壓縮量的減小而減小，彈力先大于重力沿斜面的分力，后小于重力沿斜面方向的分力，則物體先做加速運動后做減速運動，隨著彈力的減小，合外力先減小后增大，則加速度先減小后增大，故物體先做變加速運動，再做減速運動,最后物體離開彈簧后做勻減速運動,故A錯誤；B．在處于平衡狀態(tài)時撤去外力后解得故B正確；C．在整個過程中,根據(jù)動能定理可知物體離開彈簧瞬間彈簧恢復(fù)原長，則聯(lián)立解得故C正確；D．物體脫離彈簧后為勻減速運動，此時的加速度根據(jù)可知故D正確。故選BCD。15。如圖所示,在傾角為θ的光滑斜劈P的斜面上有兩個用輕質(zhì)彈簧相連的物塊A、B，C為一垂直固定在斜面上的擋板．A、B質(zhì)量均為m，斜面連同擋板的質(zhì)量為M，彈簧的勁度系數(shù)為k，系統(tǒng)靜止于光滑水平面．現(xiàn)開始用一水平恒力F作用于Ｐ，（重力加速度為g）下列說法中正確的是（）A.若F=0，擋板受到B物塊的壓力為B.力F較小時A相對于斜面靜止，F(xiàn)大于某一數(shù)值，A相對于斜面向上滑動C。若要B離開擋板C，彈簧伸長量需達到D.若且保持兩物塊與斜劈共同運動，彈簧將保持原長【答案】AD【解析】【詳解】A、F=0時，對物體A、B整體受力分析，受重力、斜面的支持力N1和擋板的支持力N2，根據(jù)共點力平衡條件,沿平行斜面方向，有N2—(2m）gsinθ=0，故壓力為2mgsinθ,故A錯誤；

B、用水平力F作用于P時，A具有水平向左的加速度,設(shè)加速度大小為a，將加速度分解如圖

根據(jù)牛頓第二定律得

mgsinθ-kx=macosθ

當加速度a增大時，x減小，即彈簧的壓縮量減小，物體A相對斜面開始向上滑行．故只要有力作用在P上，A即向上滑動，故B錯誤；C、物體B恰好離開擋板C的臨界情況是物體B對擋板無壓力，此時，整體向左加速運動，對物體B受力分析，受重力、支持力、彈簧的拉力，如圖

根據(jù)牛頓第二定律，有

mg-Ncosθ-kxsinθ=0

Nsinθ—kxcosθ=ma

解得：kx=mgsinθ-macosθ,故C錯誤；

D、若F=（M+2m）gtanθ且保持兩物塊與斜劈共同運動,則根據(jù)牛頓第二定律，整體加速度為gtanθ;

對物體A受力分析，受重力，支持力和彈簧彈力，如圖

根據(jù)牛頓第二定律，有

mgsinθ—kx=macosθ

解得

kx=0

故彈簧處于原長，故D正確;16。游樂場有一種“滑草”游戲，其裝置可以抽象成為兩個重疊在一起的滑塊置于固定的傾角為θ的斜面上，如圖所示，兩種情況下,在滑塊M上放置一個質(zhì)量為m的物塊，M和m相對靜止，一起沿斜面下滑，下列說法正確的是（)A。若M和m一起沿斜面勻速下滑，圖甲中物塊m受摩擦力作用B.若M和m一起沿斜面勻速下滑，圖乙中物塊m受摩擦力作用C.若M和m一起沿斜面勻加速下滑,圖乙中物塊m一定受到水平向左的摩擦力D。若M和m一起沿斜面勻加速下滑，圖甲中物塊m一定受到平行于斜面向上摩擦力【答案】AC【解析】【詳解】A．若M和m一起沿斜面勻速下滑，圖甲中物塊m為研究的對象,m勻速運動，受力平衡，則m受到重力、斜面的支持力和與斜面平行向上的摩擦力，A正確;B．圖乙中以m為研究的對象,由于兩個物體一起做勻速運動,所以m只受到重力與支持力的作用，水平方向沒有摩擦力,B錯誤；C．若M和m一起沿斜面勻加速下滑,圖乙中以m為研究對象,m在水平方向有向左的加速度,所以圖乙中的物塊m一定受到水平向左的摩擦力,C正確；D．若圖甲中M和m一起沿斜面勻加速下滑，設(shè)M與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ，則以整體為研究對象,根據(jù)牛頓第二定律得:加速度a=g（sinθ?μcosθ)設(shè)M對m的摩擦力方向沿斜面向下,大小為f，則有mgsinθ+f=ma得f=ma?mgsinθ=?μmgcosθ負號表示摩擦力方向沿斜面向上．若μ=0,則m和M之間的摩擦力為零,若μ≠0，則m和M之間的摩擦力不為零且沿斜面向上，所以D錯誤。故選AC.二、實驗題17。某同學(xué)用圖示裝置來驗證加速度和質(zhì)量成反比，在自制的雙層架子上固定平板玻璃，架子放在水平桌面上,連接小車的細繩跨過定滑輪與小桶相連，實驗步驟如下:①在兩個小桶中裝入適量細砂，并使兩桶質(zhì)量（含沙子）相同②兩車緊靠架子左邊的擋板，在乙車上放一個砝碼,同時釋放兩車,當車運動一段時間后，用手機對整個裝置進行拍照，在照片上，通過裝置上的刻度尺,測出甲、乙兩車運動的距離x1，x2，③在乙車上逐漸增加砝碼個數(shù)，重復(fù)步驟②（1)本實驗原理是通過驗證小車發(fā)生的位移與小車的質(zhì)量成______，來驗證合外力一定時加速度與質(zhì)量成反比;（2）實驗前，該同學(xué)將裝置的左端適當墊高了一些，目的是______，實驗過程中______車（填“甲"或“乙”）受到的拉力更接近沙桶（含沙子）的重力(3）若該同學(xué)以為橫坐標，以乙車（含砝碼）的質(zhì)量m為縱坐標,作出的圖線是直線，該直線的斜率為______的質(zhì)量(填“甲車”、“乙車”(含砝碼）或“沙桶"（含沙子))【答案】（1）.反比（2）.平衡摩擦力（3）.乙（4）.甲車【解析】【詳解】（1）[1］由牛頓第二定律：，小車受到拉力相同時，加速度與質(zhì)量成反比，而位移與加速度成正比；（2)[2][3］將裝置的左端適當墊高了一些，目的是平衡摩擦力;由于乙車增加了砝碼,故車的質(zhì)量比沙的質(zhì)量要大很多；（3）［4］由于小車發(fā)生的位移與小車的質(zhì)量成反比，可知故斜率為甲車質(zhì)量。18.某同學(xué)設(shè)計了一個如圖所示的裝置測定滑塊與木板間的動摩擦因數(shù),其中A為滑塊，B和C是質(zhì)量可調(diào)的砝碼，不計繩和滑輪的質(zhì)量及它們之間的摩擦，裝置水平放置．實驗中該同學(xué)在砝碼總質(zhì)量(m＋m′＝m0）保持不變的條件下，改變m和m′的大小，測出不同m下系統(tǒng)的加速度，然后通過實驗數(shù)據(jù)的分析就可求出滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)．（1）該同學(xué)手中有電磁打點計時器、紙帶、質(zhì)量已知且可隨意組合的砝碼若干、滑塊、一端帶有定滑輪的長木板、細線，為了完成本實驗，得到所要測量的物理量，還應(yīng)有（）．A．秒表B．毫米刻度尺C．天平D．低壓交流電源(2）實驗中，該同學(xué)得到一條較為理想的紙帶,如圖所示，從清晰的O點開始,每隔4個點取一計數(shù)點（中間4個點沒畫出）,分別記為A、B、C、D、E、F，各計數(shù)點到O點的距離為OA＝1。61cm，OB＝4.02cm，OC＝7。26cm，OD＝11。30cm，OE＝16.14cm,OF＝21.80cm，打點計時器打點頻率為50Hz，則由此紙帶可得到打E點時滑塊的速度v＝______m/s，此次實驗滑塊的加速度a＝_____m/s2。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）(3)在實驗數(shù)據(jù)處理中,該同學(xué)以m為橫軸，以系統(tǒng)的加速度a為縱軸，繪制了如圖所示的實驗圖線，結(jié)合本實驗可知滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ＝_______.（g取10m/s2）．【答案】（1）.BD（2)。0.53(3）.0.81(4）.0。3【解析】【詳解】(1)［1].A。打點計時器通過打點即可知道時間，故不需要秒表，故A錯誤．B.實驗需要測量兩點之間的距離，故需要毫米刻度尺和，故B正確．C.本實驗中可以不測滑塊的質(zhì)量，而且砝碼的質(zhì)量已知，故天平可以不選,故C錯誤．D.電磁打點計時器要用到低壓交流電源，故D正確．（2)［2］。每隔4個點取一計數(shù)點,相鄰計數(shù)點之間的時間間隔為0。1s，故用平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得:[3].由△x=at2可得：(3）.對ABC系統(tǒng)應(yīng)用牛頓第二定律可得:所以a—t圖象中,縱軸的截距為—μg，故—μg=-3，解得：μ=0。30三、計算題19。在平直公路上行駛的a車和b車，其位移—時間圖象分別為圖中直線a和曲線b,已知